欢迎您,[登陆][注册] (您的IP:54.226.102.115)

初中物理苏科版九年级全册
全部(2000) 课件 教案 试卷 学案 素材 视频 电子教材
不限 普通资料 精品资料 特供资料 成套资料
  • ID:6-5944043 2019年苏科版九年级物理 15.3电热器 电流的热效应 课件 (共19张PPT)

    初中物理/苏科版/九年级全册/第十五章 电功和电热/电热器 电流的热效应


    苏科版九下物理 15.3电热器 电流的热效应 课件 共19张ppt:19张PPT第十五章 第三节
    电热器
    电流的热效应
    好冷啊!有个电暖器焐一焐该多好啊!
    电热水壶
    电熨斗
    电热毯
    电炉
    热得快
    各式各样的家用电热器
    电饭煲
    电热器:将电能转化为内能的电器。
    原理:电流的热效应。

    构造:电热器的主要部分是发热体,通常是由电阻线绕在绝缘体上构成。
    设计实验:
    1、用什么方法研究?
    2、如何控制和改变物理量?
    3、如何显示物理量?
    电热器产生的热量与哪些因素有关?
    ================================================
    压缩包内容:
    苏科版九下物理 15.3电热器 电流的热效应 课件 共19张ppt.ppt

  • ID:6-5944042 2019年苏科版九下物理 15.1电能表与电功 课件 (共30张PPT)

    初中物理/苏科版/九年级全册/第十五章 电功和电热/电能表与电功


    苏科版九下物理 15.1电能表与电功 课件 共30张ppt:30张PPT电能表与电功
    真相
    要用
    实验
    验证
    想一想
    电力公司是如何知道用户每月消耗了多少电能?要缴多少电费呢?
    (a)感应式
    (b)电子式
    用来测量电路消耗电能的仪表。
    电能表的种类
    电能表的示数为___________
    3135.7
    kW·h
    电能表的读数
    (度)
    电能表的读数
    电能表的铭牌
    电能表的铭牌
    3000r/kW·h:
    表示每消耗1kW·h(度)的电能,
    转盘转动3000r
    ================================================
    压缩包内容:
    苏科版九下物理 15.1电能表与电功 课件 共30张ppt.ppt

  • ID:6-5898572 2018-2019学年江苏省无锡市江阴市华士片、澄东片联考九年级(下)期中物理试卷(解析版)

