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初中物理北师大版
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  • ID:6-5384360 2017-2018学年辽宁省辽阳市灯塔实验中学九年级(上)期末物理模拟试卷(2)(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2017-2018学年辽宁省辽阳市灯塔实验中学九年级(上)期末物理模拟试卷(2) 一、选择题(1-8题每题2分,9-12每题3分,共计28分) 1.某家用电器正常工作时,测得通过用电器的电流为4A,则此电器可能是下列中的(  ) A.家用电冰箱 B.日光灯 C.家用空调机 D.电风扇 2.下列关于能量的说法中正确的是(  ) A.在北方很多地区充分利用风力来发电,将风能转化为电能 B.物体内能增加,一定要从外界吸收热量 C.“神舟”飞船在加速升空过程中,它的动能增加,机械能不变 D.汽油机做功冲程中,将机械能转化为内能 3.下表给出了几种物质的比热容和密度,根据表格中的数据判断下列说法不正确的是(  ) 物质 比热容c/[J﹣(kg?℃)﹣1] 物质 密度ρ/(kg.m﹣3) 水 4.2×103 水 1.0×103 煤油 2.1×103 煤油 0.8×103 铝 0.88×103 铝 2.7×103 铁 0.46×103 铁 7.9×103 A.质量相等的水和煤油温度都升高5℃,水吸收的热量比煤油多 B.质量相等的实心铝块和铁块,铝块的体积大 C.用水做供暖系统的循环物质,是因为水的比热容较大 D.从表中可看出,密度大的物质,其比热容也大 4.如图所示,已知甲乙两个相同的验电器,甲带负电,乙不带电,拿一根有绝缘柄的金属杆把两个验电器连接起来。下列说法正确的是(  ) A.甲验电器的金属箔张角变大 B.金属杆中有持续的电流通过 C.乙验电器最终带上正电 D.连接的瞬间,有电流从乙流向甲 5.关于电源和电流,下列说法中正确的是(  ) A.电流是由大量电荷的无规则运动形成的 B.电源外部,电流是从电源的正极流向负极 C.在电路中只要有电源,就一定会有电流 D.电流的方向总是从电源的正极流向负极 6.如图所示的电路中,属于串联的电路是(  ) A. B. C. D. 7.如图所示,电源电压不变,当开关S闭合时,电表示数的变化情况是(  ) A.电流表、电压表示数均变大 B.电压表示数变大,电流表示数变小 C.电流表、电压表示数均变小 D.电压表示数变小,电流表示数变大 8.在如图所示的电路中,电源电压为6V.闭合开关后,电压表V1的示数为0,电压表V2的示数为6V.此电路的故障可能是(  ) A.电源坏了 B.电阻R1短路 C.电阻R2短路 D.电阻R1断路 9.如图所示,不符合安全用电原则的是(  ) A.同时使用大功率用电器 B.用电器外壳接地 C.使用绝缘皮破损的导线 D.用湿手触摸开关 10.某同学在没有电流表的情况下,利用电压表和已知阻值的定值电阻R0,测量未知电阻Rx阻值,图中可实现测量Rx阻值的正确电路图是(  ) A. B. C. D. 11.如图所示,①②③④为四个物理探究实验,abcd为应用实例,箭头表示它们的对应关系,其中对应关系正确的是(  ) A. B. C. D. 12.如图,电源电压18V保持不变,电流表量程是0﹣0.6A,电压表量程是0﹣15V,小灯泡上 标有“6V 3W”字样。要求:开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程,且灯泡两端电压不允许超过额定电压(灯丝电阻不变).则下列说法正确的是(  ) A.滑动变阻器的滑片向左移动时,电压表示数变小 B.当电流表示数为0.4A时,电压表示数为12V C.滑动变阻器允许调节的范围是18Ω﹣60Ω D.该电路的最大功率为9W 二、填空题(25分) 13.夏天,水泥马路的温度往往比池水高得多,这是由于水的   大。为此,市政部门经常派出洒水车向路面洒水降温,这是利用   方式改变物体的内能,此过程中水的蒸发   (选“属于”或“不属于”)分子运动;若某辆洒水车洒水时做匀速直线运动,则该洒水车的动能将   (选“增大”、“减小”或“不变”)。 14.用煤气灶把2kg,初温为30℃的水烧到80℃,消耗了20g煤气,已知水的比热容是4.2×103J/(kg?℃),煤气的热值为4.2×107J/kg,则水吸收的热量为   J,煤气灶烧水的效率为   。 15.2016年10月17日,执行与天宫二号交会对接任务的神舟十一号载人飞船,顺利将2名航天员送上太空;如图所示为“长征二号F”运载火箭,它采用了我国最新研制的大推力液氧液氢发动机。液氢燃烧过程中,其热值大小   ;燃气对火箭做功,燃气的内能会   (两空均选填“增大”、“减小”或“不变”);能量的转化具有   。 16.(l)如图甲,活塞迅速下压过程,是通过   的途径使管内空气的内能增加。 (2)如图乙,试管内的水沸腾后,木塞向外弹出的过程中,试管内   转化为木塞的机械能。此过程中能量转化的情况与汽油机的   冲程相同。 17.佩婷家的太阳能集热器中装有40kg、35℃的水,经太阳光照射温度升高到45℃,用电热水器对相同的水也加热到45℃,标有“900r/kW?h”字样的电能表用了30min铝盘转过了450r(只有热水器工作),热水器消耗的电能为   J.热水器加热时的实际电功率是   。[C水=4.2×103J/(kg?℃)]。 18.(1)如图所示的实验现象说明分子间存在着   力; (2)夏天,突然打开汽水瓶时,随着“嘭”一声响,往往可以看到瓶口处冒“白气”,这是因为当突然打开瓶盖时,瓶内气体迅速膨胀,对外   ,温度   ,内能   ,形成大量的小水珠,就是我们看到的“白气”。 19.(1分)如图所示,“东坡肉”清香可口,赢得了一致好评。“东坡肉”烹饪过程中其内能是通过热传递方式改变的。刚刚出锅的东坡肉芬芳扑鼻,凉了之后的“东坡肉”不是很香了,说明分子热运动的快慢与   有关。 20.有两只灯泡 A 灯标有“12V,6W”B 灯标有“12V,12W”,若将 A、B 并联 接在 12V 电源两端则 A、B 中的电流大小之比是   ,一分钟内电路消耗的总电能为   J,若将 A、B 串联接在某电路使 A 灯恰好正常发光,则此时 B 灯的电压   V。 21.如图所示的电路中,电源电压保持不变,开关S1闭合、S2断开时,当滑动变阻器的滑片P向右移动,电压表的示数将   ,电压表的示数与电流表的示数的比值将   ;若将开关S2也闭合,电流表的示数将   ,电压表的示数将   (均选填“变小”、“不变”或“变大”) 三、作图题(9分) 22.在方框中画出对应的电路图。 23.如图所示,是练习使用滑动变阻器改变灯泡亮度的未完成电路,请用笔画线代替导线完成电路连接。要求:灯L1和L2并联,开关同时控制两灯,滑动变阻器只控制L1的亮度,导线不能交叉。 24.小明用两个单刀双掷开关、一个LED灯和若干导线,设计一个楼梯灯电路,无论是楼上或楼下都可以任意开灯、灭灯,既可以在楼下开灯到楼上灭灯,又可以在楼上开灯到楼下灭灯,请你根据小明设计的意图,用笔画线代替导线完成如图的电路。 四、简答题 25.无论是白天还是夜晚,人们漫步在海滨,会感到习习海风迎面吹拂,十分畅快。这样的风非常柔和,通常情况下,它白天从海上吹向陆地,夜晚从陆地吹向海上(如图),气象上把这种风称为“海陆风”。请你运用学过的物理知识说明海陆风形成的原因。 五、计算题(4分+5分) 26.如图所示是翊童家新买的一款多功能电热锅,该电热锅有加热、定时、测温等多种功能,下表是该锅的部分参数,翊童想了解该锅的性能,于是他在锅里装了1kg温度为20℃的水,接入家庭电路,闭合开关,将这些水加热到100℃用了500s[c水=4.2×103J/(kg?℃)],求: 型号 ××× 额定电压 220V 额定功率 800W 额定容量 1.2L (1)电热锅正常工作时的电阻。 (2)水吸收的热量。 (3)电热锅烧水时的热效率。 27.(5分)某科学兴趣小组同学设计了如图甲所示的电路图进行实验探究,电源为可调压直流学生电源,电压表量程为“0~15V”,电流表量程为“0~0.6A”,小灯泡标有“6V,1.2W”字样,R0为20Ω的定值电阻。小组根据记录的电流表和电压表示数变化,描绘出U﹣I关系图,如图乙所示。 (1)求灯泡正常发光时的电阻; (2)求当电压表示数为2V时,每分钟电阻产生的热量; (3)调节电源电压,小灯泡与定值电阻R0消耗的总功率为0.8W时,小灯泡的实际电功率。 六、实验题(46分) 28.(5分)(1)如图(甲、乙、丙)所示,将小球放在相同的斜面上自由滚下,撞击静止在水平面上的木块。如图所示实验中,能说明物体的动能与物体的速度大小有关的是   和   (选填“甲”、“乙”或“丙”)。 (2)小明看到运动员拉弓射箭时,弓拉得越弯,箭射得越远。小明猜想:弹性势能的大小可能与物体的弹性形变有关。 为验证其猜想是否正确,他设计了如下实验(弹簧被压缩后未超过其弹性限度);如图丁所示,将同一个弹簧压缩   (选填“相同”或“不同”)的长度。将小球置于弹簧的右端,松开后小球碰到同一位置的相同木块上,分别比较木块   ,从而比较弹性势能的大小。 (3)上述实验中,若水平面绝对光滑,实验将   (选填“能”或“不能”)达到探究目的。 29.(5分)如图甲,在探究“不同物质吸热能力”的实验中: (1)在两个相同的烧杯中加入初温相同、   相同的水和煤油(ρ水>ρ煤油).选用相同电加热器的目的是:使水和煤油在相同时间内   。 (2)水和煤油温度随时间变化的图象如图乙所示,根据图象可判断出a物质是   ;   吸热能力强。 (3)本实验采用的物理研究方法是   法。 30.(9分)实验小组在探究“电流大小与哪些因素有关”的实验中,老师提供的实验器材有:电源(电压恒为4.5Ⅴ),电流表、电压表各一个,开关一个,四个定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω),两只滑动变阻器(规格分别为“20Ω2A”、“50Ω1A”),导线若干。 (1)请根据如图甲的电路图用笔画线将如图乙实物图连接完整(注意电表的量程选择)。 (2)闭合开关后,发现电流表有示数,电压表无示数,则故障原因可能是   。 (3)小明排除故障后,在a、b间先接入5Ω的电阻,闭合开关,移动滑片P,使电压表的示数为1.5Ⅴ,并记下相应的电流值;再改接10Ω的电阻,此时滑片P应向   (选填“E”或“F”)端移动,小李移动变阻器滑片P的目的是:   。 (4)小明为完成用四个定值电阻进行实验,他应选择的滑动变阻是   。他这样选择的理由是:   。 (5)小李排除故障后,通过实验得到数据如表1所示,根据数据,可得出结论:   。 (6)小李在探究电流与电阻的关系时,将电阻R先后更换为5Ω和15Ω的电阻进行实验,得到的数据如表2所示,通过分析表2的数据可知,实验小组在操作过程中存在的错误是:   。 表1 实验序号 1 2 3 电阻R/Ω R 电压U/V 1.0 1.5 2.0 电流I/A 0.10 0.15 0.20 表2 实验序号 3 4 5 电阻R/Ω R 5 15 电压U/V 2.0 1.5 2.3 电流I/A 0.20 0.30 0.15 31.(6分)小亮用“伏安法”测小灯泡的电阻,小灯泡额定电压是2.5V,电源电压4.5V。 (1)请用笔画线代替导线,将图甲所示的实物电路连接完整。 (2)在连接电路时,开关应   ,滑动变阻器滑片P应位于   (选填“A”或“B”)端。 (3)闭合开关,移动滑动变阻器的滑片P,当电压表的示数为2.5V时,电流表示数如图乙所示,此时小灯泡的电阻约为   Ω(保留一位小数);他把多次测量的电流值和电压绘制成I﹣U图象,发现I﹣U图线是一条曲线,原因是   。 (4)如果还想测量额定电压为3.8V的小灯泡正常发光时的电阻,但是电压表的15V量程已经损坏,在不改变原器材的情况下,你的办法是   。 32.(15分)小铁和小岭在测量额定电压是2.5V小灯泡电功率的实验中: (1)为完成实验,请在图甲中画出伏安法测小灯泡电功率的电路图。 (2)若开关闭合后,发现无论怎样调节滑动变阻器,小灯泡发光较暗且亮度一直不变,则故障是   。 (3)故障排除后,调节滑动变阻器的滑片,当电压表示数为2V时,电流表示数如图乙所示,此时通过小灯泡的电流为   A,小灯泡此时的电功率为   W.若要测量小灯泡的额定功率,应将滑动变阻器的滑片向   (填“左”或“右”)移动(按照所画的电路图填),直到电压表示数为   V为止。 (4)移动滑动变阻器的滑片,记下多组电流表及对应电压表的示数,并画出图丙所示的I﹣U图象,从图象可算出小灯泡的额定功率为   W。 (5)两人继续调节滑动变阻器的过程中,小灯泡突然熄灭,电压表示数   (填“变大”、“变小”或“不变”),经检查发现灯丝烧断。 (6)两人实验完毕后,又重新选择实验器材,不用电压表就测出了I额=0.3A的小灯泡的额定功率,设计的电路图如图丁所示,请将下列实验步骤补充完整,并计算出小灯泡的额定功率(电源电压恒定且未知,滑动变阻器的最大阻值为30Ω)。 ①将滑动变阻器的电阻调到最大,开关S1闭合,S2   (填“闭合”或“断开”)读出电流表的示数为0.2A,则电源电压为   V; ②开关S1闭合,S2   (填“闭合”或“断开”),调节滑动变阻器的滑片使电流表的示数为   A时,小灯泡正常发光; ③开关S1、S2均闭合,滑动变阻器的滑片   ,读出电流表的示数为0.4A; ④小灯泡的额定功率P额=   W。 33.(5分)如图是“探究电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置,将四段电阻丝a、b、c、d分别密封在完全相同的盒内,盒内封闭一定量的空气,其中图乙中另取5Ω电阻在盒外与盒内电阻并联。 (1)在实验中电流通过电阻产生热量的多少是通过观察   来比较的; (2)图甲可探究电流产生的热量与   的关系,图乙可探究电流产生的热量与   的关系; (3)图乙中右侧盒外连接的5Ω电阻,它的作用是   ; (4)物理研究方法有很多,本实验运用了两种方法:一是控制变量法;二是   法。 2017-2018学年辽宁省辽阳市灯塔实验中学九年级(上)期末物理模拟试卷(2) 参考答案与试题解析 一、选择题(1-8题每题2分,9-12每题3分,共计28分) 1.某家用电器正常工作时,测得通过用电器的电流为4A,则此电器可能是下列中的(  ) A.家用电冰箱 B.日光灯 C.家用空调机 D.电风扇 【分析】家庭电路电压是220V,已知电路电流,由P=UI求出用电器的功率;然后根据对家用电器功率的了解逐一分析,做出选择。 【解答】解:该用电器的功率P=UI=220V×4A=880W; A、家用冰箱的功率一般在90W~200W之间,不符合题意; B、日光灯的功率一般约为40W,不符合题意; C、家用定速空调的制冷功率(约为):1匹800W,1.5匹1200W,2匹1800W, 2.5匹2200瓦,3匹2800W,5匹4600W,符合题意; D、电风扇的功率一般约为60W,不符合题意; 故选:C。 【点评】本题考查了对家用电器工作电流的判断,家用电器的电流,我们不是很熟悉,我们对用电器的功率了解多一些,我们可以先算出用电器的功率,根据功率大小做出选择。 2.下列关于能量的说法中正确的是(  ) A.在北方很多地区充分利用风力来发电,将风能转化为电能 B.物体内能增加,一定要从外界吸收热量 C.“神舟”飞船在加速升空过程中,它的动能增加,机械能不变 D.汽油机做功冲程中,将机械能转化为内能 【分析】(1)风力发电机可以将风能转化为电能; (2)改变物体内能的两种方法是做功和热传递; (3)动能大小的影响因素:质量和速度,质量越大,速度越大,动能越大;重力势能大小的影响因素:质量和高度,质量越大,高度越高,重力势能越大;机械能等于动能和势能之和。 (4)吸气和排气冲程不发生能量转化,压缩冲程将机械能转化为内能;做功冲程将内能转化为机械能。 【解答】解: A、我国北方地区风能资源比较丰富,可以充分风能来发电,故A正确。 B、因为改变物体内能的方法有:做功和热传递。物体内能增加,可能从外界吸收热量,也可能是外界对物体做功,故B错误。 C、飞船在加速升空过程中,速度增大,动能增大;高度增加,重力势能增加,所以机械能增加,故C错误 D、压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩,将机械能转化内能,做功冲程将内能转化为机械能,故D错误。 故选:A。 【点评】本题主要考查学生对:能源的种类、改变内能的方法、能量的转化的理解和掌握,属于常见题型,是一道基础性题目。 3.下表给出了几种物质的比热容和密度,根据表格中的数据判断下列说法不正确的是(  ) 物质 比热容c/[J﹣(kg?℃)﹣1] 物质 密度ρ/(kg.m﹣3) 水 4.2×103 水 1.0×103 煤油 2.1×103 煤油 0.8×103 铝 0.88×103 铝 2.7×103 铁 0.46×103 铁 7.9×103 A.质量相等的水和煤油温度都升高5℃,水吸收的热量比煤油多 B.质量相等的实心铝块和铁块,铝块的体积大 C.用水做供暖系统的循环物质,是因为水的比热容较大 D.从表中可看出,密度大的物质,其比热容也大 【分析】A、已知质量、升高的温度,查表可知比热容的大小关系,利用Q=cm△t分析; B、选用密度公式的变形式V=,在质量m相等的条件下,ρ大的体积小,ρ小的体积大; C、由公式Q=cm△t,可知质量相同的不同物质降低相同的温度,比热容大的放出的热量多; D、分析表中数据即可得出结论。 【解答】解: A、由Q=cm△t可知,在质量相等、升高的温度相等的情况下,由于水的比热容大于煤油的比热容,故水吸收的热量比煤油多,故A正确; B、实心铝块和铁块质量m相同,且 ρ铁>ρ铝,由V=可知V铁<V铝.故B正确; C、水的比热容较大,质量相同的不同物质在降低相同温度时,由Q=cm△t可知水放出的热量多,取暖效果好,所以用水做供暖系统的循环物质,故C正确。 D、从表中数据可知,铁的密度较大,而铁的比热容是较小的,比热容和物质的密度没有必然的规律,故D错误。 故选:D。 【点评】本题主要考查了水的比热容较大和密度公式及变形式。比热容是物质的一种特性,它只与物质的种类有关,要求学生要分清铁、铝密度大小的关系,会用数学的关系分析出体积的关系。 4.如图所示,已知甲乙两个相同的验电器,甲带负电,乙不带电,拿一根有绝缘柄的金属杆把两个验电器连接起来。下列说法正确的是(  ) A.甲验电器的金属箔张角变大 B.金属杆中有持续的电流通过 C.乙验电器最终带上正电 D.连接的瞬间,有电流从乙流向甲 【分析】(1)规定电流方向与正电荷定向移动的方向相同; (2)验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷,然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的。 【解答】解: (1)甲带负电,乙不带电,用带有绝缘手柄的金属棒把甲和乙连接起来,甲上的部分负电荷会转移到乙上,因此验电器甲的金属箔片会减小,乙的金属箔由于带负电会张开,故AC错误; (2)电流的方向与负电荷定向移动的方向相反,因此电流方向是由乙到甲;当两验电器所带电荷相等后,电荷不再发生转移,所以只是在连接的瞬间有电流,故B错误,D正确。 故选:D。 【点评】本题的目的是考查对验电器使用原理、电流方向的掌握情况,在金属导体中,能够自由移动的电荷是负电荷(自由电子),所以在金属导体中,电流的方向始终与自由电荷的运动方向相反。 5.关于电源和电流,下列说法中正确的是(  ) A.电流是由大量电荷的无规则运动形成的 B.电源外部,电流是从电源的正极流向负极 C.在电路中只要有电源,就一定会有电流 D.电流的方向总是从电源的正极流向负极 【分析】根据以下知识分析答题: (1)电路中有电流的条件是:电路中有电源,且电路闭合; (2)电荷的定向移动形成电流,正电荷的定向移动方向是电流的方向; (3)在电源外部,电流由正极流向负极。 【解答】解: A、电荷的定向移动形成电流,电荷的无规则运动不会形成电流;故A错误; B、在电源外部,电流由电源正极流向电源负极,故B正确; C、电路中有电源,如果电路没有闭合,则电路中没有电流,故C错误; D、在电源外部电流从正极出发,经过用电器回到负极,在电源的内部,电流由电源的负极流向正极;故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查了形成电流的条件、电流概念、电流方向等问题,熟练应用基础知识即可正确解题。 6.如图所示的电路中,属于串联的电路是(  ) A. B. C. D. 【分析】根据串联电路和并联电路的特点进行分析,即串联电路是用导线将用电器依次连接起来,而并联电路是将用电器并列连接起来。 【解答】解:ACD、图中都是将两个灯泡并列连接起来的,电流有两条路径,属于并联电路,故不合题意; B、图中都是将两个灯泡依次连接起来的,电流只有一条路径,属于串联电路,符合题意。 故选:B。 【点评】知道串并联电路的特点,会识别串联电路和并联电路。 7.如图所示,电源电压不变,当开关S闭合时,电表示数的变化情况是(  ) A.电流表、电压表示数均变大 B.电压表示数变大,电流表示数变小 C.电流表、电压表示数均变小 D.电压表示数变小,电流表示数变大 【分析】由电路图可知,开关S断开时,R1与R2串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流;当开关S闭合时,R1和电流表被短路,电路为R2的简单电路,电压表测电源的电压,根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化。 【解答】解:由电路图可知,开关S断开时,R1与R2串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流; 当开关S闭合时,R1和电流表被短路,电路为R2的简单电路,电压表测电源的电压, 由开关S断开时电流表有示数、当开关S闭合时电流表无示数可知,电流表的示数变小,故AD错误; 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,当开关S闭合时,电压表的示数变大,故B正确、C错误。 故选:B。 【点评】本题考查了电路的动态分析,关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断和电表所测电路元件的辨别。 8.在如图所示的电路中,电源电压为6V.闭合开关后,电压表V1的示数为0,电压表V2的示数为6V.此电路的故障可能是(  ) A.电源坏了 B.电阻R1短路 C.电阻R2短路 D.电阻R1断路 【分析】(1)由图可知,R1和R2串联,电压表V1测量R1两端的电压;电压表V2测量R2两端的电压; (2)电压表有示数,说明电压表与电源连接的部分电路无断路,与电压表并联的部分无短路。 【解答】解:由图知,两电阻串联,电压表V1测量R1两端的电压,并且V1示数等于0,说明R1短路或R1之外有断路故障; 电压表V2测量R2两端的电压,并且示数等于电源电压,因此电路故障可能为R1短路或R2断路(R2断路时,电压表V2串联在电路中测电源电压). 故选:B。 【点评】电压表判断电路故障的题目中,当电压表并联在某处时若有示数,说明此处开路或它处短路;若无示数,说明此处短路或它处开路。 9.如图所示,不符合安全用电原则的是(  ) A.同时使用大功率用电器 B.用电器外壳接地 C.使用绝缘皮破损的导线 D.用湿手触摸开关 【分析】(1)多个大功率用电器使用同一插座容易造成电流过大,引发火灾; (2)家用电器的金属外壳必须要接地; (3)绝缘皮损坏,则导线会露在外面,容易造成事故; (4)生活用水是导体,容易造成触电。 【解答】解:A、多个大功率用电器同时使用一个插座,容易造成电流过大,引发火灾,故A不符合安全用电的要求; B、用电器金属外壳接地,可避免因用电器漏电而发生触电事故,故B符合安全用电要求; C、由于导线绝缘皮老化漏电或短路,电路中的电阻几乎为零,会造成电流过大,引发事故;故C不符合安全用电的要求; D、生活用水是导体,用湿手触摸开关容易造成触电,故D不符合安全用电的要求。 故选:ACD。 【点评】了解家庭电路的连接特点及常用电器、元件的使用要求,是保证用电安全的前提,属基础知识的考查。 10.某同学在没有电流表的情况下,利用电压表和已知阻值的定值电阻R0,测量未知电阻Rx阻值,图中可实现测量Rx阻值的正确电路图是(  ) A. B. C. D. 【分析】本题各选项的共同特征都最缺少电流表,利用已知阻值的R0和开关的控制,推导出通过RX中的电流,是分析的关键。 【解答】解: A、当开关闭合时,R0短路,电压表测电源电压,设此时示数为U1,当开关断开时,R0与RX串联,电压表测RX的电压,设此时示数为U2,则此时R0两端的电压为U1﹣U2。 根据串联电路电流处处相等可列出等式: =,推导得出RX=,故此电路可以测出RX阻值。 B、当开关闭合时,RX被短路,电压表测电源电压,当开关断开时,RX与R0串联,电压表仍测电源电压,无法推导出通过RX的电流,故此电路不能测出RX阻值。 C、当开关掷到1档时,只有RX接入电路,电压表示数等于电源电压,设此时示数为U1,当开关掷到2档时,RX与R0串联,电压表测RX的电压,设此时示数为U2,则此时R0两端电压为U1﹣U2.根据串联电路电流处处相等可列出等式: =,推导得出RX=,故此电路可以测出RX阻值。 D、当开关掷到1档时,只有R0接入电路,电压表示数等于电源电压,设此时示数为U1,当开关掷到2档时,RX与R0串联,电压表测R0的电压,设此时示数为U2,则此时RX两端电压为U1﹣U2.根据串联电路电流处处相等可列出等式: =,推导得出RX=,故此电路可以测出RX阻值。 故选:ACD。 【点评】缺少电流表测电阻的问题,要用到数学的推理思维,常以电流处处相等为突破口;如果缺少电压表测电阻,也常以各支路电压相等为突破口。 11.如图所示,①②③④为四个物理探究实验,abcd为应用实例,箭头表示它们的对应关系,其中对应关系正确的是(  ) A. B. C. D. 【分析】(1)验电器工作原理:同种电荷相互排斥; (2)滑动变阻器通过改变连入电路的电阻丝的长度改变连入电路的电阻,进而改变电路中的电流; (3)避雷针是利用导体导电的原理制成的; (4)酒精浓度检测仪是根据欧姆定律的应用制成的。 【解答】解: A、①图说明同种电荷相互排斥,验电器就是根据这个原理制成的,故A正确; B、②图通过改变连入电路的电阻丝的长度改变连入电路的电阻,进而改变电路中的电流,这也是滑动变阻器的变阻原理,故B正确; C、③图中的避雷针是利用导体导电的性质制成的,故C错误; D、④图说明电阻变化,就会改变电路中电流和电压的变化,酒精浓度检测仪是根据欧姆定律的应用制成的,故D正确。 故选:ABD。 【点评】本题主要考查学生对知识的理解和运用情况。试题所选择的素材主要涉及的是电和磁的相关知识。题目以两组图片相对应的形式展现给学生,一组是实验现象,另一组是现象的应用,考查了我们的教学过程中实验的展现,同时也是为了把学生的课堂表现考出来。试题形式新颖、设计巧妙,体现了学以致用的思想。 12.如图,电源电压18V保持不变,电流表量程是0﹣0.6A,电压表量程是0﹣15V,小灯泡上 标有“6V 3W”字样。要求:开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程,且灯泡两端电压不允许超过额定电压(灯丝电阻不变).则下列说法正确的是(  ) A.滑动变阻器的滑片向左移动时,电压表示数变小 B.当电流表示数为0.4A时,电压表示数为12V C.滑动变阻器允许调节的范围是18Ω﹣60Ω D.该电路的最大功率为9W 【分析】由电路图可知,灯泡与滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流。 (1)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化,根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化; (2)根据P=UI求出灯泡的额定电流,根据欧姆定律求出灯泡的电阻,再根据欧姆定律求出电流表的示数为0.4A时灯泡两端的电压,利用串联电路的电压特点求出电压表的示数; (3)比较灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小、电路消耗的功率最大,根据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值,根据P=UI求出电路的最大功率;当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大,根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压,根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值,进一步求出滑动变阻器接入电路中电阻的范围。 【解答】解:由电路图可知,灯泡与滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流。 (1)滑动变阻器的滑片向左移动时,接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小, 由I=可知,电路中的电流变大,即电流表的示数变大, 由U=IR可知,灯泡两端的电压变大, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,滑动变阻器两端的电压变小,即电压表的示数变小,故A正确; (2)由P=UI可得,灯泡的额定电流: IL===0.5A, 由I=可得,灯泡的电阻: RL===12Ω, 当电流表示数为0.4A时,灯泡两端的电压: UL′=IRL=0.4A×12Ω=4.8V, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,电压表的示数: U滑=U﹣UL′=18V﹣4.8V=13.2V,故B错误; (3)因串联电路中各处的电流相等,且灯泡的额定电流为0.5A,电流表的量程为0~0.6A, 所以,电路中的最大电流为0.5A, 此时电路中的总电阻: R===36Ω, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,滑动变阻器接入电路中的最小阻值: R滑小=R﹣RL=36Ω﹣12Ω=24Ω, 电路消耗的最大功率: P大=UI大=18V×0.5A=9W,故D正确; 当电压表的示数为15V时,滑动变阻器接入电路中的电阻最大, 此时灯泡两端的电压: UL″=U﹣U滑大=18V﹣15V=3V, 因串联电路中各处的电流相等, 所以, =,即=, 解得:R滑大=60Ω, 所以,滑动变阻器允许调节的范围是24Ω~60Ω,故C错误。 故选:AD。 【点评】本题考查了电路的动态分析和串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用,关键是滑动变阻器接入电路中最大和最小阻值的确定。 二、填空题(25分) 13.夏天,水泥马路的温度往往比池水高得多,这是由于水的 比热容 大。为此,市政部门经常派出洒水车向路面洒水降温,这是利用 热传递 方式改变物体的内能,此过程中水的蒸发 属于 (选“属于”或“不属于”)分子运动;若某辆洒水车洒水时做匀速直线运动,则该洒水车的动能将 减小 (选“增大”、“减小”或“不变”)。 【分析】因为水的比热容较大,相同质量的水和其它物质比较,吸收或放出相同的热量,水的温度升高或降低的少; 改变物体内能的方式有做功和热传递; 动能的大小与物体的质量和物体的速度有关,质量越大、速度越大,物体的动能越大。 【解答】解: 因为水的比热容较大,水泥的比热容比水小,吸收相同的热量(同样的阳光照射)水泥的温度变化大,升高的温度值大,所以水泥马路的温度比湖水高得多; 洒水车向路面洒水降温,这是利用热传递方式改变物体的内能,此过程中水的蒸发属于分子运动; 因为洒水车做匀速直线运动,所以洒水时速度不变,但洒水车的质量减小,洒水车的动能减小。 故答案为:比热容;热传递;属于;减小。 【点评】本题考查了水的比热容大、分子的运动、热传递改变物体内能、动能的影响因素,难度不大,但综合性强、密切联系生活,属于中考常见题型。 14.用煤气灶把2kg,初温为30℃的水烧到80℃,消耗了20g煤气,已知水的比热容是4.2×103J/(kg?℃),煤气的热值为4.2×107J/kg,则水吸收的热量为 4.2×105 J,煤气灶烧水的效率为 50% 。 【分析】(1)根据吸热公式Q=cm△t就可算出水吸收的热量; (2)应用热值公式Q=mq可以求出煤气完全燃烧释放的热量;由效率公式可以求出煤气灶烧水的效率。 【解答】解:水吸收的热量:Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg?℃)×2kg×(80℃﹣30℃)=4.2×105J; 20g煤气完全燃烧放出的热量:Q放=mq=0.02kg×4.2×107J/kg=8.4×105J; 煤气灶烧水的效率: η=×100%=×100%=50%。 故答案为:4.2×105;50%。 【点评】本题考查了吸热公式、热值公式及效率公式的计算,属于常见的基础考题。 15.2016年10月17日,执行与天宫二号交会对接任务的神舟十一号载人飞船,顺利将2名航天员送上太空;如图所示为“长征二号F”运载火箭,它采用了我国最新研制的大推力液氧液氢发动机。液氢燃烧过程中,其热值大小 不变 ;燃气对火箭做功,燃气的内能会 减小 (两空均选填“增大”、“减小”或“不变”);能量的转化具有 方向性 。 【分析】(1)热值是物质的一种特性,与质量的大小无关; (2)内燃机在做功冲程的能量转化是内能转化为机械能的冲程,内能将减小; (3)能量可以相互转化,能量转化具有方向性。 【解答】解: (1)热值是燃料的一种特性,它只与燃料的种类有关,所以煤油燃烧过程中,其热值大小不变; (2)燃气对火箭做功,内能转化为机械能,所以燃气的内能会减小; (3)能量的转化、能量的转移都是具有方向性的。 故答案为:不变;减小;方向性。 【点评】本题考查了能量转化的方向性、热值的理解、以及改变内能的方式,属于综合性题目。 16.(l)如图甲,活塞迅速下压过程,是通过 做功 的途径使管内空气的内能增加。 (2)如图乙,试管内的水沸腾后,木塞向外弹出的过程中,试管内 水蒸气的内能 转化为木塞的机械能。此过程中能量转化的情况与汽油机的 做功 冲程相同。 【分析】(1)改变物体内能的方式有两种:做功和热传递,热传递过程是能量的转移过程,而做功过程是能量的转化过程。 (2)汽油机的四个冲程中,做功冲程将内能转化为机械能,压缩冲程将机械能转化为内能。 【解答】解:(1)下压活塞时,活塞压缩气体做功,机械能转化为内能,气体的内能增大,温度升高,当达到棉花的燃点,使棉花燃烧起来。 (2)由图乙可知,试管内的水蒸气当用酒精灯加热一定程度时,水蒸气会对塞子做功,将水蒸气的内能会转化为塞子的机械能,内能减小,温度降低;此过程与汽油机的做功冲程类似,在做功冲程中也是燃气的内能转化为活塞的机械能; 故答案为:(1)做功;(2)水蒸气的内能; 做功。 【点评】本题综合考查了改变内能的两种方式、内燃机四个冲程的特点,涉及内容多,但都属于基础知识考查范围。 17.佩婷家的太阳能集热器中装有40kg、35℃的水,经太阳光照射温度升高到45℃,用电热水器对相同的水也加热到45℃,标有“900r/kW?h”字样的电能表用了30min铝盘转过了450r(只有热水器工作),热水器消耗的电能为 1.8×106 J.热水器加热时的实际电功率是 1000W 。[C水=4.2×103J/(kg?℃)]。 【分析】“900 r/kW?h”是指每消耗1kW?h的电能表的铝盘转过900转(r),现在知道转过450r可求热水器消耗的电能,再利用P=求出热水器加热时的实际电功率。 【解答】解:因“900r/kW?h”表示每消耗1kW?h的电能表的铝盘转过900转, 所以,铝盘转过了450r时,热水器消耗的电能: W=kW?h=0.5kW?h=0.5×3.6×106J=1.8×106J, 电热水器加热时的实际电功率: P===1000W。 故答案为:1.8×106;1000W。 【点评】本题考查了电功和电功率的计算,明白电能表参数的含义是关键。 18.(1)如图所示的实验现象说明分子间存在着 引 力; (2)夏天,突然打开汽水瓶时,随着“嘭”一声响,往往可以看到瓶口处冒“白气”,这是因为当突然打开瓶盖时,瓶内气体迅速膨胀,对外 做功 ,温度 降低 ,内能 减小 ,形成大量的小水珠,就是我们看到的“白气”。 【分析】(1)物质是由分子组成的,分子间存在这相互作用的引力和斥力; (2)知道做功可以改变物体的内能,当物体对外做功时,内能转化为机械能,内能减少温度降低; 水蒸气在遇冷会发生液化现象。 【解答】解: (1)1图中将接触面被削平的两个铅块用力压紧,可以使它们结合在一起,即便在下端悬挂一定质量的重物也不分开,说明了分子间存在引力; (2)2图中瓶内气体膨胀,对外做功,内能转化为瓶盖的机械能,内能减少、温度降低;瓶口附近的水蒸气遇冷会发生液化现象形成大量的小水珠,即“白气”。 故答案为:(1)引;(2)做功;降低;减小。 【点评】本题考查了分子运动论、改变物体内能的方式和能量转化,属于基础性题目。 19.(1分)如图所示,“东坡肉”清香可口,赢得了一致好评。“东坡肉”烹饪过程中其内能是通过热传递方式改变的。刚刚出锅的东坡肉芬芳扑鼻,凉了之后的“东坡肉”不是很香了,说明分子热运动的快慢与 温度 有关。 【分析】物质是由分子组成的,组成物质的分子永不停息地做无规则的运动,分子热运动的速度和液体的温度有关,温度越高,分子运动的越剧烈 【解答】解:刚刚出锅的东坡肉芬芳扑鼻,凉了之后的“东坡肉”不是很香了,因为温度越低,分子热运动越慢,故凉了之后的“东坡肉”不是很香了。 故答案为:温度。 【点评】本题考查了分子动理论、改变内能的方式,题目难度不大,掌握基础知识即可正确解题。 20.有两只灯泡 A 灯标有“12V,6W”B 灯标有“12V,12W”,若将 A、B 并联 接在 12V 电源两端则 A、B 中的电流大小之比是 1:2 ,一分钟内电路消耗的总电能为 1080 J,若将 A、B 串联接在某电路使 A 灯恰好正常发光,则此时 B 灯的电压 6 V。 【分析】(1)将A、B并联接在12V电源两端时它们两端的电压相等,额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等,根据P=UI求出通过两灯泡的电流,然后求出两者的比值,电路的总功率等于两者功率之和,根据W=Pt求出一分钟内电路消耗的总电能; (2)根据欧姆定律求出B灯泡的电阻,将A、B串联接在某电路使A灯恰好正常发光,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出此时B灯的电压。 【解答】解:(1)将A、B并联接在12V电源两端时, 因并联电路中各支路两端的电压相等,且额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等, 所以,由P=UI可得,通过两灯泡的电流为: IA===0.5A,IB===1A, 则IA:IB=0.5A:1A=1:2, 因电路中的总功率等于各用电器功率之和, 所以,电路的总功率: P=PA+PB=6W+12W=18W, 由P=可得,一分钟内电路消耗的总电能: W=Pt=18W×60s=1080J; (2)由I=可得,B灯泡的电阻: RA===12Ω, 将A、B串联接在某电路使A灯恰好正常发光, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,此时B灯的电压: UB′=IB′RB=IARB=0.5A×12Ω=6V。 故答案为:1:2; 1080; 6。 【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用,要注意额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等。 21.如图所示的电路中,电源电压保持不变,开关S1闭合、S2断开时,当滑动变阻器的滑片P向右移动,电压表的示数将 变小 ,电压表的示数与电流表的示数的比值将 不变 ;若将开关S2也闭合,电流表的示数将 变大 ,电压表的示数将 变大 (均选填“变小”、“不变”或“变大”) 【分析】当开关S1闭合、S2断开时,电阻R1和滑动变阻器串联,电压表测电阻R1两端的电压,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律可知滑片P向右移动,电压表的示数与电流表的示数的比值的变化;若将开关S2也闭合时,电压表测电源的电压,据此判断电压表的示数的变化。 【解答】解:当开关S1闭合、S2断开时,电阻R1和滑动变阻器串联,电压表测电阻R1两端的电压U1,电流表测电路中的电流I1; 当滑动变阻器的滑片P向右移动,滑动变阻器接入电路的电阻变大,电路中的电脑减小,根据U=IR可知电压表示数变小; 由欧姆定律可知,电压表的示数与电流表的示数的比值为=R1,所以比值不变; 若将开关S2也闭合,滑动变阻器被短路,则电路的总电阻减小,电流变大,故电流表示数变大;电压表测电源的电压,所以电压表的示数将变大。 故答案为:变小;不变;变大;变大。 【点评】本题考查了欧姆定律的应用和电压表的正确使用,关键是开关闭和、断开时电路图串并联的辨别和把电压表和电流表的比值转化为电阻来处理。 三、作图题(9分) 22.在方框中画出对应的电路图。 【分析】从实物图中可以看出,两只灯泡并联,开关S1控制L1所在的支路,开关S2控制L2所在的支路;据此画出电路图。 【解答】解: 根据实物图可知,从正极出发分两条支路,一支路经灯泡L2和开关S2;另一支路经灯泡L1和开关S2,然后两支电流在电源负极汇合,如图所示: 【点评】本题考查根据实物图画电路图,关键是会判断两灯泡的连接方式和开关的位置。 23.如图所示,是练习使用滑动变阻器改变灯泡亮度的未完成电路,请用笔画线代替导线完成电路连接。要求:灯L1和L2并联,开关同时控制两灯,滑动变阻器只控制L1的亮度,导线不能交叉。 【分析】两灯并联,要求电流有两条路径;开关同时控制两盏电灯,开关必须接在干路上;滑动变阻器只控制L1的亮度,因此滑动变阻器与灯L1串联。 【解答】解:经过分析,电流路径有两条:从电源正极出发,依次连接开关、L1、滑动变阻器直到电源负极:从正极出发,依次连接开关、L2、电源负极;找出电路的分支点和汇合点,整理如下图: 【点评】连接电路时,首先要通过题目中的已知条件,明确用电器是串联还是并联的,开关在支路还是干路上,电表测量谁的电压和电流,滑动变阻器控制哪个用电器。 24.小明用两个单刀双掷开关、一个LED灯和若干导线,设计一个楼梯灯电路,无论是楼上或楼下都可以任意开灯、灭灯,既可以在楼下开灯到楼上灭灯,又可以在楼上开灯到楼下灭灯,请你根据小明设计的意图,用笔画线代替导线完成如图的电路。 【分析】(1)开关控制灯泡的连接方法:火线首先接入开关,然后进入灯泡;零线直接进入灯泡。 (2)楼上和楼下都是单刀双掷开关,为了从这一头开(或关)灯而到另一头能够关(或开)灯,说明楼上和楼下的开关是串联在一起的。 (3)单刀双掷开关的连接方式,将两个开关中除与单刀相连的另外触点相互连接。 【解答】解: 由题知,无论是楼上或楼下都可以任意开灯、灭灯,既可以在楼下开灯到楼上灭灯,又可以在楼上开灯到楼下灭灯,这说明楼上开关和楼下开关是串联的,所以,应将两个开关中与单刀相连的两个触点相互连接; 为了保证用电的安全,一只开关应与火线连接;开关控制灯泡时,开关和灯泡是串联的,所以需将另一只开关与LED灯串联,再将LED灯的另一端与零线连接。如图所示: 【点评】本题考查了实物电路图的连接和电路图的设计,在由两个开关控制一盏灯时,开关和灯泡的连接方法是串联。两个开关的连接方法只有两种方法﹣﹣串联或并联,可以画出电路后,看是否符合题意。 四、简答题 25.无论是白天还是夜晚,人们漫步在海滨,会感到习习海风迎面吹拂,十分畅快。这样的风非常柔和,通常情况下,它白天从海上吹向陆地,夜晚从陆地吹向海上(如图),气象上把这种风称为“海陆风”。请你运用学过的物理知识说明海陆风形成的原因。 【分析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点来分析海陆风和陆海风的形成过程。 【解答】答:因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大,白天,太阳照射下海岸和海水吸收相同的热量,海水温度上升慢;海岸吸热后,温度上升快,热空气上升,微风从海洋吹向陆地,形成海风; 而夜晚,海岸和海水放出相同的热量,但水的比热容大,海水温度降低得少,海面气温较高,空气上升,风就从陆地吹向海上,形成陆风。 【点评】本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握,涉及到海陆风的形成,是一道难题。 五、计算题(4分+5分) 26.如图所示是翊童家新买的一款多功能电热锅,该电热锅有加热、定时、测温等多种功能,下表是该锅的部分参数,翊童想了解该锅的性能,于是他在锅里装了1kg温度为20℃的水,接入家庭电路,闭合开关,将这些水加热到100℃用了500s[c水=4.2×103J/(kg?℃)],求: 型号 ××× 额定电压 220V 额定功率 800W 额定容量 1.2L (1)电热锅正常工作时的电阻。 (2)水吸收的热量。 (3)电热锅烧水时的热效率。 【分析】(1)利用P=求出电阻; (2)利用物质吸热公式Q=cm(t﹣t0)求出吸收的热量; (3)根据电功W=Pt求出消耗的电能;结合效率公式求出效率。 【解答】解:(1)由P=可得: R===60.5Ω; (2)水吸收的热量为:Q=cm(t﹣t0) =4.2×103J/(kg?℃)×1kg×(100℃﹣20℃) =3.36×105J (3)加热过程消耗的电能为:W=Pt=800W×500s=4×105J, 则热效率为:η=×100%=×100%=84%。 (1)电热锅正常工作时的电阻60.5Ω。 (2)水吸收的热量3.36×105J。 (3)电热锅烧水时的热效率84%。 【点评】本题考查了电功率公式、电功公式、吸热公式、效率公式的应用,熟练的运用公式是关键。 27.(5分)某科学兴趣小组同学设计了如图甲所示的电路图进行实验探究,电源为可调压直流学生电源,电压表量程为“0~15V”,电流表量程为“0~0.6A”,小灯泡标有“6V,1.2W”字样,R0为20Ω的定值电阻。小组根据记录的电流表和电压表示数变化,描绘出U﹣I关系图,如图乙所示。 (1)求灯泡正常发光时的电阻; (2)求当电压表示数为2V时,每分钟电阻产生的热量; (3)调节电源电压,小灯泡与定值电阻R0消耗的总功率为0.8W时,小灯泡的实际电功率。 【分析】(1)知道灯泡的额定电压和额定功率,可利用公式R=计算出灯泡正常发光时的电阻。 (2)从甲图可知,小灯泡与电阻R0并联,电压表测量的是电源电压,根据并联电路电压的特点可以知道各支路两端电压,知道电阻R0的阻值,可利用公式Q=t计算每分钟电阻R0产生的热量。 (3)从乙图中读出电路消耗的功率为0.8W时,对应的电压表和电流表示数,进而可求出通过定值电阻的电流大小,根据并联电路的电流特点,进一步可求出通过灯泡的电流大小,然后根据P=UI计算出其实际功率。 【解答】解:(1)由P=得灯泡正常发光时的电阻为: RL===30Ω。 (2)从甲图可知,小灯泡与电阻R0并联, 当电压表的示数为2V,即U=UL=U0=2V, 每分钟电阻R0产生的热量为: Q=W=t=×60s=12J。 (3)当电路消耗的总功率为0.8W,从乙图中可以看出,电流表和电压表的示数为0.4A和2V; 此时通过定值电阻R0的电流为: I0′===0.1A, 通过灯泡的电流为: IL′=I﹣I0′=0.4A﹣0.1A=0.3A, 则灯泡的实际功率为: PL实=U′IL′=2V×0.3A=0.6W。 答:(1)灯泡正常发光时的电阻为30Ω; (2)当电压表示数为2V时,每分钟电阻R0产生的热量是12J。 (3)调节电源电压,小灯泡与定值电阻R0消耗的总功率为0.8W时,小灯泡的实际电功率为0.6W。 【点评】本题考查并联电路的特点、电功率的计算公式和欧姆定律的应用,要注意的是,在(3)问中,若直接根据灯泡正常发光时的电阻进行计算,就忽略掉了温度对于灯丝阻值的影响,这样的解法是不正确的。 六、实验题(46分) 28.(5分)(1)如图(甲、乙、丙)所示,将小球放在相同的斜面上自由滚下,撞击静止在水平面上的木块。如图所示实验中,能说明物体的动能与物体的速度大小有关的是 甲 和 丙 (选填“甲”、“乙”或“丙”)。 (2)小明看到运动员拉弓射箭时,弓拉得越弯,箭射得越远。小明猜想:弹性势能的大小可能与物体的弹性形变有关。 为验证其猜想是否正确,他设计了如下实验(弹簧被压缩后未超过其弹性限度);如图丁所示,将同一个弹簧压缩 不同 (选填“相同”或“不同”)的长度。将小球置于弹簧的右端,松开后小球碰到同一位置的相同木块上,分别比较木块 被碰后移动的距离 ,从而比较弹性势能的大小。 (3)上述实验中,若水平面绝对光滑,实验将 不能 (选填“能”或“不能”)达到探究目的。 【分析】(1)一个物体能够做功就说这个物体具有能量,若物体做的功越多就说明物体具有的能量越大;影响动能大小的因素是质量和速度,在研究时要采用控制变量法。 (2)由于弹性势能的大小不便用仪器测量,本实验中把弹性势能的大小转换为观察木块被推动的距离大小,这种研究方法叫转换法; (3)若水平面绝对光滑,木块就会做匀速直线运动,无法比较木块移动距离的远近,达不到探究目的; 【解答】解:(1)动能的大小与质量和速度大小有关,要研究物体动能与物体的速度有关时,必须控制质量一定,改变物体的速度,因此符合条件的是甲、丙两图。 (2)此题要改变弹簧的弹性形变大小,因此要将同一个弹簧压缩不同的长度;运用转换法,观察木块被碰后移动的距离的远近来比较弹性势能的大小; (3)若水平面绝对光滑,木块就会做匀速直线运动,无法比较木块移动距离的远近,达不到探究目的; 故答案为:(1)甲;丙;(2)不同;被碰后移动的距离;(3)不能。 【点评】本题为探究弹性势能与形变大小关系的实验,考查了分析实验能力、考查了学生对控制变量法、转换法的了解与掌握。 29.(5分)如图甲,在探究“不同物质吸热能力”的实验中: (1)在两个相同的烧杯中加入初温相同、 质量 相同的水和煤油(ρ水>ρ煤油).选用相同电加热器的目的是:使水和煤油在相同时间内 吸收相同的热量 。 (2)水和煤油温度随时间变化的图象如图乙所示,根据图象可判断出a物质是 水 ; 水 吸热能力强。 (3)本实验采用的物理研究方法是 控制变量 法。 【分析】(1)在实验中,为了增加实验的准确性,需要采用控制变量法,即保持水的初温、环境因素、水的质量不变等。相同的电加热器在相同时间产生的热量相同; (2)水与煤油相比,水的比热容更大,吸热能力更强,吸收相同的热量,温度变化更小,根据乙图分析即可。 (3)实验中用到了控制变量法和转换法。 【解答】解: (1)实验课题是探究不同物质的吸热能力,所以要保持水和煤油的质量相同。 (2)选用相同的电加热器目的是:使水和煤油在相同时间内吸收相同的热量。水和煤油相比,水的比热容较大,同样受热的情况下,温度变化较慢,由乙图知,a为水; 若相同质量的水和煤油升高相同的温度,水吸收热量更多,水的吸热能力更强。 (3)用能直接观察的温度计示数显示不能直接观察的热量变化,采用的是“转换法”;实验中要控制加热情况相同,水和煤油的质量等相同,用到了控制变量法。 故答案为:(1)质量;吸收相同的热量;(2)水;水;(3)控制变量。 【点评】实验方法的渗透考查基本上在每个实验题中都有所涉及(特别是控制变量法和转换法),同学们要多注意对实验方法的应用。 30.(9分)实验小组在探究“电流大小与哪些因素有关”的实验中,老师提供的实验器材有:电源(电压恒为4.5Ⅴ),电流表、电压表各一个,开关一个,四个定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω),两只滑动变阻器(规格分别为“20Ω2A”、“50Ω1A”),导线若干。 (1)请根据如图甲的电路图用笔画线将如图乙实物图连接完整(注意电表的量程选择)。 (2)闭合开关后,发现电流表有示数,电压表无示数,则故障原因可能是 定值电阻(a、b间)短路了 。 (3)小明排除故障后,在a、b间先接入5Ω的电阻,闭合开关,移动滑片P,使电压表的示数为1.5Ⅴ,并记下相应的电流值;再改接10Ω的电阻,此时滑片P应向 F (选填“E”或“F”)端移动,小李移动变阻器滑片P的目的是: 保持定值电阻两端的电压为1.5V不变 。 (4)小明为完成用四个定值电阻进行实验,他应选择的滑动变阻是 “50Ω1A” 。他这样选择的理由是: 当a、b间接入20Ω的电阻时,为使电压表的示数为1.5Ⅴ滑动变阻器接入电路中的电阻值是40Ω 。 (5)小李排除故障后,通过实验得到数据如表1所示,根据数据,可得出结论: 在电阻一定时,导体中的电流与导体两端的电压成正比 。 (6)小李在探究电流与电阻的关系时,将电阻R先后更换为5Ω和15Ω的电阻进行实验,得到的数据如表2所示,通过分析表2的数据可知,实验小组在操作过程中存在的错误是: 更换电阻后,没有移动滑动变阻器的滑片,使电阻两端的电压不变 。 表1 实验序号 1 2 3 电阻R/Ω R 电压U/V 1.0 1.5 2.0 电流I/A 0.10 0.15 0.20 表2 实验序号 3 4 5 电阻R/Ω R 5 15 电压U/V 2.0 1.5 2.3 电流I/A 0.20 0.30 0.15 【分析】(1)由电路图可知,电流表与电阻R串联,可根据电压表的量程和最小定值电阻的阻值确定电路中的最大电流;然后根据电流从正接线流入,负接线柱流出将电流表接入电路中。 (2)常见电路故障有断路与短路,根据电路故障现象分析电路故障原因; (3)将5Ω的电阻换成了10Ω的电阻时,电路中的总电阻变大,电路中的电流减小,滑动变阻器两端的电压减小,电压表的示数变大;要探究电流和电阻之间关系,必须保持电阻两端的电压不变,即与电阻并联的电压表示数不变,为保证电阻两端的电压不变,要通过调节滑片,使滑动变阻器两端的电压变大,从而使电阻两端的电压变为原来的值。 (4)由欧姆定律求出最大阻值的滑动变阻器接入电路时的电路电流,然后由串联电路特点及欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的阻值,然后选择滑动变阻器; (5)分析表中实验数据,根据实验控制的变量与实验数据,然后得出结论; (6)探究电流与电阻的关系应控制电阻两端电压不变。 【解答】解: (1)由图知,电压表的量程为0﹣3V,已知定值电阻最小为5Ω,故电路中的最大电流I===0.6A;则电流表的量程为0~0.6A;故将电流表“0.6A”的接线柱与开关的右接线柱相连,“﹣”接线柱与电阻的b接线柱相连;如图所示: (2)电压表无示数,说明电路断路或电压表被短路,电流表有示数,说明电路是通路,则该故障的原因可能是定值电阻发生了短路; (3)将5Ω的电阻换成了10Ω的电阻时,串联电路的总电阻变大,根据欧姆定律可知电路中电流变小,滑动变阻器分得的电压变小,电阻分得的电压变大; 要探究电流和电阻之间关系,必须保持电阻两端的电压不变,即与电阻并联的电压表示数不变,所以应调节滑片向F移动,增大滑动变阻器接入电路的电阻(增大变阻器分得的电压),使电压表的示数减小为1.5V时,读取电流表示数。因此小李移动变阻器滑片P的目的保持定值电阻两端电压为1.5V不变。 (4)当20Ω的电阻接入电路时,电路中的电流I===0.075A; 此时滑动变阻器两端电压U滑=U﹣UR=4.5V﹣1.5V=3V; 滑动变阻器接入电路的阻值:R===40Ω, 所以,当20Ω的电阻接入a、b间时,为使电压表的示数为1.5V,滑动变阻器接入电路中的阻值是40Ω;若选用规格为“20Ω,2A”滑动变阻器,无论怎样移动滑片P,电压表的示数始终无法达到1.5V;因此需要选择“50Ω 1A”的滑动变阻器。 (5)由表中实验数据可知,在电阻一定时,通过导体的电流与导体两端的电压成正比。 (6)由表中的数据知,当电阻由5Ω改为15Ω时,电阻变为原来的3倍,电流由0.3A变为0.15A,电流变为原来的,因此得出电流与电阻不成反比的结论,出现错误的原因是:更换电阻时,没有移动滑动变阻器的滑片,使电阻两端的电压不变。 故答案为:(1)见上图; (2)定值电阻(a、b间)短路了; (3)F;保持定值电阻两端的电压为1.5V不变; (4)“50Ω1A”;当a、b间接入20Ω的电阻时,为使电压表的示数为1.5Ⅴ滑动变阻器接入电路中的电阻值是40Ω; (5)在电阻一定时,导体中的电流与导体两端的电压成正比; (6)更换电阻后,没有移动滑动变阻器的滑片,使电阻两端的电压不变。 【点评】本题考查了探究电流跟电阻关系的实验,探究的方法是控制变量法;并且能够根据题目数据选择合适的滑动变阻器,不但考虑滑动变阻器允许通过的电流,也要考虑滑动变阻器的电阻。电路电流不能超过滑动变阻器允许通过的最大电流,滑动变阻器最大电阻稍大于电路需要的电阻,这样,滑动变阻器既能满足电路要求,也能使电路准确获得需要的数据。 31.(6分)小亮用“伏安法”测小灯泡的电阻,小灯泡额定电压是2.5V,电源电压4.5V。 (1)请用笔画线代替导线,将图甲所示的实物电路连接完整。 (2)在连接电路时,开关应 断开 ,滑动变阻器滑片P应位于 A (选填“A”或“B”)端。 (3)闭合开关,移动滑动变阻器的滑片P,当电压表的示数为2.5V时,电流表示数如图乙所示,此时小灯泡的电阻约为 10.4 Ω(保留一位小数);他把多次测量的电流值和电压绘制成I﹣U图象,发现I﹣U图线是一条曲线,原因是 灯丝的电阻与温度有关 。 (4)如果还想测量额定电压为3.8V的小灯泡正常发光时的电阻,但是电压表的15V量程已经损坏,在不改变原器材的情况下,你的办法是 把电压表并联在滑动变阻器的两端 。 【分析】(1)确定电压表的量程,与小灯泡并联; (2)连接电路时,为保护电路元件,开关应断开,滑动变阻器滑片应置于连入电路阻值最大的位置; (3)根据电流表的示数,由欧姆定律求电阻大小;I﹣U图线是一条曲线,说明灯泡的电阻不是一个定值,而是随温度的变化而变化的; (4)根据串联电路电压的特点,将电压表并联在滑动变阻器的两端即可。 【解答】解:(1)小灯泡额定电压是2.5V,电压表使用小量程,将电压表并联在小灯泡的两端,如右图所示; (2)在连接电路时,开关应 断开,因滑动变阻器滑片以右部分电阻丝连入电路,所以,滑动变阻器滑片P应位于A端; (3)电流表使用小量程,分度值为0.02A,示数为0.24A,由欧姆定律R===10.4Ω; 发现I﹣U图线是一条曲线,电压与电流不是一次函数的关系,原因小灯泡的电阻不是定值,而是随温度的变化而变化; (4)还想测量额定电压为3.8V的小灯泡正常发光时的电阻,因电压表的15V量程已经损坏,故只能使用0﹣3V量程,考虑到电源电压为4.5V,根据串联电路的总电压等于各部分电压和,所以可将电压表并联在滑动变阻器的两端,移动滑动变阻器的滑片,当电压表示数为4.5V﹣3.8V=0.7V时,小灯泡两端的电压一定为3.8V。 故答案为:(1)如右上图所示; (2)断开;A; (3)10.4;灯丝的电阻与温度有关; (4)把电压表并联在滑动变阻器的两端。 【点评】本题涉及伏安法测电阻的基本知识,最后一问,考查在特殊情况下学生灵活运用知识解决实际问题的能力和设计实验方案的能力。 32.(15分)小铁和小岭在测量额定电压是2.5V小灯泡电功率的实验中: (1)为完成实验,请在图甲中画出伏安法测小灯泡电功率的电路图。 (2)若开关闭合后,发现无论怎样调节滑动变阻器,小灯泡发光较暗且亮度一直不变,则故障是 滑动变阻器都接在了下面两个接线柱 。 (3)故障排除后,调节滑动变阻器的滑片,当电压表示数为2V时,电流表示数如图乙所示,此时通过小灯泡的电流为 0.22 A,小灯泡此时的电功率为 0.44 W.若要测量小灯泡的额定功率,应将滑动变阻器的滑片向 左 (填“左”或“右”)移动(按照所画的电路图填),直到电压表示数为 2.5 V为止。 (4)移动滑动变阻器的滑片,记下多组电流表及对应电压表的示数,并画出图丙所示的I﹣U图象,从图象可算出小灯泡的额定功率为 0.625 W。 (5)两人继续调节滑动变阻器的过程中,小灯泡突然熄灭,电压表示数 变大 (填“变大”、“变小”或“不变”),经检查发现灯丝烧断。 (6)两人实验完毕后,又重新选择实验器材,不用电压表就测出了I额=0.3A的小灯泡的额定功率,设计的电路图如图丁所示,请将下列实验步骤补充完整,并计算出小灯泡的额定功率(电源电压恒定且未知,滑动变阻器的最大阻值为30Ω)。 ①将滑动变阻器的电阻调到最大,开关S1闭合,S2 闭合 (填“闭合”或“断开”)读出电流表的示数为0.2A,则电源电压为 6 V; ②开关S1闭合,S2 断开 (填“闭合”或“断开”),调节滑动变阻器的滑片使电流表的示数为 0.3 A时,小灯泡正常发光; ③开关S1、S2均闭合,滑动变阻器的滑片 保持不变 ,读出电流表的示数为0.4A; ④小灯泡的额定功率P额= 0.45 W。 【分析】(1)伏安法测电阻,电源、开关、滑动变阻器、电流表、灯泡组成串联电路,电压表并联在待测电阻两端,据此作出电路图。 (2)发现无论怎样调节滑动变阻器,小灯泡发光较暗且亮度一直不变,说明滑动变阻器接错了,把滑动变阻器当定值电阻接入电路了; (3)根据图乙电流表的量程和分度值读出示数,利用P=UI求出小灯泡此时的电功率;额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等,根据串联电路的分压特点可知变阻器接入电路中电阻的变化,然后判断滑片移动的方向; (4)根据图象读出额定电压下通过灯泡的电流,根据P=UI求出灯泡的额定功率; (5)灯泡突然烧断,灯泡断路,电压表两极直接与电源两极相连,电压表测电源电压,电压表示数变大; (6)只闭合开关S1,移动滑片P,便电流表的示数为为0.3A,此时灯正常工作; 保持滑片的位置不动,再闭合开关S2,此时灯被短路,电路中电流可读出,根据欧姆定律,可求电路中的电阻大小即为变阻器连入电路中的值,在(2)中,由欧姆定律可求出灯正常工作时的电压,根据P额=U额I求灯的额定电功率。 【解答】解:(1)伏安法测电阻的实验电路图如图所示; (2)灯泡发光较暗,电流表有示数说明电流太小,滑动变阻器的阻值太大,任意移动滑动变阻器的滑片,电压表示数不变说明滑动变阻器同时接到下面两个接线柱上; (3)图乙电流表的量程为0~0.6A,分度值为0.02A,示数为0.22A,小灯泡此时的电功率P=UI=2V×0.22A=0.44W; 此时灯泡两端的电压2V<2.5V,由串联电路的分压特点可知,要测灯泡的额定功率,应减小滑动变阻器接入电路中的电阻,即滑片左移,直到电压表示数为2.5V时为止; (4)由图象知,灯泡电压2.5V时,通过的电流为0.25A,所以小灯泡的额定功率:P=UI=2.5V×0.25A=0.625W; (5)实验中小灯泡的灯丝突然被烧断,电压表串联在电路中,电压表示数约等于电源电压,所以电压表的示数变大。 只闭合开关S,移动滑片P,便电流表的示数为I=0.3A; (6)①将滑动变阻器的电阻调到最大,开关S1闭合,S2 闭合读出电流表的示数为0.2A,电源电压为:U=IR=0.2A×30Ω=6V; ②开关S1闭合,S2 断开调节滑动变阻器的滑片使电流表的示数为 0.3A时,小灯泡正常发光; ③开关S1、S2均闭合,滑动变阻器的滑片保持不变,读出电流表的示数为0.4A; ④小灯泡的额定功率P额=0.45W。 故答案为:( 1)见上图;(2)滑动变阻器都接在了下面两个接线柱;(3)0.22; 0.44; 2.5;(4)0.625; (5)变大;(6)①闭合; 6; ②断开; 0.3; ③保持不动;④0.45。 【点评】本题在没有电压表的情况下测量小灯泡的额定功率,利用开关短路引起电路的变化,根据测出的不同电流求出灯正常工作时的电压,最后求出灯的额定功率。 33.(5分)如图是“探究电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置,将四段电阻丝a、b、c、d分别密封在完全相同的盒内,盒内封闭一定量的空气,其中图乙中另取5Ω电阻在盒外与盒内电阻并联。 (1)在实验中电流通过电阻产生热量的多少是通过观察 两个U形管中液面的高度差 来比较的; (2)图甲可探究电流产生的热量与 电阻 的关系,图乙可探究电流产生的热量与 电流 的关系; (3)图乙中右侧盒外连接的5Ω电阻,它的作用是 使电阻c、d中的电流不相等 ; (4)物理研究方法有很多,本实验运用了两种方法:一是控制变量法;二是 转换 法。 【分析】(1)电流流经电阻丝产生焦耳热,瓶内气体温度升高,体积变大,使气球膨胀,电流做功越多,气球体积膨胀越大,气球膨胀程度的大小能反应电流做功多少。采用转换法,通过温度计示数的变化来反映电阻丝放出热量的多少; (2)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生热量跟电流关系时,控制电阻和通电时间不变;探究电流产生热量跟电阻关系时,控制通电时间和电流不变;探究电流产生热量跟通电时间关系时,控制电流和电阻不变。 (3)并联电路中的电阻比任何一个电阻都小。 (4)据该题中的控制变量法和转换法进行分析判断。 【解答】解:(1)在实验中电流做功多少是通过观察气球膨胀程度大小来体现的。因此盒内封闭一定量的空气的优点 空气受热容易膨胀,便于实验观察;在实验中电流通过电阻产生的热量多少是通过观察U型管内左右两侧液面高度大小来体现的,这种方法叫“转换法”。 (2)由图甲可知,两个盒中的电阻丝串联,通过两电阻丝的电流和通电时间相同,而两电阻丝的阻值不同,研究的是:当通过的电流和通电时间相同时,电流产生的热量与导体电阻大小的关系; 由图乙可知,两个相同的电阻串联在电路中,通电时间和电阻相同,当给其中一个并联一个电阻时,盒内电阻的电流改变,探究电流产生热量跟电流关系。 (3)因为并联电路中的电阻比任何一个电阻都小,当乙图中右侧盒外连接的5Ω电阻后,右侧盒内5Ω的电阻分压较小,由此可知,右侧盒内电阻的电流减小,因此,图乙中右侧盒外连接的5Ω电阻,其作用是改变右侧盒内电阻的电流;把电阻接在盒子外侧,是为了控制好变量,不改变右侧盒内电阻,便于探究电流通过导体产生的热量与电流的关系。 (4)通过温度计示数的变化来反映电阻丝放出热量的多少,运用的是转换法。 故答案为:(1)两个U形管中液面的高度差;(2)电阻;电流;(3)使电阻c、d中的电流不相等;(4)转换。 【点评】该题考查了控制变量法和转换法在焦耳定律实验中的应用,注意两导体串联时电流相等,导体产生热量的多少是通过温度计示数的变化来反映的。 1、(1)在实验中电流做功多少是通过观察气球膨胀程度大小来体现的?图中有气球吗? 2、(4)通过温度计示数的变化来反映电阻丝放出热量的多少?图中无温度计!