    初中物理/期中专区/九年级下册

    2018-2019学年江苏省无锡市江阴市华士片、澄东片联考九年级(下)期中物理试卷 一、选择题(本题共12小题,每小题2分,共24分) 1.(2分)以下说法中,与实际生活相符的是(  ) A.普通课桌的高度约为100dm B.八下物理课本的质量约为2kg C.一位普通中学生的体积约为0.5m3 D.教室里的空气质量约为250kg 2.(2分)下列说法中不正确的是(  ) A.固体很难被压缩,是由于分子间存在斥力 B.水和酒精升高相同的温度,水吸收的热量较多 C.用干手器吹出的热风吹刚洗过的手,可以加快手上水的蒸发 D.打开酒精瓶的瓶塞后,教室里弥漫着酒精味,这说明酒精分子不停地运动 3.(2分)汽车爬坡时要采用低挡上坡,这样做是为了(  ) A.增大汽车惯性 B.增大汽车的冲力 C.增大汽车功率 D.增大汽车牵引力 4.(2分)下列各种四种现象,不能用光的直线传播来解释的是(  ) A. 妙趣手影 B. 小孔成像 C. 日食奇观 D. 光纤通信 5.(2分)紫砂和茶叶是宜兴的特色?如图所示,盛有茶水的紫杯静止放在茶几上,下列说法正确的是(  ) A.紫砂杯对茶几的压力与茶几对紫砂杯的支持力是一对平衡力 B.紫砂杯受到的重力小于茶几对紫砂杯的支持力 C.茶水对紫砂杯的压力等于茶几对紫砂杯的支持力 D.紫砂杯受到的重力等于茶水对紫砂杯的压力 6.(2分)关于家庭电路及安全用电,下列说法中正确的是(  ) A.家庭电路的电压是220V,电路中的插座和电灯是串联的 B.洗衣机使用三孔插座能防止人触电 C.家庭电路中总电流过大就是总功率过大造成的 D.在正确使用试电笔辨别火线时,试电笔的氖管发光,为了安全,没有让电流通过人体 7.(2分)如图所示,在“探究阻力对物体运动影响”的实验中,若第二次实验时小车刚好滑到了木板最右端,接下来最合理的操作方法是(  ) A.减轻小车的质量 B.降低小车从斜面上的释放高度 C.增加木板的长度 D.增加玻璃板的长度 8.(2分)如图,将椭圆形厚玻璃瓶装满水,把细玻璃管通过带孔的橡皮塞插入瓶中,下列说法不正确的是(  ) A.沿着AB方向用力捏厚玻璃瓶,细管中的液面会下降 B.沿着CD方向用力捏厚玻璃瓶,细管中的液面会上升 C.将瓶中的水倒掉一半,继续把细玻璃管通过带孔的橡皮塞插入瓶中,直接就可以做成了一个气压计 D.将这个装置改装成气压计后,将它从山下拿到山上玻璃管内水柱会上升 9.(2分)如图所示的物态变化现象中,属于放热的是(  ) A. 冰冻的衣服晾干 B. 屋檐下冰凌消融 C. 草叶上出现露珠 D. 碘升华现象 10.(2分)物理研究中,为了方便描述通过探究活动发现的某种规律或现象的本质,常引入一个新的物理量,以下探究活动与引入的物理量不对应的是(  ) A.探究质量与体积的关系﹣﹣密度 B.路程、时间均不同时比较物体运动快慢﹣﹣速度 C.比较水和沙两种物质吸热升温不同的特点﹣﹣热量 D.研究压力作用效果﹣﹣压强 11.(2分)关于下列四幅图的说法正确的是(  ) A.甲图:通电导线周围存在磁场,将小磁针移走,该磁场消失 B.乙图:改变导体中电流方向并对调磁极,导体运动方向不变 C.丙图:闭合开关后,只要导体AB在磁场中运动,电路中就一定会有感应电流 D.丁图:通电时,电风扇会转动,甲图能说明它的工作原理 12.(2分)已知小灯泡的额定电压,小明打算增加一个定值电阻R0,只利用一只电表,通过操作开关来测量小灯泡的额定功率。如图是小明设计的四种不同方案的电路图。其中能够测出小灯泡额定功率的是(  ) A.甲和丙 B.乙和丙 C.乙和丁 D.丙和丁 二、填空题(本题共26空,共26分) 13.(2分)如图甲是我国自主研制的“歼10”在空中加油时的示意图。以加油机为参照物,受油机是   (选填“运动”或“静止”).飞机的机翼做成如图乙的形状,是利用在气体中流速越大的位置压强越   (选填“大”或“小”)的原理,使机翼上下表面产生压强差,从而产生升力。 14.(2分)某同学用托盘天平和量筒测量一小块岩石的密度。他调节天平时出现了图甲所示情形,他应将平衡螺母向   (选填“左”或“右”)移动使天平平衡。图乙和图丙分别是测量质量和体积时的读数,则该岩石的密度为   kg/m3 15.(2分)如图所示,小明用一个滑轮组将重为400N的物体在10s内匀速提升4m,人所用的拉力为250N,此过程中滑轮组的机械效率是   ,拉力的功率是   W。 16.(2分)人们佩戴智能运动手环,用来测量记录人的运动情况。它还可通过   (选填“超声波”或“电磁波”)以无线方式向手机发送运动数据。该佩戴者在操场上进行慢跑锻炼,智能手表记录情况如图所示,则慢跑过程中消耗的热量可使质量为   kg的水温度升高50℃(“kcal”也是热量的单位,1kcal=4.2×103J)。 17.(2分)如图所示,是晨晨同学探究焦耳定律的部分实验装置。已知R甲=5Ω,R乙=10Ω,在探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系时,应将两电阻丝   联在电路。若电路中的电流为0.3A,则甲电阻丝在1min内产生的热量为   J。 18.(2分)为了防止鱼虾缺氧,常在池塘中央放置增氧机。喷水式增氧机由电动泵和浮体组成,某种喷水式增氧机及工作时的情景如下图所示,有关参数见表。若增氧机正常开机2h,消耗的电能是   kW?h,从环形喷口出水   kg,从而使水得到了“增氧”。 功率/W 电压/V 流量/(m3?h﹣1) 1100 220 25 19.(2分)如图所示,是一种自动测定油箱内油面高度的装置,其中油量表是用   表改装的;当油箱中的油面下降时,R的电阻值将   。(选填“增大”、“减小”或“不变”) 20.(4分)小刚将“220V100W”的灯泡接在家庭电路上,闭合开关,用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡,他发现发光的灯丝晃动了,这是因为   ;这个现象跟   原理相同(“发电机”“电动机”)该灯正常工作10h消耗的电能是   kW?h,能使标有“3000R/kW?h”字样电能表的转盘转过   圈。 21.(3分)如图甲所示的电路,电源电压为6V,灯泡L1和L2均标有“6V6W”字样,其电流随电压变化的曲线如图乙。如果同时闭合开关   ,可使两灯都能正常发光;如果同时闭合开关S1、S2,电流表的示数是   A;如果只闭合开关S2,电路消耗的总功率是   W。 22.(3分)如图为研究浮力大小的实验,将一圆柱体从空中缓缓放入水中,表格中为某过程的实验数据(h为下降高度,F为弹簧秤示数),当圆柱体浸没在水中时,弹簧测力计示数如图所示,则圆柱体受到的最大浮力为   N,该圆柱体的密度   kg/m3,该圆柱体的横截面积为    m2。 h/cm 3 4 5 6 7 8 F/N 2.6 2.6 2.4 2.2 2.0 1.8 23.(2分)如图甲所示电路,电源电压不变,电压表量程是0~3V,电流表量程是0~0.6A.只闭合S、S1,在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中,灯泡、R1的I﹣U图象如图乙,滑片在a点时灯泡恰好正常发光。保证电路安全,只闭合S、S2,R1的滑片在a点,R2允许接入电路的阻值范围是   ,灯泡的额定功率是   W。 三、作图题(本题共3小题,每小题2分,本题共6分) 24.(2分)请在图中,作出光线由空气斜射入水时的反射光线和大致的折射光线。 25.(2分)如图所示,木块沿斜面匀速下滑,画出木块受到的力。 26.(2分)图丙中已经标示出了通电螺线管的N极,请根据此信息,标出自由静止的小磁针的N极,并在括号内标出电源的正、负极(用符号“+”、“﹣”表示)。 四、实验题(本题共4小题,共24分) 27.(6分)某物理兴趣小组利用透明橡皮膜、注射器、乳胶管、止水夹等器材制成凹、凸形状可改变的“水透镜”,并利用水透镜探究“凸透镜成像”,如图所示。 (1)如图甲,光屏上能成一个清晰的像,向水透镜中注水,光屏上的像变模糊,当将光屏向   一段距离,光屏上的像重新清晰,说明“注水”会使水透镜的焦距变   (长/短)。 (2)蜡烛、光屏和液体透镜的位置如图乙所示,此时蜡烛到透镜的距离为   cm,保持蜡烛、光屏位置不动,仅仅移动水透镜发现只能在光屏上成一次像,如果此时   (吸、注)水,接下来不管如何移动凸透镜,都不能在光屏上成像。 28.(5分)某兴趣小组将一张硬卡片对折,在开口的一边剪两个小豁口A和B,然后套上橡皮筋,做成了一个会跳的卡片,如图所示。为了探究卡片跳起的高度与哪些因素有关,该兴趣小组提出了如下猜想: A、与卡片的质量有关 B、与橡皮筋的形变量有关 C、与橡皮筋的条数有关 为了验证猜想,小组选用几根相同的橡皮筋和几张大小相同、厚度不同的卡片进行实验。 (1)小明将图中的卡片反过来,把它放在桌面上用手向下压,使橡皮筋伸长,迅速松开手,观察到的现象是   ,这个现象说明:发生弹性形变的橡皮筋能对卡片,因此它具有弹性势能。 (2)探究跳起高度与质量是否有关,应选择大小相同、厚度不同的卡片,分别套上相同的橡皮筋,操作中将卡片反过来,每次把它在桌面上用手压平的目的是   ;实验发现厚卡片弹起的高度较低,那是因为厚卡片刚离开地面时的   比薄卡片小。 (3)为了探究卡片的跳起高度与橡皮筋的形变量是否有关。小明取了一张卡片,多次改变同一根橡皮筋的形变量,测量跳起高度,进行比较;关于上述方案,下列措施中不能实现改变同一根橡皮筋形变量的是    A.改变小豁口A和B的距离 B.改变小豁口A和B的深度 C.用一根长度不同的橡皮筋 D.改变每次卡片下压的程度。 29.(6分)小明家的饮水机具有自动加水和加热两种功能,烧水时,先按一下加水按钮,自吸泵把水从水桶抽到壶内,当壶内水位达到规定容量时,自吸泵自动停止抽水;再按一下加热按钮,加热装置将对壶内的水加热。如图1所示。“控制电路”中的热敏电阻R1的阻值随温度变化的曲线如图2所示。电磁铁线圈电阻可忽略不计,“饮水机”共安装有2根加热电热丝和一根保温电热丝,当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时,继电器的衔铁被吸合,使加热电路断开,保温电路工作。当线圈中的电流小于或等于40mA时,继电器的衔铁被释放,使加热电路闭合。电磁继电器的电源两端电压U=6V,饮水机的参数如表所示 已知水的比热容c水=4.2×103 J/(kg?℃),水的密度ρ水=1.0×103 kg/m3,g取10N/kg,电热水机的铭牌数据如表。 产品型号 BH﹣X22 额定电压 220V 频率 50Hz 加热功率 1 200W 保温功率 100W 容量 1.2L (1)电磁继电器的接线柱   (M/N)应与家庭电路的火线相连。 (2)如果自吸泵抽水效率为60%,求自吸泵将1.2L水提升0.5m消耗的电能。 (3)加热电路中2根“220V 600W”电热丝的合理连接方式是   (并联/串联) (4)为了实现温度控制,饮水机加热电热丝(图中未画出)应该选择接在以下的   。 A.AD端 B.BC端 C.AB端 D.CD端 (5)假设饮水机内水温达到90℃时,温控电路就将电路切换到保温状态,此时滑动变阻器的阻值为   。 (6)现将滑动变阻器R2的阻值适当调大,则该饮水机的保温范围将比原来   (大/小),理由是:   。 30.(7分)海洋波浪蕴藏着巨大的能量。如图甲所示是利用海洋波浪发电的原理图,液压缸、水轮机固定在海水中,密闭浮子、活塞通过连杆相连。当浮子随着海浪上下波动时,会带动液压缸内的活塞上下运动,驱使缸内的油液流动,流动的油液冲击水轮机使其转动,带动发电机发电。通过活塞上自动阀门控制,发电机只在浮子上升时才发电,当浮子下降时,发电机不发电。 若浮子随波浪从最低点到最高点的竖直平均高度为2m,波浪每次上下波动的速度不变。浮子随海浪向上波动过程中浸在海水中的体积始终为其体积的3/4,已知浮子质量为200kg,体积为1m3,活塞、连杆重量和体积均不计,忽略摩擦阻力,海水的密度取1.0×103kg/m3,g取10N/kg。 (1)海洋波浪能属于   (选填“可再生”或“不可再生”)能源;浮子3/4的体积浸在海水中时,受到的浮力是    N。 (2)若发电机发电功率P与时间t的关系如图乙所示。 ①发电时,活塞对油液的压力是多少? ②该波浪发电系统的效率是多少?(保留一位小数) (3)实验表明,增大活塞对油液的压力可以增大发电功率,为了提高发电功率,请你提出一种方案。 2018-2019学年江苏省无锡市江阴市华士片、澄东片联考九年级(下)期中物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(本题共12小题,每小题2分,共24分) 1.【分析】不同物理量的估算,有的需要凭借生活经验,有的需要简单的计算,有的要进行单位的换算,最后判断最符合实际的是哪一个。 【解答】解: A、中学生的身高在160cm左右,课桌的高度大约是中学生身高的一半,在80cm=8dm左右。故A不符合实际; B、八下物理课本的质量约为200g=0.2kg,故B不符合实际; C、水的密度是1.0×103kg/m3,人体密度与水的密度差不多,在1.0×103kg/m3左右。中学生的质量在50kg左右,体积在V===0.05m3左右。故C不符合实际; D、空气的密度在1.3kg/m3左右。教室的长、宽、高分别在8m、7m、3.5m左右,教室中空气的质量在m=ρV=1.3kg/m3×8m×7m×3.5m=254.8kg,接近250kg。故D符合实际。 故选:D。 【点评】对物体长度、质量、重力等进行估测,是初中物理的一项基本要求,平时结合所学知识对身边的如:人高、教室高、一步长、步行速度、楼梯阶梯数、物理课本长和宽、教室内空气质量等等,多观察多思考,必要时做出正确判断。 2.【分析】(1)分子间存在相互的引力和斥力; (2)物体吸收热量的多少与物体的质量、比热容以及升高的温度有关; (3)影响蒸发的因素:温度、表面积、空气流动速度等; (4)分子永不停息的做无规则运动。 【解答】解:A、固体很难被压缩,是由于分子间存在斥力,故A正确,不符合题意; B、影响物体吸收热量的因素有物体的质量、比热容以及升高的温度,只知道升高的温度,无法判断,故B错误,符合题意; C、用干手器吹出的热风吹刚洗过的手,因为热风的温度不但高,而去空气流动速度快,所以可以加快手上水的蒸发,故C正确,不符合题意; D、打开酒精瓶的瓶塞后,教室里弥漫着酒精味,这说明酒精分子不停地做无规则运动,故D正确,不符合题意。 故选:B。 【点评】本题考查的知识点比较多,主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。 3.【分析】功率公式P===Fv,功率一定时,减小行驶速度可增大牵引力。 【解答】解: A、汽车爬坡时要采用低挡上坡,不会改变汽车的质量,不会增大汽车的惯性,故A错; B、汽车爬坡时受重力、支持力、牵引力和阻力,不存在冲力,故B错; C、采用低挡上坡时,汽车的功率一定,功率不会增大,故C错; D、汽车爬坡时要采用低挡上坡,速度会减小,汽车的功率一定,由功率的变形公式P=Fv可知,可以增大牵引力,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了功率公式的应用,在功率一定时,分析力的问题时常用到功率的变形公式P=Fv。 4.【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播,影子的形成、日食与月食、小孔成像等都是光的直线传播形成的。 【解答】解: A、手影的形成说明光是沿直线传播的,由于光的直线传播,被物体挡住后,物体后面就会呈现出阴影区域,就是影子,故与题意不符; B、小孔成像是利用光的直线传播原理形成的倒立的实像,故与题意不符。 C、当月球转到太阳和地球中间并且三者在一条直线上时,月球挡住了太阳照射在地球上的光线,地球处在月球的影子里,这就形成了日食,日食的形成说明光是沿直线传播的,故与题意不符; D、光纤通信的原理是:在发送端首先要把传送的信息(如话音)变成电信号,然后调制到激光器发出的激光束上,使光的强度随电信号的幅度(频率)变化而变化,并通过光纤发送出去;在接收端,检测器收到光信号后把它变换成电信号,经解调后恢复原信息。不能用光的直线传播来解释,符合题意。 故选:D。 【点评】本题考查了光的直线传播的应用,是一道基础题,平时注意观察周围的光现象,有助于解题。 5.【分析】(1)平衡力的条件:大小相等、方向相反、作用在同一个物体上,作用在同一条直线上。 (2)置于水平面上的物体,对水平面的压力等于其重力。 【解答】解:A、紫砂杯对茶几的压力与茶几对紫砂杯的支持力是作用在不同物体的两个力,不是一对平衡力。故A错误; B、紫砂杯和茶水受到的总重力与茶几对紫砂杯的支持力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上,作用在同一条直线上,是一对平衡力,紫砂杯收到的重力小于茶几对紫砂杯的支持力。故B正确; C、茶几对紫砂杯的支持力等于紫砂杯和茶水的重力之和,紫砂杯上粗下细,茶水对紫砂杯的压力小于茶水的重力,故茶水对紫砂杯的压力小于茶几对紫砂杯的支持力。故C错误; D、茶水的重力大于茶水对紫砂杯的压力,与紫砂杯的重力无联系,故D错误。 故选:B。 【点评】此题考查平衡力的辨别、压力及重力与压力的区别,难度不大,关键是知道置于水平面上的物体,对水平面的压力等于其重力。 6.【分析】(1)我国家庭电路电压是220v,开关和它控制的电器串联,各电器之间,插座和电器之间是并联的; (2)金属外壳的用电器使用三孔插座时,把金属外壳接地,即使金属外壳的用电器漏电,人体被接地的导线短路,不会对人体造成伤害; (3)电路电流过大的原因有短路或用电器总功率过大; (4)正确使用测电笔:手接触笔尾金属体,笔尖接触导线,氖管发光,导线是火线;氖管不发光的是零线。手千万不要接触笔尖金属体。 【解答】解: A、家庭电路的电压是220V,家庭电路中的插座是接用电器的,而各用电器工作时互不影响,所以插座和电灯是并联的,不是串联的,故A错误; B、洗衣机使用三孔插座,把金属外壳接地,即使洗衣机的金属外壳漏电,人体被接地的导线短路,不会使人触电,即能防止人触电,故B正确; C、用电器的总功率过大是造成电路中电流过大的一个原因,另一个原因是电路发生了短路,故C错误; D、在正确使用试电笔辨别火线时,试电笔的氖管发光,说明有电流经过人体形成回路,只不过电流太小不会危及人身安全,故D错误。 故选:B。 【点评】掌握家庭电路中家用电器的连接方法、电路电流过大的原因、掌握安全用电常识、掌握测电笔的正确使用,只要同学们牢记安全用电常识,并正确规范操作,就不会有危险发生。 7.【分析】本实验中,通过观察小车在水平面上滑行的距离来分析阻力对物体运动的影响。因此,可从水平面长度或控制初始速度的角度进行分析。 