  • ID:6-5384358 2017-2018学年北京市通州区九年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2017-2018学年北京市通州区九年级(上)期末物理试卷 一、单项选择题(下列各小题均有四个选项,其中只有一个选项符合题意.共30分,每小题2分) 1.在国际单位制中,电功率的单位是(  ) A.焦耳 B.瓦特 C.伏特 D.安培 2.下列用品中,通常情况下属于导体的是(  ) A.玻璃杯 B.金属勺 C.塑料筷子 D.陶瓷碗 3.如图所示的四种家用电器中,利用电流热效应工作的是(  ) A.抽油烟机 B.电风扇 C.电视机 D.电热水壶 4.下列物理量中,决定同规格小灯泡发光时亮暗程度的是(  ) A.实际电流 B.实际功率 C.实际电压 D.额定功率 5.2017 年11月5日19时45分,中国以“一箭双星”方式成功发射第24颗、第25颗北斗导航卫星,开启北斗卫星导航系统全球组网新时代。北斗导航卫星(如图所示)传递信息是利用(  ) A.超声波 B.次声波 C.激光 D.电磁波 6.如图所示的电路中,将开关S闭合,灯L1和灯L2均发光,则下列说法中正确的是(  ) A.灯L1和灯L2并联 B.灯L1和灯L2串联 C.通过灯L1和灯L2的电流一定相等 D.灯L1和灯L2两端的电压一定不相等 7.如图所示的四个实验中,说明发电机工作原理的实验是(  ) A. B. C. D. 8.下列选项中符合安全用电要求的是(  ) A.洗漱池附近的开关外面加防水膜 B.手机充电器在不使用时,也插在插座上 C.当遇到老化的电线着火时,要立刻用水泼灭 D.三孔插座只要分别接零线、火线和地线即可使用,不需要考虑对应关系 9.通常情况下,关于一段粗细均匀的镍铬合金丝的电阻,下列说法中正确的是(  ) A.合金丝的电阻跟该合金丝的长度有关 B.合金丝的电阻跟合金丝的横截面积无关 C.合金丝两端的电压越大,合金丝的电阻越小 D.通过合金丝的电流越小,合金丝的电阻越大 10.关于电功、电功率,下列说法正确的是(  ) A.电功率大的用电器一定比电功率小的用电器做的功多 B.电流通过导体做功越少,电功率越小 C.电功是表示电流做功快慢的物理量 D.在相同时间内,电流通过导体做功越多,电功率越大 11.下列说法正确的是(  ) A.通电导体在磁场中一定受到力的作用 B.闭合电路的部分导体在磁场中运动,就会产生电流 C.磁极之间的相互作用是通过磁场发生的,磁场是真实存在的一种物质 D.磁感线是磁场中真实存在的一些曲线 12.如图为物理科技小组设计的温度检测电路,其中R为热敏电阻,其阻值R随温度的升高而增大,R0为定值电阻,电源两端电压保持不变。当R的温度升高时,下列判断中正确的是(  ) A.电流表示数变大,电压表示数变大 B.电流表示数变小,电压表示数变小 C.电流表示数变大,电压表示数变小 D.电流表示数变小,电压表示数变大 13.小明用如图所示电路测量小灯泡的电功率,闭合开关后,发现小灯泡不亮。为检查电路故障,小明用一电压表分别测得Uab=Uac=Ubd=3V,由此判断,电路故障为(  ) A.ab段出现断路 B.bc段出现断路 C.cd段出现断路 D.da段出现断路 14.如图所示,中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”,甲、乙两线圈分别被悬挂在两个蹄形磁体的磁场中,两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路,用手使甲线圈在磁场中摆动时,乙线圈也会随之摆动起来。关于此现象,下列说法正确的是(  ) A.甲线圈摆动时电能转化为机械能 B.根据乙线圈摆动的原理可以制成发电机 C.乙线圈能发生摆动是因为通电导体在磁场中受力 D.甲线圈相当于用电器,乙线圈相当于电源 15.如图所示是小明测量未知电阻Rx的实验电路,电源电压不变,其中R0为阻值已知的定值电阻。当只闭合开关S1时,电流表的示数为I1;当闭合开关S1和S2时,电流表的示数为I2.则下列四个选项中,Rx的表达式正确的是(  ) A.Rx=R0 B.Rx= C.Rx= D.Rx= 二、多项选择题(下列各小题均有四个选项,其中符合题意的选项均多于一个.共14分,每小题2分.每小题选项全选对的得2分,选对但不全的得1分,有错选的不得分) 16.关于我国家庭用电的电压和频率,下列说法正确的是(  ) A.家庭用电的频率为50HZ B.家庭用电的频率为100Hz C.家庭电路的电压为220V D.家庭电路的电压为380V 17.下列说法正确的是(  ) A.电动机工作时,是将电能转化为机械能 B.发电机工作时,是将机械能转化为电能 C.我们利用核能进行发电,说明核能就是电能 D.只要发电机做得好,可以不消耗其他形式的能而直接产生电能 18.如图是我国早期的指南针﹣﹣司南,是把天然磁石磨成勺子的形状,把它放在水平光滑的“地盘”上,东汉学者王充在《论衡》中记载:“司南之杓(用途),投之于地,其柢(握柄)指南”。下列说法中正确的是(  ) A.司南握柄端是磁石的南极 B.司南握柄端指向地磁场的北极 C.地磁场的北极在地理的北极附近 D.司南握柄端指南是由于受到地磁场的作用 19.如图是小亮设计的家庭电路图,下列选项中正确的是(  ) A.灯L1与灯L2是并联的 B.两孔插座及三孔插座的连接是正确的 C.控制L1灯的开关的连接是正确的 D.L2灯的连接是正确的 20.关于如图所示电磁学实验的说法中正确的是(  ) A.甲图中验电器的金属箔片张开是由于异种电荷相互排斥 B.乙图中用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近纸屑,纸屑被吸引,说明橡胶棒有磁性 C.丙图中通电导线附近的磁针发生偏转,说明电流周围存在磁场 D.丁图中简易电动机转动是由于通电导体在磁场中受到力的作用 21.下列问题中,属于可探究的科学问题是(  ) A.电能生磁,磁能生电吗? B.电流通过导体产生的热量与电流的大小有关吗? C.电磁铁磁性强弱与哪些因素有关? D.电阻两端电压越大,该电阻的电功率越大吗? 22.下列说法中正确的是(  ) A.探究电流通过导体产生的热量与电流的关系时,导体的电阻和通电时间是需要控制的变量 B.探究电流所做的功与电压的关系时,只有电流的大小是需要控制的变量 C.探究导体中的电流与导体两端电压的关系时,只有导体的电阻是需要控制的变量 D.探究导体的电阻与长度的关系时,只有导体的横截面积是需要控制的变量 三、实验解答题(共36分,23~27题、29题、31题各2分,28题各6分,30题4分,32~33题各3分,34题6分) 23.如图所示的电阻箱的示数为   Ω。 24.如图所示,电能表的示数是   kW?h。 25.如图所示,电流表的示数是   A。 26.根据如图中通电螺线管中的电流方向,可以判断出通电螺线管的左端是   极。(选填“N”或“S”)。 27.如图所示,A、B为用保温材料包裹的两个完全相同的定值电阻,甲、乙为两个数字温度计,它们的探头分别接触定值电阻A、B的表面,一同被保温材料包裹。测得此时A、B电阻表面的温度均为24.0℃;然后闭合B电阻所在电路的开关S2,A电阻所在电路不变,一段时间后,发现B电阻表面温度达到了25.3℃,A电阻表面温度仍为24.0℃.请写出该实验所探究的科学问题:   。 28.(5分)做“测定小灯泡的电功率”实验时,所用器材有:电压为3V的电源,额定电压为2.5V的小灯泡,以及符合实验要求的滑动变阻器、已调零的电流表和电压表、开关、导线若干。请按要求完成下列实验内容: (1)用笔画线代替导线,将图甲的实物电路连接完整。 (2)连接电路时,断开开关,变阻器的滑片P应置于最   端(选填“左”或“右”)。 (3)闭合开关,滑动变阻器的滑片P移到某处,电压表的示数如图乙所示,此时,电压表的示数为   V,要测量小灯泡的额定功率,应将滑片P向   (选填“左”或“右”)移动。 (4)通过移动滑片P,分别记录多组对应的电压表和电流表的示数,绘成了图丙所示的U﹣I图象,则小灯泡的额定功率是   W。 (5)由图丙看出,小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线,由此可推断出小灯泡的电阻是   的(选填“不变”或“变化”)。 29.为了探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关,某同学使用两个相同的大铁钉绕成电磁铁A和B,还找来一些大头针进行实验,电路如图所示。 (1)实验研究的是电磁铁的磁性强弱与   是否有关。 (2)实验中电磁铁的磁性强弱不便测量,为便于测量,将电磁铁磁性强弱的测量定义为测量电磁铁吸引   。 30.(6分)把两段电阻丝R甲、R乙(R甲<R乙)串联后,分别放在如图所示的A、B两个完全相同的烧瓶中且接入电路,在烧瓶中加入质量相同的煤油,再分别插入相同的温度计,闭合开关通电一段时间。根据以上叙述,回答下列问题: (1)实验探究问题的自变量是   ,因变量是   ; (2)为便于测量因变量将其定义为   ; (3)画出实验数据记录表。 I/A 0.2 0.3 0.5 0.8 1.2 2 U/V 28 27 25 22 18 10 31.(4分)小明在探究“电路中一个可变电阻两端电压U与通过它的电流I的关系”时,得到如表所示的实验数据: I/A 0.2 0.3 0.5 0.8 1.2 2 U/V 28 27 25 22 18 10 请根据表中数据,归纳出U与I的关系式,U=   ;依据关系式得出,当电流I=1.5A时,电压U=   V。 32.(3分)如图所示实验器材,探究“导体在磁场中运动时,产生感应电流的方向与导体运动方向是否有关”。小明连接好电路图后,进行的实验步骤如下: ①闭合开关,快速向左移动金属棒AB,观察电流计偏转方向,并将导体运动方向和电流计指针偏转方向记录在表格中; ②将U型磁铁上下颠倒,快速向右移动金属棒AB,观察电流计偏转方向,并将导体运动方向和电流计针偏转方向记录在表格中。 请根据以上叙述,回答下列问题: (1)小明探究过程中存在的问题:   ; (2)请你针对小明探究过程中存在的问题,写出改正措施:   。 33.(3分)小红在学习了磁场对通电导体有力的作用后,进一步查阅资料,了解到当电流与磁场垂直时,磁场对通电导体的作用力大小与磁场强度、导体在磁场中的长度以及导体中的电流强度有关。 她设计了如图所示的装置,先初步探究磁场对通电导体的作用力与电流大小的关系。实验步骤如下: ①将一根导体棒用两根细线悬挂在铁架台上,将一蹄形磁铁竖直固定在铁架台上,并让导体棒与下方的蹄形磁铁磁极间的磁场方向垂直; ②给导体两端加电压U1,导体静止时,观察悬线与竖直方向偏转的角度为α1; ③导体静止时,观察悬线与竖直方向偏转的角度为α2; ④比较α1、α2的大小,发现α2>α1,即可初步验证其它条件一定,通电导体的电流越大,受到磁场的作用力越大。 (1)请将第③步的步骤补充完整:   。 (2)小红想继续探究通电导体在磁场受到作用力的大小与导体在磁场中的长度是否有关,于是她将图中的导体棒换成了一根较长的导体棒,其它条件不变,此时她发现悬线与竖直方向偏转的角度变小了,于是她得出结论,“其它条件一定,通电导体在磁场中的长度越长,受到的磁场作用力越小”。但她查阅一些资料后发现,理论上通电导体在磁场中的长度越长,受到的磁场作用力越大,这与她实验所得到的结论相反。请你说明小红得出的结论与资料不符的原因。 34.(3分)实验桌上有如下器材:满足实验要求的电源、电压表、电流表、滑动变阻器、电阻箱(电路图符号)和开关各一个,导线若干。请利用实验桌上的器材设计实验证明;“当通过导体的电流一定时,导体的电阻越大,导体消耗的电功率越大。” (1)在右侧虚线框中画出实验电路图; (2)写出实验步骤; (3)设计实验数据记录表格。 四、科普阅读题(共4分,每空1分) 35.(4分)阅读《善变的软磁铁》短文,回答35题。 善变的软磁铁图1所示为中国科技馆探索与发现展厅的一个名为“善变的软磁铁”的展品,体验者推动如图2所示的软磁铁A向永磁铁B移动(永磁铁的右端是N极),会感觉到软磁铁和固定的永磁铁之间的斥力越来越大,推动越来越吃力。但是,当软磁铁继续靠近永磁铁,两者接近到一定距离时,两块磁铁之间的排斥力又忽然变成了吸引力。这件展品让观众们体验了软磁铁与永磁铁之间同性相吸的奇妙特性。磁铁一般分为软磁铁和硬磁铁。所谓软,是指这些材料容易磁化,在磁性上表现“软”。在一般情况下,软磁铁同样也表现出硬磁铁中的一类﹣﹣永磁铁的正常属性,但当普通永磁铁非常接近软磁铁的尖端时,软磁材料的磁矩方向发生了变化,两者的斥力会突然转变为吸引力。软磁材料,易被磁化,被磁化后,磁性也容易消失,也易于通过敲打和加热退磁,它广泛用于电工设备和电子设备,如应用在电磁铁、变压器和电机的铁芯中,以便在断电后磁性消失。请根据以上材料,回答下列问题: (1)当永磁铁非常接近软磁铁的尖端时,软磁铁的左端会突然变为   极; (2)软磁铁与硬磁铁相比其特点是   ; (3)探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”的实验中,螺线管的铁芯应选用   磁材料(选填“软”或“硬”),理由是   。 五、计算题(共6分,36题3分、37题3分) 36.(3分)如图所示电路中,已知R1的阻值是30Ω.当闭合S1、断开S2时,电流表的示数是0.2A;当S1、S2均闭合时,电流表的示数是0.5A.求: (1)电源两端的电压; (2)电阻R2阻值。 37.(3分)图为小明设计的电热砂锅的电路图,该电热砂锅有“大火”和“小火”两个档位。当S1、S2都闭合时,实现“大火”炖煮;当S1闭合、S2断开时,实现“小火”炖煮。已知电源电压为60V,加热电阻R1=25Ω、R2=5Ω.求: (1)电热砂锅用“小火”炖煮时,电路中的电流I; (2)电热砂锅用“大火”炖煮时,消耗的电功率P。 2017-2018学年北京市通州区九年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题(下列各小题均有四个选项,其中只有一个选项符合题意.共30分,每小题2分) 1.在国际单位制中,电功率的单位是(  ) A.焦耳 B.瓦特 C.伏特 D.安培 【分析】首先对选项中的单位进行分析,明确各自对应的物理量,然后确定符合题意的选项。 【解答】解: A、焦耳(J)是功的国际单位。故A不符合题意; B、瓦特(W)是电功率的国际单位。故B符合题意; C、伏特是电压的单位。故C不符合题意; D、安培(A)是电流的国际单位。故D不符合题意。 故选:B。 【点评】此题考查我们对常见物理量及其单位的掌握情况,属于识记性知识,难度较小,容易解答。 2.下列用品中,通常情况下属于导体的是(  ) A.玻璃杯 B.金属勺 C.塑料筷子 D.陶瓷碗 【分析】根据导电性的不同,材料可分为导体,半导体,绝缘体三大类,容易导电的物体叫导体,不容易导电的物体叫绝缘体,导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。 【解答】解:在通常情况下玻璃、塑料、陶瓷都是绝缘体,金属是导体。 故选:B。 【点评】此题考查哪个物体为导体,属于识记的内容,比较简单。 3.如图所示的四种家用电器中,利用电流热效应工作的是(  ) A.抽油烟机 B.电风扇 C.电视机 D.电热水壶 【分析】当电流通过电阻时,电流做功而消耗电能,产生了热量,这种现象叫做电流的热效应。即在该过程中消耗了电能,主要产生热能,所以从能量转化的角度分析即可。 【解答】解:A、抽油烟机工作时,将电能转化为机械能,故不符合题意; B、电风扇工作时,将电能转化为机械能,故不符合题意; C、电视机工作时,将电能转化为光能和声能,故不符合题意; D、电热水壶工作时,将电能转化为热能,故符合题意; 故选:D。 【点评】能从能量转化的角度分析清楚上述用电器哪个是利用电流热效应工作的是解题的关键。 4.下列物理量中,决定同规格小灯泡发光时亮暗程度的是(  ) A.实际电流 B.实际功率 C.实际电压 D.额定功率 【分析】电灯工作时,消耗电能转化为光能,比较灯的亮度就是要比较在一定时间内消耗电能的多少,即实际电功率的大小;据此即可选出正确答案。 【解答】解:只有在额定电压下,灯的实际功率才等于额定功率; 灯的亮度取决于灯的实际功率,与单独的电压或电流、电阻无关。同样同规格小灯泡发光时亮暗程度取决于灯的实际功率。 故选:B。 【点评】本题考查了学生对电功率这部分内容掌握和理解,明确家用电器使用都是由实际功率决定的,同规格小灯泡的亮度取决于灯的实际电流。 5.2017 年11月5日19时45分,中国以“一箭双星”方式成功发射第24颗、第25颗北斗导航卫星,开启北斗卫星导航系统全球组网新时代。北斗导航卫星(如图所示)传递信息是利用(  ) A.超声波 B.次声波 C.激光 D.电磁波 【分析】通信卫星是微波通信的中继站,微波是电磁波。 【解答】解:卫星导航系统传递信息利用的是电磁波,电磁波可以在真空中传播。 故选:D。 【点评】本题考查了电磁波在生活中的应用,生活中利用电磁波的地方非常多。如:卫星通信、无线电视、无线广播、手机等,是一道基础题。 6.如图所示的电路中,将开关S闭合,灯L1和灯L2均发光,则下列说法中正确的是(  ) A.灯L1和灯L2并联 B.灯L1和灯L2串联 C.通过灯L1和灯L2的电流一定相等 D.灯L1和灯L2两端的电压一定不相等 【分析】(1)在串联电路中电流只有一条路径,各用电器之间相互影响;在并联电路中电流有多条流通路径,各个用电器之间互不影响,独立工作。 (2)并联电路中,各支路两端的电压相等。 【解答】解:(1)开关闭合后,电路中有两条并列的电流路径,故灯L1和灯L2并联,故A正确,B错误; (2)因为两灯并联,所以两灯两端的电压一定相等,故D错误; (3)根据公式I=可知,电压相等,两灯的电阻相等时,通过两灯的电流才一定相等,但是两灯的电阻不一定相等,故其中的电流也不一定相等,故C错误。 故选:A。 【点评】此题主要考查的是串并联的识别和并联电路中的电压、电流特点等知识,需要同学们熟记有关知识点,基础性题目,难度不大。 7.如图所示的四个实验中,说明发电机工作原理的实验是(  ) A. B. C. D. 【分析】发电机原理是电磁感应现象,即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动,即发电机的原理图中没电源,有电源的实验装置图不是发电机。 【解答】解:A、该实验是奥斯特实验,小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场,是电流的磁效应,故A错误; B、此图是电磁继电器的原理图:开关闭合后,电路中有电流,电磁铁吸引衔铁,是电流的磁效应;触电将电热器接通时,电热器产生热量,是电流的热效应;触点将电动机接通时,电动机转动,电能转化为机械能;故B错误; C、开关闭合后,在外力作用下使导体左右移动,切割磁感应线,则电流表指针发生偏转,说明此时有感应电流产生,是发电机的制作原理,故C正确; D、开关闭合后,电路中有电流,通电导体受到磁场力的作用发生运动,是电动机的制作原理,故D错误。 故选:C。 【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应,电动机的原理和发电机的原理。注意电动机和发电机的区别:电动机是先有电,后运动;发电机是先运动,后发电。 8.下列选项中符合安全用电要求的是(  ) A.洗漱池附近的开关外面加防水膜 B.手机充电器在不使用时,也插在插座上 C.当遇到老化的电线着火时,要立刻用水泼灭 D.三孔插座只要分别接零线、火线和地线即可使用,不需要考虑对应关系 【分析】(1)纯净的水的不导电的,但一般的水都是导体; (2)充电器长时间插在电源插孔上会发热,引起安全事故; (3)到老化的电线着火时,要立刻用水泼灭; (4)三孔插座的接线原则是左零右火,中间接地线,接地线的孔与大地相连,若用电器的金属外壳带电,电流会通过接地线流入大地,不致造成触电事故。 【解答】解:A、生活中常用的水不是纯净物,容易导电。为保证用电安全,洗漱池附近的开关外面要加防水膜。故A符合安全用电要求; B、充电器长时间插在电源插孔上会发热,引起线路安全事故。故B不符合安全用电要求; C、生活中遇到老化的电线着火时,首先应切断电源,为防止触电,不能用水扑灭。故C不符合安全用电要求; D、为保证用电安全,三孔插座必须按照“左零右火,中间接地线”的原则接入家庭电路。保证将带有金属外壳的用电器的外壳与大地相连,防止漏电。故D不符合安全用电要求。 故选:A。 【点评】此题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握,平时学习时多了解、积累,加强安全意识,不能违反。 9.通常情况下,关于一段粗细均匀的镍铬合金丝的电阻,下列说法中正确的是(  ) A.合金丝的电阻跟该合金丝的长度有关 B.合金丝的电阻跟合金丝的横截面积无关 C.合金丝两端的电压越大,合金丝的电阻越小 D.通过合金丝的电流越小,合金丝的电阻越大 【分析】电阻大小与导体的长度、材料、横截面积和温度有关,因此在分析电阻的大小时应使用控制变量法,逐个因素进行比较。 【解答】解:A、粗细均匀的镍铬合金丝,其电阻跟该合金丝的长度有关,故A正确; B、电阻大小与导体的长度、材料、横截面积和温度有关,因此合金丝的电阻跟合金丝的横截面积有关,故B错误; CD、电阻是导体本身的一种属性,其大小与电压和电流的大小无关,故CD错误。 故选:A。 【点评】熟知电阻大小的影响因素,能用控制变量法正确分析电阻的变化是本题的解题关键。 10.关于电功、电功率,下列说法正确的是(  ) A.电功率大的用电器一定比电功率小的用电器做的功多 B.电流通过导体做功越少,电功率越小 C.电功是表示电流做功快慢的物理量 D.在相同时间内,电流通过导体做功越多,电功率越大 【分析】电功是用电器中电流所做的功,消耗多少电能就做多少功; 电功率是表示电流做功快慢的物理量,定义是1秒内电流做功的多少。 【解答】解:A、在不确定做功时间的情况下,电功率大的用电器不一定比电功率小的用电器做的功多,故A错误; B、电功是用电器中电流所做的功,消耗多少电能就做多少功,而电功率表示电流做功的快慢,二者没有直接联系,故B错误; C、电功率是表示电流做功快慢的物理量,而电功的实质是电能与其他形式能量的转换,故C错误; D、电功率是表示电流做功快慢的物理量,在相同时间内,电流通过导体做功越多,电功率越大,故D正确。 故选:D。 【点评】电流做功的多少和电流做功的快慢不要混淆,掌握电功和电功率的概念是解决本题的关键。 11.下列说法正确的是(  ) A.通电导体在磁场中一定受到力的作用 B.闭合电路的部分导体在磁场中运动,就会产生电流 C.磁极之间的相互作用是通过磁场发生的,磁场是真实存在的一种物质 D.磁感线是磁场中真实存在的一些曲线 【分析】(1)通电导体在磁场中,若与磁感线平行则不会受到磁场对它的作用力; (2)当通电导体与磁感线平行时,磁场对通电导体没有力的作用,故B错误 (3)磁场与电场一样是一种客观存在的物质,磁极之间的作用是通过磁场发生的。 (4)磁感线是闭合曲线。磁感线可以模拟,但模拟出来的曲线并不是磁感线。 【解答】解: A、当通电导体与磁感线平行时,磁场对通电导体没有力的作用,故A错误; B、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,电路中产生感应电流,故B错误; C、磁场是一种客观存在的物质,故C正确; D、磁感线是人为假想的曲线,不是客观存在的物质,故D错误。 故选:C。 【点评】本题对磁场和磁感线的理解能力,抓住它们之间的区别:磁场是物质,磁感线不是物质。 12.如图为物理科技小组设计的温度检测电路,其中R为热敏电阻,其阻值R随温度的升高而增大,R0为定值电阻,电源两端电压保持不变。当R的温度升高时,下列判断中正确的是(  ) A.电流表示数变大,电压表示数变大 B.电流表示数变小,电压表示数变小 C.电流表示数变大,电压表示数变小 D.电流表示数变小,电压表示数变大 【分析】由电路图可知,R0与R串联,电压表测R0两端的电压,根据题意可知R的温度升高时R的阻值变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化。 【解答】解:由电路图可知,R0与R串联,电压表测R0两端的电压, 因R随温度的升高而增大,所以,当R的温度升高时,热敏电阻R的阻值变大,电路中的总电阻变大, 由I=可知,电路中的电流变小,即电流表示数变小; 因串联电路中各处的电流相等,所以,则通过电阻R0的电流变小;由U=IR可知,R0两端的电压变小,即电压表的示数变小;故B正确。 故选:B。 【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用,关键是根据题意判断出热敏电阻电阻阻值的变化。 13.小明用如图所示电路测量小灯泡的电功率,闭合开关后,发现小灯泡不亮。为检查电路故障,小明用一电压表分别测得Uab=Uac=Ubd=3V,由此判断,电路故障为(  ) A.ab段出现断路 B.bc段出现断路 C.cd段出现断路 D.da段出现断路 【分析】电压表是一个内阻很大的元件,使用时应将其与被测电路并联,当将其与其他元件串联时,其示数将接近电源电压,造成元件无法正常工作。根据电压表的这一特点,结合电路的连接变化可依次做出判断,并推理出故障的原因。 【解答】解:用电压表测得a、b两点间的电压为3V,说明电源电压为3V;用电压表测得a、c两点间的电压为3V,说明a、c以外是连通的,ac间有断路; 用电压表测得b、d两点间的电压为3V,说明b、d以外是连通的,bd间有断路; 综合两次的测量结果可以看出,只有当cd间不通时,才会出现上述情况。故C符合题意。 故选:C。 【点评】了解电压表是一个内阻很大的元件,知道电压表的使用特点,才能结合实际推导出电路的故障原因。 14.如图所示,中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”,甲、乙两线圈分别被悬挂在两个蹄形磁体的磁场中,两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路,用手使甲线圈在磁场中摆动时,乙线圈也会随之摆动起来。关于此现象,下列说法正确的是(  ) A.甲线圈摆动时电能转化为机械能 B.根据乙线圈摆动的原理可以制成发电机 C.乙线圈能发生摆动是因为通电导体在磁场中受力 D.甲线圈相当于用电器,乙线圈相当于电源 【分析】根据通电导体在磁场中受力的原理来对图中的装置进行分析。电动机的制作原理是通电导体在磁场中受力,发电机的原理是电磁感应,电动机工作时消耗电能,得到机械能;发电机工作时将机械能转化为电能。 【解答】解: A、由题意知,甲线圈摆动的过程做切割磁感线运动,闭合的回路中有感应电流产生,所以是机械能转化为电能,故A错误; B、乙线圈摆动的原理是通电导体在磁场中受力,是电动机的原理,故B错误; C、乙线圈能发生摆动是因为通电导体在磁场中受力,故C正确; D、由前面分析可知,甲线圈中产生了感应电流,则甲线圈相当于电源,乙线圈相当于用电器,故D错误。 故选:C。 【点评】本题考查了电与磁之间的两个联系及其应用,注意通电导体在磁场中的受力,易错点。 15.如图所示是小明测量未知电阻Rx的实验电路,电源电压不变,其中R0为阻值已知的定值电阻。当只闭合开关S1时,电流表的示数为I1;当闭合开关S1和S2时,电流表的示数为I2.则下列四个选项中,Rx的表达式正确的是(  ) A.Rx=R0 B.Rx= C.Rx= D.Rx= 【分析】由电路图可知,当只闭合开关S1时,电路为R0的简单电路,电流表测电路中的电流;当闭合开关S1和S2时,R0与Rx并联,电流表测干路电流,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R0的电流不变,根据并联电路的电流特点求出通过Rx的电流,根据并联电路的电压特点和欧姆定律得出等式即可Rx的阻值。 【解答】解:由电路图可知,当只闭合开关S1时,电路为R0的简单电路,电流表测电路中的电流,则I0=I1; 当闭合开关S1和S2时,R0与Rx并联,电流表测干路电流,即I=I2, 因并联电路中各支路独立工作、互不影响, 所以,通过R0的电流不变, 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以,通过Rx的电流: Ix=I﹣I0=I2﹣I1, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,由I=可得,电源的电压: U=IxRx=I0R0,即(I2﹣I1)Rx=I1R0, 解得:Rx=。 故选:D。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用,分清电路的连接方式和电流表所测的电路元件是关键。 二、多项选择题(下列各小题均有四个选项,其中符合题意的选项均多于一个.共14分,每小题2分.每小题选项全选对的得2分,选对但不全的得1分,有错选的不得分) 16.关于我国家庭用电的电压和频率,下列说法正确的是(  ) A.家庭用电的频率为50HZ B.家庭用电的频率为100Hz C.家庭电路的电压为220V D.家庭电路的电压为380V 【分析】我国家庭电路的电压是220V,动力电压为380V;我国交流电的频率是50Hz。 【解答】解:AB、我国家庭电路使用的是交流电,频率为50Hz,故A正确、B错误; CD、我国家庭电路的电压为220V;故C正确、D错误。 故选:AC。 【点评】此题考查了我国交流电的频率和电压,是一道基础题;在平时要多了解安全用电常识,安全用电。 17.下列说法正确的是(  ) A.电动机工作时,是将电能转化为机械能 B.发电机工作时,是将机械能转化为电能 C.我们利用核能进行发电,说明核能就是电能 D.只要发电机做得好,可以不消耗其他形式的能而直接产生电能 【分析】(1)电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的,工作时把电能转化成机械能。 (2)发电机是根据电磁感应现象制成的,工作时把机械能转化成电能; (3)我们利用核能进行发电是将核能转化为电能,核能和电能不是同一种能; (4)能量在转化还是能量的转移的过程中,都遵守能量守恒定律。 【解答】解: A、电动机工作时将电能转化为机械能,故A正确; B、发电机是根据电磁感应现象制成的,工作时把机械能转化成电能,故B正确; C、我们利用核能进行发电是将核能转化为电能,核能和电能不是同一种形式能,故C错误; D、能量在转化和转移的过程中,都遵守能量守恒定律,发电机做得再好,也不可以不消耗其他形式的能而直接产生电能,故D错误。 故选:AB。 【点评】本题考查了发电机、电动机能量转化和转移的相关知识,属于基础知识的考查,要对比记忆。 18.如图是我国早期的指南针﹣﹣司南,是把天然磁石磨成勺子的形状,把它放在水平光滑的“地盘”上,东汉学者王充在《论衡》中记载:“司南之杓(用途),投之于地,其柢(握柄)指南”。下列说法中正确的是(  ) A.司南握柄端是磁石的南极 B.司南握柄端指向地磁场的北极 C.地磁场的北极在地理的北极附近 D.司南握柄端指南是由于受到地磁场的作用 【分析】(1)司南实际上就是一个磁铁; (2)磁体静止时,指南的叫南极用字母S表示;指北的叫北极,用字母N表示。 【解答】解: AD、地球本身是一个大磁体,司南是用天然磁石磨制成的勺子,即其实质就是一块磁铁,在地球的磁场中受到地磁力的作用,其静止时其勺柄指向南方,即指南的南极用S表示;故AD正确; BC、地磁的北极在地理的南极附近,地磁场的南极在地理的北极附近,故司南握柄端指向南极即地磁场的北极附近,故B正确,C错误。 故选:ABD。 【点评】本题主要考查学生对:司南的了解和掌握,是一道基础题。 19.如图是小亮设计的家庭电路图,下列选项中正确的是(  ) A.灯L1与灯L2是并联的 B.两孔插座及三孔插座的连接是正确的 C.控制L1灯的开关的连接是正确的 D.L2灯的连接是正确的 【分析】对于电灯接线操作的基本要求是:“火线零线并排走,零线直接进灯头,火线接在开关上,通过开关进灯头。”而对于插座的接线方法是要求“左零右火”,三孔插座还要求中接地,如果电路中有熔丝,则要将熔丝接到火线上。 【解答】解: A、电路中L1与L2是独立工作、互不影响的,所以它们是并联的,故A正确; B、对于两孔插座是:左零右火;据图可知,两孔插座接到了零线和地线之间;三孔插座的左孔接的是零线,上孔接的是地线,右孔接的是火线,故两孔插座连接错误,三孔插座的连接正确,故B错误; CD、火线直接进入开关,再进入灯泡顶端的金属点,零线直接进入灯泡的螺旋套,这样在更换灯泡时,断开开关,切断火线,更安全,故C错误、D正确。 故选:AD。 【点评】本题考查了家庭电路中的电灯、开关、插座的连接;家庭电路中,不但考虑用电器的正常使用,更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则:左零右火,中间接地。 20.关于如图所示电磁学实验的说法中正确的是(  ) A.甲图中验电器的金属箔片张开是由于异种电荷相互排斥 B.乙图中用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近纸屑,纸屑被吸引,说明橡胶棒有磁性 C.丙图中通电导线附近的磁针发生偏转,说明电流周围存在磁场 D.丁图中简易电动机转动是由于通电导体在磁场中受到力的作用 【分析】(1)根据验电器的原理判断:验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的; (2)带电体能够吸引轻小物体; (3)奥斯特实验说明了电流周围有磁场; (4)电动机是根据通过导体在磁场中受力运动制成的。 【解答】解:A、验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的,故A错误; B、图中用毛皮摩擦过的橡胶棒,橡胶棒带负电,由于带电体能够吸引轻小物体,所以橡胶棒靠近纸屑,纸屑被吸引,说明橡胶棒是带电体,故B错误; C、图中为奥斯特实验,说明电流周围存在磁场,故C正确; D、图中简易电动机的工作原理是根据通过导体在磁场中受力运动制成的,故D正确。 故选:CD。 【点评】本题综合考查验电器的原理、电动机原理、奥斯特实验以及带电体的性质等,涉及的内容较多,但都属于必须掌握的内容。 21.下列问题中,属于可探究的科学问题是(  ) A.电能生磁,磁能生电吗? B.电流通过导体产生的热量与电流的大小有关吗? C.电磁铁磁性强弱与哪些因素有关? D.电阻两端电压越大,该电阻的电功率越大吗? 【分析】科学问题是指能够通过收集数据而回答的问题。一般而言,可以探究的科学问题描述的是两个或多个变量之间的关系,其中的变量必须是可检验的。也就是说,可以探究的科学问题中的因变量和自变量都是可以观察或测量的。 【解答】解: A、电流通过灯泡,灯泡会发光,磁场能使小磁针的指向发生偏转,所以电能生磁,磁能否生电可以进行科学探究,故A符合题意; B、电流的大小可以通过电流表示数反映,电流产生热量的多少可以通过温度计示数的变化反映,所以电流通过导体产生的热量与电流的大小是否有关可以进行科学探究,故B符合题意; C、电磁铁磁性强弱可能与多个因素有关,具体与哪个因素有关没有明确提出,所以此问题不易探究,故C不符合题意; D、电压由电压表测量,功率利用P=UI间接测量,而电流可以用电流表测量,所以电阻两端电压越大,该电阻的电功率是否越大可以进行科学探究,故D符合题意。 故选:ABD。 【点评】一个可探究的科学问题可以有不同的陈述方式,常见的陈述方式有下列三种。方式一:某个变量影响另一个变量吗?例如,物体对斜面的压力大小影响物体受到的滑动摩擦力的大小吗?方式二:如果改变某个变量,另一个变量会怎样变化?例如,在光的反射现象中,如果增大入射角,反射角会增大吗?方式三:一个变量跟另一个变量有关吗?例如,物体的密度与其质量有关吗? 22.下列说法中正确的是(  ) A.探究电流通过导体产生的热量与电流的关系时,导体的电阻和通电时间是需要控制的变量 B.探究电流所做的功与电压的关系时,只有电流的大小是需要控制的变量 C.探究导体中的电流与导体两端电压的关系时,只有导体的电阻是需要控制的变量 D.探究导体的电阻与长度的关系时,只有导体的横截面积是需要控制的变量 【分析】控制变量法是控制其余几个因素不变,从而研究被改变的这个因素对事物影响,这种方法常常应用于物理学中多因素(多变量)的问题。 【解答】解: A、电流通过导体产生的热量与电阻、通电时间、电流大小有关,探究电流通过导体产生的热量与电流的关系时,需要电阻和通电时间一定,故A正确; B、电流所做的功与电压、电流和通电时间有关,探究电流所做的功与电压的关系时,电流的大小和通电时间是需要控制的变量,故B错误; C、探究导体中的电流与导体两端电压的关系时,只有导体的电阻是需要控制的变量,故C正确; D、导体的电阻与导体的材料、横截面积、长度有关,探究导体的电阻与长度的关系时,导体的横截面积、材料是需要控制的变量,故D错误。 故选:AC。 【点评】解决此类控制变量法的问题,要结合研究对象逐个判断各个实验所用的研究方法,注意控制变量法是针对物理学中多因素变化的问题。 三、实验解答题(共36分,23~27题、29题、31题各2分,28题各6分,30题4分,32~33题各3分,34题6分) 23.如图所示的电阻箱的示数为 86 Ω。 【分析】用各指针所指的示数乘以下面的倍数,然后将所有的数值相加,即为该电阻箱的读数。 【解答】解: 图中电阻箱的示数:0×1000Ω+0×100Ω+8×10Ω+6×1Ω=86Ω; 故答案为:86。 【点评】在计算电阻箱的读数时不要忘记乘以各指针所对应的倍数。 24.如图所示,电能表的示数是 2018.1 kW?h。 【分析】电能表的读数方法:(1)月末的减去月初的示数。(2)最后一位是小数。(3)单位kW?h。 【解答】解:电能表的示数为2018.1kW?h。 故答案为:2018.1。 【点评】本题主要是考查了电能表的读数,属于基础题。 25.如图所示,电流表的示数是 0.24 A。 