【解答】解:由实验原理可知,实验中是通过观察小车在水平面上滑行的距离来分析阻力对物体运动的影响的。 A、减轻小车的质量不能改变小车到达水平面时的初速度,不会影响小车的滑行距离,即小车滑行距离不变,所以可以推想,玻璃表面一定太短,故A错误; B、降低小车从斜面上的释放高度,可以控制小车到达水平面时的初速度,以保证木板、玻璃的长是足够有效的,也符合控制变量法的要求,故B正确; C、如果仅增加木板的长度,可以想象在玻璃表面的滑行的距离会更长,则玻璃的有效长度必然不够,实验无法正常完成,故C错误; D、增加玻璃板的长度正常情况下可以完成实验,但考虑到第二次实验没有给小车的滑行留出足够的余地,容易产生实验不到位的情况,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查了“探究阻力对物体运动影响”的实验中,如何控制小车的速度和滑行距离,使实验的结果更有说服力,值得我们关注。 8.【分析】①用双手挤压玻璃瓶,因玻璃瓶的形状发生微小的改变,就能使瓶子的容积因挤压而发生微小的减小量,当沿椭圆长轴方向压瓶壁,瓶变圆容积变大,玻璃瓶中的水由于是已灌满的且水的体积不变,所以会观察到细玻璃管内的水面下降;当沿椭圆短轴方向压瓶壁,瓶变扁容积变小,管中水面上升; ②常用液体温度计是根据液体热胀冷缩原理制成的;气压计可以测量某一位置大气压强的大小。 【解答】解: A、在图中,把细玻璃管通过带孔的橡皮塞插入瓶中,沿着AB方向用力捏厚玻璃瓶,瓶变圆容积变大,而水的体积一定,所以细管中水面高度下降;故A正确; B、若沿着CD方向用力捏厚玻璃瓶,瓶变扁容积变小,细管中水面高度上升;故B正确; C、将将瓶中的水倒掉一半,水的体积因为热胀冷缩发生变化,细管中水柱高度随之发生变化,所以此装置可以制成一个普通温度计;故C错误; D、如果瓶中水没装满,从管子上吹入一些气体,瓶内水面上方气压与水柱压强之和就是大气压。当外界气压变化时,水柱长度随之变化,所以还可以制成一个简易的气压计,故D正确。 故选:C。 【点评】此题考查的是放大法在实际生活中的应用,实验现象正确及制成的测量仪器灵敏的一个重要前提﹣﹣瓶口处一定密封。 9.【分析】六种物态变化过程中,都伴随着吸热或放热;其中放出热量的物态变化有:凝固、液化、凝华;吸热的有:熔化、汽化、升华。 【解答】解:A、冰冻的衣服晾干,冰由固态直接变成了气态,属于升华现象,升华吸热,故A错误; B、冰凌融化,冰凌由固态变成了液态,属于熔化现象,熔化吸热,故B错误; C、清晨草叶上出现露珠,是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴,属于液化现象,液化放热,故C正确; D、碘在升华过程中需要吸收热量,故D错误。 故选:C。 【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化,关键要看清物态变化前后,物质各处于什么状态;另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。 10.【分析】据密度、速度、压强和比热容的知识,逐个选项依次分析即可判断。 【解答】解: A、探究质量与体积的关系时,可得出同种物质的质量和体积是成正比的,其比值就是密度; B、路程、时间均不同时,为了比较物体运动快慢,我们引入了速度; C、比较水和沙两种物质吸热升温不同的特点,即为了研究不同物质的吸热能力,我们引入了比热容,而不是热量; D、为了方便描述压力的作用效果,我们引入了压强。 综上所述,探究活动与引入的物理量不对应的是C项。 故选:C。 【点评】理解密度、速度、压强、比热容等知识点的相关知识是解决该题的关键。 11.【分析】认真读图可行分辨,再结合相关的物理知识或原理做出判断。A为电流的磁效应、B为磁场对电流的作用、C为电磁感应实验、D为电动机原理。 【解答】解: A、甲图是奥斯特实验,说明通电导线周围存在磁场,小磁针受到磁场的作用发生偏转,将小磁针移走,磁场仍然存在,不因小磁针的消失而消失,故A错误; B、乙图,若改变导体中电流方向并对调磁极(即电流方向和磁场方向同时改变),则导体的受力方向不变,导体运动方向不变,故B正确; C、丙图,闭合开关后,只有导体在磁场中做切割磁感线运动时,电路中才会有感应电流,故C错误; D、丁图,通电时,电风扇会转动,其工作原理是通电导体在磁场中受力而运动;甲图是电流的磁效应,不能说明它的工作原理,乙图才能说明它的工作原理,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查了有关磁现象、电与磁的几个常见的小实验,熟知电与磁的联系,对电生磁、磁生电、磁场对电流的作用等有一个清晰的认识,是解答的关键。 12.【分析】根据P=UI,灯在额定电压下正常发光,若能使灯的电压达到额定电压,且测量出此时灯的电流的电路连接才符合要求。 【解答】解:甲、定值电阻与灯串联,电路中只有电压表,只闭合S2,电表测定值电阻的电压; 当只闭合S1时,电压表测灯与定值电阻的电压,无法确定灯是否正常发光,故甲不可行; 乙、只闭合S2,移动变阻器的滑片,使电压表示数为额定电压,则灯正常发光; 保持滑片位置不动,闭合S1,断开合S2,记下电压表的示数U1, 此时电压表测R0与灯的电压,因电路的连接没有改变,各电阻的大小和电压没有改变,灯仍正常发光,由串联电路电压的规律,R0的电压U0=U1﹣U额定,通过R0的电流,即灯的额定电流: I=,根据P=UI可求灯的额定功率;故乙可以; 丙、将S2往右上方打,灯与R0并联,电流表测通过R0的电流,移动滑片使电流表示数为I=,根据并联电路电压的规律,则灯的电压一定为U额定,灯正常发光; 保持滑片位置不动,将S2往左下方打,记下电流表示数I′,即为灯与定值的总电流,因电路的连接没有改变,各电阻的大小和电压没有改变,通过灯与定值电阻的电流不变,灯仍正常发光,根据并联电路电流的规律,灯的额定电流IL=I′﹣,根据P=UI可求灯的额定功率;故丙可以; 丁、图中只有电流表,通过开关的转换,定值电阻与灯分别与变阻器串联,无法确定灯是否正常发光,故丁不可行; 故选:B。 【点评】本题考查对实验方案的评估,难度较大。 二、填空题(本题共26空,共26分) 13.【分析】判断物态运动状态之前,必须选择参照物。 如果物体和参照物之间的位置发生了改变,则称物体是运动的;如果物体和参照物之间的位置没有发生改变,则称物体是静止的。 在流体中,流速越大的地方压强越小,流速越小的地方压强越大。 根据这两个方面的知识,对图片中的问题进行分析。 【解答】解:以加油机为参照物,受油机和加油机之间的位置没有发生改变,所以称它是静止的。 飞机的机翼上方突起,下方平直。这样的结果决定了当飞机启动后,机翼上方空气流速快,空气压强小,空气压力方向向下;机翼下方空气流速慢,空气压强大,空气压力方向向上。两个压力形成一个向上的合力,当合力达到一定程度后,飞机就可以腾空而起。 故答案为:静止,小。 【点评】本题考查学生对根据参照物判断物体运动情况的能力,还要理解飞机机翼上下方流速不同导致压强不同,才是飞机可以向上的原因。 14.【分析】测量前在进行天平的调平时,遵循指针左偏右调、右偏左调的原则; 天平平衡时,物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值; 读出水的体积、水和岩石的总体积,计算出岩石的体积,由ρ=计算出岩石的密度。 【解答】解: 由图甲知,指针左偏,所以应将平衡螺母向右移动使天平平衡。 由图乙知,标尺的分度值为0.2g,所以岩石的质量m=50g+20g+1.4g=71.4g; 由图丙知,水的体积为60ml,水和岩石的总体积为80ml,则岩石的体积V=80ml﹣60ml=20ml=20cm3; 该岩石的密度为ρ===3.57g/cm3=3.57×103kg/m3。 故答案为:右;3.57×103。 【点评】此题是测量岩石的密度实验,考查了天平和量筒的使用及读数及密度的计算,测固体密度,在初中物理中是重要内容,学习中必须掌握! 15.【分析】(1)利用W=Gh求出有用功;由图知,n=2,拉力端移动距离s=2h,利用W=Fs求出总功,滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比; (2)知道做功时间,利用P=求拉力做功功率。 【解答】解: (1)有用功: W有=Gh=400N×4m=1600J; 由图知n=2,则拉力端移动的距离s=2h=2×4m=8m, 拉力做的总功: W总=Fs=250N×8m=2000J, 滑轮组的机械效率: η==×100%=80%; (2)拉力做功的功率: P===200W。 故答案为:80%;200。 【点评】本题考查了功的公式、机械效率公式、功率公式的应用,明确有用功、总功和机械效率的含义是关键。 16.【分析】(1)手机是利用电磁波传递信息的; (2)根据图中消耗的能量,利用吸热公式计算水的质量。 【解答】解: (1)智能运动手环是通过电磁波以无线的方式向手机发送运动数据的; (2)由图可知,水应吸收的热量:Q吸=72kcal=72×4.2×103J=3.024×105J, 由Q吸=cm△t得, 水的质量:m===1.44kg。 故答案为:电磁波;1.44。 【点评】此题以佩戴智能运动手环为载体,电磁波的应用、吸热公式及其应用等,是一道综合性较强的题目。 17.【分析】(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关,探究电流产生热量跟电阻关系时,控制通电时间和电流不变; (2)利用焦耳定律Q=I2Rt求甲电阻丝在1min内产生的热量。 