【分析】先确定电流表的量程、分度值,然后根据指针位置读出电流表的示数。 【解答】解:由图知,电流表的量程是0~0.6A,分度值是0.02A,电流表示数是0.24A。 故答案为:0.24。 【点评】掌握电流表的正确使用方法和正确读数方法。 26.根据如图中通电螺线管中的电流方向,可以判断出通电螺线管的左端是 N 极。(选填“N”或“S”)。 【分析】利用图示的线圈绕向和电流方向,根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性。 【解答】解:电流从螺线管的左端流入,右端流出,根据螺线管的线圈绕向,用右手握住螺线管,让四指指向螺线管中的电流方向,则大拇指所指的那端就是螺线管的N极,即可确定螺线管的左端为N极,右端为S极。 故答案为:N。 【点评】此题考查了安培定则的应用,题目的难度不大,考查的知识点较单一。 27.如图所示,A、B为用保温材料包裹的两个完全相同的定值电阻,甲、乙为两个数字温度计,它们的探头分别接触定值电阻A、B的表面,一同被保温材料包裹。测得此时A、B电阻表面的温度均为24.0℃;然后闭合B电阻所在电路的开关S2,A电阻所在电路不变,一段时间后,发现B电阻表面温度达到了25.3℃,A电阻表面温度仍为24.0℃.请写出该实验所探究的科学问题: 电阻表面温度与电阻是否通电有关吗? 。 【分析】据题意中,两次实验中电阻是否通电,而后结合电阻表面温度的变化情况分析即可得出探究的问题。 【解答】解:据题意可知,两次实验中,一次通电,一次断电,且两次实验中电阻的表面温度不同,所以我们可以提出如下探究问题:电阻表面温度与电阻是否通电有关吗? 故答案为:电阻表面温度与电阻是否通电有关吗? 【点评】读懂题意,并能结合题目中的信息判断出题目所要探究的问题是解决该题的关键。 28.(5分)做“测定小灯泡的电功率”实验时,所用器材有:电压为3V的电源,额定电压为2.5V的小灯泡,以及符合实验要求的滑动变阻器、已调零的电流表和电压表、开关、导线若干。请按要求完成下列实验内容: (1)用笔画线代替导线,将图甲的实物电路连接完整。 (2)连接电路时,断开开关,变阻器的滑片P应置于最 左 端(选填“左”或“右”)。 (3)闭合开关,滑动变阻器的滑片P移到某处,电压表的示数如图乙所示,此时,电压表的示数为 2.3 V,要测量小灯泡的额定功率,应将滑片P向 右 (选填“左”或“右”)移动。 (4)通过移动滑片P,分别记录多组对应的电压表和电流表的示数,绘成了图丙所示的U﹣I图象,则小灯泡的额定功率是 0.5 W。 (5)由图丙看出,小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线,由此可推断出小灯泡的电阻是 变化 的(选填“不变”或“变化”)。 【分析】(1)依据电表、滑动变阻器使用规则和实验电路图,连接实物图,只缺少电压表一根线,连上线后电压表与灯泡并联; (2)根据滑阻作用可知滑动变阻器要最大阻值接入电路,滑片远离滑动变阻器所接的下接线柱; (3)根据电压表所接量程分度值可读出电压值,当电压值小于额定电压时,滑动变阻器要减小接入电路阻值,从而减小分的电压,使灯泡电压增加; (4)依据图丙坐标系读出U=2.5V时的电流I=0.2A,用公式P=UI计算即可; (5)灯泡电阻受温度影响,不是定值。 【解答】解:(1)原实物图中只缺少电压表一根线,连上线后电压表与灯泡并联,具体连线见下图; (2)滑动变阻器在电路中起保护电路作用,开始滑片要处于阻值最大出,滑片远离所使用的下接线柱,即滑片P应置于最左端; (3)电压表接量程为3V,分度值为0.1V,根据指针位置得U=2.3V;该电压小于额定电压,要测量额定功率需增加灯泡电压,滑动变阻器滑片向右移动后,阻值减小后分的电压减小,根据串联电路电压特点可知滑动变阻器电压减小后灯泡电压会增大; (4)由图丙坐标系读出U额=2.5V时I=0.2A,电功率P额=U额I=2.5V×0.2A=0.5W; (5)小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线,说明灯泡受温度影响后阻值发生变化。 故答案为:(1)见上图;(2)左;(3)2.3,右;(4)0.5;(5)变化。 【点评】题考查了连接实物电路图、实验注意事项、电表读数、滑动变阻器的作用以及电功率计算,是实验的常考问题,一定要掌握。 29.为了探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关,某同学使用两个相同的大铁钉绕成电磁铁A和B,还找来一些大头针进行实验,电路如图所示。 (1)实验研究的是电磁铁的磁性强弱与 线圈匝数 是否有关。 (2)实验中电磁铁的磁性强弱不便测量,为便于测量,将电磁铁磁性强弱的测量定义为测量电磁铁吸引 大头针个数的多少 。 【分析】(1)两只电磁铁是串联的,所以电流相同,只有线圈的匝数是不同的,据此来做出判断。 (2)电磁铁吸引的大头针数量越多,说明电磁铁的磁性越强,这里是采用了转换法的思想。 【解答】解: (1)读图可知,两只电磁铁是串联在电路中的,所以流经它们的电流是相同时,同时还可以看到,它们线圈的匝数是不同的,因此,本实验研究的是电磁铁磁性强弱与匝数的关系。 (2)磁性的强弱可借助观察电磁铁能够吸起的大头针的数量来判断,吸引的大头针的个数越多,则磁性越强。 故答案为:(1)线圈匝数;(2)大头针个数的多少。 【点评】本题考查了对探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关的实验的一个初步的认识,要明确“匝数”和“电流”是我们研究的主要变量,同时还要知道是如何运用转换法和控制变量法的。 30.(6分)把两段电阻丝R甲、R乙(R甲<R乙)串联后,分别放在如图所示的A、B两个完全相同的烧瓶中且接入电路,在烧瓶中加入质量相同的煤油,再分别插入相同的温度计,闭合开关通电一段时间。根据以上叙述,回答下列问题: (1)实验探究问题的自变量是 电阻 ,因变量是 热量 ; (2)为便于测量因变量将其定义为 用温度计测量煤油升高的温度 ; (3)画出实验数据记录表。 I/A 0.2 0.3 0.5 0.8 1.2 2 U/V 28 27 25 22 18 10 【分析】(1)探究“电阻大小与热量的关系”时需要利用控制变量法;该实验中探究的是热量与电阻的关系,所以需要控制通过电阻的电流、通电时间相同,研究热量与电阻的关系; (2)为便于测量因变量将其定义为温度。 【解答】解:(1)要用实验探究电阻大小与热量的关系,由控制变量法可知,要保持通过电阻的电流、通电时间相同,改变电阻的大小,故探究问题的自变量是电阻,因变量是热量; (2)为便于测量因变量,应该测量温度变化的大小,即为便于测量因变量将其定义为用温度计测量煤油升高的温度; 故答案为:(1)电阻;热量; (2)用温度计测量煤油升高的温度。 【点评】此题主要通过实验探究了电流通过导体时产生的热量与电阻之间的关系。用了控制变量法和转换法,是一道很好的题目。 31.(4分)小明在探究“电路中一个可变电阻两端电压U与通过它的电流I的关系”时,得到如表所示的实验数据: I/A 0.2 0.3 0.5 0.8 1.2 2 U/V 28 27 25 22 18 10 请根据表中数据,归纳出U与I的关系式,U= ﹣10V/A×I+30V。 ;依据关系式得出,当电流I=1.5A时,电压U= 15 V。 【分析】分析表格数据可知电压减小时,通过电阻的电流增大,两者成一次函数关系,设出表达式,然后代入数据得出答案; 根据关系式得出当电流I=1.5A时的电压U。 【解答】解:由表格数据可知,I与U成一次函数关系,可设为U=aI+b, 把I=0.2A,U=28V和I=0.3A,U=27V代入可得: 28V=a×0.2A+b,27V=a×0.3A+b, 联立等式可得:a=﹣10V/A,b=30V, 则U=﹣10V/A×I+30V。 当电流I=1.5A时,电压U=﹣10V/A×1.5A+30V=15V。 故答案为:﹣10V/A×I+30V;15。 【点评】本题考查了学生分析数据得出结论的能力,找出U和I的变化关系是关键。 32.(3分)如图所示实验器材,探究“导体在磁场中运动时,产生感应电流的方向与导体运动方向是否有关”。小明连接好电路图后,进行的实验步骤如下: ①闭合开关,快速向左移动金属棒AB,观察电流计偏转方向,并将导体运动方向和电流计指针偏转方向记录在表格中; ②将U型磁铁上下颠倒,快速向右移动金属棒AB,观察电流计偏转方向,并将导体运动方向和电流计针偏转方向记录在表格中。 请根据以上叙述,回答下列问题: (1)小明探究过程中存在的问题: 步骤②中没有控制磁场方向不变 ; (2)请你针对小明探究过程中存在的问题,写出改正措施: 步骤②改为:U型磁体不动,快速向右移动金属棒AB,观察检流计方向,并将导体运动方向和检流计指针偏转方向记录在表格中 。 【分析】(1)探究“导体在磁场中运动时,产生感应电流的方向与导体运动方向是否有关”时应控制磁场的方向不变; (2)根据不变量写出改正措施。 【解答】解:(1)由①②可知,将U型磁铁上下颠倒,此时磁场的方向发生了变化,而实验时应控制磁场的方向不变,改变导体运动的方向; (2)改正的措施为:②U型磁体不动,快速向右移动金属棒AB,观察检流计方向,并将导体运动方向和检流计指针偏转方向记录在表格中。 故答案为:(1)步骤②中没有控制磁场方向不变;(2)步骤②改为:U型磁体不动,快速向右移动金属棒AB,观察检流计方向,并将导体运动方向和检流计指针偏转方向记录在表格中。 【点评】本题考查了产生电磁感应电流的条件及影响感应电流方向的因素,注意实验过程中控制变量法的应用; 33.(3分)小红在学习了磁场对通电导体有力的作用后,进一步查阅资料,了解到当电流与磁场垂直时,磁场对通电导体的作用力大小与磁场强度、导体在磁场中的长度以及导体中的电流强度有关。 她设计了如图所示的装置,先初步探究磁场对通电导体的作用力与电流大小的关系。实验步骤如下: ①将一根导体棒用两根细线悬挂在铁架台上,将一蹄形磁铁竖直固定在铁架台上,并让导体棒与下方的蹄形磁铁磁极间的磁场方向垂直; ②给导体两端加电压U1,导体静止时,观察悬线与竖直方向偏转的角度为α1; ③导体静止时,观察悬线与竖直方向偏转的角度为α2; ④比较α1、α2的大小,发现α2>α1,即可初步验证其它条件一定,通电导体的电流越大,受到磁场的作用力越大。 (1)请将第③步的步骤补充完整: 给导体两端加电压U2(U2>U1) 。 (2)小红想继续探究通电导体在磁场受到作用力的大小与导体在磁场中的长度是否有关,于是她将图中的导体棒换成了一根较长的导体棒,其它条件不变,此时她发现悬线与竖直方向偏转的角度变小了,于是她得出结论,“其它条件一定,通电导体在磁场中的长度越长,受到的磁场作用力越小”。但她查阅一些资料后发现,理论上通电导体在磁场中的长度越长,受到的磁场作用力越大,这与她实验所得到的结论相反。请你说明小红得出的结论与资料不符的原因。 【分析】(1)要探究磁场对通电导体的作用力与电流大小的关系,应通过改变电压来改变电路中的电流,据此补充步骤; (2)导体的长度变长,但导体在磁场中的长度不一定变长,据此分析。 【解答】解:(1)要探究磁场对通电导体的作用力与电流大小的关系,应通过改变电压来改变电路中的电流,因此,第③步的步骤可补充为:给导体两端加电压U2(U2>U1),导体静止时,观察悬线与竖直方向偏转的角度为α2; (2)由题意可知,根据小红的实验操作得出“其它条件一定,通电导体在磁场中的长度越长,受到的磁场作用力越小”这一结论是不合理的。因为,导体棒变长后,棒的重力变大,但导体在磁场中的长度没有变化,所以,偏转角变小。 故答案为:(1)给导体两端加电压U2(U2>U1); (2)导体棒变长后,棒的重力变大,但导体在磁场中的长度没有变化,所以,偏转角变小。 【点评】本题主要考查了磁场对通电导线产生力的作用的探究,在搞清实验的步骤与探究的条件,尤其是利用控制变量法是本题的关键。 34.(3分)实验桌上有如下器材:满足实验要求的电源、电压表、电流表、滑动变阻器、电阻箱(电路图符号)和开关各一个,导线若干。请利用实验桌上的器材设计实验证明;“当通过导体的电流一定时,导体的电阻越大,导体消耗的电功率越大。” (1)在右侧虚线框中画出实验电路图; (2)写出实验步骤; (3)设计实验数据记录表格。 【分析】根据控制变量法,要使通过电路的电流保持不变,必须把电阻箱与滑动变阻器和电流表串联起来,然后利用电压表测出电阻箱和R2两端的电压,根据P=UI分析比较即可。 【解答】解: (1)用电压表测变阻箱两端电压,用电流表测变阻箱电流,用滑动变阻器调节电路中电流不变,实验电路图如图所示: ; (2)实验步骤: ①把滑动变阻器滑片移到阻值最大处;断开开关S,按照电路图连接实验电路; ②闭合开关S,调节电阻箱阻值为R1,移动滑动变阻器滑片至某位置,读出电流表的示数I、电压表的示数U1,并把数据I、R1和U1记录在表格中; ③断开开关,调节电阻箱阻值为R2,闭合开关,移动滑动变阻器滑片使电流表示数仍为I,读出电压表的示数U2,并把数据R2和U2记录在表格中; ④仿照步骤②,再做4次实验,把电阻箱的阻值R和电压表示数U的每次数据记录在表格中; ⑤根据表格中的数据,利用公式P=UI计算出6次电阻箱消耗的电功率P,并把数据记录在表格中。 (3)实验数据记录表: I/A R/Ω U/V P/W 【点评】本题考查控制变量法的正确使用和电功率公式的灵活应用,同时考查学生根据题意画电路图的能力,并学会要用所画的电路图经过实验分析得出结论的能力,有一定的难度。 四、科普阅读题(共4分,每空1分) 35.(4分)阅读《善变的软磁铁》短文,回答35题。 善变的软磁铁图1所示为中国科技馆探索与发现展厅的一个名为“善变的软磁铁”的展品,体验者推动如图2所示的软磁铁A向永磁铁B移动(永磁铁的右端是N极),会感觉到软磁铁和固定的永磁铁之间的斥力越来越大,推动越来越吃力。但是,当软磁铁继续靠近永磁铁,两者接近到一定距离时,两块磁铁之间的排斥力又忽然变成了吸引力。这件展品让观众们体验了软磁铁与永磁铁之间同性相吸的奇妙特性。磁铁一般分为软磁铁和硬磁铁。所谓软,是指这些材料容易磁化,在磁性上表现“软”。在一般情况下,软磁铁同样也表现出硬磁铁中的一类﹣﹣永磁铁的正常属性,但当普通永磁铁非常接近软磁铁的尖端时,软磁材料的磁矩方向发生了变化,两者的斥力会突然转变为吸引力。软磁材料,易被磁化,被磁化后,磁性也容易消失,也易于通过敲打和加热退磁,它广泛用于电工设备和电子设备,如应用在电磁铁、变压器和电机的铁芯中,以便在断电后磁性消失。请根据以上材料,回答下列问题: (1)当永磁铁非常接近软磁铁的尖端时,软磁铁的左端会突然变为 S 极; (2)软磁铁与硬磁铁相比其特点是 软磁铁易被磁化,被磁化后,磁性也容易消失 ; (3)探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”的实验中,螺线管的铁芯应选用 软 磁材料(选填“软”或“硬”),理由是 断电后螺线管失去磁性,避免对下一次实验造成影响 。 【分析】解答此题需知道: ①磁性材料按照磁化后去磁的难易程度,可分为软磁性材料和硬磁性材料;磁化后容易去掉磁性的物质叫软磁材料,不容易去磁的物质叫硬磁材料; ②软磁材料,易被磁化,被磁化后,磁性也容易消失。 【解答】解:(1)软磁材料易被磁化,当永磁铁非常接近软磁铁的尖端时,软磁铁被磁化;永磁铁右端是N极,软磁铁被磁化后左端是异名磁极,即为S极; (2)硬磁体被磁化后不容易退磁,能够长时间保持磁性,与硬磁铁相比,软磁铁易被磁化,被磁化后,磁性也容易消失; (3)影响电磁铁磁性强弱的因素是电流大小和螺线管匝数多少,因此在探究与电流大小这一因素关系时,螺线管的铁芯应选用软磁材料,断电后螺线管失去磁性,避免对下一次实验造成影响。 故答案为:(1)S; (2)软磁铁易被磁化,被磁化后,磁性也容易消失; (3)软;断电后螺线管失去磁性,避免对下一次实验造成影响。 【点评】本题是一道材料分析题,考查对软磁铁知识和磁化现象的理解,能够从材料中获得有用信息是解题的关键。 五、计算题(共6分,36题3分、37题3分) 36.(3分)如图所示电路中,已知R1的阻值是30Ω.当闭合S1、断开S2时,电流表的示数是0.2A;当S1、S2均闭合时,电流表的示数是0.5A.求: (1)电源两端的电压; (2)电阻R2阻值。 【分析】(1)当闭合S1、断开S2时,电路为R1的简单电路,电流表测通过R1的电流,根据欧姆定律求出电源两端的电压; (2)当S1、S2均闭合时,两电阻并联,电流表测干路电流,根据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的并联求出电阻R2的阻值。 【解答】解: (1)当闭合S1、断开S2时,电路为R1的简单电路,电流表测通过R1的电流, 由I=可得,电源两端的电压: U=I1R1=0.2A×30Ω=6V; (2)当S1、S2均闭合时,两电阻并联,电流表测干路电流, 电路中的总电阻: R===12Ω, 因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和, 所以, =+,即=+, 解得:R2=20Ω。 答:(1)电源两端的电压为6V; (2)电阻R2阻值为20Ω。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用,是一道较为简单的应用题。 37.(3分)图为小明设计的电热砂锅的电路图,该电热砂锅有“大火”和“小火”两个档位。当S1、S2都闭合时,实现“大火”炖煮;当S1闭合、S2断开时,实现“小火”炖煮。已知电源电压为60V,加热电阻R1=25Ω、R2=5Ω.求: (1)电热砂锅用“小火”炖煮时,电路中的电流I; (2)电热砂锅用“大火”炖煮时,消耗的电功率P。 【分析】(1)当S1闭合、S2断开时,R1与R2串联,实现“小火”炖煮,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流; (2)当S1、S2都闭合时,电路为R2的简单电路,实现“大火”炖煮,根据P=UI=求出消耗的电功率。 【解答】解: (1)当S1闭合、S2断开时,R1与R2串联,实现“小火”炖煮, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,电路中的电流: I===2A; (2)当S1、S2都闭合时,电路为R2的简单电路,实现“大火”炖煮, 则消耗的电功率: P===720W。 答:(1)电热砂锅用“小火”炖煮时,电路中的电流为2A; (2)电热砂锅用“大火”炖煮时,消耗的电功率为720W。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,是一道较为简单的应用题。

  • ID:6-5384354 2017-2018学年北京市海淀区九年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2017-2018学年北京市海淀区九年级(上)期末物理试卷 一、单项选择题(下列各小题均有四个选项,其中只有一个选项符合题意.共30分,每小题2分) 1.在国际单位制中,电功率的单位是(  ) A.瓦特(W) B.伏特(V) C.安培(A) D.焦耳(J) 2.用两根绝缘细线,分别将甲、乙两个带正电的轻质小球悬挂起来,在将乙球慢慢靠近甲球时,有可能出现的现象是图中的(  ) A. B. C. D. 3.下列家用电器中,利用电流热效应工作的是(  ) A.电风扇 B.电饭锅 C.电冰箱 D.电视机 4.我们的学习和生活都离不开电,在日常生活中树立安全用电意识十分重要。图中的各种做法中,符合安全原则的是(  ) A.在高压线线附近放风筝 B.用湿布擦台灯的灯头 C.用湿手拔电水壶的插头 D.用绝缘棒挑开通电的裸电线 5.教室里,一个开关控制两盏电灯,若一盏灯出现断路,不影响另一盏灯的工作。在图所示的四个电路中,正确反映电路连接关系的是(  ) A. B. C. D. 6.如图所示,甲、乙、丙、丁四幅图是使用试电笔辨别火线与零线的情景,其中正确使用试电笔的是(  ) A.甲和乙 B.乙和丙 C.乙和丁 D.甲和丁 7.如图所示,我国早期的指南针(司南),它是把天然磁石磨成 勺子的形状,放在水平光滑的“地盘”上制成的。东汉学者王充在《论衡》中记载:“司南之杓,投之于地,其柢指南”。关于指南针,下列说法中正确的是(  ) A.有的指南针只有一个磁极 B.自由转动的指南针,其静止时指南北是由于地磁场的作用 C.指南针的指向不会受到附近磁铁的干扰 D.指南针周围不存在磁场 8.小明用标有“12V 60W”的汽车灯甲和标有“24V 30W”的汽车灯乙做实验,关于这两个汽 车灯的比较,下列说法中正确的是(  ) A.甲灯的额定功率一定小于乙灯的额定功率 B.甲灯的实际功率一定小于乙灯的实际功率 C.甲灯和乙灯均正常工作时,甲灯消耗的电能一定比乙灯少 D.甲灯和乙灯均正常工作,且消耗相同的电能,甲灯工作的时间比乙灯短 9.在生活中,我们会遇到这些情况:①控制灯的开关中两个线头相碰;②插座中分别与火线和零线连接的两个线头相碰;③电路中增加了大功率的用电器;④插头与插座接触不良。在上述情况中,可能引起家庭电路中空气开关跳闸的是(  ) A.①和② B.②和③ C.③和④ D.①和④ 10.小红在做“探究影响串联电路各用电器功率大小因素”的实验时,连好了如图所示的 电路,闭合开关后发现小灯泡 L1发光,L2 比正常发光暗,对于这 一现象产生原因的分析,下列说法中合理的是(  ) A.小灯泡 L2 发生了断路 B.小灯泡 L2发生了短路 C.小灯泡 L2 中没有电流 D.小灯泡 L2的实际功率小于它的额定功率 11.为监测教室环境中 PM2.5 的浓度,创客社团的四位同学分别设计了如图所示的电路 图,其中电源两端电压保持不变,R1是定值电阻,R2是气敏电阻(阻值随 PM2.5 浓度增大而减小)。现要求 PM2.5 浓度越大,电表的示数就越大,则符合要求的电路图是(  ) A. B. C. D. 12.如图所示,磁悬浮地球仪无任何支撑地悬浮在空中。它的底座 里面有一个电磁铁,可使内部有磁体的地球仪悬浮在空中。要断 开底座电磁铁的电源的时,需要先把地球仪拿下来放好,再把电 源断开,这样才能避免地球仪由于断开电磁铁的电源而摔坏。关 于地球仪悬浮在空中时的受力情况,下列说法中正确的是(  ) A.地球仪内部的磁铁受到电磁铁引力的作用 B.地球仪内部的磁铁受到电磁铁斥力的作用 C.地球仪所受浮力与地球仪所受重力是一对平衡力 D.地球仪所受磁力大于地球仪所受重力 13.如图所示,摇动手摇发电机的手柄使线圈转动,与发电机连接的小灯泡 会发光。该手摇发电机与图 10 所示各种实验装置工作原理相同的是(  ) A.通电导体在磁场中受力 B.电磁感应现象 C.电荷定向移动 D.奥斯特实验 14.如图所示,电源两端电压不变,R1:R2=2:1.先闭合开关 S1,经过60s再闭合开关S2,再经过30s断开开关 S1、S2.在这90s中电流通过电阻R1做功W1与电流通过电阻R2做功W2之比为(  ) A.3:4 B.4:3 C.3:2 D.1:1 15.大型发电站大多数建在远离我们的地区,通过输电线把电送到我们身边。在远距离输电时,电能在输电线上的损耗是不可忽略的。如图所示是远距离输电的示意图,发电 站输出电功率 P输=U输I输,在发电站输出电功率 P输和输电线电阻R线一定的情况下,则下列说法中正确的是(  ) A.电站输电电压越高,通过输电导线的电流就越大 B.输电线发热功率与电站输电电压成正比 C.输电线发热功率与电站输电电压平方成正比 D.输电线发热功率与电站输电电压平方成反比 二、多项选择题(下列各小题均有四个选项,其中符合题意的选项均多于一个.共14分,每小题2分.每小题选项全选对的得2分,选对但不全的得1分,有错选的不得分) 16.下列说法中正确的是(  ) A.家庭电路由进户线、电能表、总开关、保护设备、用电器和导线等组成 B.我国家庭电路的电压是 380V C.对人体的安全电压为不高于 36V D.我国家庭电路的频率是 50Hz 17.为了判断一根铁棒是否具有磁性,小明提出了如下四个实验方案,其中可行的方案是(  ) A.用一根细线将铁棒水平悬挂起来,多次使其自由转动,若静止时铁棒的两端总是分 别指向南北,则铁棒有磁性 B.将铁棒一端靠近小磁针,若相互吸引,则铁棒有磁性 C.将铁棒一端靠近大头针,若大头针被吸引,则铁棒有磁性 D.将铁棒一端靠近验电器,若验电器铝箔片没有张开,则铁棒没有磁性 18.如图所示是小明探究导体回路的一部分在磁场中运动产生感应电流的实验情景(图中箭头表示导体的运动方向).关于小明的探究实验,下列说法中正确的是(  ) A.对比甲、乙两次实验可以探究感应电流方向与磁场方向是否有关 B.对比乙、丙两次实验可以探究感应电流方向与导体运动方向是否有关 C.对比甲、丙两次实验可以探究感应电流方向与磁场方向是否有关 D.对比乙、丁两次实验可以探究感应电流的产生与导体切割磁感线是否有关 19.关于“磁场和磁感线”,下列说法正确的是(  ) A.磁场看不见摸不着,但是可以借助小磁针感知它的存在 B.磁感线是磁体周围空间实际存在的曲线 C.磁感线是铁屑组成的 D.将能自由转动的小磁针放在磁场中的 P 点,小磁针静止时 N 极所指的方向就是 P 点磁场的方向 20.如图所示,闭合开关,小灯泡不发光。若电路中只有一处故障,关于电路故障的分析,下列说法中正确的是(  ) A.若电流表示数为零,电压表的示数接近电源两端的电压,则可能是滑动变阻器断路 B.若电压表示数为零,电流表指针有明显偏转,则可能是小灯泡短路 C.若电压表、电流表示数均为零,则可能是小灯泡断路 D.若电压表、电流表示数均为零,则可能是滑动变阻器断路 21.如图所示,需要将滑动变阻器接入电路。要求:滑动 变阻器的滑片 P 向右移动,小灯泡变亮。若不考虑温度 对小灯泡电阻的影响,则下列说法中正确的是(  ) A.导线的 M、N 两端可能分别与滑动变阻器的 C、B 两接线柱相连接 B.导线的 M、N 两端可能分别与滑动变阻器的 D、B两接线柱相连接 C.当电路中通有电流,滑动变阻器接入电路中的阻值变大时,小灯泡的电功率变小 D.电路中消耗的电能全部转化为光能 22.为研究滑动变阻器消耗功率的情况,小明按照图1连接了实验电路,闭合开关S,记录了滑动变阻器的滑片P在几个不同位置时,电流表和电压表的示数。他利用实验数据作出 U﹣I 图象,如图2所示。其中滑动变阻器滑片置于最右端时,电路 中的电流为 0.2A. 关于这个实验电路,下列说法中正确的是(  ) A.滑动变阻器滑片 P 移动过程中,电压表的最大示数为 16V B.开关 S 闭合,滑动变阻器接入电路电阻为零时,电流表的示数为 1.0A C.滑动变阻器滑片 P 从最右端向最左端移动过程中,滑动变阻器的功率不断增大 D.滑动变阻器滑片 P 从最右端向最左端移动过程中,滑动变阻器的功率不断减小 三、实验解答题(共36分,23、24题各2分,25、27、29、30题各6分,26、28题各4分) 23.如图所示,电能表的示数是   kW?h。 24.如图所示,通电螺线管的左端为 N 极,右端为 S 极,则电源的   端为正极。(选填“左”或“右”) 25.(6分)为测量小灯泡的电功率,小明连接了如图所示的实验电路。 (1)请你根据图1所示的实物电路连接情况在虚线框内画出相应的电路图。 (2)电路连接正确后,闭合开关 S,调节滑动变阻器的滑片 P 到某一位置,此时电压表、电流表示数如图2所示,则此时小灯泡两端 的电压为   V;小灯泡的电功率为   W 26.(4分)在探究电流通过导体产生热量多少的影响因素时,小明把阻值恒定为 R1=5Ω、R2=10Ω的两段电热丝分 别放在如图1所示的两个完全相同的烧瓶中并接 入电路,在烧瓶中加入质量、初温均相同的煤油,再分别插入相同的温度计,实验设计中用煤油升高 的温度△t 表示电流通过电热丝 R 产生热量的多少,不计实验过程中的热损失。 (1)利用该实验装置可以完成的可探究的科学问题是:   。 (2)将如图2所示的甲、乙、丙三个完全相同的烧瓶,每个烧瓶内装有质量相等的煤 油、相同的温度计和阻值相等且恒定的电热丝 R,依次分别接入如图3所示电路进行实验 得到下表所示实验数据,其中 I 为通过电热丝的电流,t0 为闭合开关前烧瓶内的温度计的示数,t 为通电 4min 时温度计的示数。根据此表格数据可以得到初步的实验结论是:   。 I/A 0.10 0.14 0.18 t0/℃ 18 18 18 t/℃ 19 20 21 △t/℃ 1 2 3 27.(6分)为探究在导体两端电压不变的条件下,通过导体的电流 I跟导体电阻的倒数的关系,小明设计了如图 1所示的实验电路图。根据实验测量的数据,他画出了如图 2 所示的通过导体的电流 I 与导体电阻的倒数的关系图象。 (1)小明探究的问题的自变量是   。(选填“电流”或“电 阻的倒数”) (2)在此实验中,滑动变阻器 R0除了能起到保证电路安全的作用外,另一主要作用是   。 (3)根据图象可知,在导体两端电压 不变的条件下,通过导体的电流 I 与导体电阻倒数,R的关系式为 I=   。 28.(6分)实验桌上有满足实验要求的如下实验器材:电源、已调零的电压表、滑动变阻器、已知 阻值为R0的定值电阻和额定电压为6V的小灯泡各一个,开关和导线若干。小明设计了如图所示的测量额定电压为6V的小灯泡额定电功率的电路图。 (1)他进行实验的步骤如下: ①按图1连接实验电路,将滑动变阻器的滑片 P 移动到接入电路 中阻值的最大处; ②断开开关 S2、闭合开关 S1,移动滑动变阻器的滑片 P,使电压表示数为 6V;保持滑动变阻器的滑片P位置不变,闭合开关 S2,记录电压表的示数为 U(此过程中,电路各元件均完好); ③小明根据测得的数据,计算出小灯泡的额定功率为P额=。 老师指出小明设计的电路图存在错误,按照这个错误方案,在小明操作无误,正确读数的情况下,测得的小灯泡的电功率   小灯泡的额定电功率。(选填“大于”或“小于”)。 (2)小明在老师的帮助下,改正了实验设计中的错 误,正确连接了如图2所示的实验电路,请把 小明的实验步骤补充完整: ①断开开关 S2、闭合开关 S1、S3,移动滑动变阻器的滑片 P,使电压表示数为 6V; ②保持滑动变阻器滑片P的位置不变,   ,记录电压表的示数为 U; ③小明根据测得的数据,计算出了小灯泡的额定功率。 他又利用 R0及实验数据计算出小灯泡正常工作的电阻 RL=   。 29.(6分)实验桌上有学生电源、电磁铁、已调零的电流表、已调零的弹簧测力计、滑动变阻 器、软铁棒、带横杆的铁架台、刻度尺和 开关各一个,导线若干。小华将这些器材 组装成如图所示的实验装置。请利用该 装置进行实验,证明:“当线圈匝数一定,通过电磁铁线圈中的电流越大,电磁铁的 磁性越强”。 (1)请写出仪器组装好以后的实验步骤; (2)请设计实验数据记录表格。 30.(6分)实验桌上有符合实验要求的如下器材:学生电源(电源挡位不可调,两端电压会随接入 电路中电阻的变化而改变)、已调零的电压表和电流表、电阻箱(电阻箱的符号)、滑动变阻器和开关各一个,导线若干。请利用上述实验 器材,设计一个实验证明:“当导体两端电压保持不变 时,导体的电功率与导体的电阻值成反比”。 (1)请在虚线框中画出实验电路图; (2)请写出实验步骤。 四、科普阅读题(共4分,每小题2分) 31.阅读《“人群农场”为火车站供电》回答问题。 “人群农场”为火车站供电 一说到农场,很多人一定会想到奶牛场或庄稼农场,可是两名麻省理工学院的研究生正在欧洲进行一项火车站设计工程,他们最近有了个奇怪的想法﹣﹣把人的运动的机械能转化为电能。他们的“人群农场”将会利用人们走动时对地板的作用来产生电。 他们设想:在车站广场等人流密集的地方的地板下安装一种“压电”设备,把人流踩踏地板时的冲击 能量接收下来并转化为电能进行照明或其它用途。他 们在一个车站里安放了一只如图所示的“压电”小凳进修试验,人坐上去后,通过压力作用而产生电能,让四只发光二极管亮起来。他们的设计利用了物理学中的压电效应。压电效应就是某些物质在沿一定方向上受到外力的作用而形变时,它的两个相对表面上就会带电,两端形成一定的电压,压力越大,产生的电压往往越高,这种压电效应也叫正压电效应。反之,当给这种物质两端加上电压时,它们就会发生形变,这种现象叫逆压电效应。材料两端所加电压越大,它的形变就越大。能产生压电效应的材料叫压电材料。 压电效应在生活中有广泛的应用,某些打火机和煤气灶的点火开关、炮弹触发引线、压电地震仪等都应用了压电效应。某些声音的记录和再现中也应用了压电效应。使用某种装有压电材料膜片的话筒时,声源的振动会使压电材料两端电极上产生电压,电压的大小随着声音的变化而变化。这种压电材料上电压的变化,再通过电子装置,变成无线电波传到遥远的地方。这些无线电波为收音机所接收,安放在收音机喇叭上的压电材料膜片由于两端加有与声音相关的变化的电压而振动发出声音。话筒中的压电材料膜片能“听得见”声音,而喇叭上的压电材料膜片则会“说话”。 请根据上述材料,回答下列问题: (1)下列说法中正确的是   。(选填选项前的字母,符合题意的选项多于一个) A.正压电效应过程的能量转化是电能转化为机械能 B.逆压电效应过程的能量转化是电能转化为机械能 C.“人群农场”为火车站供电利用的是正压电效应 D.安装在喇叭上的压电材料膜片振动发声利用的是正压电效应 (2)请你利用压电材料设计一个发电童鞋,为鞋底的发光二极管供电。请简述设计方案以及发电方法。 五、计算题(共6分,每小题3分) 32.(3分)一个烧水“热得快”的额定电压 U=220V,额定功率 P=1100W.求: (1)此“热得快”正常工作 1min 消耗的电能 W; (2)此“热得快”正常工作时的电流 I; (3)此“热得快”正常工作时的电阻 R。 33.(3分)小灯泡甲上标有“3.6V 0.75A”,小灯泡乙上标有“4.8V 0.5A”。 将甲、乙两个小灯泡并 联接在一个电源两端,使两灯都能发光,且其中一个小灯泡恰好正常发光,另一个实际 功率小于额定功率。不计小灯泡电阻随温度的变化,求: (1)小灯泡乙的电阻值; (2)此时两个小灯泡的总功率。 2017-2018学年北京市海淀区九年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题(下列各小题均有四个选项,其中只有一个选项符合题意.共30分,每小题2分) 1.在国际单位制中,电功率的单位是(  ) A.瓦特(W) B.伏特(V) C.安培(A) D.焦耳(J) 【分析】电学中各个物理量都有自己的国际单位;电流的单位是安培;电压的单位是伏特;电功(电能)的单位是焦耳;电功率的单位是瓦特。 【解答】解:A、瓦特(W)是电功率的国际单位;故A正确; B、伏特(V)是电压的国际单位;故B错误; C、安培(A)是电流的国际单位;故C错误; D、焦耳(J)是电功(电能、热量)的国际单位;故D错误; 故选:A。 【点评】电学中的物理量较多,各个物理量都有自己的单位,不要将单位相互混淆。 2.用两根绝缘细线,分别将甲、乙两个带正电的轻质小球悬挂起来,在将乙球慢慢靠近甲球时,有可能出现的现象是图中的(  ) A. B. C. D. 【分析】电荷间的相互作用规律是:同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引。 【解答】解:甲、乙两个相同的轻质小球悬挂起来,两个小球都带正电,同种电荷相互排斥;小球由于受到斥力的作用,故两个小球都偏离线的竖直方向,故AB错误,C正确;D中的两个小球相互吸引了,故D错误。 故选:C。 【点评】本题考查物体带电的有关问题,要知道电荷间的相互作用规律。 3.下列家用电器中,利用电流热效应工作的是(  ) A.电风扇 B.电饭锅 C.电冰箱 D.电视机 【分析】要解答本题需掌握:电流的热效应就是把电能转化为内能。 【解答】解:电风扇、电冰箱主要是把电能转化为机械能;电视机主要是把电能转化为声能和光能。 只有电饭锅是把电能转化为内能,是利用电流的热效应。 故选:B。 【点评】本题主要考查学生对:电流的热效应,以及电能和其它形式能的相互转化。是一道基础题。 4.我们的学习和生活都离不开电,在日常生活中树立安全用电意识十分重要。图中的各种做法中,符合安全原则的是(  ) A.在高压线线附近放风筝 B.用湿布擦台灯的灯头 C.用湿手拔电水壶的插头 D.用绝缘棒挑开通电的裸电线 【分析】安全用电的基本原则是不接触低压带电体,不靠近高压带电体;当发生触电事故进行急救时要先切断电源;有金属外壳的用电器,其外壳一定要接地,以防止漏电事故的发生。 【解答】解:A、在高压线下放风筝,非常容易发生触电事故,不符合安全用电原则。 B、用湿布擦灯头,水是导体,人很容易触电,不符合安全用电原则。 C、用湿手拔插头,水是导体,一旦与火线接触,就会发生触电事故,不符合安全用电原则。 D、用绝缘棒挑开通电裸导线,由于绝缘帮是绝缘体,可以防止发生触电事故,符合安全用电原则。 故选:D。 【点评】本题的解题关键是了解安全用电的基本原则,相对比较简单,属于基础题。 5.教室里,一个开关控制两盏电灯,若一盏灯出现断路,不影响另一盏灯的工作。在图所示的四个电路中,正确反映电路连接关系的是(  ) A. B. C. D. 【分析】由“开关能同时控制两盏灯,若一盏灯出现断路,不影响另一盏灯的工作。”可知两灯泡并联,开关在干路上,然后对各个电路图逐一分析。 【解答】解:A、两灯并联,开关在干路上,开关能同时控制两盏灯;若一盏灯的灯丝断了,不影响另一盏灯的工作,故A符合题意; B、两灯泡串联,互相影响,故B不符合题意; C、两灯并联,但开关只能控制一盏灯,不能同时控制两盏灯,故C不符合题意; D、开关闭合会引起短路,不能控制两盏灯泡,故D不符合题意。 故选:A。 【点评】解答此题的关键是需要对题中要求有清楚的认识,重点是开关的控制作用。 6.如图所示,甲、乙、丙、丁四幅图是使用试电笔辨别火线与零线的情景,其中正确使用试电笔的是(  ) A.甲和乙 B.乙和丙 C.乙和丁 D.甲和丁 【分析】正确使用试电笔的方法:站在地上手接触试电笔的笔尾金属体,笔尖接触火线或零线。氖管发光的是火线,氖管不发光的是零线。 【解答】解: 使用试电笔辨别火线与零线时,手一定要接触笔尾金属体或金属笔卡,不能接触笔尖的金属体,故甲、丙错误,乙、丁正确; 故选:C。 【点评】本题考查了试电笔的应用,属于基础知识。 7.