【解答】解: (1)已知R甲=5Ω,R乙=10Ω,在探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系时,应控制电流和通电时间相同,即需要将两个电阻丝串联接入电路即可; (2)若电路中的电流为0.3A,则甲电阻丝在1min内产生的热量: Q甲=I2R甲t=(0.3A)2×5Ω×60s=27J; 故答案为:串;27。 【点评】本题考查了焦耳定律公式的应用,要学会利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系。 18.【分析】(1)已知增氧机额定功率和正常工作时间,利用公式W=Pt得到消耗的电能; (2)已知增氧机喷水流量,可以得到2h喷水体积,利用公式m=ρV得到喷出水的质量。 【解答】解:(1)由P=得, 增氧机工作2h消耗的电能: W=Pt=1.1kW×2h=2.2kW?h; (2)增氧机2h喷出水的体积为V=2h×25m3/h=50m3, 由ρ=得,喷出水的质量: m=ρV=1.0×103kg/m3×50m3=5×104kg。 故答案为:2.2;5×104。 【点评】此题考查了电功率有关公式及密度变形公式的应用,计算过程不复杂,难度不大,是一道基础题。 19.【分析】(1)根据电压表并联在电路中,电流表串联在电路中,判断油量表的类型; (2)根据油面的变化可知浮标的变化,进一步可知滑片的移动,从而得出R接入电路中电阻的变化。 【解答】解:(1)由图可知,油量表并联在R两端,所以油量表是由电压表改装而成的; (2)当油箱中的油面下降时,浮标下移,在杠杆的作用下滑片上移,R接入电路中的电阻增大。 故答案为:电压;减小。 【点评】本题考查了电表的正确使用,关键是明白油量表的工作原理。 20.【分析】(1)由通电导线在磁场中受磁场力可以分析灯丝发生的现象,是电动机的原理; (2)据电能的计算公式W=Pt计算即可; (3)据电能表盘参数“3000R/kW?h”字样可以计算出转数。 【解答】解: (1)灯泡中通以交流电流,用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡,发现小灯泡的灯丝晃动了,这是因为通电导体在磁场中受力而运动,与电动机的原理相同; (2)灯泡正常工作时的功率P=100W=0.1kW, 该灯正常工作l0h消耗的电能: W=Pt=0.1kW×10h=1kW?h; (3)电能表的表盘上标有3000R/kW?h,是指每消耗1kW?h的电能,电能表的转盘转3000转, 则此过程中电能表的转盘转过的圈数: n=3000R/kW?h×1kW?h=3000R。 故答案为:通电导体在磁场中受力而运动;电动机;1;3000。 【点评】本题考查了磁场对电流的作用、电能的计算,关键是对电能表相关参数的理解。 21.【分析】两灯泡都能正常发光,则两灯泡两端的电压为额定电压,灯泡L1和L2均标有“6V 6W”字样,电源电压为6V,则应让两灯泡并联。 同时闭合开关S1、S2,则灯泡L2被短路,电路中只有灯泡L1,此时灯泡L1两端的电压为额定电压,灯泡L1正常发光,知道灯泡的额定电压和额定功率,可利用公式I=计算电路中的电流,即为电流表的示数。 只闭合开关S2,灯泡L1和L2串联,灯泡L1和L2的规格相同,则两灯泡的电阻相同,根据串联电路用电器分担的电压之比等于阻值之比,可知两灯泡两端的电压相等,从而可以计算出两灯泡两端的电压,再从乙图电流随电压变化的曲线图,判断出此时通过两灯泡的电流,再利用公式P=UI计算电路消耗的总功率。 【解答】解:灯泡L1和L2均标有“6V 6W”字样,则两灯泡的额定电压为6V, 同时闭合开关S1和S3,灯泡L1和L2并联, 而电源电压为6V,此时两灯泡两端的电压为额定电压,所以两灯泡都能正常发光; 同时闭合开关S1、S2,电路中只有灯泡L1,此时灯泡L1两端的电压为额定电压,灯泡L1正常发光, 而U额=6V,P额=6W, ∴此时电路中的电流为:I额===1A; 只闭合开关S2,灯泡L1和L2串联, 而灯泡L1和L2的规格相同,则两灯泡的电阻相同,根据串联电路用电器分担的电压之比等于阻值之比,可知两灯泡两端的电压相等, 所以U1=U2=U=×6V=3V, 从乙图可知,当灯泡两端的电压为3V时,通过两灯泡的电流均为0.7A, 而电源电压U=6V, ∴电路消耗的总功率为:P=UI=6V×0.7A=4.2W。 故答案为:S1和S3,1,4.2。 【点评】本题考查了开关断开和闭合对电路的影响和串、并联电路的判断,以及串联电路电流和电压的特点,并可以利用欧姆定律和电功率进行计算,关键是公式和公式变形的理解和应用。 22.【分析】(1)由图示弹簧测力计确定其分度值,然后读出其示数; (2)根据表格分析出浸没时所受的浮力,由F浮=G﹣F得出圆柱体浸没在水中所受浮力的大小; (3)根据表格分析得出圆柱体从5cm下降到8cm时浮力的增加量,利用阿基米德原理求排开水的体积的增加量(即圆柱体浸没水中的体积增加量),再根据体积公式求出圆柱体的底面积; 【解答】解:(1)解:由图示弹簧测力计可知,其分度值为0.2N,示数F=1.4N, (2)由表格数据可知:高度为3~4cm时,拉力不变,则物体的重力为2.6N, 物体完全浸没时F=1.2N,则完全浸没时的浮力F浮=G﹣F=2.6N﹣1.4N=1.2N; 由F浮=ρ液gV排得,圆柱体的体积V=V排===1.2×10﹣4m3; 物体的质量m===0.26kg; 则物体的密度ρ==≈2.2×103kg/m3; (3)由表格数据可知:从5cm下降到8cm时圆柱体的浮力增加量为: △F浮=F1﹣F2=2.4N﹣1.8N=0.6N; 由F浮=ρ液gV排得,圆柱体排开水的体积的增加量为: △V排===6×10﹣5m3; 由V=Sh可得,圆柱体的横截面积: S===2×10﹣3m2。 故答案为:1.2;2.2×103(或2.17×103); 2×10﹣3。 【点评】此题是探究影响浮力大小的因素实验,考查了学生分析图象和数据的能力,注意分析问题过程中控制变量法的应用,同时要熟练掌握密度公式及阿基米德原理公式,做到灵活应用。 23.【分析】(1)只闭合S、S1时,灯泡、R1串联,在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中,R1的阻值减小,电路中的总电阻变小,电流变大,根据图象即可读出滑片在a点时小灯泡正工作时灯泡、R1的电压和电流,根据P=UI求出灯泡的额定功率; 当电流相同时,灯泡两端的电压加上电阻两端的电压即为电源电压; (2)根据欧姆定律求出R1的滑片在a点R1的电阻;只闭合S、S2,R1的滑片在a点,R1与R2串联,电压表测变阻器R2两端的电压,电流表测电路中的电流,根据电流表的量程确定电路中的最大电流,此时变阻器接入电路中的电阻最小,根据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值;当电压表的示数最大时变阻器R2接入电路中的电阻最大,根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压,根据欧姆定律求出电路中的电流,再根据欧姆定律求出变阻器R2接入电路中的电阻,然后得出滑动变阻器R2允许的取值范围。 【解答】解: (1)只闭合S、S1时,灯泡、变阻器R1串联,在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中,R1的阻值减小,电路中的总电阻变小,电流变大,灯泡两端的电压变大,由此可知:图乙中,左边的曲线为灯泡的I﹣U图象,则右边的曲线为R1的I﹣U图象,如图所示: 滑片在a点时R1的阻值最小(允许接入的最小阻值),电路中的电流最大,由于灯泡恰好正常发光,则根据I﹣U图象可知:小灯泡正常工作时的电压为1.5V,电流为0.5A,此时R1两端的电压为3V, 则灯泡的额定功率:P额=ULI最大=1.5V×0.5A=0.75W; 电源电压:U=UL+U1=1.5V+3V=4.5V; (2)由I=可得,R1的滑片在a点时R1的电阻:R1===6Ω; 由图可知,只闭合S、S2,R1的滑片在a点,R1与R2串联,电压表测变阻器R2两端的电压,电流表测电路中的电流; 由于串联电路中各处的电流相等,电流表的量程为0~0.6A, 所以,电路中的最大电流I最大′=0.6A,此时滑动变阻器R2接入电路中的电阻最小, 由I=可得最小总电阻:R总最小===7.5Ω, 根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可得,滑动变阻器R2接入电路中的最小电阻: R2小=R总最小﹣R1=7.5Ω﹣6Ω=1.5Ω; 由于电压表采用0~3V量程,当电压表的示数U2最大=3V时,滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,此时R1两端的电压:U1′=U﹣U2最大=4.5V﹣3V=1.5V, 电路中的最小电流:I最小===0.25A, 则滑动变阻器接入电路中的最大阻值:R2最大===12Ω, 所以,滑动变阻器R2允许的取值范围是1.5Ω~12Ω。 故答案为:1.5Ω~12Ω;0.75。 【点评】分析清楚电路结构、熟练应用串并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的变形公式即可正确解题。 