如图所示,我国早期的指南针(司南),它是把天然磁石磨成 勺子的形状,放在水平光滑的“地盘”上制成的。东汉学者王充在《论衡》中记载:“司南之杓,投之于地,其柢指南”。关于指南针,下列说法中正确的是(  ) A.有的指南针只有一个磁极 B.自由转动的指南针,其静止时指南北是由于地磁场的作用 C.指南针的指向不会受到附近磁铁的干扰 D.指南针周围不存在磁场 【分析】明确司南的原理,知道它是利用地磁场对磁极的作用来工作的,再根据磁极间的相互作用明确附近磁体的影响。 【解答】解: A、任何磁体都有两个极,故A错误; B、磁勺能够指向南北,是由于地球具有磁场,地磁场是南北指向。磁勺由于受地磁场的作用而工作的,故B正确; C、磁勺指向会受到附近铁块的干扰,是由于铁块被磁化后干扰了附近的地磁场。故C错误; D、指南针被磁化后,周围存在磁场,故D错误。 故选:B。 【点评】指南针早起称司南,主要组成部分是一根装在轴上的磁针,磁针在天然地磁场的作用下可以自由转动并保持在磁子午线的切线方向上,磁针的北极指向地理的北极,利用这一性能可以辨别方向。常用于航海、大地测量、旅行及军事等方面。物理上指示方向的指南针的发明由三部曲组成:司南、磁针和罗盘。他们均属于中国的发明。 8.小明用标有“12V 60W”的汽车灯甲和标有“24V 30W”的汽车灯乙做实验,关于这两个汽 车灯的比较,下列说法中正确的是(  ) A.甲灯的额定功率一定小于乙灯的额定功率 B.甲灯的实际功率一定小于乙灯的实际功率 C.甲灯和乙灯均正常工作时,甲灯消耗的电能一定比乙灯少 D.甲灯和乙灯均正常工作,且消耗相同的电能,甲灯工作的时间比乙灯短 【分析】(1)由灯泡的铭牌可知它们的额定功率,然后比较两者的大小; (2)灯泡正常发光时的功率和额定功率相等,根据W=Pt比较两者消耗的电能关系。 【解答】解: A.由灯泡的铭牌可知,甲灯泡的额定功率为60W,乙灯泡的额定功率为30W,则甲灯的额定功率比乙灯大,故A错误; B.没有指出两灯的实际电压,所以不能确定甲灯的实际功率和乙灯的实际功率之间的关系,故B错误; C.灯泡正常发光时的功率和额定功率相等,由W=Pt可知,两灯泡消耗的电能与实际功率和通电时间有关,由于通电时间未知,所以无法比较两者消耗的电能关系,故C错误; D.甲灯和乙灯均正常工作,且消耗相同的电能,由P=可知,甲灯工作的时间比乙灯短,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了学生对额定功率和电功公式、电功率公式的理解与掌握,要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。 9.在生活中,我们会遇到这些情况:①控制灯的开关中两个线头相碰;②插座中分别与火线和零线连接的两个线头相碰;③电路中增加了大功率的用电器;④插头与插座接触不良。在上述情况中,可能引起家庭电路中空气开关跳闸的是(  ) A.①和② B.②和③ C.③和④ D.①和④ 【分析】家庭电路中电流过大,会使保险丝熔断。其原因主要有两种,一是用电器短路,二是用电器的总功率过大。根据各种情况中的现象,进行判断。 【解答】解:①开关中的两个线头相碰,会导致开关无法控制用电器,用电器将一直工作,但不会导致电流过大,不会引起家庭电路中空气开关跳闸; ②插座中的两个线头相碰,会造成电路短路;从而造成电流过大,引起家庭电路中空气开关跳闸; ③电路中增加了大功率用电器,会导致用电器的总功率过大,会导致电流过大,引起家庭电路中空气开关跳闸; ④插头与插座接触不良会造成该用电器不能工作,不会引起家庭电路中空气开关跳闸。 故②③正确, 故选:B。 【点评】本题考查了家庭电路电流过大的原因:发生短路或同时工作的用电器的总功率过大。 10.小红在做“探究影响串联电路各用电器功率大小因素”的实验时,连好了如图所示的 电路,闭合开关后发现小灯泡 L1发光,L2 比正常发光暗,对于这 一现象产生原因的分析,下列说法中合理的是(  ) A.小灯泡 L2 发生了断路 B.小灯泡 L2发生了短路 C.小灯泡 L2 中没有电流 D.小灯泡 L2的实际功率小于它的额定功率 【分析】(1)灯泡断路时,电路断路,两灯泡均不发光; (2)灯泡短路时,没有电流通过灯泡,不能发光; (3)根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小,实际功率小于的额定功率,灯泡亮度就变暗。 【解答】解:由题知,闭合开关后发现小灯泡 L1发光,L2 比正常发光暗; A、若灯泡L2发生了断路,电路中无电流,两灯泡均不发光,故A错误; B、若灯泡L2发生短路,没有电流通过L2,则L2不能发光,只有L1发光,故B错误; C、由题知,两灯泡都能发光,所以灯泡 L2 中有电流,故C错误; D、因为灯泡的亮暗取决于实际功率大小,L2 比正常发光暗,所以灯泡L2的实际功率小于它的额定功率,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了串联电路的电流特点和电功率公式的灵活应用,关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。 11.为监测教室环境中 PM2.5 的浓度,创客社团的四位同学分别设计了如图所示的电路 图,其中电源两端电压保持不变,R1是定值电阻,R2是气敏电阻(阻值随 PM2.5 浓度增大而减小)。现要求 PM2.5 浓度越大,电表的示数就越大,则符合要求的电路图是(  ) A. B. C. D. 【分析】由题知,气敏电阻的阻值R2随 PM2.5 浓度增大而减小,要求PM2.5 浓度越大,电表的示数就越大,由此分析各选项电路图解答。 【解答】解: A、由电路图可知,气敏电阻R2与定值电阻R1串联,电压表测电源的电压,因电源的电压不变,所以PM2.5浓度变化时电压表的示数不变,故A不符合题意; B、由电路图可知,气敏电阻R2与定值电阻R1串联,电压表测气敏电阻R2的电压, 当PM2.5浓度越大时,气敏电阻R2的阻值减小,电路中的总电阻减小,由I=可知,电路中的电流增大, 由U=IR可知,R1两端的电压增大,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以R2两端的电压减小,即电压表的示数减小,故B不符合题意; C、由电路图知,两电阻并联,电流表测通过气敏电阻R2的电流; 由并联电路的电压特点可知,两电阻两端的电压与电源电压相等且保持不变, 当PM2.5浓度越大时,气敏电阻R2的阻值减小,由I=可知,通过R2的电流变大,即电流表示数变大,故C符合题意; D、由电路图知,两电阻并联,电流表测通过R1的电流,并联电路中各支路间互不影响,所以R2的阻值变化不影响通过R1的电流,即电流表的示数不变,故D不符合题意。 故选:C。 【点评】本题考查了串联和并联电路的特点以及欧姆定律的应用,分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。 12.如图所示,磁悬浮地球仪无任何支撑地悬浮在空中。它的底座 里面有一个电磁铁,可使内部有磁体的地球仪悬浮在空中。要断 开底座电磁铁的电源的时,需要先把地球仪拿下来放好,再把电 源断开,这样才能避免地球仪由于断开电磁铁的电源而摔坏。关 于地球仪悬浮在空中时的受力情况,下列说法中正确的是(  ) A.地球仪内部的磁铁受到电磁铁引力的作用 B.地球仪内部的磁铁受到电磁铁斥力的作用 C.地球仪所受浮力与地球仪所受重力是一对平衡力 D.地球仪所受磁力大于地球仪所受重力 【分析】(1)从图可知:地球仪与底座是相互分离的,故可判断地球仪与底座是相互排斥的; (2)静止状态是一种平衡状态,受到的力平衡。 【解答】解:AB、因为地球仪与底座是相互分离的,所以地球仪与底座之间是相互排斥的,即该悬浮地球仪是利用的同名磁极相互排斥的原理制成的,即地球仪内部的磁铁受到电磁铁斥力的作用,故A错误,B正确; CD、因为地球仪在空中静止,处于平衡状态,所以地球仪受力平衡,即重力和磁力大小相等,是一对平衡力,故CD错误。 故选:B。 【点评】此题考查的知识点较多,要从题目中寻找有用的信息,明确磁悬浮地球仪所包含的原理,利用有关知识点可做出解答,体现了物理的广泛应用。 13.如图所示,摇动手摇发电机的手柄使线圈转动,与发电机连接的小灯泡 会发光。该手摇发电机与图 10 所示各种实验装置工作原理相同的是(  ) A.通电导体在磁场中受力 B.电磁感应现象 C.电荷定向移动 D.奥斯特实验 【分析】当闭合电路中的部分导体做切割磁感线运动时,电路中可以产生感应电流,这就是电磁感应现象。 【解答】解:手摇发电机是利用电磁感应现象的原理工作的: A、此图中有电源,磁场中的导体通电后,会受力运动,即说明通电导线在磁场中受力的作用,故A错误; B、此图中没有电源,当磁场中的金属棒做切割磁感线运动时,电路中就会产生感应电流,故电磁感应现象,该现象就是发电机的原理,故B正确; C、电荷的定向移动会形成电流,验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的,故C错误; D、该图是奥斯特实验,说明通电导线周围有磁场,与发电机无关,故D错误; 故选:B。 【点评】能准确的判断出电与磁这一章中的实验原理是解决该题的关键。 14.如图所示,电源两端电压不变,R1:R2=2:1.先闭合开关 S1,经过60s再闭合开关S2,再经过30s断开开关 S1、S2.在这90s中电流通过电阻R1做功W1与电流通过电阻R2做功W2之比为(  ) A.3:4 B.4:3 C.3:2 D.1:1 【分析】先闭合开关 S1,电路是R1的简单电路,再闭合开关 S2,R1、R2并联,根据W=t分别求得电流做功,然后即可得出结论。 【解答】解:先闭合开关 S1,为R1的简单电路, 90s中电流通过电阻R1做功W1=t1=×90s; 经过60s再闭合开关S2,R1、R2并联,其两端电压相同, 由题意可知,30s中电阻R2做功W2=t2=×30s, 则===。 故选:C。 【点评】本题考查并联电路的特点和电功的计算,关键是公式及其变形的灵活运用,难点是对电路的分析,明白开关断开与闭合时电路的连接情况。 15.大型发电站大多数建在远离我们的地区,通过输电线把电送到我们身边。在远距离输电时,电能在输电线上的损耗是不可忽略的。如图所示是远距离输电的示意图,发电 站输出电功率 P输=U输I输,在发电站输出电功率 P输和输电线电阻R线一定的情况下,则下列说法中正确的是(  ) A.电站输电电压越高,通过输电导线的电流就越大 B.输电线发热功率与电站输电电压成正比 C.输电线发热功率与电站输电电压平方成正比 D.输电线发热功率与电站输电电压平方成反比 【分析】在输送电功率不变的情况下,根据公式P=UI可知,电压越高电流就越小,这样高压输电就能减少因发热产生的热损耗;根据公式P=I2R可知,当输电线电阻不变的情况下,电流越小,发热消耗的功率就越小。 【解答】解: A、因为发电站的输出电功率是一定的,由 P输=U输I输可知,输电电压越高,通过输电导线的电流就越小,故A错误; BCD、发电站输送的电功率P输=U输I,所以输电电流为I=, 则输电线的发热功率(即损失的功率):P热=I2R线=R线, 因输出电功率 P输和输电线电阻R线一定,所以,输电线上的发热功率跟电站输电电压平方成反比;故BC错误,D正确。 故选:D。 【点评】本题考查远距离输电的能量损失问题,远距离输电中损耗的功率为导线发热产生的,故从电压和导线上分析。 二、多项选择题(下列各小题均有四个选项,其中符合题意的选项均多于一个.共14分,每小题2分.每小题选项全选对的得2分,选对但不全的得1分,有错选的不得分) 16.下列说法中正确的是(  ) A.家庭电路由进户线、电能表、总开关、保护设备、用电器和导线等组成 B.我国家庭电路的电压是 380V C.对人体的安全电压为不高于 36V D.我国家庭电路的频率是 50Hz 【分析】(1)输电线进户后首先接到电能表上,后面依次是总开关、保险装置、用电器。 (2)我国家庭电路的电压是 220V。 (3)对人体的安全电压不高于 36V。 (4)我国电网的频率为50Hz。 【解答】解:A、家庭电路中,输电线进户后首先接到电能表上,后面依次是总开关、保护设备、用电器和导线等,故A正确; B、我国家庭电路的电压是 220V,不是380V,故B错误; C、对人体的安全电压不高于36V.故C正确; D、我国电网的交流电在1s内完成周期性变化的次数50次,即频率为50Hz,故D正确; 故选:ACD。 【点评】本题考查了学生对家庭电路的组成的了解与掌握,平时学习时多了解、积累,加强安全意识,学好电、用好电。 17.为了判断一根铁棒是否具有磁性,小明提出了如下四个实验方案,其中可行的方案是(  ) A.用一根细线将铁棒水平悬挂起来,多次使其自由转动,若静止时铁棒的两端总是分 别指向南北,则铁棒有磁性 B.将铁棒一端靠近小磁针,若相互吸引,则铁棒有磁性 C.将铁棒一端靠近大头针,若大头针被吸引,则铁棒有磁性 D.将铁棒一端靠近验电器,若验电器铝箔片没有张开,则铁棒没有磁性 【分析】铁棒有磁性,就是具有了吸引铁、钴、镍等磁性物质的性质,则有磁性的铁棒具有指向性,能发生磁极间的相互作用规律。 【解答】解: A、具有磁体由于受到地磁场的作用,当其自由静止时,要指向南北方向,即磁体的指向性,故A方法可行; B、将铁棒一端靠近小磁针,即使铁棒没有磁性,小磁针也会吸引铁棒,故B方法不可行; C、铁棒能够吸引大头针,说明了铁棒具有磁体才具有的性质:能够吸引铁钴镍等物质,即铁棒有磁性,故C方法可行; D、验电器可以检验物体是否带电,但不能判断物体是否具有磁性,故D方法不可行。 故选:AC。 【点评】磁铁磁性有无、强弱无法直接观察,要通过磁铁的指向性,或对磁性材料的作用来反映,这是一种转换法。 18.如图所示是小明探究导体回路的一部分在磁场中运动产生感应电流的实验情景(图中箭头表示导体的运动方向).关于小明的探究实验,下列说法中正确的是(  ) A.对比甲、乙两次实验可以探究感应电流方向与磁场方向是否有关 B.对比乙、丙两次实验可以探究感应电流方向与导体运动方向是否有关 C.对比甲、丙两次实验可以探究感应电流方向与磁场方向是否有关 D.对比乙、丁两次实验可以探究感应电流的产生与导体切割磁感线是否有关 【分析】此题的实验中,涉及到感应电流方向、磁场方向、导体运动方向三个变量,若要研究他们之间的关系,就要用到控制变量法,那么就应该从四个图中的“变”与“不变”入手分析。 【解答】解: A、图甲和图乙中,磁场方向不相同,导体运动方向相同,电流方向不同,即可以得到感应电流方向与磁场方向有关,故A正确; B、图乙和图丙中,磁场方向相同,不同的是导体运动方向,可以说明感应电流的方向与导体运动方向有关,故B正确; C、图甲和图丙中,磁场方向和导体运动方向都不相同,无法研究两者与感应电流的关系,故C错误; D、图乙中,导体做切割磁感线运动,有感应电流产生,图丁中,沿磁感线运动,无感应电流产生,对比乙、丁两次实验可以探究感应电流的产生与导体切割磁感线是否有关,故D正确。 故选:ABD。 【点评】在研究多因素(或变量)的问题时,通常要采用控制变量法,即:每次只改变其中的一个量,而控制其他的量不变,从而将研究多因素的问题转化为研究多个单因素的问题,在使用控制变量法时,一定要把握住哪些量在“改变”,而哪些量没有变化。 19.关于“磁场和磁感线”,下列说法正确的是(  ) A.磁场看不见摸不着,但是可以借助小磁针感知它的存在 B.磁感线是磁体周围空间实际存在的曲线 C.磁感线是铁屑组成的 D.将能自由转动的小磁针放在磁场中的 P 点,小磁针静止时 N 极所指的方向就是 P 点磁场的方向 【分析】(1)据课本可知,磁场看不见摸不着,但可以借助小磁针感知它的存在,这是典型的转换法; (2)磁感线是不存在的,是为了研究方便假象的一些有方向的曲线; (3)磁感线是不存在的; (4)小磁针静止时N极所指的方向就是该点磁场的方向。 【解答】解: A、磁场看不见摸不着,但可以借助小磁针感知它的存在,这是典型的转换法,故A正确; B、磁感线是不存在的,是为了研究方便而假象的一些有方向的曲线,故B错误; C、磁感线是不存在的,磁感线是铁屑组成的说法错误,故C错误; D、将能自由转动的小磁针放在磁场中的P点,小磁针静止时N极所指的方向就是P点磁场的方向,故D正确。 故选:AD。 【点评】此题考查了磁场的判断方法、磁感线的理解、磁场方向的理解等知识点,是一道综合题。 20.如图所示,闭合开关,小灯泡不发光。若电路中只有一处故障,关于电路故障的分析,下列说法中正确的是(  ) A.若电流表示数为零,电压表的示数接近电源两端的电压,则可能是滑动变阻器断路 B.若电压表示数为零,电流表指针有明显偏转,则可能是小灯泡短路 C.若电压表、电流表示数均为零,则可能是小灯泡断路 D.若电压表、电流表示数均为零,则可能是滑动变阻器断路 【分析】当电路发生断路故障时,电路中没有电流,根据电压表是否与电源两极相连确定电压表是否有示数; 当电路发生短路故障时,电路为通路,电路中有电流,电压表被短路后示数为零。 【解答】解: A、若电流表示数为零,电压表的示数接近电源两端的电压,说明电路出现了断路,电压表与电源两极是连通的,则可能是灯泡断路,故A错误; B、若电压表示数为零,电流表指针有明显偏转,说明电路是通路;电压表示数为零,可能是与电压表并联的部分电阻为0,则可能是小灯泡短路,故B正确; CD、若电压表、电流表示数均为零,则电路为断路,电压表与电源两极间是断开的,则可能是滑动变阻器断路,故C错误,D正确; 故选:BD。 【点评】本题考查断路和短路对电路的影响,注意断路时,电路断开,用电器不能工作;短路时,电路仍为通路,被短路的用电器不能工作。 21.如图所示,需要将滑动变阻器接入电路。要求:滑动 变阻器的滑片 P 向右移动,小灯泡变亮。若不考虑温度 对小灯泡电阻的影响,则下列说法中正确的是(  ) A.导线的 M、N 两端可能分别与滑动变阻器的 C、B 两接线柱相连接 B.导线的 M、N 两端可能分别与滑动变阻器的 D、B两接线柱相连接 C.当电路中通有电流,滑动变阻器接入电路中的阻值变大时,小灯泡的电功率变小 D.电路中消耗的电能全部转化为光能 【分析】根据滑动变阻器“一上一下”的接线原则以及滑动变阻器的工作原理分析接线柱的连接; 灯泡的实际功率决定灯泡明暗程度;根据灯泡的实际功率进行分析; 根据电阻将电能转化为内能以及灯泡将电能转化为内能和光能进行分析。 【解答】解: AB、滑片向右移,灯泡变亮,说明滑动变阻器接入电路的阻值应减小,因此滑动变阻器必须接入的是B接线柱(即滑片以右的电阻丝接入电路),然后再从C、D中任选一个接线柱即可,故AB正确; C、当滑动变阻器接入电路的阻值增大时,由欧姆定律可知电路中的电流减小,灯泡变暗,灯泡的实际功率减小,故C正确; D、该电路中,滑动变阻器消耗的电能转化为内能,灯泡消耗的电能转化为内能和光能,故D错误。 故选:ABC。 【点评】本题考查滑动变阻器的使用和工作原理、决定灯泡明暗程度的实际功率以及能量的相互转化的掌握情况。 22.为研究滑动变阻器消耗功率的情况,小明按照图1连接了实验电路,闭合开关S,记录了滑动变阻器的滑片P在几个不同位置时,电流表和电压表的示数。他利用实验数据作出 U﹣I 图象,如图2所示。其中滑动变阻器滑片置于最右端时,电路 中的电流为 0.2A. 关于这个实验电路,下列说法中正确的是(  ) A.滑动变阻器滑片 P 移动过程中,电压表的最大示数为 16V B.开关 S 闭合,滑动变阻器接入电路电阻为零时,电流表的示数为 1.0A C.滑动变阻器滑片 P 从最右端向最左端移动过程中,滑动变阻器的功率不断增大 D.滑动变阻器滑片 P 从最右端向最左端移动过程中,滑动变阻器的功率不断减小 【分析】(1)由电路图知,R1与变阻器R2串联,电流表测电路中电流,电压表测R2两端电压。 当滑片在最左端时,变阻器连入阻值为0,此时电路中电流最大,由图象读出电流的大小,由欧姆定律表示出电源电压; 当滑片在最右端时,变阻器连入阻值为其最大值,电路中的电流为 0.2A,由图象读出变阻器两端电压,由欧姆定律计算其最大值,并表示出电源电压,联立方程计算电压电压和R1的阻值; (2)由串联电路特点结合公式I=、P=I2R分析判断滑动变阻器的功率变化情况。 【解答】解: (1)由电路图知,R1与变阻器R2串联,电流表测电路中电流,电压表测R2两端电压。 当滑片在最左端时,变阻器连入阻值为0,此时电路中电流最大, 由图象可知:I最大=1A,故B正确; 由欧姆定律可得电源电压:U=I最大R1=1A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 由图和题意可知,当滑片在最右端时,变阻器连入阻值为其最大值,此时电路中的电流最小为 0.2A, 由串联电路的分压原理知,此时变阻器分得电压最大,由图象可知,此时电压表示数为16V,故A正确; 由欧姆定律可得变阻器的最大阻值: R2最大===80Ω, 由串联电路特点和欧姆定律可得电源电压:U=I最小(R1+R2最大)=0.2A×(R1+80Ω)﹣﹣﹣﹣﹣② 电源电压不变,由①②有:1A×R1=0.2A×(R1+80Ω), 解得:R1=20Ω; (2)由串联电路特点和欧姆定律可知电路中电流: I=, 由P=I2R可知,变阻器的功率: P2=()2R2=R2=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③, 因为R1<R2最大, 所以,由③式可知,当R1=R2=20Ω时,P2有最大值,即滑片 P 从最右端向最左端移动过程中,滑动变阻器的功率先变大,后变小,故CD错误。 故选:AB。 【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律公式和电功率公式的应用,难点在于变阻器电功率在滑片移动时功率的变化情况的判断。 三、实验解答题(共36分,23、24题各2分,25、27、29、30题各6分,26、28题各4分) 23.如图所示,电能表的示数是 2018.1 kW?h。 【分析】电能表的读数方法:(1)月末的减去月初的示数。(2)最后一位是小数。(3)单位kW?h。 【解答】解:电能表的示数为2018.1kW?h。 故答案为:2018.1。 【点评】本题主要是考查了电能表的读数,属于基础题。 24.如图所示,通电螺线管的左端为 N 极,右端为 S 极,则电源的 右 端为正极。(选填“左”或“右”) 【分析】已知通电螺线管的磁极,根据安培定则判断电源的正负极。 【解答】解:已知通电螺线管的左端为N极,右端为S极; 伸出右手握住螺线管,四指弯曲指示电流的方向,大拇指所指的方向为通电螺线管的N极,因电源右端为正极,左端为负极;如图所示: 【点评】本题考查通电螺旋管的极性和电流方向的判断,要知道安培定则不但可以判出螺线管的磁极,也能根据磁极判出电流方向。 25.(6分)为测量小灯泡的电功率,小明连接了如图所示的实验电路。 (1)请你根据图1所示的实物电路连接情况在虚线框内画出相应的电路图。 (2)电路连接正确后,闭合开关 S,调节滑动变阻器的滑片 P 到某一位置,此时电压表、电流表示数如图2所示,则此时小灯泡两端 的电压为 1 V;小灯泡的电功率为 0.28 W 【分析】(1)根据实物图画出电路图,注意各元件顺序与实物图一一对应; (2)由图1知电表都选用小量程,电压表分度值为0.1V,电流表分度值为0.02A,读出电压和电流大小,由P=UI求小灯泡的电功率。 【解答】解:(1)根据实物图画出电路图,如下所示: (2)电路连接正确后,闭合开关S,调节滑动变阻器的滑片P 到某一位置,此时电压表、电流表示数如图2所示,由图1,电表都选用小量程,电压表分度值为0.1V,电流表分度值为0.02A,则此时小灯泡两端的电压为1V;电流大小为0.28A,小灯泡的电功率为: P=UI=1V×0.28A=0.28W。 故答案为:(1)见上图;(2)1;0.28。 【点评】本题测量小灯泡的电功率,考查电路图的画法及电表读数和功率的计算。 26.(4分)在探究电流通过导体产生热量多少的影响因素时,小明把阻值恒定为 R1=5Ω、R2=10Ω的两段电热丝分 别放在如图1所示的两个完全相同的烧瓶中并接 入电路,在烧瓶中加入质量、初温均相同的煤油,再分别插入相同的温度计,实验设计中用煤油升高 的温度△t 表示电流通过电热丝 R 产生热量的多少,不计实验过程中的热损失。 (1)利用该实验装置可以完成的可探究的科学问题是: 电流通过电热丝时产生的热量与电热丝的阻值大小有关吗? 。 (2)将如图2所示的甲、乙、丙三个完全相同的烧瓶,每个烧瓶内装有质量相等的煤 油、相同的温度计和阻值相等且恒定的电热丝 R,依次分别接入如图3所示电路进行实验 得到下表所示实验数据,其中 I 为通过电热丝的电流,t0 为闭合开关前烧瓶内的温度计的示数,t 为通电 4min 时温度计的示数。根据此表格数据可以得到初步的实验结论是: 在通电时间和电热丝阻值一定时,通过电热丝的电流越大,电热丝产生的热量越多 。 I/A 0.10 0.14 0.18 t0/℃ 18 18 18 t/℃ 19 20 21 △t/℃ 1 2 3 【分析】(1)从实验电路可以看出,两个电阻串联,所以通过的电流相等,而电阻的大小不同,所以此题是研究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系; (2)探究电流通过电阻产生的热量跟电阻阻值大小的关系,根据Q=I2Rt可知,应控制电流和通电时间相同,这样才能得出正确的规律。 【解答】解:(1)根据题意,两个电阻串联,通过两电阻的电流、通电时间都相同,只有电阻的阻值不同,所以是研究电流和通电时间相同时,通过导体产生的热量与电阻大小的关系。利用该实验装置可以完成的可探究的科学问题是:电流通过电热丝时产生的热量与电热丝的阻值大小有关吗? (2)将如图2所示的甲、乙、丙三个完全相同的烧瓶,每个烧瓶内装有质量相等的煤 油、相同的温度计和阻值相等且恒定的电热丝 R,依次分别接入如图3所示电路进行实验 得到下表所示实验数据,其中 I 为通过电热丝的电流,t0 为闭合开关前烧瓶内的温度计的示数,t 为通电 4min 时温度计的示数。根据此表格数据可以得到初步的实验结论是: 在通电时间和电热丝阻值一定时,通过电热丝的电流越大,电热丝产生的热量越多。 故答案为:(1)电阻;电流通过电热丝时产生的热量与电热丝的阻值大小有关吗? (2)在通电时间和电热丝阻值一定时,通过电热丝的电流越大,电热丝产生的热量越多。 【点评】此题主要通过实验探究了电流通过导体时产生的热量与电阻之间的关系。用了控制变量法和转换法,是一道很好的题目。 27.(6分)为探究在导体两端电压不变的条件下,通过导体的电流 I跟导体电阻的倒数的关系,小明设计了如图 1所示的实验电路图。根据实验测量的数据,他画出了如图 2 所示的通过导体的电流 I 与导体电阻的倒数的关系图象。 (1)小明探究的问题的自变量是 电阻的倒数 。(选填“电流”或“电 阻的倒数”) (2)在此实验中,滑动变阻器 R0除了能起到保证电路安全的作用外,另一主要作用是 控制电阻箱两端电压不变 。 (3)根据图象可知,在导体两端电压 不变的条件下,通过导体的电流 I 与导体电阻倒数,R的关系式为 I= (10A??Ω)或 。 【分析】(1)根据实验目的确定自变量; (2)由实验的原理可知,探究电阻上的电流跟电阻的关系时,我们应控制电阻两端的电压不变; (3)在分析实验结论时应用控制变量法,当一个量随着另一个量的增大而增大,且其增大的倍数相等时,则成正比关系;根据图象得出任意一组电流I与导体电阻的倒数的值,带入正比例函数的表达式即可得出比例系数。 【解答】解:(1)本实验是探究在导体两端电压不变的条件下,通过导体的电流 I跟导体电阻的倒数的关系,故电流随电阻倒数 的变化而变化即自变量是电阻的倒数; (2)探究导体中的电流与导体的电阻的关系时,滑动变阻器的作用除了能起到保证电路安全的作用外,另一主要作用是控制电阻箱两端电压不变; (3)由图象可知:通过导体的电流I与导体电阻的倒数成正比; 设比例系数为k,函数可表示为I=k, 由图象可知,当I=0.5A时, =0.05Ω﹣1, 则:0.5A=k×0.05Ω﹣1, 解得:k=10A?Ω.故I=(10A??Ω)或。 故答案为:(1)电阻的倒数;(2)控制电阻箱两端电压不变;(3)(10A??Ω)或。 【点评】本题考查了滑动变阻器在本实验的作用和控制变量法的应用,知道正比例函数的图象和表达式是解决本题的关键。 28.(6分)实验桌上有满足实验要求的如下实验器材:电源、已调零的电压表、滑动变阻器、已知 阻值为R0的定值电阻和额定电压为6V的小灯泡各一个,开关和导线若干。小明设计了如图所示的测量额定电压为6V的小灯泡额定电功率的电路图。 (1)他进行实验的步骤如下: ①按图1连接实验电路,将滑动变阻器的滑片 P 移动到接入电路 中阻值的最大处; ②断开开关 S2、闭合开关 S1,移动滑动变阻器的滑片 P,使电压表示数为 6V;保持滑动变阻器的滑片P位置不变,闭合开关 S2,记录电压表的示数为 U(此过程中,电路各元件均完好); ③小明根据测得的数据,计算出小灯泡的额定功率为P额=。 老师指出小明设计的电路图存在错误,按照这个错误方案,在小明操作无误,正确读数的情况下,测得的小灯泡的电功率 小于 小灯泡的额定电功率。(选填“大于”或“小于”)。 (2)小明在老师的帮助下,改正了实验设计中的错 误,正确连接了如图2所示的实验电路,请把 小明的实验步骤补充完整: ①断开开关 S2、闭合开关 S1、S3,移动滑动变阻器的滑片 P,使电压表示数为 6V; ②保持滑动变阻器滑片P的位置不变, 断开开关S3、闭合开关S1、S2 ,记录电压表的示数为 U; ③小明根据测得的数据,计算出了小灯泡的额定功率。 他又利用 R0及实验数据计算出小灯泡正常工作的电阻 RL= ×R0 。 【分析】(1)Ⅰ明确能测量出额定功率的测量方案: 对比图1和图2的电路结构,找出不同之处。 根据P=UI,测灯额定功率,若电路中没有电流表,电压表和定值电阻应起到测量电流的作用: 在图1中,要测灯的额定功率,首先使灯正常发光,先将电压表与灯并联,通过移动滑片的位置,使灯的电压为额定电压; 保持滑片位置不动,根据图2和图1结构的不同,如能使电压表测灯与定值电阻R0 的电压,在保持各电阻的大小和电压不变的情况下,灯仍正常工作,根据串联电路电压的规律,可求出此时定值电阻的电压,由欧姆定律可求出通过R0 的电流,根据串联电路电流的规律即灯的额定电流,根据P=UI可求出灯的额定功率; Ⅱ分析②操作中的问题: 而在②操作中,保持滑动变阻器的滑片P位置不变,闭合开关 S2,此时电路的连接和电压表测量的电压,根据分压原理,比较此时测量出灯的电压U比Ⅰ中测出的灯与R0 的电压UL0大小,从而确定答案; (2)要测灯的额定功率,首先使灯正常发光,先将电压表与灯并联,通过移动滑片的位置,使灯的电压为额定电压;保持滑片位置不动,通过开关的转换,使电压表测灯与定值电阻的电压,因此时各电阻的大小和电压不变,灯仍正常工作,根据串联电路电压的规律,可求出此时定值电阻的电压,由欧姆定律可求出灯的额定电流,根据P=UI可求出灯的额定功率,根据欧姆定律I=可求出灯正常工作的电阻。 【解答】解:(1)Ⅰ对比图1和图2的电路结构,发现图2比图1多一开关S3。 断开开关 S2、闭合开关 S1,灯、定值电阻R0 和变阻器串联,电压表测灯的电压,移动滑动变阻器的滑片 P,使电压表示数为 6V,灯正常发光; 保持滑动变阻器的滑片P位置不变,如果能像图2中一样,断开S3,闭合开关 S1、S2,因电路的连接关系没有改变,各电阻和电压大小不变,灯仍正常发光,电压表测出灯与R0 的电压UL0,根据串联电压的规律,可求出R0 的电压为: U0=UL0﹣6V,由欧姆定律可求出通过R0 的电流: I0==,即灯的额定电流,故灯的额定功率: P额=U额I0=6V×, Ⅱ而在(1)②根据图1的实际操作中,保持滑动变阻器的滑片P位置不变,闭合开关 S2,此时R0短路,灯与变阻器串联,记录电压表的示数为U,此时,电压表示数U为灯的电压,而不是灯与R0 的电压UL0,因变阻器连入电路中的电阻不变,根据分压原理,此时测量出灯的电压U比灯与R0 的电压UL0小,即U<UL0, 故P额=小于灯的额定功率6V×; (2)①断开开关 S2、闭合开关 S1、S3,移动滑动变阻器的滑片 P,使电压表示数为 6V; ②保持滑动变阻器滑片 P 的位置不变,断开开关S3、闭合开关S1、S2,记录电压表的示数为 U; ③在①中,电压表测灯的电压,在②中,电压表测灯与R0 的电压,在开关转换过程中,电路的连接关系没有改变,各电阻和电压大小不变,灯仍正常发光,根据串联电路电压的规律,R0 的电压为: UR0=U﹣6V,根据欧姆定律和串联电路电流的规律,R0 的电流即灯的额定电流为: IL==, 由欧姆定律,小灯泡正常工作的电阻: RL===×R0。 故答案为:(1)小于; (2)断开开关S3、闭合开关S1、S2; ×R0。 【点评】本题考查对实验方案的评估和对实验方案的设计能力,涉及串联、并联电路的规律及欧姆定律的运用和电功率知识,综合性强,难度大,为压轴题。 29.(6分)实验桌上有学生电源、电磁铁、已调零的电流表、已调零的弹簧测力计、滑动变阻 器、软铁棒、带横杆的铁架台、刻度尺和 开关各一个,导线若干。小华将这些器材 组装成如图所示的实验装置。请利用该 装置进行实验,证明:“当线圈匝数一定,通过电磁铁线圈中的电流越大,电磁铁的 磁性越强”。 (1)请写出仪器组装好以后的实验步骤; (2)请设计实验数据记录表格。 【分析】(1)要知道电磁铁的磁性越强,电磁铁对软铁棒的吸引力越大; (2)电磁铁磁性的强弱的影响因素:电流的大小、线圈匝数的多少、是否有铁芯; 运用控制变量法设计实验探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系时,要控制电磁铁的匝数不变,改变电流的大小。 【解答】解: (1)电磁铁对软铁棒的吸引越大,弹簧测力计的示数越大,说明电磁铁的磁性越强,所以可用利用弹簧测力计示数的大小来表示电磁铁磁性的强弱; (2)将学生电源、电磁铁、滑动变阻器、开关和电流表串联接在电源上,用滑动变阻器改变电路中的电流大小; (3)实验步骤: ①闭合开关S前,读出弹簧测力计的示数F0,并记录在表格中; ②闭合开关S,调节滑动变阻器滑片到适当位置,待测力计稳定时,读出电流表示数I、弹簧测力计的示数F,并将I、F记录在表格中,断开开关S; ③闭合开关S,调节滑动变阻器滑片到适当位置,增大电流,读出电流表示数I、弹簧测力计的示数F,并将I、F记录在表格中,断开开关S; ④根据弹簧测力计的示数,判断电磁铁的磁性强弱; (4)实验数据记录表: 实验次数 电流大小(A) 弹簧测力计的示数(N) 电磁铁磁性强弱(弱、强、较强) 1 2 3 【点评】此题主要通过实验考查了电流对电磁铁磁性强弱的影响,同时考查了控制变量法的应用。 30.(6分)实验桌上有符合实验要求的如下器材:学生电源(电源挡位不可调,两端电压会随接入 电路中电阻的变化而改变)、已调零的电压表和电流表、电阻箱(电阻箱的符号)、滑动变阻器和开关各一个,导线若干。请利用上述实验 器材,设计一个实验证明:“当导体两端电压保持不变 时,导体的电功率与导体的电阻值成反比”。 (1)请在虚线框中画出实验电路图; (2)请写出实验步骤。 【分析】根据控制变量法,要使通过电阻两端的电压保持不变,必须把电阻箱与滑动变阻器和电流表串联起来,然后利用电压表测出电阻箱两端的电压,根据P=UI分析比较即可。 【解答】解:(1)实验电路如右图所示: (2)实验步骤: ①按照电路连接实物; ②闭合开关S,调节电阻箱R的阻值,移动滑片P到适当的位置,读出此时R1两端的电压U和通过R1的电流I1;记入下表中; ③再次调节电阻箱R的阻值,移动滑动变阻器的滑片使电压表的读数仍然为U;读出此时通过R2的电流I2;记入下表中; ④仿照步骤③,再改变2次电阻箱的阻值R3、R4,读出通过R3、R4的电流I3、I4,记入下表中; 次数物理量 1 2 3 4 R/Ω U/N I/A P/W ⑤比较P与R的大小关系即可。 故答案为:(1)如上图所示;(2)实验步骤如上所示。 【点评】本题考查控制变量法的正确使用和电功率公式的灵活应用,同时考查学生根据题意画电路图的能力,并学会要用所画的电路图经过实验分析得出结论的能力。 四、科普阅读题(共4分,每小题2分) 31.阅读《“人群农场”为火车站供电》回答问题。 “人群农场”为火车站供电 一说到农场,很多人一定会想到奶牛场或庄稼农场,可是两名麻省理工学院的研究生正在欧洲进行一项火车站设计工程,他们最近有了个奇怪的想法﹣﹣把人的运动的机械能转化为电能。他们的“人群农场”将会利用人们走动时对地板的作用来产生电。 他们设想:在车站广场等人流密集的地方的地板下安装一种“压电”设备,把人流踩踏地板时的冲击 能量接收下来并转化为电能进行照明或其它用途。他 们在一个车站里安放了一只如图所示的“压电”小凳进修试验,人坐上去后,通过压力作用而产生电能,让四只发光二极管亮起来。他们的设计利用了物理学中的压电效应。压电效应就是某些物质在沿一定方向上受到外力的作用而形变时,它的两个相对表面上就会带电,两端形成一定的电压,压力越大,产生的电压往往越高,这种压电效应也叫正压电效应。反之,当给这种物质两端加上电压时,它们就会发生形变,这种现象叫逆压电效应。材料两端所加电压越大,它的形变就越大。能产生压电效应的材料叫压电材料。 压电效应在生活中有广泛的应用,某些打火机和煤气灶的点火开关、炮弹触发引线、压电地震仪等都应用了压电效应。某些声音的记录和再现中也应用了压电效应。使用某种装有压电材料膜片的话筒时,声源的振动会使压电材料两端电极上产生电压,电压的大小随着声音的变化而变化。这种压电材料上电压的变化,再通过电子装置,变成无线电波传到遥远的地方。这些无线电波为收音机所接收,安放在收音机喇叭上的压电材料膜片由于两端加有与声音相关的变化的电压而振动发出声音。话筒中的压电材料膜片能“听得见”声音,而喇叭上的压电材料膜片则会“说话”。 请根据上述材料,回答下列问题: (1)下列说法中正确的是 BC 。(选填选项前的字母,符合题意的选项多于一个) A.正压电效应过程的能量转化是电能转化为机械能 B.逆压电效应过程的能量转化是电能转化为机械能 C.“人群农场”为火车站供电利用的是正压电效应 D.安装在喇叭上的压电材料膜片振动发声利用的是正压电效应 (2)请你利用压电材料设计一个发电童鞋,为鞋底的发光二极管供电。请简述设计方案以及发电方法。 【分析】(1)根据题中信息解答; (2)根据压电小凳的原理来设计发电童鞋。 【解答】解: (1)AB、根据题中信息知:正压电效应过程的能量转化是机械能转化为电能,逆压电效应过程的能量转化是电能转化为机械能,故A错误,B正确; C、“人群农场”利用人们走动时对地板的作用来产生电为火车站供电,是将机械能转化为电能,利用的是正压电效应,故C正确; D、安装在喇叭上的压电材料膜片振动发声是将电能转化为机械能,利用的是逆压电效应,故D错误。 故选BC; (2)根据题中的压电小凳可设计童鞋:将压电童鞋的压电材料与发光二极管串联,当脚压在鞋上时通过压力作用而产生电能,让发光二极管亮起来。 故答案为:(1)BC;(2)将压电童鞋的压电材料与发光二极管串联,当脚压在鞋上时通过压力作用而产生电能,让发光二极管亮起来。 【点评】本题考查了学生根据题中信息分析解答的能力。 五、计算题(共6分,每小题3分) 32.(3分)一个烧水“热得快”的额定电压 U=220V,额定功率 P=1100W.求: (1)此“热得快”正常工作 1min 消耗的电能 W; (2)此“热得快”正常工作时的电流 I; (3)此“热得快”正常工作时的电阻 R。 【分析】(1)已知“热得快”额定功率和工作时间,根据公式W=Pt可求消耗的电能; (2)已知“热得快”的额定电压和额定功率,根据公式I=可求额定电流,即为正常工作时的电流; (3)已知额定电压和额定电流,根据欧姆定律可求“热得快”的电阻。 【解答】解:(1)由P=可得此“热得快”正常工作 1min 消耗的电能: W=Pt=1100W×60s=6.6×104J; (2)由P=UI可得,正常工作时的电流: I===5A; (3)由P=可得,正常工作时的电阻: R===44Ω。 答:(1)此“热得快”正常工作 1min 消耗的电能为6.6×104J; (2)此“热得快”正常工作时的电流为5A; (3)此“热得快”正常工作时的电阻为44Ω。 【点评】本题考查电流、电阻和消耗电能的计算,关键是公式及其变形的灵活运用,要学会从题目所给信息中找到有用的数据;解题过程中要注意单位的换算。 33.(3分)小灯泡甲上标有“3.6V 0.75A”,小灯泡乙上标有“4.8V 0.5A”。 将甲、乙两个小灯泡并 联接在一个电源两端,使两灯都能发光,且其中一个小灯泡恰好正常发光,另一个实际 功率小于额定功率。不计小灯泡电阻随温度的变化,求: (1)小灯泡乙的电阻值; (2)此时两个小灯泡的总功率。 【分析】(4)已知两灯的额定电压和额定电流,由公式R=计算电阻; (5)根据在并联电路中用电器两端电压相同,得到电路允许的最大电压,根据P=UI求出总功率。 【解答】解: (1)由I=可得灯泡乙的电阻值:R乙===9.6Ω; (2)由题知,两小灯泡并联时一个灯泡恰好正常发光,另一个实际功率小于额定功率, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,电路两端的最大电压为U=U甲额=3.6V(即甲灯正常发光)。 小灯泡甲的功率:P甲=P甲额=U甲额I甲额=3.6V×0.75A=2.7W; 此时小灯泡乙的功率:P乙===1.35W; 所以此时两个小灯泡的总功率:P=P甲+P乙=2.7W+1.35W=4.05W。 答:(1)小灯泡乙的电阻值为9.6Ω; (2)此时两个小灯泡的总功率为4.05W。 【点评】此题考查欧姆定律的应用和电功率的计算,关键是知道并联电路各支路两端的电压相等,灯泡正常工作时两端的实际电压与额定电压相等。