三、作图题(本题共3小题,每小题2分,本题共6分) 24.【分析】先过入射点作出法线,然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内,并且入射角等于反射角,画出反射光线; 根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内,折射角小于入射角,确定折射光线的方向。 【解答】解:过入射点O作垂直于界面的法线,根据入射角等于反射角画出反射光线;根据折射角小于入射角画出反射光线。如图所示 【点评】本题主要考查折射定律内容以及折射定律内容的应用情况,是一道基础题。 25.【分析】画力的示意图分三个步骤:①在受力物体上画出力的作用点;②确定力的方向后沿力的方向画一条线段;③在线段的末端标箭头,在箭头的旁边标出所画力的符号,力有大小的要写上数值与单位。 【解答】解: 因为物体在斜面上匀速下滑,所以物体受到重力、支持力、摩擦力三个力的作用;重力方向竖直向下、支持力斜向上、摩擦力沿斜面向上,三个力的作用点可以都画在重心,如图所示: 【点评】本题考查画力的示意图,关键是对物体进行受力分析,图中物体受到的力特别多,画完后要作检查,每画一个力都要找到它的施力物体,避免多力或漏力。 26.【分析】利用螺线管的右端为N极,结合磁极间作用规律可以确定磁感线的方向和小磁针的N、S极。 利用线圈的绕向和螺线管的N、S极,结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向,进一步可以得到电源的正负极。 【解答】解:螺线管的右端为N极,当小磁针静止时,根据磁极间作用规律可知,靠近电磁铁N极的一定是小磁针的S极,由此可知小磁针的右下端为N极。 根据螺线管的右端为N极,以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的左端流入右端流出,由此可以确定电源的左端为正极,右端为负极。如图所示: 【点评】解决此题关键要抓住此题的突破口:螺线管的右端为N极。然后利用相关知识解决小磁针的N极、电源的正负极。 四、实验题(本题共4小题,共24分) 27.【分析】(1)凸透镜越厚,对光线的会聚能力越强,焦距越短; (2)当物距等于像距等于两倍焦距时,保持蜡烛和光屏位置不动,移动透镜只能成一次像。 【解答】解:(1)向水透镜中注水,会使透镜变厚,对光线的会聚能力增强,焦距变短,光屏上的像变模糊,此时相当于物距变大了,那么像距应该减小,将光屏向左移动一段距离,光屏上的像会重新清晰; (2)由乙图可知,此时蜡烛到透镜的距离为40cm﹣20cm=20cm,物体到像的距离40cm,保持蜡烛、光屏位置不动,仅仅移动水透镜发现只能在光屏上成一次像,说明此时40cm=4f,即f=10cm;如果吸水,凸透镜的焦距变大,则4f会大于40cm,此时不管如何移动凸透镜,都不能在光屏上成像; 故答案为:(1)左;短;(2)20;吸; 【点评】本题考查凸透镜成像规律的实验,关键是将课本知识内容记忆清楚,仔细分析即可。 28.【分析】(1)发生弹性形变的物体就具有了弹性势能,也具有了弹力,必然会对使它发生形变的物体施加力的作用。若该物体受到了力且在的方向上运动了一段距离,就说它做了功。 (2)物理学中对于多因素(多变量)的问题,常常采用控制因素(变量)的方法,把多因素的问题变成多个单因素的问题;每一次只改变其中的某一个因素,而控制其余几个因素不变,从而研究被改变的这个因素对事物影响,分别加以研究,最后再综合解决,这种方法叫控制变量法。 探究跳起高度与质量是否有关,应该控制橡皮筋的形成变量、橡皮筋的条数不变,而卡片的质量不同; (3)此题为开放性题目,分别压两个卡片时将一个卡片压平,另一个不压平;使小豁口A、B的间距不相同均可以使橡皮筋的形变量不同。 【解答】解:(1)“橡皮筋伸长”说明橡皮筋发生了弹性形变,发生弹性形变的物体要恢复原状,就会对使它发生形变的物体施加力的作用,所以橡皮筋对硬卡片施力,使它弹起; 橡皮筋对卡片施力,卡片弹起即在力的方向上运动了,所以橡皮筋对卡片做功。 (2)操作中将卡片反过来,每次把它在桌面上用手压平的目的是控制橡皮筋的形成变量相同;实验发现厚卡片弹起的高度较低,那是因为厚卡片刚离开地面时的速度比薄卡片小。 (3)使橡皮筋的形变量不同的方法有:分别压两个卡片时将一个卡片压平,另一个不压平;使小豁口A、B的间距不相同;故ABD能做到,C做不到。 故答案为:(1)卡片跳起做功;(2)橡皮筋弹性形变程度相同;速度;(3)C。 【点评】此题紧密联系学的实际,考查控制变量法的应用及设计实验方案的能力。关键是审清题意,正确运用控制变量法解答。 29.【分析】(1)根据开关控制火线分析; (2)根据m=ρ水V求1.2L水的质量; 由η===求自吸泵将1.2L水提升0.5m消耗的电能; (3)(4)由已知条件,分析控制电路和工作电路,CD接保温电热丝;AB接2根“220V 600W”的电热丝,由表中数据,加热功率为1200W,确定合理连接方式; (5)由图2知,当饮水机内水温达到90℃时热敏电阻R1大小,由已知条件,根据电阻的串联和欧姆定律,求出此时滑动变阻器的阻值; (6)现将滑动变阻器R2的阻值适当调大,因加热和保温切换时的电流大小均不变,由欧姆定律I=结合串联电路的规律分析当R2增大时,加热和保温切换时的R1的变化,由图2判断保温范围的变化。 【解答】解:(1)开关控制火线,电磁继电器衔铁相当于开关,故电磁继电器的接线柱M应与家庭电路的火线相连; (2)1.2L水的质量: m=ρ水V=1.0×103 kg/m3×1.2×10﹣3 m3=1.2kg, 如果自吸泵抽水效率为60%(即电能转化为机械能的效率), 则η===, 自吸泵将1.2L水提升0.5m消耗的电能: W总===10J; (3)(4)当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时,继电器的衔铁被吸合,使加热电路断开,保温电路工作,由图1可知CD端接保温电热丝; 当线圈中的电流小于或等于40mA时,继电器的衔铁被释放,使加热电路闭合,由图1可知AB端应接2根“220V 600W”的电热丝(表示其额定电压为220V,额定功率为600W),由表中数据,加热功率为1200W,故每根电热丝的功率为600W,每根电热丝都正常工作,合理连接方式是并联; (5)由图2知,当饮水机内水温达到90℃时,热敏电阻R1=50Ω, 因当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时,继电器的衔铁被吸合,使加热电路断开,保温电路工作,根据电阻的串联和欧姆定律可得: I=═=0.05A, 解得此时滑动变阻器的阻值为:R滑=70Ω; (6)现将滑动变阻器R2的阻值适当调大,因加热和保温切换时的电流大小均不变,由欧姆定律I=可知,总阻值R不变,根据串联电路的电阻规律R=R2+R1,当R2增大时,加热和保温切换时的R1均减小,但两状态之间R1的变化量相等,由图2可知保温范围变大了。 故答案为:(1)M; (2)自吸泵将1.2L水提升0.5m消耗的电能为10J; (3)并联; (4)C; (5)70Ω; (6)大;加热和保温切换时的电流大小均不变,R2与R1串联的总阻值不变,当R2增大时,加热和保温切换时的R1均减小,但两状态之间R1的变化量相等,由图可知保温范围变大了。 【点评】本题考查密度公式,电能、效率公式的运用,同时考查了串联电路的规律、欧姆定律和电磁继电器和安全用电的知识,综合性,难度较大,关键是从题 中获取有效的信息。 30.【分析】(1)物体由于运动而具有的能叫动能,动能和势能统称机械能;能够源源不断地从自然界获得或能重复利用的能源是可再生能源,不能源源不断从自然界获得或不能重复利用的能源是不可再生能源;根据阿基米德原理求出浮子所受的浮力; (2)①根据活塞的受力平衡即可求出压力; ②利用W=Pt求出求出浮子起伏一次做的有用功,总功为浮力做的功,利用公式P=求出波浪发电系统的效率。 (3)根据增大活塞对油液的压力可以增大发电功率可知,为了提高发电功率可以通过增大活塞对油液的压力来实现。 【解答】解:(1)波浪发电利用的是波浪能,波浪能属于机械能,由于波浪能能源源不断从自然界获得属于可再生能源; 浮子随海浪向上波动过程中浸在海水中的体积为V排=V=×1m3=0.75m3, 则浮子所受浮力为:F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.75m3=7.5×103N; (2)①浮子重力G=mg=200kg×10N/kg=2×103N; 所以,发电时,活塞对油液的压力F=F浮﹣G=7.5×103N﹣2×103N=5.5×103N; ②由图2可知:浮子起伏一次做的有用功为W有用=Pt=600W×4s=2400J; 总功为W总=Fh=5.5×103N×2m=1.1×104J, 所以浮子上浮时对油液做功的效率η=×100%=×100%≈21.8%; (3)由于增大活塞对油液的压力可以增大发电功率,活塞对油液的压力是浮力与重力的差; 所以,增大浮子浸在海水中的体积即可增大浮力,则增大活塞对油液的压力。 答:(1)可再生;7.5×103; (2)①发电时,活塞对油液的压力是5.5×103N; ②该波浪发电系统的效率是21.8%; (3)增大浮子浸在海水中的体积,可以增大发电功率。 【点评】此题考查了破浪能的利用以及相关功率、效率的计算,综合能力较强,是一道好题。