  • ID:6-5384352 2017-2018学年北京市海淀区北大附中九年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2017-2018学年北京市海淀区北大附中九年级(上)期末物理试卷 一、选择题:本大题共14小题,每小题3分,共42分.每题只有一个选项符合题目要求. 1.关于温度、热量和内能,下列说法正确的是(  ) A.物体温度越高,所含的热量越多 B.温度高的物体内能一定大,温度低的物体内能一定小 C.物体的内能与温度有关,只要温度不变,物体的内能就一定不变 D.热传递过程中,能量也可能是从内能小的物体传递给内能大的物体 2.下列关于热现象的说法正确的是(  ) A.当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒黑烟,这时发动机的效率升高 B.打开香水瓶闻到香味说明分子在不停地做无规则运动 C.从蒸笼里拿出的馒头,放一阵子变凉了,是通过做功的方式改变了馒头的内能 D.海边昼夜温差较小是因为水的比热容小 3.下列关于信息的传递说法错误的是(  ) A.有线电话是靠电流传递信息的 B.模拟信号比数字信号更先进 C.无线广播、无线电视、手机都是靠电磁波传递信息的 D.电磁波传递信息不需要介质,能在真空中传播 4.关于能量与能源,下列说法错误的是(  ) A.能量的转化、能量的转移,都是有方向性的 B.核电站能控制裂变的反应速度 C.化石能源、水能、核能,不能在短期内从自然界得到补充,这类能源称为不可再生能源 D.人类在耗用各种能源时,不可避免地会对环境造成影响 5.下列做法中容易发生危险的是(  ) A.使用试电笔时手要接触笔尾金属体 B.在高压线下钓鱼 C.高大建筑物上安装避雷针 D.发现有人触电应先断开电源 6.如图所示的四个装置可以用来演示物理现象或工作原理,下列表述正确的是(  ) A.甲图可演示发电机工作原理 B.乙图可演示电动机工作原理 C.丙图可演示电生磁现象 D.丁图可演示电磁感应现象 7.如图所示是小明设计的实验探究电路,AB是一段铅笔芯,C为可以自由移动的金属环,且与铅笔芯接触良好,当C左右移动时,电压表V1和V2示数同时发生变化,可得出多组实验数据,通过此实验探究可以验证的结论是(  ) A.在串联电路中,电流处处相等 B.在串联电路中,总电压等于各部分电路两端电压之和 C.在串联电路中,总电阻等于各部分电路电阻之和 D.电压一定时,电流与电阻成反比 8.如图所示的两个电路中,电源电压恒定且相等,两个灯泡的规格相同。闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P都从中点向左滑动的过程中,关于灯泡L1和L2的亮度情况,下列判断正确的是(  ) A.L1和L2都变亮 B.L1和L2都变暗 C.L2始终比L1亮 D.L1始终比L2亮 9.如图分别是小明家上月初和月末的电能表的表盘,表盘上“1600imp/kW?h”表示每消耗1kW?h的电能,指示灯闪烁1600次,下列选项中正确的是(  ) A.指示灯闪烁越快,电能表所在电路消耗的电能越多 B.小明家上月消耗的电能为911kW?h C.小明家干路中的电流不得超过10A D.断开其他用电器,只让电饭锅单独工作2min,指示灯闪烁32次,此时电饭锅的功率为600W 10.某同学利用如图所示电路,测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率,下列说法错误的是(  ) A.闭合开关前,滑片P应滑到B端 B.闭合开关后,小灯泡不发光,一定是小灯泡灯丝断了 C.当电压表示数为2.5V时,测出通过小灯泡的电流,可算出小灯泡的额定功率 D.实验还可得知,小灯泡的实际功率越大,小灯泡越亮 11.如图是养鸡场冬季用来调控光照和室温设备的原理电路图。此设备的作用是,夜晚对鸡舍内加温,同时增大光照量,白天只进行适当保温,不进行灯光照射,可增大鸡的产蛋量。电路图中R1、R2是电热丝。R1:R2:RL=1:2:2,S1、S2可以同时断开或闭合,以实现白天和夜晚的用电要求。开关S闭合时,下列说法不正确的是(  ) A.S1、S2同时断开时,设备运行处于白天用电状态 B.S1、S2同时闭合时,设备运行处于夜晚用电状态 C.S1、S2同时断开时,在相同时间内R1和R2产生的热量之比为2:1 D.S1、S2同时闭合时,若电流表示数为6 A,则R1的实际功率为880 W 12.把标有“12V 36W”的灯泡L1和“8V 16W”的灯泡L2串联后接在电源的两端,其中一只灯泡正常发光,另一只灯泡没有达到额定功率,则下列选项正确的是(  ) A.该电源的电压为24V B.电路中的电流为3A C.两灯泡的总功率为32W D.灯L1的实际电压大于灯L2的实际电压 13.两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示,现将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端,下列分析正确的是(  ) A.甲消耗的电功率为3.6W B.乙消耗的电功率为3.6W C.甲中的电流小于乙中的电流 D.甲的电阻值大于乙的电阻值 14.如图所示的电路中,电源电压为20V,定值电阻R为20Ω,滑动变阻器标有“30Ω 1A”字样,电压表选用的量程是0~15V,在该电路正常使用的情况下,则(  ) A.电路允许通过的最大电流为1A B.电路消耗的最小功率为8W C.电压表的最小示数为5V D.滑动变阻器接入电路的最小阻值为10Ω 二、填空题:本大题共5小题,每空1分,共15分. 15.据报道:近几年有许多重大火灾都是因线路连接处接触不良所造成的,教训十分深刻。线路连接处接触不良引起火灾的原因是:当线路连接处接触不良时,该处的电阻将   (减小/增大),电流通过该接触处产生的热量   (减少/增多),从而使局部温度升高,同时接触处的电阻又将随着温度的升高而   (减小/增大),…形成电热的逐步积累和恶性循环,以致引发火灾。 16.小华在家里开着空调看电视,妈妈打开电饭锅做饭时,家里的自动空气开关“跳闸”了。则“跳闸”的原因可能是   。试电笔内部有一高阻值电阻,这样当试电笔的笔尖接触家庭电路的火线时,使得加在人体上的电压在安全电压(36V以下)范围内。若试电笔氖管发红光放电时的电流为0.32mA,则高阻值电阻的阻值至少应大于   kΩ.(不计氖管发光时的电阻) 17.某品牌汽车在高速公路上以110km/h的速度行驶了百公里,消耗汽油的质量为6kg,汽油的热值4.6×107J/kg,则完全燃烧这些汽油所放出的热量为   J,若此时汽油机曲轴的转速为3600r/min,则汽油机每秒内完成   个冲程,对外做功   次。 18.如图是电阻甲和乙的I﹣U图象,将甲、乙串联在电路中,当电路电流为0.2A时,电源电压为的   V;将甲、乙并联在电路中,当电源电压为2V时,干路电流是   A。 19.如图甲所示,电源电压为6V恒定不变,滑动变阻器R2最大阻值是20Ω.闭合开关,滑动变阻器的P﹣R图象如图乙所示,则R1=   Ω;当滑片P滑至最右端时,电流表的示数为   A,通电10s电流通过R1产生的热量是   J.R2的最大功率是   W,整个电路最大功率是    W。 三、作图题:本大题共4小题,每小题2分,共8分. 20.小明在探究“比较水和煤油的吸热能力”的实验时,利用两根完全相同的电阻丝作为发热体给质量相同的两种液体加热,为了节省时间,他将两根电阻丝并联接入电路,用一个开关控制同时通电或断电请在如图所示中用笔画线代替导线,使电路满足要求。 21.如图所示的实验器材,现用电流表、电压表分别测出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压,电路中电流最大为0.5A,并用变阻器改变小灯泡的电流,要求滑片向左滑动时灯泡变亮,接完整。 22.在图中,电路连接正确,通电后小磁针指向如图所示(涂黑端表示N极).请在图中标出电源的“+”、“﹣”极,并画出螺线管的绕法。 23.请将图中的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路,设计出只有在光线很暗且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路,同时安装一个不受开关控制的三孔插座。 四、实验探究题:本大题共3小题,第22题5分,第23题7分,第24题10分,共22分. 24.小丽在学习“物质的比热容”时,取相同质量的水和沙子,用相同的酒精灯加热,测得它们升高的温度如表,并在图乙中作出沙子升高的温度随时间变化的图线。 加热时间/min 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 升高的温度/℃ 水 2.0 4.0 6.0 8.0 10.0 沙子 4.3 7.9 15.2 18.4 21.5 (1)用温度计测量水的初温如图甲所示,其读数为   ℃。 (2)实验中小丽认为相同时间内水和沙子吸收的热量相同,她判断的依据是   。 (3)请利用表中数据在图乙中作出表示水升高的温度随时间变化规律的图线。 (4)沙子在1.0~1.5min内升高的温度有明显异常,其主要原因是   。 (5)小丽再用50g水和100g水做实验,以吸收的热量Q为纵坐标,升高的温度△t为横坐标,分别画出50g水和100g水的Q﹣△t图象。它们都是过原点的直线,即Q=k△t.进一步分析,发现这两条直线的k值与对应水的   之比相等。 25.(7分)小华同学利用电压表和电流表测量电阻R1的阻值(约9Ω左右),电源选用两节干电池。实验过程如图所示。 (1)按图甲电路,将图乙中电流表正确连入电路。 (2)该同学检查电路连接正确,合上开关,可是无论怎样移动滑片,电压表示数总为3V不变,你认为发生故障的原因可能是   或   。 (3)清除故障后,小明将滑片P向左滑动时,电压表示数将   (选填“增大”、“减小”或“不变”),当P滑到某一位置时,两表读数如图丙所示,由此可知R=   Ω.你认为这个结果可靠吗?理由是:   。 26.(10分)小华在探究“小灯泡发光时的亮度与电功率的关系”的实验中,所用的电源电压是4V,小灯泡的额定电压是2.5V,小灯泡两端允许加的最大电压为额定电压的1.2倍。 (1)请将图甲的实验电路连接完整。后画出对应分电路图。 (2)小华连接的电路中,电流表接的是大量程,滑动变阻器的滑片滑到了阻值最大端。在检查电路连接正确后,小明又进行了实验操作,并根据观察到的实验现象将电流表从大量程改为小量程。则他进行了怎样的实验操作?观察到什么实验现象? 实验操作:   。实验现象:   。 (3)实验中,观察到小灯泡开始发光时,电压表的示数是0.5V.关于电压测量点的选择有如下三种方案。应该选用   方案。 甲:1.0V2.0V3.0V乙:1.0V2.5V4.0V丙:0.5V1.0V1.5V丁:2.0V2.5V3.0V (4)小刚在做该实验时,用数量和规格均满足实验要求的定值电阻代替了滑动变阻器。请分析说明用定值电阻代替滑动变阻器做实验的两点不足。 ①   ; ②   。 (5)小金同学移动滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数,并绘制成图乙所示的图象。根据图象信息,可计算出小灯泡的额定功率是   瓦。该图象不是直线,主要原因是   。 (6)小力受此实验启发,想测定电动自行车上用作照明的LED(发光二极管)额定功率。在老师的帮助下通过实验得到该LED的电流电压图象如图丙所示,查阅资料知道该LED的额定电压为3V,结合图象可得该LED的额定功率为   W.小明进一步发现,在额定电压下工作时,LED比小灯泡亮,请对此现象作出解释   。 五、综合应用题:本大题共2小题,25题6分,26题7分,共13分. 27.(6分)小明学习了热学知识后,知道水的比热容为4.2×103J/(kg?℃),他想估算一下他家每天烧水、做饭需要的热量,于是小明仔细记录好家里每天烧水、做饭、炒菜需要的时间,并把它折算成烧水的时间,相当于每天将40kg、20℃的水烧到70℃。 (1)小明家每天烧水、做饭、炒菜需要多少热量? (2)已知普通煤的热值是3×107J/kg,那么小明家每天烧水、做饭、炒菜需要2 kg的煤,2kg煤完全燃烧可以放出多少热量? (3)小明家煤炉的效率。 28.(7分)如图甲所示,电源电压U=10V,R1为定值电阻,阻值为20Ω,R为滑动变阻器,R的最大阻值为50Ω,小灯泡上标有“6V3W”字样,小灯泡的U﹣I关系如图乙所示。求: (1)小灯泡正常工作时通过灯丝的电流。 (2)S闭合,S1、S2都断开时,调节滑动变阻器滑片使小灯泡两端的电压为4V时,滑动变阻器接入电路的阻值。 (3)S、S1、S2都闭合时,调节滑动变阻器滑片到何处时,整个电路消耗的总功率最小,这个最小功率是多少? 2017-2018学年北京市海淀区北大附中九年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题:本大题共14小题,每小题3分,共42分.每题只有一个选项符合题目要求. 1.关于温度、热量和内能,下列说法正确的是(  ) A.物体温度越高,所含的热量越多 B.温度高的物体内能一定大,温度低的物体内能一定小 C.物体的内能与温度有关,只要温度不变,物体的内能就一定不变 D.热传递过程中,能量也可能是从内能小的物体传递给内能大的物体 【分析】(1)在热传递过程中传递内能的多少叫热量,热量是个过程量,热传递的条件是; (2)内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和,内能的大小跟质量、温度、状态有关; (3)热传递的条件是物体之间有温度差,高温物体将能量向低温物体传递,直至各物体温度相同。 【解答】解:A、热量是过程量,描述它的术语只能用”吸收“和”放出“,不能用“含有”,故A错误; B、影响物体内能大小的因素有温度、质量等,温度高的物体内能不一定就大,温度低的物体内能不一定小,故B错误; C、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关,单比较物体的温度不能判断物体内能的大小,故C错误; D、热传递的条件是物体之间有温度差,高温物体将能量向低温物体传递; 内能小的物体温度可能高,内能小的物体也可能将能量传递给内能大的物体,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查温度、热量与内能的关系,以及热传递,解决问题的诀窍是:物体吸热或温度升高,内能一定增大;但物体的内能增大,不一定是由物体吸热或温度升高引起的。 2.下列关于热现象的说法正确的是(  ) A.当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒黑烟,这时发动机的效率升高 B.打开香水瓶闻到香味说明分子在不停地做无规则运动 C.从蒸笼里拿出的馒头,放一阵子变凉了,是通过做功的方式改变了馒头的内能 D.海边昼夜温差较小是因为水的比热容小 【分析】(1)热机的效率是指用来做有用功的能量占燃料完全燃料放出的总能量的百分比,据此结合现象可分析对效率的影响。 (2)一切分子都是在无规则运动的; (3)改变物体内能的方式有两种:做功与热传递,热传递是能量的转移过程,做功的实质是能量的转化过程; (4)水的比热容比较大,质量相同、吸收相同的热量时,温度变化比较小。 【解答】解:A、冒“黑烟”说明燃烧不充分,用来做有用功的能量占燃料完全燃烧放出的总能量的比值就小,所以效率降低,故A不正确; B、打开香水瓶闻到香味说明分子在不停地做无规则运动,故B正确; C、从蒸笼里拿出的馒头,放一阵子变凉了,是通过热传递的方式改变了馒头的内能,故C错误; D、海边昼夜温差较小,是因为水的比热容大,一定质量的海水吸收(或放出)较多的热量而自身的温度却改变不多。白天,阳光照在海面上,水的温度在升高的同时吸收大量的热,使海边附近的温度不致升得太高,晚上,气温降低,海水的温度在降低的同时放出大量的热,使海边附近的温度不致降得太低,所以海边昼夜温差较小,故D错误; 故选:B。 【点评】本题主要考查学生对:扩散现象、汽油机的燃料燃烧、内能、水比热容大的特点在生活中的应用的掌握情况,综合性较强,需要学生多方联系、认真思考解答。 3.下列关于信息的传递说法错误的是(  ) A.有线电话是靠电流传递信息的 B.模拟信号比数字信号更先进 C.无线广播、无线电视、手机都是靠电磁波传递信息的 D.电磁波传递信息不需要介质,能在真空中传播 【分析】①有线电话靠电流传输信息,移动电话靠电磁波传递信息; ②模拟信号传输效果差,数字信号传输效果好,数字信号比模拟信号更先进; ③无线广播、无线电视、手机都是靠电磁波传递信息的; ④电磁波传播不需要介质,可以在真空中传播。 【解答】解: A、有线电话利用变化的电流传递信息。此选项正确; B、数字信号比模拟信号先进。此选项错误; C、移动电话、广播和电视是利用电磁波传递信息的。此选项正确; D、电磁波可以在真空中传播,传递信息不需要介质。此选项正确。 故选:B。 【点评】此题考查的是我们对现代通信手段的了解,属于基础题,难度不大,容易解答。 4.关于能量与能源,下列说法错误的是(  ) A.能量的转化、能量的转移,都是有方向性的 B.核电站能控制裂变的反应速度 C.化石能源、水能、核能,不能在短期内从自然界得到补充,这类能源称为不可再生能源 D.人类在耗用各种能源时,不可避免地会对环境造成影响 【分析】(1)能量可以从某一种形式转化为另一种形式,或从一个物体转移到另一个物体,在转化或转移的过程中能量的总量保持不变,能量转化具有方向性; (2)核电站都是利用了原子核的裂变释放能量,只不过原子弹对于裂变的速度不加控制,而核电站是控制裂变的速度让能量得以缓慢释放; (3)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少,不可能在短期内从自然界得到补充,所以它们属于不可再生能源;而风能、水能、太阳能、生物质能,可以在自然界里源源不断的得到补充,所以它们属于可再生能源。 (4)能源消耗,尤其是各种化石能源的使用过程中,会向大气中排放大量的氮氧化物等有害气体。 【解答】解: A、热量可以自发地从高温物体传递给低温物体,但却不能自发地从低温物体传递到高温物体,若能从低温物体传递到高温物体,必须依靠外界的帮助,则说明能量转移具有方向性,此选项正确,不符合题意; B、核电站通过对中子的控制来控制裂变的链式发应速度,此选项正确,不符合题意; C、化石能源、核能在地球上的储量是一定的,属于不可再生能源;水能属于可再生能源,此选项错误,符合题意; D、人类耗用各种能源时,特别是燃烧化石能源时,废气的排放是最主要的污染之一,因此会对大气造成影响,此选项正确,不符合题意。 故选:C。 【点评】本题考查了对能的转化、环保问题、各种能源特点;此题相对比较简单,属于基础题。 5.下列做法中容易发生危险的是(  ) A.使用试电笔时手要接触笔尾金属体 B.在高压线下钓鱼 C.高大建筑物上安装避雷针 D.发现有人触电应先断开电源 【分析】(1)测电笔的正确使用是:手接触笔尾金属体,笔尖金属体接触零线或火线,氖管发光的是火线,氖管不发光的是零线; (2)安全用电的原则:不接触低压带电体,不靠近高压带电体; (3)避雷针可使周围的空气形成一条可以导电的通道,使电荷沿避雷针的针尖、金属线流入大地,而不损坏建筑物; (4)发现有人触电时,首先要切断电源,再采取救援措施。 【解答】解:A、使用测电笔时,手要与笔尾金属体接触,A符合安全用电原则; B、在高压线下钓鱼,很容易造成高压电弧触电,B不符合安全用电原则; C、安装避雷针后,当有雷电时,电流会从避雷针传入大地,从而避免电流通过建筑物产生破坏作用,C符合安全用电原则; D、发现有人时,首先要切断电源,再采取救援措施;切不可带电救人,容易造成救人者的人身伤害,D符合安全用电原则。 故选:B。 【点评】本题考查安全用电的有关问题,相对比较简单,属于基础题。 6.如图所示的四个装置可以用来演示物理现象或工作原理,下列表述正确的是(  ) A.甲图可演示发电机工作原理 B.乙图可演示电动机工作原理 C.丙图可演示电生磁现象 D.丁图可演示电磁感应现象 【分析】(1)研究磁场对电流的作用要先给导体通电,再将其放入磁场中。根据不同实验的特点,对照各图进行判断即可; (2)电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线,电路中会产生感应电流; (3)奥斯特实验说明电流磁效应,即电流能产生磁场; (4)电磁铁具有磁性,可通过电磁铁吸引大头针进行判断。 【解答】解:A、此图中有电源,是演示磁场对电流作用的实验装置,即电动机原理,故A错误; B、此图中没有电源,即是研究电磁感应现象的实验装置,即发电机原理,故B错误; C、是奥斯特实验,演示电流的磁效应的实验装置,即电生磁现象,故C正确; D、是演示电磁铁吸引大头针演示电流的磁效应,故D错误。 故选:C。 【点评】图中所示的四个实验,是电与磁这一单元最典型的四个实验,它们各自的特点不同,代表了不同的含义,学习中我们应该加以重点区分才行。 7.如图所示是小明设计的实验探究电路,AB是一段铅笔芯,C为可以自由移动的金属环,且与铅笔芯接触良好,当C左右移动时,电压表V1和V2示数同时发生变化,可得出多组实验数据,通过此实验探究可以验证的结论是(  ) A.在串联电路中,电流处处相等 B.在串联电路中,总电压等于各部分电路两端电压之和 C.在串联电路中,总电阻等于各部分电路电阻之和 D.电压一定时,电流与电阻成反比 【分析】根据控制变量法的原则和串联电路的特点进行分析解答。 【解答】解:根据电路图可知,电压表V1测量AC间的电压,电压表V2测量CB间的电压; A、串联电路处处电流相等,但本实验无法测量电路中的电流,因此本实验无法完成; B、电压表V1和电压表V2分别测量串联电路各部分的电压,当C左右移动时,电压表V1和电压表V2的示数同时发生变化,但它们之和不发生改变,故可以探究在串联电路中,总电压等于各部分电路两端电压之和; C、无法测量各电阻的阻值,因此无法探究总电阻与分电阻的关系; D、因为当C左右移动时,电压表V1和电压表V2的示数同时发生变化,无法控制电压一定,故不能探究电压一定时,电流与电阻成反比。 故选:B。 【点评】本题考查串联电路各物理量探究需要满足的条件,难度不大。 8.如图所示的两个电路中,电源电压恒定且相等,两个灯泡的规格相同。闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P都从中点向左滑动的过程中,关于灯泡L1和L2的亮度情况,下列判断正确的是(  ) A.L1和L2都变亮 B.L1和L2都变暗 C.L2始终比L1亮 D.L1始终比L2亮 【分析】(1)左图中灯泡与滑动变阻器串联,根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化,根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化,由灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知其亮暗的变化; (2)右图中灯泡与滑动变阻器并联,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时灯泡实际功率和亮暗的变化; (3)根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点判断两灯泡两端的电压关系,根据P=UI=可知两灯泡实际功率的关系,然后判断亮暗关系。 【解答】解:(1)左图中灯泡L1与滑动变阻器串联, 当滑动变阻器的滑片P都从中点向左滑动的过程中,接入电路中的电阻变大,电路中的总电阻变大, 由I=可知,电路中的电流变小, 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小, 所以,由P=I2R可知灯泡的实际功率变小,灯泡变暗; (2)右图中灯泡L2与滑动变阻器并联, 因并联电路中各支路独立工作、互不影响, 所以,滑片移动时,灯泡L2的实际功率不变,亮暗不变; (3)因并联电路中各支路两端的电压相等,串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,L1两端的电压始终小于L2两端的电压, 因两灯泡的规格相同,即电阻相等, 所以,由P=可知,L2的实际功率始终比L1大,则L2始终比L1亮。 综上可知,ABD错误、C正确。 故选:C。 【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到滑动变阻器和欧姆定律、串并联电路特点的应用,关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。 9.如图分别是小明家上月初和月末的电能表的表盘,表盘上“1600imp/kW?h”表示每消耗1kW?h的电能,指示灯闪烁1600次,下列选项中正确的是(  ) A.指示灯闪烁越快,电能表所在电路消耗的电能越多 B.小明家上月消耗的电能为911kW?h C.小明家干路中的电流不得超过10A D.断开其他用电器,只让电饭锅单独工作2min,指示灯闪烁32次,此时电饭锅的功率为600W 【分析】从电能表表盘可得到的信息:①电能表指示灯闪烁的快慢反映了电路消耗电能的快慢;②电能表读数时,最后一位是小数,单位kW?h;③根据10(20)A的含义判断; ④1600imp/kW?h表示每消耗1kW?h的电能,指示灯闪烁1600次,据此求出指示灯闪烁32次消耗的电能,然后根据P=求出电饭锅的功率。 【解答】解: A、因为电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢,因此指示灯闪烁越快,电能表所在电路的总功率越大,故A错误; B、小明家上月消耗的电能为:5637.8kW?h﹣5546.7kW?h=91.1kW?h,故B错误; C、因为电能表允许通过的最大电流为20A,因此小明家干路中的电流不得超过20A,故C错误; D、指示灯闪烁32次消耗的电能:W=kW?h=0.02kW?h; 电饭锅的功率:P===0.6kW=600W。 故选:D。 【点评】本题考查对电能表参数的理解,关键是要明白各参数的物理意义,还要能读出电能表的示数和计算出当月消耗的电能以及用电器的功率。 10.某同学利用如图所示电路,测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率,下列说法错误的是(  ) A.闭合开关前,滑片P应滑到B端 B.闭合开关后,小灯泡不发光,一定是小灯泡灯丝断了 C.当电压表示数为2.5V时,测出通过小灯泡的电流,可算出小灯泡的额定功率 D.实验还可得知,小灯泡的实际功率越大,小灯泡越亮 【分析】(1)闭合开关前,滑动变阻器应滑到电阻最大位置; (2)闭合开关后,小灯泡不发光的原因有:小灯泡灯丝断路、小灯泡被短路、小灯泡接触不良、电源电压太小、滑动变阻器连入电路的电阻太大等原因; (3)当电压表的示数为额定电压时,根据电流表的示数和公式P=UI即可求出小灯泡的额定功率; (4)小灯泡的亮度就是看小灯泡的实际功率,实际功率越大,小灯泡越亮。 【解答】解:A、闭合开关前,滑动变阻器应滑到B端,即其电阻最大位置。故A正确; B、闭合开关后,小灯泡不发光的原因有很多,并不一定是小灯泡灯丝断了,故B错误; C、当电压表示数为2.5V时,测出通过小灯泡的电流,可算出小灯泡的额定功率,正确; D、小灯泡的亮度就是看小灯泡的实际功率,实际功率越大,小灯泡越亮,故D正确。 故选:B。 【点评】此题考查的知识点比较多,有电路连接时的注意事项、电路故障的分析、额定功率的计算和小灯泡亮度的比较等问题,学生在做此题时,要对每一个选项进行认真仔细的分析后,才能得出正确的答案。 11.如图是养鸡场冬季用来调控光照和室温设备的原理电路图。此设备的作用是,夜晚对鸡舍内加温,同时增大光照量,白天只进行适当保温,不进行灯光照射,可增大鸡的产蛋量。电路图中R1、R2是电热丝。R1:R2:RL=1:2:2,S1、S2可以同时断开或闭合,以实现白天和夜晚的用电要求。开关S闭合时,下列说法不正确的是(  ) A.S1、S2同时断开时,设备运行处于白天用电状态 B.S1、S2同时闭合时,设备运行处于夜晚用电状态 C.S1、S2同时断开时,在相同时间内R1和R2产生的热量之比为2:1 D.S1、S2同时闭合时,若电流表示数为6 A,则R1的实际功率为880 W 【分析】(1)由电路图可知,S闭合,S1、S2断开时,R1和R2串联,灯泡L断路不发光,且电路中的电阻最大,根据P=UI=可知此时电路中的电功率最小,从而判断用电状态,根据串联电路的电流特点和Q=I2Rt求出在相同时间内R1和R2产生的热量之比; (2)由电路图可知,开关S、S1、S2同时闭合时,R2短路,R1和L并联,灯泡L发光,且电路中的电阻最小,根据P=UI=可知此时电路中的电功率最大,从而判断用电状态,根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1和L的电流之比,根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流,根据P=UI求出R1的实际功率。 【解答】解: (1)由电路图可知,S闭合,S1、S2断开时,R1和R2串联,灯泡L断路不发光,且电路中的电阻最大, 由公式P=UI=可知,此时电路中的电功率最小,为保温状态,所以是白天,故A正确; 因串联电路中各处的电流相等,且R1:R2=1:2, 所以,由在相同时间内R1和R2产生的热量之比: ===,故C错误; (2)由电路图可知,开关S、S1、S2同时闭合时,R2短路,R1和L并联,灯泡L发光,且电路中的电阻最小, 由公式P=UI=可知,此时电路中的电功率最大,为加热状态,所以是晚上,故B正确; 因并联电路中各支路两端的电压相等,且R1:RL=1:2, 所以,通过R1和L的电流之比: ===,即IL=I1, 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以,干路电流: I′=I1+IL=I1+I1=I1=6A, 解得:I1=4A, 则R1的实际功率: P1=UI1=220V×4A=880W,故D正确。 故选:C。 【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式以及焦耳定律的应用,分清电路的连接方式以及对于的状态是关键。 12.把标有“12V 36W”的灯泡L1和“8V 16W”的灯泡L2串联后接在电源的两端,其中一只灯泡正常发光,另一只灯泡没有达到额定功率,则下列选项正确的是(  ) A.该电源的电压为24V B.电路中的电流为3A C.两灯泡的总功率为32W D.灯L1的实际电压大于灯L2的实际电压 【分析】(1)知道灯泡的额定电压和额定功率,根据I=求出灯泡的额定电流,根据欧姆定律求出两灯泡的电阻; (2)两灯泡串联时电流相等,正常发光的是额定电流较小的灯泡,根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源的电压,根据P=UI求出两灯泡的总功率,根据U=IR比较灯泡两端实际电压的大小。 【解答】解:(1)由P=UI可得,两灯泡的额定电流分别为: I1===3A,I2===2A, 由I=可得,两灯泡的电阻分别为: R1===4Ω,R2===4Ω; (2)因串联电路中各处的电流相等,L2的额定电流小于L1的额定电流, 所以,两灯泡串联时,电路中的最大电流I=2A,故B不正确; 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,电源的电压: U=I(R1+R2)=2A×(4Ω+4Ω)=16V,故A不正确; 两灯泡的总功率: P=UI=16V×2A=32W,故C正确; 由U=IR知两电灯泡的实际电压相等,故D不正确。 故选:C。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用,要注意两灯泡串联时能正常发光的为额定电流较小的。 13.两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示,现将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端,下列分析正确的是(  ) A.甲消耗的电功率为3.6W B.乙消耗的电功率为3.6W C.甲中的电流小于乙中的电流 D.甲的电阻值大于乙的电阻值 【分析】(1)由图象可知,通过两电阻的电流和两端的电压成正比即两电阻为定值电阻,由图象读出任意一组电压和电流,根据欧姆定律求出两电阻的阻值; (2)两电阻并联时两端的电压相等,根据P=求出甲乙消耗的电功率,根据欧姆定律得出通过两电阻电流的大小关系。 【解答】解:(1)由图象可知,通过两电阻的电流和两端的电压成正比即两电阻为定值电阻, 由图象可知,当U甲=U乙=3V时,I甲=0.6A,I乙=0.3A, 根据欧姆定律可得: R甲===5Ω,R乙===10Ω, ∴R甲<R乙,故D错误; (2)两电阻并联时两端的电压相等,甲、乙消耗的电功率分别为: P甲===7.2W,故A错误; P乙===3.6W,故B正确; ∵I=, ∴电压相等时,甲的电阻小于乙的电阻,则通过甲的电流大于通过乙的电流,故C错误。 故选:B。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,关键是从图象中判断两电阻为定值电阻且读出一组数据利用欧姆定律求出两电阻的阻值。 14.如图所示的电路中,电源电压为20V,定值电阻R为20Ω,滑动变阻器标有“30Ω 1A”字样,电压表选用的量程是0~15V,在该电路正常使用的情况下,则(  ) A.电路允许通过的最大电流为1A B.电路消耗的最小功率为8W C.电压表的最小示数为5V D.滑动变阻器接入电路的最小阻值为10Ω 【分析】(1)因为电压表量程为“0~15V”,所以R两端电压最大是15V;求出此时电路中的电流, 再与滑动变阻器的最大电流1A比较,得出电路中的最大电流,根据串联电路的特点和欧姆定律求滑动变阻器的最小阻值,根据根据P=UI求功率; (2)根据滑动变阻器的最大阻值,利用串联电路的特点和欧姆定律求出电路的最小电流和R两端的最小电压。 【解答】解:(1)由于电压表量程为“0~15V”,则当UR=15V时,IR ===0.75A。 