  • ID:6-5852522 2019年5月17日兴化市过关检测物理试题(含 答案)

    初中物理/苏科版/九年级全册/本册综合

    2019年5月17日兴化市过关检测物理试题 (物理满分:100分) 一、选择题(每题4个选项中只有1个符合题意.每小题3分,共24分) 1.下列有关物理量的估算,符合实际的是( ▲ ) A.挂壁式空调的额定功率约1.2kW B.人正常心跳一次的时间约2s C.泰州地区冬季最低气温可达-25℃ D.人的拇指宽度约为10cm 2.关于声音,下列说法中正确的是( ▲ ) A.声音在真空中的传播速度最大 B.能在真空中传播的声音叫超声波 C.音调与发声体振动的频率有关 D.音色与发声体振动的频率有关 3.如图所示的几种工具,使用时属于费力杠杆的是( ▲ ) A . 剪子 B. 起子 C. 钳子 D. 镊子 4.把蜡烛放在距离凸透镜50cm处,在透镜另一侧的光屏上观察到倒立、缩小的清晰像.那么凸透镜的焦距不可能是( ▲ ) A.5cm B.10cm C. 20cm D.30cm 5.如图所示的四种现象,属于光的直线传播的是( ▲ ) A.山的“倒影” B.日食 C.汽车观后镜 D.水中“折”笔 6.如图所示,A、B、C是三个圆柱形容器,分别装有水或酒精(ρ酒精<ρ水),A、C两容器中液体深度相同,B、C两容器底面积相同.三个容器底部所受的液体压强分别为pA、pB、pC,下列判断正确的是( ▲ ) A.pA>pB>pC B.pC<pA=pB C.pA>pB=pC D. pC<pA<pB 7.如图所示的滑轮组,每个滑轮重为20N,绳重及摩擦不计.用它匀速提升重为100N的物体,所用的拉力F是( ▲ ) A.40N B. 50N C. 60N D. 120N 8.学校地下车库有南北两个进出口,且都装有感应开关.当车辆从任何一个进出口经过时,开关自动闭合一段时间,值班室内的指示灯会亮,提醒门卫有车辆通过,以便监视进出口安全.下列电路图中符合要求的是( ▲ ) 二、填空题(每空1.5分,共24分) 9.无人驾驶汽车进行长途测试.测试中,该车的平均车速约90km/h,合 ▲ m/s;车载高精度GPS系统可对车实时定位,这是利用了 ▲ (选填“电磁波”或“超声波”);以行驶的车为参照物,路旁的树木是 ▲ 的。 10.扩散现象是由于分子 ▲ 形成的;一定量的水和酒精充分混合总体积变小,是由于分子之间存在 ▲ 。 11.质量为10kg、温度为20℃的水,吸收1.26×106J的热量后,温度将升高到 ▲ ℃.若这些热量是由酒精完全燃烧提供的,至少需要 ▲ g酒精.(c水=4.2×103J/(kg·℃),q酒精=3×107J/kg) 12.在如图所示电路中,定值电阻R0的阻值为20Ω,电动机线圈电阻为2Ω.闭合开关,电流表A1、A2的示数分别为0.8A、0.3A.则该电路电源电压为 ▲ V,1min内电路消耗的电能为 ▲ J,1min内电流通过电动机产生的热量为 ▲ J. 13.如图(a)和(b)是用天平和量筒测量物体质量、体积的情景.由此可知,物体的质量为 ▲ g,体积为 ▲ cm3,密度 ▲ kg/m3. 14.如图所示,在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花,快速压下活塞,可观察到棉花着火燃烧,此过程中活塞对筒内气体做功,气体的内能 ▲ ,这与四冲程汽油机的 ▲ 冲程的能量转化相同,某台汽油机飞轮的转速为2400r/min,在1min内,汽油机完成 ▲ 个工作循环。 三、解答题(共52分.解答17、18题时必须写出解题过程,18、19、20每空1.5分) 15.(6分)根据要求作图。 (1)如图(甲),在图中画出与入射光线对应的折射光线. (2)如图(乙)是用羊角锤拔钉子的情景.请画出动力F1的力臂L1. (3)如图(丙),根据通电螺线管外部的磁感线方向,标出图中电源的正极和小磁针静止时的N极. 16.(10分)近年来,独轮电动平衡车深受年轻人的喜爱.如图所示,它采用站立式的驾驶方式,人通过身体的前倾、后仰实现驾驶.下表为某型号独轮电动平衡车的部分数据,则: (1)独轮电动平衡车的重力多大? 质 量 10kg 轮胎与地面接触面积 30cm2 最大速度 16km/h 充满电行程 24km (2)该车充满电后,若以最大速度行驶,能行驶的最长时间是多少? (3)质量为50kg的人驾驶该车,在水平地面上匀速行驶.若所受阻力为总重力的0.2倍,此时该车受到的牵引力是多大?(g取10N/kg) (4)质量为50kg的人驾驶该车时,车对水平地面的压强是多大? ▲ ▲ 17.(9分)某型号的电饭锅有两挡,其原理如图所示,电阻R1=44Ω.当开关S闭合时,电饭锅处于高温挡,当开关S断开时,电饭锅处于焖饭、保温挡,焖饭、保温时电饭锅的功率为高温挡功率的0.02倍.求: (1)高温挡的功率; (2)焖饭、保温时电路中的电流; (3)电阻R2的阻值. ▲ ▲ 18.(9分)小华用两个完全相同的棋子A和棋子B,在水平桌面上探究平面镜成像的特点,实验装置如图. (1)无论怎样在桌面上移动棋子B,都无法使它与棋子A的像完全重合,出现这种情况的原因是 ▲ .排除问题后,移动棋子B,使它与 ▲ 完全重合,这样做的目的除了能确定棋子A经平面镜所成像的位置,同时还能比较 ▲ 大小关系. (2)用铅笔画出平面镜及棋子A和棋子B的位置,并画出棋子A和棋子B位置的连线,经测量发现:两棋子的连线与镜面 ▲ ,两棋子到镜面的距离相等. (3)移去棋子B,将一张白卡片竖直放在棋子B所在的位置,直接观察白卡片,发现白卡片上没有棋子A的像,说明棋子A经平面镜所成的是 ▲ 像. (4)用木板紧贴玻璃板背面,挡住玻璃板后面的光,人眼在玻璃板前 ▲ (选填“能”或“不能”)看见棋子A的像. 19.(12分)在“测量小灯泡的功率”的实验中. (1)小明设计了如图甲所示的电路图.按照电路图,已完成部分实物电路连接(如图乙所示).根据图乙中的信息,电压表量程应选0~ ▲ V;若开关闭合后,向左移动滑动变阻器滑片P,能使电路中电流变大,应将开关右侧接线柱与滑动变阻器的 ▲ (选填“A”、“B”、“C”或“D”)接线柱相连. (2)正确连接好电路,闭合开关后发现:小灯泡不亮,电流表示数为零,而电压表示数接近电源电压.经检查,电流表是完好的,仅滑动变阻器或小灯泡存在故障,则电路中的故障是 ▲ .排除故障后,闭合开关,仍发现小灯泡不亮,电流表指针偏转很小,要使该小灯泡发光只需 ▲ . (3)观察小灯泡在不同电压下的亮度,读出电压表、电流表示数,实验记录见下表: 实验序号 电压U/V 电流I/A 小灯泡亮度 实际功率P/W 1 2 0.18 偏暗 0.36 2 2.5 0.2 正常发光 0.5 3 3 偏亮 ①由表格可知:该小灯泡额定电压为 ▲ V. ②当小灯泡两端电压为3V时,小灯泡偏亮,小明担心灯丝会烧断,于是立即断开开关,未读取电流表示数.同组的小华观察到当时电流表指针的位置如图丙所示,则通过小灯泡电流为 ▲ A,小灯泡的实际功率为 ▲ W. (4)本实验电路除了能测出小灯泡的功率,小明认为还能测出小灯泡灯丝的阻值,小华认为还能探究电流与电压的关系.你认为 ▲ 同学的观点是错误的. 20.(6分)(1)按图甲组装实验器材,给直导线通电,直导线向左运动,这说明 ▲ 对通电直导线有力的作用;只对调电源正负极接线,通电直导线会向右运动,这说明通电导体的受力方向与 ▲ 有关. (2)如图乙是某兴趣小组制作的神奇转框,框的上部中央与电池正极相连,下部紧贴在与电池负极相连的柱形物两侧,金属框就可以绕电池持续转动.据此,你认为构成柱形物的材料应具有较好的: ▲ 、 ▲ .(填物理属性) 过关检测物理试题答案 (物理满分:100分) 一、选择题(每题4个选项中只有1个符合题意.每小题3分,共24分) A C D D B D C B 二.填空题(每空1.5分,共24分) 9. 25 电磁波 运动 10. 永不停息的无规则运动 空隙(或间隙) 。 11. 50 42 12. 6 288 30 . 13. 53.4 20 2.67×103 . 14. 增大 压缩 1200 三、解答题(共52分.解答17、18题时必须写出解题过程,18、19、20每空1.5分) 15.(6分)根据要求作图。 16.(10分)解: (1)G车=m车g=10kg×10N/kg=100N (2)t=S/V= 24km/16km/h =1.5h (3)人和电动平衡车的总重力: G总=(m人+m车)g=(50kg+10kg)×10N/kg=600N, 因为电动平衡车在水平地面上匀速行驶,即在水平方向上所受的力是平衡力. 可得牵引力:F=f=0.2G总=0.2×600N=120N; (4)车对水平地面的压力:F压=G总=600N, 车对水平地面的压强:p=F压/S=600N÷30×10-4m2=2×105Pa. 答:略 17.(9分)解: (1)当开关S闭合时,电路为R1的简单电路,电饭锅处于高温档,则高温档的功率: P高温=U2/R1=(220V)2/44Ω=1100W; (2)当开关S断开时,R1与R2串联,电饭锅处于焖饭、保温档,由题意可知,保温档的功率: P保温=0.02P高温=0.02×1100W=22W 由P=UI可得,电路中的电流:I=P保温/U=22W/220V=0.1A; (3)由I=U/R可得,保温时电路中的总电阻:R=U/I=220V/0.1A=2200Ω, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,电阻R2的阻值:R2=R-R1=2200Ω-44Ω=2156Ω. 答:略 18.(9分)(1) 平面镜(玻璃板)没有与桌面垂直 棋子A的像 像与物体的 . (2) 垂直 . (3) 虚 . (4) 能 . 19.(12分)(1)3 A . (2) 小灯泡断路 移动滑动变阻器的滑片 . (3)① 2.5 ② 0.22 0.66 W. (4) 小华 . 20.(6分)(1) 磁场 电流方向 . (2) 导电性 磁性 第7题图 A B C 水 水 酒精 第6题图 南门 北门 220V 220V 北门 南门 A B D C 南门 北门 220V 南门 北门 220V 第14题图 第12题图 A1 M R0 S A2 第13题图 图(甲) 电源 图(乙) 图(丙) 第16题图 220V S R1 R2 第17题图 橡皮泥 B A 第18题图 A V S P L 0 0.2 0.4 0.6 0 1 2 3 A A 第19题图 甲 丙 S - L A C D P + B V A 乙 0.6 3 15 3 + _ N 直导线 S 金属框 电池 柱形物 图甲 图乙 S N 图(甲) 电源 图(乙) 图(丙) - + L1 PAGE 4