此时电流小于滑动变阻器的最大电流1A,所以电路中的最大电流为Imax=IR =0.75A,故A错误。 根据串联电路的电压特点可知: U滑min=U﹣UR=20V﹣15V=5V, 根据欧姆定律得:R滑min===Ω;故D错误; (2)当滑动变阻器全部连入电路时, 则根据电阻的串联特点得:R总max=R+R滑=20Ω+30Ω=50Ω, 所以,Imin===0.4A, 根据欧姆定律得:电压表的最小示数URmin=IminR=0.4A×20Ω=8V,故C错误。 电路消耗的最小功率Pmin=UImin=20V×0.4A=8W,故B正确。 故选:B。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算,关键是公式和规律的灵活应用,难点是电路中最大电流的确定,解题时要注意滑动变阻器允许通过的最大电流。 二、填空题:本大题共5小题,每空1分,共15分. 15.据报道:近几年有许多重大火灾都是因线路连接处接触不良所造成的,教训十分深刻。线路连接处接触不良引起火灾的原因是:当线路连接处接触不良时,该处的电阻将 增大 (减小/增大),电流通过该接触处产生的热量 增多 (减少/增多),从而使局部温度升高,同时接触处的电阻又将随着温度的升高而 增大 (减小/增大),…形成电热的逐步积累和恶性循环,以致引发火灾。 【分析】(1)电阻的大小与材料、长度、横街面积和温度有关;一般情况下,横街面积越小,电阻越大;温度越高,电阻越大。 (2)当线路连接处接触不良时,该处的电阻会增大;由焦耳定律可知接触处会产生大量的热量,是局部过热,温度升高,从而引发火灾。 【解答】解:(1)线路连接处由于接触不良,即接触面积变小,电流通过时受到的阻碍作用增大,因此电阻增大; (2)线路连接处相对于其他地方电阻增大,根据焦耳定律Q=I2Rt,在电流相同、时间相同的情况下产生了更多的热量,因此导致局部温度升高,接触处温度升高,使接触处的电阻进一步变大,产生更多的热量,使温度迅速升高,温度过高容易引发火灾。 故答案是:增大;增多;增大。 【点评】本题考查电路故障形成原因,知道电路火灾的发生大部分是由于接触不良引起的。 16.小华在家里开着空调看电视,妈妈打开电饭锅做饭时,家里的自动空气开关“跳闸”了。则“跳闸”的原因可能是 用电器总功率过大 。试电笔内部有一高阻值电阻,这样当试电笔的笔尖接触家庭电路的火线时,使得加在人体上的电压在安全电压(36V以下)范围内。若试电笔氖管发红光放电时的电流为0.32mA,则高阻值电阻的阻值至少应大于 575 kΩ.(不计氖管发光时的电阻) 【分析】(1)家庭电路中电流过大的原因主要有两方面,一是用电器短路,二是用电器的总功率过大。 (2)由题意可知,人体和大电阻串联,又知道对人体的安全电压不高于36V,根据串联电路的电压特点求出大电阻两端的电压,利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出大电阻的最小阻值。 【解答】解:(1)空调和电饭锅都属于大功率用电器,开着空调看电视,再开电饭锅做饭时,家里的自动空气开关“跳闸”了,则“跳闸”的原因可能是用电器总功率过大; (2)由题知,加在人体上的电压最大为36V,家庭电路的电压为220V, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,测电笔大电阻两端的电压: UR=U﹣U人=220V﹣36V=184V, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,由I=可得,大电阻的最小值: R===5.75×105Ω=575kΩ。 故答案为:用电器总功率过大;575。 【点评】本题考查学生对测电笔结构与原理的了解,欧姆定律的应用,以及对家庭电路中电流过大原因的理解。总体难度不大。 17.某品牌汽车在高速公路上以110km/h的速度行驶了百公里,消耗汽油的质量为6kg,汽油的热值4.6×107J/kg,则完全燃烧这些汽油所放出的热量为 2.76×108 J,若此时汽油机曲轴的转速为3600r/min,则汽油机每秒内完成 120 个冲程,对外做功 30 次。 【分析】(1)知道汽油的质量和热值,利用燃料完全放热公式Q放=mq求汽油完全燃烧产生的热量。 (2)知道汽油机的转速,而汽油机完成一个工作循环,经过四个冲程,燃气对外做功一次,活塞往复两次,飞轮转动两周。 【解答】解:(1)汽油完全燃烧产生的热量: Q放=mq=6kg×4.6×107J/kg=2.76×108J; (2)四冲程汽油机的飞轮转速是3600r/min=60r/s,也就是1s飞轮转动60r, ∵完成一个工作循环,经过四个冲程,燃气对外做功一次, ∴汽油机每秒内完成120个冲程,对外做功30次。 故答案为:2.76×108;120;30。 【点评】本题考查了燃料完全燃烧放热公式、内燃机的工作特点的了解与掌握,难点是明白内燃机一个工作循环,经历四个冲程,燃气对外做功一次,活塞往返两次,曲轴转动两周。 18.如图是电阻甲和乙的I﹣U图象,将甲、乙串联在电路中,当电路电流为0.2A时,电源电压为的 3 V;将甲、乙并联在电路中,当电源电压为2V时,干路电流是 0.6 A。 【分析】(1)两电阻串联时通过它们的电流相等,总电压等于各分电压之和,根据图象读出符合题意的电流和电压值即可得出答案; (2)并联电路中各支路两端的电压相等,根据图象读出甲、乙并联在电源电压为2V时通过的电流,根据并联电路的电流特点求出干路电流。 【解答】解:(1)当把电阻甲和乙串联在电路中,当电路电流为0.2A时,由图象可知,甲两端的电压为1V,乙两端的电压为2V时符合; 由串联电路的总电压等于各分电压之和可知: 电源电压U=U甲+U乙=1V+2V=3V; (2)当甲、乙并联在电路中,电源电压为2V时, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,U甲′=U乙′=2V, 由图象可知,通过甲、乙的电流分别为I甲=0.4A,I乙=0.2A, 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以,干路电流: I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A。 故答案为:3;0.6。 【点评】本题考查串并联电路的特点,关键是根据图象读出电压和电流的对应值。 19.如图甲所示,电源电压为6V恒定不变,滑动变阻器R2最大阻值是20Ω.闭合开关,滑动变阻器的P﹣R图象如图乙所示,则R1= 10 Ω;当滑片P滑至最右端时,电流表的示数为 0.2 A,通电10s电流通过R1产生的热量是 4 J.R2的最大功率是 0.9 W,整个电路最大功率是 3.6  W。 【分析】(1)由图象可知,滑动变阻器接入电路中的电阻为10Ω时滑动变阻器消耗的电功率最大,根据P=I2R求出电路中的电流,根据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串联求出R1的阻值; (2)根据电阻的串联和欧姆定律求出当滑片P滑至最右端时电路中电流表的示数,利用Q=I2Rt求出通电10s电流通过R1产生的热量。 (3)电路总电阻最小,即滑动变阻器接入电路的阻值为零时电路消耗的总功率最大,由电功率公式可以求出最大电功率。 【解答】解:由图象可知,当R2=10Ω时,P2=0.9W, 由P=I2R可得,电路中的电流: I===0.3A, 由I=可得,电路中的总电阻: R===20Ω, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,R1=R﹣R2=20Ω﹣10Ω=10Ω; 当滑片P滑至最右端时,滑动变阻器接入电路中的电阻最大, 此时电路中的电流:I′===0.2A, 通电10s电流通过R1产生的热量: Q1=(I′)2R1t=(0.2A)2×10××10s=4J。 滑动变阻器接入电路的阻值为零时,电路消耗的总功率最大, 电路消耗的最大功率:P===3.6W; 故答案为:10;0.2;4;0.9;3.6。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用,关键是根据图象读出滑动变阻器接入电路中电阻与消耗功率之间的关系。 三、作图题:本大题共4小题,每小题2分,共8分. 20.小明在探究“比较水和煤油的吸热能力”的实验时,利用两根完全相同的电阻丝作为发热体给质量相同的两种液体加热,为了节省时间,他将两根电阻丝并联接入电路,用一个开关控制同时通电或断电请在如图所示中用笔画线代替导线,使电路满足要求。 【分析】根据实验要求,应将两只电阻丝并列连接,且开关应该串联接在干路中,据此来决定所添加的导线; 【解答】解:由题意知,用一根导线将开关与其中一根电阻丝相连,再用一根导线将两根电阻丝的外侧相连,使之组成一个并联电路,如图所示: 【点评】此题主要考查了是实物电路的连接,首先要掌握最基本的串联和并联电路的接法。 21.如图所示的实验器材,现用电流表、电压表分别测出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压,电路中电流最大为0.5A,并用变阻器改变小灯泡的电流,要求滑片向左滑动时灯泡变亮,接完整。 【分析】电流表、电压表分别测出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压,电路中电流最大为0.5A,由此确定电表的量程及连接,变阻器串联在电路中。 【解答】解:用电流表、电压表分别测出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压,电路中电流最大为0.5A,电流表选用小量程与灯串联,电源电压为3V,电压表选用小量程与灯并联,变阻器按一上一下的原则串联接入电路中,如下图所示: 【点评】本题考查根据要求连接实物图,关键是确定电表的连接及变阻器的连接。 22.在图中,电路连接正确,通电后小磁针指向如图所示(涂黑端表示N极).请在图中标出电源的“+”、“﹣”极,并画出螺线管的绕法。 【分析】由磁极间的相互作用规律得出通电螺线管的右端为S极,左端为N极,由电流表的接线柱可知,电流方向,然后根据右手螺旋定则得出线圈的绕法和电源的极性。 【解答】解:已知小磁针右端为N极,由磁极间的相互作用规律可知,通电螺线管的右端为S极,左端为N极,由电流表的接线柱可知,电流从螺线管的左端流入,即电源右端为正极,根据安培定则,右手握住螺线管,四指指向电流方向,大拇指指向N极,则线圈的绕法如图所示, 【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、右手螺旋定则、电流表的使用。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性,也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。 23.请将图中的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路,设计出只有在光线很暗且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路,同时安装一个不受开关控制的三孔插座。 【分析】(1)只有在光线很暗且有声音时灯才亮说明两开关不能独立工作、相互影响即为串联;连接电路时应注意开关控制火线,且火线接入灯尾金属点,零线接入螺旋套; (2)三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”。 【解答】解:(1)灯泡与两个开关串联,且火线要先过开关,再接入灯泡尾部的金属点,零线接入螺旋套; (2)三孔插座与灯泡并联,其接法为:左零右火上接地,作图如下: 【点评】本题考查了声、光控灯和三孔插座的接线方法,关键是根据题意得出两开关的连接方式和注意安全用电的原则。 四、实验探究题:本大题共3小题,第22题5分,第23题7分,第24题10分,共22分. 24.小丽在学习“物质的比热容”时,取相同质量的水和沙子,用相同的酒精灯加热,测得它们升高的温度如表,并在图乙中作出沙子升高的温度随时间变化的图线。 加热时间/min 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 升高的温度/℃ 水 2.0 4.0 6.0 8.0 10.0 沙子 4.3 7.9 15.2 18.4 21.5 (1)用温度计测量水的初温如图甲所示,其读数为 18 ℃。 (2)实验中小丽认为相同时间内水和沙子吸收的热量相同,她判断的依据是 用相同的酒精灯加热 。 (3)请利用表中数据在图乙中作出表示水升高的温度随时间变化规律的图线。 (4)沙子在1.0~1.5min内升高的温度有明显异常,其主要原因是 沙子受热不均匀 。 (5)小丽再用50g水和100g水做实验,以吸收的热量Q为纵坐标,升高的温度△t为横坐标,分别画出50g水和100g水的Q﹣△t图象。它们都是过原点的直线,即Q=k△t.进一步分析,发现这两条直线的k值与对应水的 质量 之比相等。 【分析】(1)使用温度计测量液体温度时,先要弄清楚温度计的量程和分度值,读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直,并注意区分温度是零上还是零下。 (2)为了使水和沙子在相同时间吸收相同的热量,实验中,要用两个火焰相同的酒精灯,分别给水和沙子加热; (3)在图象中找出表格中的数据所对应的点,然后用平滑的曲线连接; (4)沙子受热不均匀,会导致沙子的温度变化不均匀。 (5)根据Q=cm△t可知,Q=k△t中的k=cm,据此推导得出结论。 【解答】解: (1)由图知:温度计的分度值为1℃;“20”在“10”的上方,液柱最高处在两者之间,所以显示的温度高于0℃,为18℃; (2)小丽选用了两个火焰相同的酒精灯,分别给水和沙子加热,这样做的目的是使水和沙子在相同时间吸收相同的热量; (3)水升高的温度随时间变化规律的图线如图: (4)由于沙子在1.0~1.5min内受热不均匀,会导致沙子升高的温度有明显异常; (5)根据Q=cm△t可知,Q=k△t中的k=cm,则有k1=cm1,k2=cm2, 因为=,所以=,即这两条直线的k值与对应水的质量之比相等。 故答案为:(1)18;(2)用相同的酒精灯加热;(3)如上图;(4)沙子受热不均匀;(5)质量。 【点评】本题考查的是温度计的使用方法、比较物质吸热能力的方法,绘图能力、以及对于实验数据的分析能力,我们要能够根据相关的实验数据得出我们需要的知识,并能够将这些知识应用于生活,以及物理实验中常常采用控制变量法,属于中考中的常见题型。 25.(7分)小华同学利用电压表和电流表测量电阻R1的阻值(约9Ω左右),电源选用两节干电池。实验过程如图所示。 (1)按图甲电路,将图乙中电流表正确连入电路。 (2)该同学检查电路连接正确,合上开关,可是无论怎样移动滑片,电压表示数总为3V不变,你认为发生故障的原因可能是 滑动变阻器接入了上面的两接线柱 或 R1断路 。 (3)清除故障后,小明将滑片P向左滑动时,电压表示数将 增大 (选填“增大”、“减小”或“不变”),当P滑到某一位置时,两表读数如图丙所示,由此可知R= 10 Ω.你认为这个结果可靠吗?理由是: 不可靠,实验测量存在的误差,应取多次测量的平均值 。 【分析】(1)根据R1的阻值,根据I=判断电流表量程,电流表应与被测电阻串联; (2)电压表测被测电阻两端电压,无论怎样移动滑片,电压表示数总为3V不变,等于电源电压,由此从滑动变阻器的连接或者电压表被串联入电路的角度分析; (3)由图滑片左滑时,变阻器连入阻值变小,根据串联电路分压原理可知电压表的变化情况; 根据电表量程读出两电表的示数,根据I=计算R1的阻值; 测定值电阻的阻值为减小实验中的误差,应多次测量后取平均值。 【解答】解: (1)由电源选用两节干电池电压为3V,电流中最大电流I===0.33A,所以电流表选用0﹣0.6A量程,电流表测R1的电流,应与R1串联,注意电流从“+”接线柱流进,“﹣”接线柱流出,由此连接电路如图所示: (2)电压表测被测电阻两端电压,无论怎样移动滑片,电压表示数总为3V不变,等于电源电压,可能的原因:滑动变阻器接入了上面的两接线柱或者R1断路使得电压表串联入电路中; (3)当滑片P向左滑动时,变阻器连入阻值变小,根据分压原理可知变阻器分得电压减小,R1两端电压增大,所以电压示数变大; 由题电压表使用0﹣3V量程,分度值0.1V,电流表使用0﹣0.6A量程,分度值0.02A.由丙图电压表示数为2V,电流表示数为0.2A,所以R1===10Ω; 不可靠,实验测量存在的误差,应取多次测量的平均值。 故答案为:(1)见上图; (2)滑动变阻器接入了上面的两接线柱;R1断路; (3)增大;10;不可靠,实验测量存在的误差,应取多次测量的平均值 【点评】本题考查是伏安法测电阻的实验,实验中考查了电路连接、故障分析、电表的读数、电阻的计算等,这些都是必须掌握的,注意测定值电阻时,为避免实验的误差应取多次测量的平均值。 26.(10分)小华在探究“小灯泡发光时的亮度与电功率的关系”的实验中,所用的电源电压是4V,小灯泡的额定电压是2.5V,小灯泡两端允许加的最大电压为额定电压的1.2倍。 (1)请将图甲的实验电路连接完整。后画出对应分电路图。 (2)小华连接的电路中,电流表接的是大量程,滑动变阻器的滑片滑到了阻值最大端。在检查电路连接正确后,小明又进行了实验操作,并根据观察到的实验现象将电流表从大量程改为小量程。则他进行了怎样的实验操作?观察到什么实验现象? 实验操作: 迅速试触开关 。实验现象: 电流表指针的偏转角度非常小 。 (3)实验中,观察到小灯泡开始发光时,电压表的示数是0.5V.关于电压测量点的选择有如下三种方案。应该选用 丁 方案。 甲:1.0V2.0V3.0V乙:1.0V2.5V4.0V丙:0.5V1.0V1.5V丁:2.0V2.5V3.0V (4)小刚在做该实验时,用数量和规格均满足实验要求的定值电阻代替了滑动变阻器。请分析说明用定值电阻代替滑动变阻器做实验的两点不足。 ① 操作麻烦,改变小灯泡功率时,要更换不同的定值电阻,连续三次电阻 ; ② 不易比较灯泡的亮度,比较亮度时,要经过更换电阻的过程,时间间隔长 。 (5)小金同学移动滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数,并绘制成图乙所示的图象。根据图象信息,可计算出小灯泡的额定功率是 0.5 瓦。该图象不是直线,主要原因是 灯丝的电阻随温度的升高而增大 。 (6)小力受此实验启发,想测定电动自行车上用作照明的LED(发光二极管)额定功率。在老师的帮助下通过实验得到该LED的电流电压图象如图丙所示,查阅资料知道该LED的额定电压为3V,结合图象可得该LED的额定功率为 0.072 W.小明进一步发现,在额定电压下工作时,LED比小灯泡亮,请对此现象作出解释 LED的电能转化为光能的效率比白炽灯的要高得多。 。 【分析】(1)根据实验中电压表所测的最大电压确定电压表的量程,灯泡与滑动变阻器串联接入电路,电压表并联在灯泡两端,连线时注意滑动变阻器的接法; (2)电流表选择的量程过大,试触时电流表指针偏转角度太小,读数误差较大;调节滑动变阻器滑片,电流表指针变化范围小,不便于读数; (3)灯泡两端电压是0.5V时灯泡开始发光,灯两端的最大电压是2.5V×1.2=3V,要探究“小灯泡发光时的亮度与电功率的关系”,可以再稍增大灯两端的电压,取小于额定电压、等于额定电压、大于额定电压三个电压,实际功率将小于额电功率、等于额电功率、大于额电功率,进行分析比较,据此选择实验方案; (4)用定值电阻代替滑动变阻器进行实验,实验时要不断地更换电阻,不断地拆接电路,操作麻烦;另一方面,用定值电阻代替滑动变阻器,电流不能连续变化,灯泡亮度不能连续变化,灯泡功率变化时,不易比较灯泡亮度变化情况; (5)根据图乙,找到额定电压下的电流,根据P=UI求LED灯的功率;灯丝的电阻随温度的升高而增大; (6)在光照强度相同的情况下,LED灯不必要达到很高的温度就能发光,电能基本上不转化成内能,几乎全部转化光能,即可分析两灯电能转化为光能的效率大小。 【解答】解: (1)灯泡两端所允许加的最大电压是:2.5V×1.2=3V,因此电压表可选择0~3V量程,灯泡与滑动变阻器串联接入电路,电压表并联在灯泡两端,变阻器按一上一下接入电路中,如下所示: (2)小明又进行了实验操作,并根据观察到的实验现象将电流表从大量程改为小量程,说明电路中的电流比较小,他是采用试触法进行判断的,即:迅速试触开关时,发现电流表指针偏转角度太小; (3)要探究“小灯泡发光时的亮度与电功率的关系”,可以再稍增大灯两端的电压,取小于额定电压、等于额定电压、大于额定电压几个电压值,实际功率将小于额电功率、等于额电功率、大于额电功率;甲方案没有在额定电压下;乙方案4V会烧坏灯;甲乙两方案均不可取,丙方案不在额定电压下,甲乙、丙方案均不可取,丁方案的电压小于、等于、高于额定电压(为额定电压的1.2倍),综合分析可知,应选用丁方案; (4)小刚在做该实验时,用数量和规格均满足实验要求的定值电阻代替了滑动变阻器,小刚的做法存在以下不足: ①操作麻烦,改变小灯泡功率时,要更换不同的定值电阻,连续三次电阻; ②不易比较灯泡的亮度,比较亮度时,要经过更换电阻的过程,时间间隔长 (5)由图丁可知,当灯的电压为2.5V额定电压下,通过灯的电流为0.2A, 小灯泡的额定功率:P1=UI=2.5V×0.2A=0.5W; 因灯的电阻随温度的升高而增大,不是一个定值,根据欧姆定律可知,通过灯的电流与电压不成正比,故该图象不是直线; (6)由图丙可知,当LED的电压为3V时,通过的电流为24mA=0.024A, 该LED的额定功率为:P2=U2I2=3V×0.024A=0.072W; LED灯不必要达到很高的温度就能发光,电能基本上不转化成内能,几乎全部转化光能,故小明进一步发现,在额定电压下工作时,LED比小灯泡亮,是因为LED的电能转化为光能的效率比白炽灯的要高得多。 故答案为: (1)如图所示; (2)迅速试触开关,电流表指针的偏转角度非常小; (3)丁; (4)①操作麻烦,改变小灯泡功率时,要更换不同的定值电阻,连续三次电阻; ②不易比较灯泡的亮度,比较亮度时,要经过更换电阻的过程,时间间隔长 (5)0.5; 灯丝的电阻随温度的升高而增大; (6)0.072; LED的电能转化为光能的效率比白炽灯的要高得多。 【点评】本题探究小灯泡发光时的亮度与电功率的关系,考查电路的连接、实验操作过程、对实验方案的评估、灯的额定功率的计算、及灯的效率大小的比较和影响灯电阻的因素。 五、综合应用题:本大题共2小题,25题6分,26题7分,共13分. 27.(6分)小明学习了热学知识后,知道水的比热容为4.2×103J/(kg?℃),他想估算一下他家每天烧水、做饭需要的热量,于是小明仔细记录好家里每天烧水、做饭、炒菜需要的时间,并把它折算成烧水的时间,相当于每天将40kg、20℃的水烧到70℃。 (1)小明家每天烧水、做饭、炒菜需要多少热量? (2)已知普通煤的热值是3×107J/kg,那么小明家每天烧水、做饭、炒菜需要2 kg的煤,2kg煤完全燃烧可以放出多少热量? (3)小明家煤炉的效率。 【分析】(1)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温,利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量; (2)利用燃料完全燃烧放出的热量公式Q放=mq求煤炭完全燃烧放出的热量; (3)利用吸收的热量与总热量即可求出小明家煤炉的效率。 【解答】解:(1)水吸收的热量: Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg?℃)×40kg×(70℃﹣20℃)=8.4×106J; (2)2kg煤完全燃烧放出的热量: Q放=m煤炭q=2kg×3×107J/kg=6×107J; (3)小明家煤炉的效率为: η=×100%=×100%=14%; 答:(1)小明家每天烧水、做饭、炒菜需要8.4×106J热量; (2)2kg煤完全燃烧可以放出6×107J热量; (3)小明家煤炉的效率是14%。 【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运用,增强了学生的节能意识、环保意识,有意义。 28.(7分)如图甲所示,电源电压U=10V,R1为定值电阻,阻值为20Ω,R为滑动变阻器,R的最大阻值为50Ω,小灯泡上标有“6V3W”字样,小灯泡的U﹣I关系如图乙所示。求: (1)小灯泡正常工作时通过灯丝的电流。 (2)S闭合,S1、S2都断开时,调节滑动变阻器滑片使小灯泡两端的电压为4V时,滑动变阻器接入电路的阻值。 (3)S、S1、S2都闭合时,调节滑动变阻器滑片到何处时,整个电路消耗的总功率最小,这个最小功率是多少? 【分析】(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等,根据P=UI求出通过灯丝的电流; (2)S闭合,S1、S2都断开时,滑动变阻器与灯泡串联,电压表测灯泡两端的电压,电流表测电路中的电流,根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压,根据图象读出通过灯泡的电流即为电路中的电流,利用欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻; (3)S、S1、S2都闭合时,R1与滑动变阻器并联,电流表测干路电流,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小,根据电阻的并联求出电路中的总电阻,利用P=求出电路的最小功率。 【解答】解:(1)由P=UI可得,小灯泡正常工作时通过灯丝的电流: IL===0.5A; (2)S闭合,S1、S2都断开时,滑动变阻器与灯泡L串联,电压表测L两端的电压,电流表测电路中的电流, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,滑动变阻器两端的电压: U滑=U﹣UL′=10V﹣4V=6V, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,由图象可知,电路中的电流I=IL′=0.4A, 由I=可得,滑动变阻器接入电路中的电阻: R滑===15Ω; (3)S、S1、S2都闭合时,R1与滑动变阻器并联,电流表测干路电流, 当滑片位于b端时,接入电路中的电阻最大,电路消耗的总功率最小, 因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和, 所以,电路中的总电阻: R总===Ω, 电路的最小功率: P小===7W。 答:(1)小灯泡正常工作时通过灯丝的电流为0.5A; (2)滑动变阻器接入电路的阻值为15Ω; (3)S、S1、S2都闭合时,调节滑动变阻器滑片到b端时,整个电路消耗的总功率最小,最小功率是7W。 【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,分清电路的连接方式是解题的基础和关键。

  • ID:6-5384340 2017-2018学年陕西省榆林市横山二中八年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/八年级上册

    2017-2018学年陕西省榆林市横山二中八年级(上)期末物理试卷 一、单项选择题(下列各小题均有四个选项,其中只有一个选项符合题意.共45分,每小题3分) 1.图所示的现象中,由于光的直线传播形成的是(  ) A.树在水中成像 B.手在墙上形成手影 C.放大镜把字放大 D.铅笔好像在水面处折断了 2.如图所示的现象中,属于光的反射形成的现象是(  ) A.绣漪桥在水中的“倒影” B.苹果在桌面上形成影子 C.用放大镜观察图案 D.筷子好像在水面处向上弯折 3.如图所示的四种现象中,属于光的色散的是(  ) A.广场上的激光束 B.阳光透过三棱镜形成彩色光带 C.小桥在水中的“倒影” D.水中的筷子“弯折” 4.如图所示的光现象中,由于光的折射形成的是(  ) A.赵州桥在水中形成“倒影” B.手在墙上形成“手影” C.筷子好像在水面处向上弯折 D.景物在后视镜中成像 5.如图所示的四种现象中,属于光的折射现象的是(  ) A.山在水中形成“倒影” B.景物在观后镜中成像 C.月食现象的形成 D.钢勺好像在水面处“折断” 6.在没有其他任何光照的情况下,舞台追光灯发出的绿光照在穿白上衣、红裙子的演员身上,观众看到她(  ) A.全身呈绿色 B.上衣呈绿色,裙子呈紫色 C.上衣呈绿色,裙子不变色 D.上衣呈绿色,裙子呈黑色 7.2004年6月8日下午在我国发生了“金星凌日”的天文奇观。“金星凌日”是在地球上看到金星从太阳面上移过的现象,它的产生和日食的道理相同。如图为发生“金星凌日”现象时的示意图,图金星的位置在(  ) A.甲 B.乙 C.丙 D.丁 8.关于光的反射,下列说法正确的是(  ) A.光发生漫反射时,反射光射向各个方向,不遵守光的反射定律 B.光发生漫反射时,遵守光的反射定律 C.我们能够从不同的方向上看到黑板上的字,这说明光发生了镜面反射 D.镜面反射和漫反射没有区别 9.如图所示,MM′为平面镜,AO为入射光线,ON为法线,入射角∠AON等于45°.已知∠NOB等于30°,∠NOC等于45°,∠NOD等于60°.则入射光线AO的反射光线沿射线正确方向射出的是(  ) A.OB B.OC C.OD D.ON 10.一个雨后的晚上,天刚放晴,地面虽已干,但仍留有不少积水,为了不致踩在小水坑,下列判断正确的是 (  ) A.迎着月光走时,地面上亮处是水坑 B.背着月光走时,地面上亮处是水坑 C.迎着月光和背着月光行走时,地面上亮处是水坑 D.迎着月光和背着月光行走时,地面上暗处是水坑 11.我们都知道猴子捞不起水中的“月亮”,如图所示,对水中的“月亮”的下列说法正确的是(  ) A.月亮就在水的表面上 B.井有多深月亮就有多深 C.和天上月亮到水面的距离相等 D.和猴子的眼睛到水面的距离相等 12.在“探究平面镜成像特点”的实验中,下列说法正确的是(  ) A.实验最好在较暗的环境中进行 B.把光屏放在玻璃板后面像的位置,光屏上有像出现 C.将蜡烛向玻璃板靠近时像会变大 D.蜡烛远离玻璃板时,所成的像将远离玻璃板 13.小明用棋子和如图所示的装置探究平面镜成像问题。 ①他将一个棋子A作为物体放在平面镜前5cm处,看到这个棋子在平面镜中成的像。 用大小不同的棋子放在棋子A像的位置,发现只有当把与棋子A大小相同的B棋子放在棋子A像的位置时,棋子B与棋子A的像完全重合。 ②他将棋子A放在平面镜前10cm处,看到这个棋子在平面镜中成的像。用大小不同的棋子放在棋子A像的位置,发现仍然是只有当把与棋子A大小相同的B棋子放在棋子A像的位置时,棋子B与棋子A的像完全重合。 ③仿照步骤②再做四次实验。均发现棋子B与棋子A 的像完全重合。由此可知,小明探究的问题是(  ) A.像的大小与物体大小的关系 B.像的大小与物距的关系 C.像距与物距的关系 D.像距与物体大小的关系 14.物理课上,小阳利用如图所示的实验装置探究凸透镜成像规律,他将蜡烛从大于二倍焦距处向凸透镜焦点移动的过程中,下列说法中正确的是(  ) A.像始终是正立 B.像始终是倒立 C.像始终是缩小的 D.像始终是虚的 15.小刚和小红一同完成了如下实验:把一枚硬币放在一个没有盛水的杯子底部,然后把杯子放在水平桌面上,小刚注视着硬币慢慢向远处移动,到眼睛刚好看不到硬币时停止移动。小刚保持头部不动,此时小红缓缓地向杯中倒水,倒着、倒着,小刚又重新看到杯底的硬币。要用作图的方法来解释这个实验现象,图中的4幅光路图中,能对上述实验现象做出正确解释的是(  ) A. B. C. D. 二、多项选择题(下列各小题均有四个选项,其中符合题意的选项均多于一个.共15分,每小题3分.每小题选项全选对的得3分,选对但不全的得2分,有错选的不得分) 16.刘一可在实验室进行凸透镜的成像实验,他所用的凸透镜的焦距为10cm。实验过程中他将蜡烛分别放在甲、乙、丙、丁不同的位置,如图所示,试回答蜡烛放在哪些位置上,其成像具有放大的效果(  ) A.甲 B.乙 C.丙 D.丁 17.如图所示的四种现象中,由于光的折射形成的是(  ) A.铅笔好像在水面处折断 B.山在水中形成“倒影” C.北京故宫的日晷 D.放大镜把图案放大 18.小丽在做探究凸透镜成像规律的实验时,将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处,将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处,移动光屏至80cm刻度线处,烛焰在光屏上成清晰的像。如图所示,下列说法正确的是(  ) A.照相机是根据图所示的实验现象制成的 B.保持透镜在50cm刻度线处不动,若想在光屏上得到更大更清晰像,应将蜡烛右移 C.保持透镜在50cm刻度线处不动,若将点燃的蜡烛放在光具座上10cm刻度线处,通过移动光屏,在光屏上可呈现烛焰清晰的倒立缩小的实像 D.保持蜡烛在35cm刻度线处不动,如果想得到正立放大的像,应将透镜右移 19.如图所示是探究平面镜成像特点的实验装置,关于该实验下列说法中正确的是 (  ) A.该实验应该选用较薄的玻璃板 B.该实验选用两个等大的蜡烛是为了比较像与物的大小 C.通过该实验得出的结论是像的大小随物距的变化而改变 D.实验中测量两只蜡烛到玻璃板的距离,是为了比较像与物体到镜面的距离 20.俊辰在做探究凸透镜成像规律的实验时,将焦距为15cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处,将点燃的蜡烛放置在光具座上10cm刻度线处,移动光屏至74cm刻度线处,烛焰在光屏上成清晰的像,如图所示。如果保持透镜在50cm刻度线处不动,将点燃的蜡烛放在光具座上18cm刻度线处,为了在光屏上得到清晰的像,应该进行的操作以及光屏上像的大小变化情况是(  ) A.将光屏左移 B.将光屏右移 C.像变小 D.像变大 三、填空题(每空3分,共15分) 21.含章在做探究凸透镜成像规律的实验时,如图所示把光具座放在水平桌面上,将点燃的蜡烛、凸透镜和光屏依次固定在光具座上,接下来的实验操作是把烛焰、凸透镜和光屏的中心调整到   。(“同一水平高度上”、“同一直线上”或“不用调节直接实验”) 22.(6分)平行光线射到电影银幕上发生了   反射,此时每一条光线在反射时   (填“遵守”或“不遵守”)光的反射定律。 23.一束光射到平面镜上,如果入射角是30°,那么反射角是   。 24.有一光电控制液面高度的仪器,它是通过光束在液面上的反射光线照射到光电屏上的光斑位置,来指示液面高低从而实现自动控制的。其中的控制光路如图所示,一光束与液面的夹角为40°,当发现光斑S向左移动时,表明液面正在   (选填“升高”或“降低”)。 四、作图题(每题4分,共8分) 25.(4分)如图所示,SA表示从空气斜射向水面的一束光线,请在图中画出这束光线从空气射入水中的折射光线(大致方向)。 26.(4分)一束与镜面成30°角的光线射到平面镜MN上,如图所示,请根据光的反射规律在图中画出反射光线。 五、实验题(共11分) 27.(6分)小阳根据生活经验发现:同一个物体远离或靠近平面镜时,像的大小不同。他想用实验探究一下自己的发现是否正确。实验桌上有如图所示的实验装置(其中的透明玻璃为平面镜),还提供了一把刻度尺和相同大小的中国象棋棋子18个,9个为红色,9个为绿色。小阳用这些器材进行实验,他的主要实验步骤如下: ①将两个叠放的红棋子作为物体放在平面镜前面的白纸上,在平面镜后面改变两个叠放的绿棋子的位置,使得从不同角度观察,两个绿棋子与物体的像均完全重合,并记录实验数据。 ②改变物体(两个叠放的红棋子)到平面镜的距离,在平面镜后面改变两个叠放的绿棋子的位置,使得从不同角度观察,两个绿棋子与物体的像均完全重合,并记录实验数据。 请根据以上叙述回答下列问题: (1)请你写出小阳探究的问题中的自变量是:   ; (2)根据以上实验小阳得出的结论是:   ; (3)如果小阳想继续探究物体在平面镜中所成像的大小与物体大小的关系,在上述实验步骤②中,应改变   。 28.小帆学习了凸透镜的成像规律后,知道可以靠改变物距来改变物体通过某一个凸透镜所成的实像的大小,可是他看见爸爸用相机拍照时,却能够通过“变焦镜头”使景物的像变大或变小。于是他做出猜想:“照相机的成像特点中,物距一定时,同一物体通过焦距越大的凸透镜所成实像的高度越大”。为了验证这个猜想,他到实验室借到了光具座(轨道上有刻度尺和固定光具的金属滑块)、焦距分别为5cm、10cm和15cm的甲、乙、丙三个凸透镜、F形LED灯(作为物体)、光屏、刻度尺等,如图所示。请帮助他设计实验,验证猜想。 (1)如果实验中装有凸透镜的滑块一直固定在50cm刻线处不变,实验中应将装有“F”形LED灯的金属滑块放置在   处;(选填“A”或“B”) (2)写出实验步骤; (3)画出实验数据记录表格。 六、科普阅读题(每空2分,共6分) 29.(6分) 光污染,来自靓丽的玻璃幕墙 最近张老师十分苦恼,因为她的房子正对着一座新大厦的玻璃幕墙。有时站在她家的窗前,看到对面玻璃墙就好像平面镜一样,将同楼居民家的一举一动看的清清楚楚。玻璃墙的反光也使她苦不堪言,只要是晴天,她的房间就被强烈的反照光线照得通亮,无法正常休息。尤其是那种凹形建筑物,其玻璃幕墙在客观上形成一种巨型聚光镜,一个几十甚至几百平方米的凹透镜,其聚光功能是相当可观的,能使局部温度升高,造成火灾隐患………。 阅读文章后回答下列问题: (1)文中有一处出现科学性错误,请把错误的句子写在下面的横线上。    (2)从上文找出一个玻璃幕墙给居民带来的不便或危害实。   。 (3)如何预防光污染,请你提出一条合理的建议。   。 2017-2018学年陕西省榆林市横山二中八年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题(下列各小题均有四个选项,其中只有一个选项符合题意.共45分,每小题3分) 1.