    • 综合复习
    • 2019-05-18
    • 下载2次
    • 761.5KB
    • jsxhzyw
  • ID:6-5840907 苏科版九下物理 第15章 综合实践活动 课件(32张PPT)

    初中物理/苏科版/九年级全册/第十五章 电功和电热/本章综合与测试

    苏科版九下物理 第15章 综合实践活动 课件 :32张PPT电学实验专题复习 第一课时 专题复习目标 1、会画探究欧姆定律、伏安法测电阻、测量电功率的电路图及会连实物图。 2、回忆探究欧姆定律、伏安法测电阻、测小灯泡的电功率的原理及实验步骤。 3、回忆原实验表格及数据,会根据原实验数据分析归纳得出结论。 重点:1、画电路图、连实物电路 2、分析数据的过程及方法 实验一 探究电流与电压电阻的关系 知识回顾 ================================================ 压缩包内容: 苏科版九下物理 第15章 综合实践活动 课件 .ppt

  • ID:6-5840905 苏科版九下物理 第15章 电功和电热 复习 课件(31张PPT)

    初中物理/苏科版/九年级全册/第十五章 电功和电热/本章综合与测试

    苏科版九下物理 第15章 电功和电热 复习 课件 :31张PPT电功与电热 复 习 课 我们常见的家用电器 能量是如何转化的? 什么是电功? 电流做功的实质是什么? 电功用什么仪表来测量? 电流做功实质: 电流做功的过程,即电能向其他形式能量的转化的过程,电流做了多少功,就消耗了多少电能。 电流所做的功叫做电功。 一、电能表: 用来测量电路消耗电能的仪表 一、电能表 1、观察电能表面盘,收集相关信息 ================================================ 压缩包内容: 苏科版九下物理 第15章 电功和电热 复习 课件 .ppt

  • ID:6-5840902 苏科版九下物理 18.5能源与可持续发展 课件(51张PPT)

    初中物理/苏科版/九年级全册/第十八章 能源与可持续发展/能源与可持续发展

    苏科版九下物理 18.5能源与可持续发展 课件 :51张PPT能源与可持续发展 第十八章 五、能源与可持续发展 1.人类生活、生产、学习、研究都离不开能源 的消耗。 导入新课 2.新型能源汽车和太阳能建筑的出现,又为什么昵?是否有能源危机的可能呢? 3.灯泡的变化 能量转化与效率 白炽灯工作时的能量怎样转化 能量转化与效率 你知道白炽灯正常工作时消耗的电能中有多少转化成光能吗 它的效率有多大 能量转化与效率 ================================================ 压缩包内容: 苏科版九下物理 18.5能源与可持续发展 课件 .ppt

  • ID:6-5840900 苏科版九下物理 18.4能量转化的基本规律 课件(:34张PPT)

    初中物理/苏科版/九年级全册/第十八章 能源与可持续发展/能量转化的基本规律

    苏科版九下物理 18.4能量转化的基本规律 课件 :34张PPT能量转化的基本规律 (1)重核的裂变 核反应的方式 (2)轻核的聚变 反应条件 核聚变要在近亿度高温条件下进行,地球上原子弹爆炸时可以达到这个温度。用核聚变原理造出来的氢弹就是靠先爆发一颗核裂变原子弹而产生的高热,来触发核聚变起燃器,使氢弹得以爆炸。但是,用原子弹引发核聚变只能引发氢弹爆炸,却不适用于核聚变发电,因为电厂不需要一次惊人的爆炸力,而需要缓缓释放的电能。 关于核聚变的“点火”问题,激光技术的发展,使可控核聚变的“点火”难题有了解决的可能。目前,世界上最大激光输出功率达100万亿瓦,足以“点燃”核聚变。除激光外,利用超高额微波加热法,也可达到“点火”温度。世界上不少国家都在积极研究受控热核反应的理论和技术,美国、俄罗斯、日本和西欧国家的研究已经取得了可喜的进展。 ================================================ 压缩包内容: 苏科版九下物理 18.4能量转化的基本规律 课件 .ppt

  • ID:6-5840892 苏科版九下物理 18.3太阳能 课件(27张PPT)

    初中物理/苏科版/九年级全册/第十八章 能源与可持续发展/太阳能

    苏科版九下物理 18.3太阳能 课件 :27张PPT煤、石油、天然气、风能、水能等 核能、原子能、地热能、潮汐能、太阳能等 引入新课   人类利用的常规能源是什么? 可以开发利用的新能源有哪些呢? 18.3太阳能 太阳能发电 太阳能交通信号灯 太阳能飞行器 太阳能利用 英国第一艘利用太阳能驱动引擎的船 太阳能船的内部景观 投资最少的太阳能 太阳能汽车 ★太阳能的优点 请看一组数据吧: 太阳深处的极高温度是1500万℃和极高压力约2×1016Pa,据粗略估计,太阳向地球表面辐射的功率为1.7×1017W,相当于12000亿吨标准煤释放的能量。 ================================================ 压缩包内容: 苏科版九下物理 18.3太阳能 课件 .ppt

  • ID:6-5840879 苏科版九下物理 18.2核能 课件(28张PPT)

    初中物理/苏科版/九年级全册/第十八章 能源与可持续发展/核能

    苏科版九下物理 18.2核能 课件 :28张PPT广岛: 时间:1945年8月6日早晨9 点14 分17 秒 爆炸高度:离地 600 米 经纬度:132.27(东经) 34.24(北纬) 波及范围:约16 公里 杀伤力:有78150人当日死亡,死伤总人数达20余万 18.2 核能 问题1:原子核是由什么组成的?质子和中子靠什么力结合在一起的?当原子核发生变化时将释放出什么? 原子核是由质子和中子组成的 核力 核能 问题2:获得核能的两种途径是什么?  ================================================ 压缩包内容: 苏科版九下物理 18.2核能 课件 .ppt