图所示的现象中,由于光的直线传播形成的是(  ) A.树在水中成像 B.手在墙上形成手影 C.放大镜把字放大 D.铅笔好像在水面处折断了 【分析】(1)树在水中成像是光的反射形成的; (2)手在墙上形成手影是光的直线传播形成的; (3)放大镜把字放大和铅笔好像在水面处折断了是光的折射形成的。 【解答】解:A、树在水中成像,是平面镜成像,由光的反射形成,故A错误。 B、手在墙上形成手影,是由于光在同种均匀介质中沿直线传播形成的,故B正确。 C、放大镜把字放大,由光的折射所形成,故C错误。 D、铅笔好像在水面处折断了,是光在水面处发生折射后形成的,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查了:平面镜成像、凸透镜成虚像,各种像的形成都与光的传播有关,学生要熟知光的直线传播、光的反射、光的折射现象,会用光的直线传播、光的反射、光的折射现象解释各种像的形成原因。 2.如图所示的现象中,属于光的反射形成的现象是(  ) A.绣漪桥在水中的“倒影” B.苹果在桌面上形成影子 C.用放大镜观察图案 D.筷子好像在水面处向上弯折 【分析】(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播,产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等; (2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象,例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的; (3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时,就会出现光的折射现象,例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 【解答】解:A、平静水面上绣漪桥的倒影,属于平面镜成像,是由于光的反射形成的,符合题意。 B、苹果在桌面上影子的形成说明光是沿直线传播的,由于光的直线传播,被物体挡住后,物体后面就会呈现出阴影区域,就是影子,故与题意不符; C、用放大镜看图案时,图案变大了,属于凸透镜成像,是由于光的折射形成的。故与题意不符。 D、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时,发生折射,折射光线远离法线,当人逆着折射光线的方向看时,看到的是筷子的虚像,比实际位置偏高,所以感觉折断了,故与题意不符; 故选:A。 【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解,在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。 3.如图所示的四种现象中,属于光的色散的是(  ) A.广场上的激光束 B.阳光透过三棱镜形成彩色光带 C.小桥在水中的“倒影” D.水中的筷子“弯折” 【分析】混合光分散为单色光的过程叫光的色散;色散的特点是形成了光带。 【解答】解:A、广场上的激光束不是光的色散形成的,是光源本身发出了不同颜色的光,故A错误; B、阳光穿过三棱镜会发生色散,形成一条彩色的光带,故B正确; C、小桥在水中的“倒影是光的反射形成的,故C错误; D、水中的筷子弯折是光的折射形成的,故D错误。 故选:B。 【点评】此题考查的是光色散现象的判断,牢记光的色散现象的特点是形成了彩色的光带是解答此题的关键所在。 4.如图所示的光现象中,由于光的折射形成的是(  ) A.赵州桥在水中形成“倒影” B.手在墙上形成“手影” C.筷子好像在水面处向上弯折 D.景物在后视镜中成像 【分析】(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播,产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等; (2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象,例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的; (3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时,就会出现光的折射现象,例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。 【解答】解:A、赵州桥在水中形成“倒影”影,是水面成像,属于光的反射现象; B、手在墙上形成“手影”,是光的直线传播形成的; C、筷子好像在水面处向上弯折,属于光的折射现象; D、景物在凸面镜中成像扩大视野,是凸面镜成像,属于光的反射现象。 故选:C。 【点评】本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解,其中A选项中的赵州桥是我国古代传统桥梁建筑的杰作,即考查了光学知识,又弘扬了中华民族的传统文化。B选项体现了“玩中学”、“做中学”的理念。 5.如图所示的四种现象中,属于光的折射现象的是(  ) A.山在水中形成“倒影” B.景物在观后镜中成像 C.月食现象的形成 D.钢勺好像在水面处“折断” 【分析】判断光的折射现象,要对折射的定义理解清楚,光从一种透明介质斜射入另一种透明介质中时,传播方向一般会发生改变,这是光的折射,生活中光在不均匀介质中不沿直线传播的现象也是光的折射。 【解答】解:A、平静的水面相当于平面镜,倒影是平面镜成的像,这是利用光的反射原理,故A错误。 B、观后镜是凸面镜,属于光的反射,故B错误; C、发生月食时,太阳、月球、地球三者都在同一直线上,都可以用光沿直线传播来解释,故C错误。 D、从水中钢勺上反射的光从水中斜射入空气中时,发生折射,折射光线远离法线,当人逆着折射光线的方向看时,看到的是钢勺的虚像,比实际位置偏高,所以感觉折断了,故D正确。 故选:D。 【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象,此题与实际生活联系密切,体现了生活处处是物理的理念。 6.在没有其他任何光照的情况下,舞台追光灯发出的绿光照在穿白上衣、红裙子的演员身上,观众看到她(  ) A.全身呈绿色 B.上衣呈绿色,裙子呈紫色 C.上衣呈绿色,裙子不变色 D.上衣呈绿色,裙子呈黑色 【分析】不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的,白色物体能反射所有色光,黑色物体吸收所有色光。 【解答】解:追光灯发出的绿光找到白色的上衣上,白色的上衣能反射所有颜色的光,因此上衣看起来是绿色;而红色的裙子只能反射红光,不能反射其他颜色的光,因此绿光照射在上面时,裙子看起来是黑色。 故选:D。 【点评】本题考查了不透明物体颜色的决定因素,是一道基础题;应知道不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的。 7.2004年6月8日下午在我国发生了“金星凌日”的天文奇观。“金星凌日”是在地球上看到金星从太阳面上移过的现象,它的产生和日食的道理相同。如图为发生“金星凌日”现象时的示意图,图金星的位置在(  ) A.甲 B.乙 C.丙 D.丁 【分析】由图可知,发生“金星凌日”现象时,太阳、金星和地球三者在同一条直线上,并且,金星在太阳和地球之间。 【解答】解:“金星凌日”现象的成因是光的直线传播,如图,当金星转到太阳与地球中间且三者在一条直线上时,发生“金星凌日”现象,在地球上看到金星从太阳面上移过。发生“金星凌日”现象时,图金星的位置在丁; 故选:D。 【点评】“金星凌日”的天文奇观,很少见,它的产生和日食的道理相同。 8.关于光的反射,下列说法正确的是(  ) A.光发生漫反射时,反射光射向各个方向,不遵守光的反射定律 B.光发生漫反射时,遵守光的反射定律 C.我们能够从不同的方向上看到黑板上的字,这说明光发生了镜面反射 D.镜面反射和漫反射没有区别 【分析】(1)镜面反射:平行光线射到表面光滑的物体表面上时,反射光线仍是平行的,反射光射向同一方向; (2)漫反射:平行光射向表面粗糙的物体时,反射光线不再平行,反射光射向不同的方向; (3)无论是镜面反射还是漫反射,都遵守光的反射定律。 【解答】解:AB、光发生漫反射时,由于反射面粗糙不平,反射光线射向各个方向,但是每条光线仍然遵守光的反射定律,故A错误,B正确; C、我们能够从不同方向看见黑板上的字迹,是光发生了漫反射,故C错误; D、一束平行光射到光滑物体表面时,发生镜面反射,反射光束仍然是平行的,只能在某一方向接收到反射光线;当平行光射到粗糙的物体表面时,发生漫反射,反射光不再平行,而是射向各个方向,在各个不同的方向都能接收到反射光线,故镜面反射和漫反射有区别,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查的重点是光的反射定律、镜面反射、漫反射的定义,要注意镜面反射、漫反射都遵循光的反射定律。 9.如图所示,MM′为平面镜,AO为入射光线,ON为法线,入射角∠AON等于45°.已知∠NOB等于30°,∠NOC等于45°,∠NOD等于60°.则入射光线AO的反射光线沿射线正确方向射出的是(  ) A.OB B.OC C.OD D.ON 【分析】光的反射定律的内容:反射光线与入射光线、法线在同一平面上;反射光线和入射光线分居在法线的两侧;反射角等于入射角。据此结合图片进行分析。 【解答】解:根据反射定律可知,反射角等于入射角,因为入射角AON等于45°,所以反射角也等于45°, 已知,∠NOC等于45°,则反射角是∠NOC,所以反射光线将沿OC射出。 故选:B。 【点评】本题的设计在于考查考生是否掌握了光的反射定律,尤其是反射角等于入射角这个知识点,题目考查方法灵活,引导我们今后在教学中进一步关注基本概念、基本规律的理解、运用和落实。 10.一个雨后的晚上,天刚放晴,地面虽已干,但仍留有不少积水,为了不致踩在小水坑,下列判断正确的是 (  ) A.迎着月光走时,地面上亮处是水坑 B.背着月光走时,地面上亮处是水坑 C.迎着月光和背着月光行走时,地面上亮处是水坑 D.迎着月光和背着月光行走时,地面上暗处是水坑 【分析】(1)当迎着月光走时,月光射到水面上时,反射光进入人的眼睛,所以地上明处部分是水; (2)当背着月光走时,月光射到水面上时,反射光没有进入人的眼睛,所以地上暗的部分是水。 【解答】解:(1)当迎着月光走时,地面发亮处有水,因为迎着月光走,月光射到水面上时,水面发生的是镜面反射,反射光几乎全部射入人的眼睛,而地面发生的漫反射,只有很少的光进入人的眼睛,所以此时水面亮,人应走暗处。 (2)背着月光走时,地面发暗处有水。因为背着月光虽然水面仍然是镜面反射,但是此时的反射光全部射到人的后背,几乎没光射入人的眼睛;而地面是漫反射,反射光线射向不同的方向,故有光线射入人的眼睛,故此时地面较亮,所以地上暗处部分是水,人应走亮处,故A正确,BCD错误。 故选:A。 【点评】(1)本题考查光的反射和光的反射定律的应用情况,会根据光的反射定律解释生活中的现象; (2)无论是镜面反射还是漫反射都遵守光的反射定律。 11.我们都知道猴子捞不起水中的“月亮”,如图所示,对水中的“月亮”的下列说法正确的是(  ) A.月亮就在水的表面上 B.井有多深月亮就有多深 C.和天上月亮到水面的距离相等 D.和猴子的眼睛到水面的距离相等 【分析】平静的水面相当于平面镜,物体在平面镜中成正立等大的虚像,物像到平面镜的距离相等。 【解答】解: A、水中的“月亮”是天上月亮在水中的像,因此月亮不在水的表面上,故A错误; BCD、井水的水面相当于平面镜,由平面镜成像的特点可知,物像到平面镜的距离相等; 所以,井水中的月亮到水面的距离和天上月亮到水面的距离相等,这个距离远远大于井的深度,也远大于猴子的眼睛到水面的距离,故BC错误,C正确; 故选:C。 【点评】本题学生通常认为井中月亮到水面的距离等于井水深度,此处要注意,确定反射面,掌握平面镜成像的特点能顺利解题。 12.在“探究平面镜成像特点”的实验中,下列说法正确的是(  ) A.实验最好在较暗的环境中进行 B.把光屏放在玻璃板后面像的位置,光屏上有像出现 C.将蜡烛向玻璃板靠近时像会变大 D.蜡烛远离玻璃板时,所成的像将远离玻璃板 【分析】(1)当实验环境光线较暗时,实验现象会更加明显。 (2)实像能用光屏承接,虚像不能用光屏承接。 (3)平面镜成像特点之一:像物等大; (4)平面镜成像特点之一:像与物到平面镜的距离相等。 【解答】解: A、实验应在较暗的环境中进行,这样才能通过玻璃板成蜡烛较清晰的像,故A正确。 B、物体在平面镜中成虚像,光屏放在虚像的位置上,光屏上不会承接到平面镜成的像,故B错误。 C、平面镜成等大的像,蜡烛靠近玻璃板过程中,蜡烛的像始终和蜡烛大小相同,故C错误。 D、平面镜成像,像与物到平面镜的距离相等,故物体远离玻璃板时,所成的像将远离玻璃板,故D正确。 故选:AD。 【点评】此题以选择题的形式考查平面镜成像特点,难度不大,属于基础题。 13.小明用棋子和如图所示的装置探究平面镜成像问题。 ①他将一个棋子A作为物体放在平面镜前5cm处,看到这个棋子在平面镜中成的像。 用大小不同的棋子放在棋子A像的位置,发现只有当把与棋子A大小相同的B棋子放在棋子A像的位置时,棋子B与棋子A的像完全重合。 ②他将棋子A放在平面镜前10cm处,看到这个棋子在平面镜中成的像。用大小不同的棋子放在棋子A像的位置,发现仍然是只有当把与棋子A大小相同的B棋子放在棋子A像的位置时,棋子B与棋子A的像完全重合。 ③仿照步骤②再做四次实验。均发现棋子B与棋子A 的像完全重合。由此可知,小明探究的问题是(  ) A.像的大小与物体大小的关系 B.像的大小与物距的关系 C.像距与物距的关系 D.像距与物体大小的关系 【分析】探究平面镜成像时,当物像重合时,可以确定像的位置,同时也可以说明物像大小相等,据此分析即可解答。 【解答】解:小明将一个棋子A作为物体放在平面镜前5cm处,看到这个棋子在平面镜中成的像。用大小不同的棋子放在棋子A像的位置,发现只有当把与棋子A大小相同的B棋子放在棋子A像的位置时,棋B与棋子A的像完全重合,据此可知小明探究的问题是像与物距的大小关系。 故选:B。 【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并会根据对实验现象的分析得出正确的结论。此类题目在近几年中考中频繁出现,备受出题人青睐,其实解答此类题目往往有规律可循,牢记并紧扣平面镜成像特点可比较容易的进行解答。 14.物理课上,小阳利用如图所示的实验装置探究凸透镜成像规律,他将蜡烛从大于二倍焦距处向凸透镜焦点移动的过程中,下列说法中正确的是(  ) A.像始终是正立 B.像始终是倒立 C.像始终是缩小的 D.像始终是虚的 【分析】当物体放在焦点之外时,会在凸透镜的另一侧成倒立的实像,像有缩小、等大、放大三种。 【解答】解:当物距大于二倍焦距时是缩小的实像,等于二倍焦距时是等大的实像,在一倍焦距和二倍焦距之间时是放大的实像, 故将蜡烛从大于二倍焦距处向凸透镜焦点移动的过程中,始终成的是倒立的实像,故ACD错误,B正确。 故选:B。 【点评】本题主要考查了凸透镜的成像规律,明确凸透镜成实像时的条件是关键。 15.小刚和小红一同完成了如下实验:把一枚硬币放在一个没有盛水的杯子底部,然后把杯子放在水平桌面上,小刚注视着硬币慢慢向远处移动,到眼睛刚好看不到硬币时停止移动。小刚保持头部不动,此时小红缓缓地向杯中倒水,倒着、倒着,小刚又重新看到杯底的硬币。要用作图的方法来解释这个实验现象,图中的4幅光路图中,能对上述实验现象做出正确解释的是(  ) A. B. C. D. 【分析】(1)当我们用眼睛看水中物体时,是物体所反射的光进入到了我们的眼睛,才看清物体; (2)光的折射定律是当光从空气斜射入水中或其他介质中时,折射光线向法线方向偏折;光从水或者其他介质斜射入空气中时,折射光线向远离法线方向偏折。 【解答】解:当我们用眼睛看到水中的硬币,是因为硬币反射的光进入到了我们的眼睛的缘故;根据光的折射定律的内容知道,光从水斜射入空气中时,折射光线向远离法线方向偏着,折射角大于入射角,且光线是从硬币上发出的,故B图正确。 故选:B。 【点评】本题来源于生活中的折射现象,要求能够判断出折射现象,并且会根据折射定律判断光路是否正确,重点考查学生知识应用与实践的能力。 二、多项选择题(下列各小题均有四个选项,其中符合题意的选项均多于一个.共15分,每小题3分.每小题选项全选对的得3分,选对但不全的得2分,有错选的不得分) 16.刘一可在实验室进行凸透镜的成像实验,他所用的凸透镜的焦距为10cm。实验过程中他将蜡烛分别放在甲、乙、丙、丁不同的位置,如图所示,试回答蜡烛放在哪些位置上,其成像具有放大的效果(  ) A.甲 B.乙 C.丙 D.丁 【分析】根据凸透镜成像的三种情况进行判断:u>2f,成倒立、缩小的实像。2f>u>f,成倒立、放大的实像。u<f,成正立、放大的虚像。 【解答】解:A、甲位置处,u=50cm>2f,成倒立、缩小的实像,故A不符合题意; B、乙位置处,u=50cm﹣15cm=35cm>2f,成倒立、缩小的实像,故B不符合题意; C、丙位置处,u=50cm﹣35cm=15cm,满足2f>u>f,成倒立、放大的实像,故C符合题意; D、丁位置处,当U=50cm﹣45cm<f,物体的同侧得到正立、放大的虚像,故D符合题意。 故选:CD。 【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用,关键是熟记成像规律的内容,并做到灵活运用。 17.如图所示的四种现象中,由于光的折射形成的是(  ) A.铅笔好像在水面处折断 B.山在水中形成“倒影” C.北京故宫的日晷 D.放大镜把图案放大 【分析】(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播,产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等; (2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象,例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的; (3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时,就会出现光的折射现象,例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 【解答】解:A、插入水中的铅笔好像折断了,是由于水面下的铅笔反射的光进入空气时反生折射,折射角大于入射角而造成的,所以是光的折射形成的,故A符合题意; B、平静的水面相当于平面镜,山在水中的倒影属于平面镜成像,是光的反射形成的,故B不符合题意。 C、北京故宫的日晷,是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的影子,故C不符合题意。 D、放大镜把图案放大属于凸透镜成像,是光的折射形成的,故D符合题意。 故选:AD。 【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解,在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。 18.小丽在做探究凸透镜成像规律的实验时,将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处,将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处,移动光屏至80cm刻度线处,烛焰在光屏上成清晰的像。如图所示,下列说法正确的是(  ) A.照相机是根据图所示的实验现象制成的 B.保持透镜在50cm刻度线处不动,若想在光屏上得到更大更清晰像,应将蜡烛右移 C.保持透镜在50cm刻度线处不动,若将点燃的蜡烛放在光具座上10cm刻度线处,通过移动光屏,在光屏上可呈现烛焰清晰的倒立缩小的实像 D.保持蜡烛在35cm刻度线处不动,如果想得到正立放大的像,应将透镜右移 【分析】(1)光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时,物距大于像距,成倒立缩小的实像;物距等于像距时,成倒立等大的实像;物距小于像距时,成倒立放大的实像。 (2)凸透镜成实像时,物距减小,像距增大,像变大。 (3)若物体处于2倍焦距以外,像成在另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间,成倒立、缩小的实像; (4)物体处于1倍焦距以内,成正立、放大的虚像; 【解答】解:A、由图可知,此时物距大于1倍焦距而小于2倍焦距,说明光屏上成倒立、放大的实像,幻灯机或投影仪就是利用该原理制成的,故A错误; B、保持透镜在50cm刻度线处不动,若想在光屏上得到更大更清晰像,即增大像距,同时减小物距,所以应该将凸透镜向右移动,但不能移动的焦点处,故B正确; C、保持透镜在50cm刻度线处不动,若将点燃的蜡烛放在光具座上10cm刻度线处,即物距是40cm,即物体处于2倍焦距以外,成倒立、缩小的实像,故C正确; D、保持蜡烛在35cm刻度线处不动,如果想得到正立放大的像,即应该让蜡烛处于1倍焦距以内,所以应该将凸透镜向左移动,故D错误; 故选:BC。 【点评】熟练掌握凸透镜成像的规律,能根据实验中物距与像距的变化,判断成像的特点与规律是解答的关键。 19.如图所示是探究平面镜成像特点的实验装置,关于该实验下列说法中正确的是 (  ) A.该实验应该选用较薄的玻璃板 B.该实验选用两个等大的蜡烛是为了比较像与物的大小 C.通过该实验得出的结论是像的大小随物距的变化而改变 D.实验中测量两只蜡烛到玻璃板的距离,是为了比较像与物体到镜面的距离 【分析】(1)从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面会出现两个像和保证实验效果这个角度去分析此题。 (2)实验时采用两个完全相同的蜡烛,便于比较物像大小关系。 (3)平面镜成像时,像与物的大小始终相等。 (4)实验中,通过比较两只蜡烛到玻璃板的距离来研究成像时物距与像距的关系。 【解答】解:A、因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面,会出现两个像,影响到实验效果,所以应选用薄玻璃板,故A正确; B、选取两支完全相同的蜡烛,一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃,另一支放在玻璃板的后面,当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时,可以比较物像大小关系。故B正确。 C、平面镜成像时,像与物的大小始终相等。所以通过该实验得出的结论是像的大小不随物距的变化而改变,故C错误; D、实验中测量两只蜡烛到玻璃板的距离,是为了比较像与物体到镜面的距离关系,故D正确。 故选:ABD。 【点评】此题以选择题的形式考查平面镜成像实验中需要注意的事项,这既是平时经常强调的地方,又是中考中经常涉及到的地方,要求深入理解,熟练掌握。 20.俊辰在做探究凸透镜成像规律的实验时,将焦距为15cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处,将点燃的蜡烛放置在光具座上10cm刻度线处,移动光屏至74cm刻度线处,烛焰在光屏上成清晰的像,如图所示。如果保持透镜在50cm刻度线处不动,将点燃的蜡烛放在光具座上18cm刻度线处,为了在光屏上得到清晰的像,应该进行的操作以及光屏上像的大小变化情况是(  ) A.将光屏左移 B.将光屏右移 C.像变小 D.像变大 【分析】根据物近像远像变大的特点分析,要使像变大,则应减小物距,并增大像距。 【解答】解:如图所示,保持透镜在50cm刻度线处不动,将点燃的蜡烛放在光具座上18cm刻度线处,此时物距减小,则像距变大,像变大,光屏也向右移。 故选:BD。 【点评】熟练掌握凸透镜成像的规律,能根据实验中物距与像距的变化,判断成像的特点与规律是解答的关键。 三、填空题(每空3分,共15分) 21.含章在做探究凸透镜成像规律的实验时,如图所示把光具座放在水平桌面上,将点燃的蜡烛、凸透镜和光屏依次固定在光具座上,接下来的实验操作是把烛焰、凸透镜和光屏的中心调整到 同一水平高度上 。(“同一水平高度上”、“同一直线上”或“不用调节直接实验”) 【分析】蜡烛、凸透镜、光屏,三者在同一条直线上,三者的中心大致在同一高度,像才能呈在光屏的中心。 【解答】解:探究凸透镜成像的实验时,把光具座放在水平桌面上,将点燃的蜡烛、凸透镜和光屏依次固定在光具座上,接下来的实验操作是把烛焰、凸透镜和光屏的中心调整到同一水平高度上,像才能呈在光屏的中心。 故答案为:同一水平高度上。 【点评】本题主要考查探究凸透镜成像规律的实验时器材的操作,常见题目。 22.(6分)平行光线射到电影银幕上发生了 漫 反射,此时每一条光线在反射时 遵守 (填“遵守”或“不遵守”)光的反射定律。 【分析】反射分镜面反射和漫反射,平行光线入射到平而光滑反射面上,反射光线还是平行射出,这种反射是镜面反射; 平行光线入射到粗糙的反射面上,反射光线射向四面八方,这种反射是漫反射。 镜面反射和漫反射都遵守反射定律。 【解答】解:银幕是凹凸不平的,平行光线入射到粗糙的银幕上,反射光线射向四面八方,进入不同方向的人的眼睛,不同方向的人们都能看到。因此光在银幕上发生漫反射, 镜面反射和漫反射都遵守反射定律,故此时的每一条光线都遵守光的反射定律。 故答案为:漫;遵守。 【点评】把握镜面反射与漫反射关键要记住,它们都遵循光的反射定律,只是由于反射面的光滑程度不同,而使最终的效果产生了较大的差异。 23.一束光射到平面镜上,如果入射角是30°,那么反射角是 30° 。 【分析】要解决此题需要掌握光的反射定律的内容,知道发生光的反射时,反射角等于入射角。 【解答】解:入射角为30°,根据光的反射定律的内容,反射角也为30°。 故答案为:30°。 【点评】此题主要考查了光的反射定律的内容,特别是反射角与入射角的关系。 24.有一光电控制液面高度的仪器,它是通过光束在液面上的反射光线照射到光电屏上的光斑位置,来指示液面高低从而实现自动控制的。其中的控制光路如图所示,一光束与液面的夹角为40°,当发现光斑S向左移动时,表明液面正在 升高 (选填“升高”或“降低”)。 【分析】由光的反射定律可知:法线与界面垂直,入射角等于入射光线与法线的夹角,入射角等于反射角确定反射角的大小,反射角等于入射角;光在水面上发生的是镜面反射,可以通过作图利用光的反射分析。 【解答】解:因为入射光线与界面夹角为40°,所以入射角等于90°﹣40°=50°;又因为光反射时,入射角等于反射角,故反射角等于50°。 光电屏上的光斑S向左移动时,由于入射角不变,所以反射光线与原来的反射光线平行,所以液面上升,此时反射角还是50°,如图所示。 故答案为:升高。 【点评】本题利用了镜面反射来解释光电控制液面高度的原理,关键是知道入射角和反射角的概念和光的反射定律。 四、作图题(每题4分,共8分) 25.(4分)如图所示,SA表示从空气斜射向水面的一束光线,请在图中画出这束光线从空气射入水中的折射光线(大致方向)。 【分析】光由空气斜射入水中,发生折射,折射光线和入射光线也分居法线两侧,分居在两种介质中,折射角小于入射角。 依据这样的分析来作图,涉及的角都是光线和法线的夹角。 【解答】解:过入射点A作垂直于分界面的虚线,作为法线;依据折射角小于入射角,在法线的另一侧水中画折射光线,标上箭头。见答图所示 【点评】关于光的折射作图,记住角的大小关系:由空气斜射入水,折射角小,由水斜射入空气,折射角大。即空气中的光线和法线的夹角总是大的。 26.(4分)一束与镜面成30°角的光线射到平面镜MN上,如图所示,请根据光的反射规律在图中画出反射光线。 【分析】光的反射定律的内容:反射光线与入射光线、法线在同一平面上;反射光线和入射光线分居在法线的两侧;反射角等于入射角。 【解答】解:已作出法线,再根据反射角等于入射角在法线的右侧画出反射光线。如图所示: 【点评】本题主要考查了光的反射定律的应用,首先要熟记光的反射定律的内容,并要注意入射角与反射角的概念。 五、实验题(共11分) 27.(6分)小阳根据生活经验发现:同一个物体远离或靠近平面镜时,像的大小不同。他想用实验探究一下自己的发现是否正确。实验桌上有如图所示的实验装置(其中的透明玻璃为平面镜),还提供了一把刻度尺和相同大小的中国象棋棋子18个,9个为红色,9个为绿色。小阳用这些器材进行实验,他的主要实验步骤如下: ①将两个叠放的红棋子作为物体放在平面镜前面的白纸上,在平面镜后面改变两个叠放的绿棋子的位置,使得从不同角度观察,两个绿棋子与物体的像均完全重合,并记录实验数据。 ②改变物体(两个叠放的红棋子)到平面镜的距离,在平面镜后面改变两个叠放的绿棋子的位置,使得从不同角度观察,两个绿棋子与物体的像均完全重合,并记录实验数据。 请根据以上叙述回答下列问题: (1)请你写出小阳探究的问题中的自变量是: 物体到平面镜的距离 ; (2)根据以上实验小阳得出的结论是: 物体在平面镜中所成的像的大小与物体到平面镜的距离无关 ; (3)如果小阳想继续探究物体在平面镜中所成像的大小与物体大小的关系,在上述实验步骤②中,应改变 物体大小 。 【分析】研究平面镜成像特点的实验中,两枚棋子大小相同,后面的两枚棋子又和前面两枚棋子的像完全重合,这样后面这两枚棋子的位置就是前面两枚棋子的像的位置,同时证明了像与物大小相同。 为了得出普遍规律,要换用不同大小的棋子再次实验。 【解答】解:(1)小军计划用这些器材探究“物体在平面镜中所成像的大小与物体到平面镜的距离的关系”,故小军计划探究的问题中的自变量是物体到平面镜的距离; (2)根据以上实验步骤可知,小军改变物体(两个叠放的红棋子)到平面镜的距离再次试验,所以实际探究的是物体在平面镜中所成像的大小与物距关系,结论为:物体在平面镜中所成的像的大小与物体到平面镜的距离无关; (3)针对小军计划探究的问题,在实验步骤②中,应改变物体大小; 故答案为:(1)物体到平面镜的距离;(2)物体在平面镜中所成的像的大小与物体到平面镜的距离无关;(3)物体大小。 【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点,也是近几年来中考经常出现的题型,要求学生熟练掌握,并学会灵活运用。 28.小帆学习了凸透镜的成像规律后,知道可以靠改变物距来改变物体通过某一个凸透镜所成的实像的大小,可是他看见爸爸用相机拍照时,却能够通过“变焦镜头”使景物的像变大或变小。于是他做出猜想:“照相机的成像特点中,物距一定时,同一物体通过焦距越大的凸透镜所成实像的高度越大”。为了验证这个猜想,他到实验室借到了光具座(轨道上有刻度尺和固定光具的金属滑块)、焦距分别为5cm、10cm和15cm的甲、乙、丙三个凸透镜、F形LED灯(作为物体)、光屏、刻度尺等,如图所示。请帮助他设计实验,验证猜想。 (1)如果实验中装有凸透镜的滑块一直固定在50cm刻线处不变,实验中应将装有“F”形LED灯的金属滑块放置在 A 处;(选填“A”或“B”) (2)写出实验步骤; (3)画出实验数据记录表格。 【分析】(1)照相机成像的条件是物距大于二倍焦距; (2)(3)物距一定,通过改变凸透镜的焦距来探究像的大小情况,并将物距、像距、焦距、像的大小情况记录。 【解答】解:(1)该同学的猜想:“照相机的成像特点中,物距一定时,同一物体通过焦距越大的凸透镜所成实像的高度越大”,所以实验中应保持物距一定; 已知3个凸透镜的焦距分别为5cm、10cm和15cm,照相机成像的条件是物距大于二倍焦距,所以为了完成该实验,则物距u>30cm,故应把装有“F”形LED灯的金属滑块放置在A处; (2)实验步骤: ①将F形LED灯、凸透镜甲和光屏从左到右依次固定在光具座的滑块上,将三者的中心调到同一高度; ②将F形LED灯移至30cm刻线处,打开LED灯,移动光屏并在光屏上观察到LED灯清晰的像,用刻度尺测量像的高度h,将f与h的数据记录在表格中; ③将透镜分别换成乙和丙,仿照步骤②再做两次实验,每次实验中先将F形LED灯、凸透镜和光屏的中心调到同一高度,不改变透镜和F形LED灯的位置,移动光屏并在光屏上观察到LED灯清晰的像,用刻度尺测量像的高度h,将f与h的数据记录在表格中。 (3)实验数据记录表格: 实验次数 1 2 3 焦距f/cm 像高h/cm 故答案为:(1)A;(2)(3)见解析。 【点评】凸透镜成像时,物距一定,改变凸透镜的焦距,光屏如何移动,像如何变化,在照相机实际拍照时经常出现,也体现物理和生活的密切关系,一定要掌握。 六、科普阅读题(每空2分,共6分) 29.(6分) 光污染,来自靓丽的玻璃幕墙 最近张老师十分苦恼,因为她的房子正对着一座新大厦的玻璃幕墙。有时站在她家的窗前,看到对面玻璃墙就好像平面镜一样,将同楼居民家的一举一动看的清清楚楚。玻璃墙的反光也使她苦不堪言,只要是晴天,她的房间就被强烈的反照光线照得通亮,无法正常休息。尤其是那种凹形建筑物,其玻璃幕墙在客观上形成一种巨型聚光镜,一个几十甚至几百平方米的凹透镜,其聚光功能是相当可观的,能使局部温度升高,造成火灾隐患………。 阅读文章后回答下列问题: (1)文中有一处出现科学性错误,请把错误的句子写在下面的横线上。 一个几十甚至几百平方米的凹透镜  (2)从上文找出一个玻璃幕墙给居民带来的不便或危害实。 房间就被强烈的反照光线照得通亮,无法正常休息;聚光功能是相当可观的,能使局部温度升高,造成火灾隐患 。 (3)如何预防光污染,请你提出一条合理的建议。 低楼层,用窗帘 。 【分析】(1)凹透镜对光线有发散作用,凹面镜才能会聚光线; (2)光照在玻璃幕墙会发生镜面反射,从而形成光污染; (3)光污染是由镜面反射产生的,改为漫反射就不会形成光污染。 【解答】解:(1)凹透镜是可以透过光线的,那种凹形建筑物不能透过光线,只能反射光线,是凹面镜。所以错误的是:一个几十甚至几百平方米的凹透镜,应改为凹面镜; (2)玻璃幕墙对人带来的危害有:房间被强烈的反射光线照得通亮,无法正常休息;聚光功能是相当可观的,能使局部温度升高,造成火灾隐患;玻璃幕墙会暴露生活隐私等。 (3)玻璃幕墙的表面是比较光滑的,发生镜面反射会产生光污染,若采用比较粗糙的建材发生漫反射就不会产生光污染,或低楼层,用窗帘。 故答案为:(1)一个几十甚至几百平方米的凹透镜; (2)房间就被强烈的反照光线照得通亮,无法正常休息;聚光功能是相当可观的,能使局部温度升高,造成火灾隐患(答案合理即可); (3)低楼层,用窗帘。 【点评】本题主要考查了镜面反射与漫反射的特点,从短文中找用到的物理知识,即信息给予题,这是中考的一个新题型,需要特别关注。

  • ID:6-5384329 2017-2018学年北京市通州区八年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/八年级上册

    2017-2018学年北京市通州区八年级(上)期末物理试卷 一、单项选择题(30分) 1.长度的国际单位是(  ) A.km B.m C.dm D.mm 2.载人飞船在太空运行,航天员坐在飞船的座舱内,相对下列哪个物体航天员是静止的(  ) A.太阳 B.飞船 C.月球 D.地球 3.关于声现象说法正确的是(  ) A.手与桌面的摩擦声不是由振动产生的 B.物体发声时音调高,必然响度大 C.声波传播不需要介质 D.戴上耳塞是在人耳处减弱噪音 4.日常生活中有好多需要改变摩擦的实例。在图所示的实例中,为了增大摩擦的是(  ) A.给车轴加润滑油 B.自行车脚蹬上有花纹 C.给木箱装上轮子 D.磁悬浮列车悬浮行驶 5.日常生活中有很多实例需要改变压强,如图所示的实例中,其目的是为了增大压强的是(  ) A.斧刃磨得很锋利 B.坦克装有宽大的履带 C.在铁轨下面铺枕木 D.书包背带做的较宽 6.一个在水平地面上滚动的小球,越滚越慢,最后停下。这是因为(  ) A.它受到的惯性逐渐减小 B.它没有受到力的作用 C.摩擦力使它改变了运动状态 D.一定是它所受的阻力越来越大 7.小红和小刚一起去滑旱冰。如图所示,静止的小红用力一推静止的小刚,两人同时向反方向运动。关于此现象说法正确的是(  ) A.小红对小刚的力大于小刚对小红的力 B.小刚只受到了小红的推力,小红没有受到来自小刚的力 C.小红对小刚的力和小刚对小红的力是一对平衡力 D.小红对小刚的力和小刚对小红的力是作用力与反作用力 8.2013年6月20日,神舟十号航天员进行中国首次太空授课,女航天员王亚平担任主讲,成为中国首位“太空教师”。这次授课让学生们大开眼界,掀起了一股爱科学,学科学的高潮。图是王亚平讲陀螺仪原理时的场景。关于她手中的陀螺,说法正确的是(  ) A.由地球到太空,陀螺的质量发生了变化 B.由地球到太空,陀螺的重力发生了变化 C.松开手,陀螺会向王亚平的脚面方向落下 D.王亚平拿着静止的陀螺,轻轻松开手,陀螺会相对王亚平做匀速直线运动 9.2017年8月27日在天津举办的第十三届全国运动会盛大开幕,关于比赛说法正确的是(  ) A.在男子铅球的决赛当中,河北选手田子重依靠着第二投的1.958m的成绩夺得冠军 B.男子跳高冠军是来自北京的王宇,成绩是227dm C.女子举重63公斤级比赛中,福建名将邓薇以抓举11.3kg,挺举13.8kg夺冠 D.在男子100m的决赛中,来自浙江的冠军谢震业的平均速度约为10m/s 10.煎饼果子是北京人爱吃的一种早点。假如摊一个煎饼用90g面糊,一个60g的鸡蛋,在烧热的鏊子上摊成一个面积600cm2,厚度均匀的薄饼,如图所示。此时薄饼对鏊子的压强大约为(  ) A.2Pa B.25Pa C.200Pa D.250Pa 11.下面现象中,不是由于惯性造成的是(  ) A.自行车由斜坡上往下冲,越来越快 B.跑百米的运动员到终点时不能立即停止下来 C.小狗抖掉身上的水珠 D.汽车紧急刹车,人就要向前倒 12.如图所示,一辆玩具小车从斜面上滑下来,当它以一定速度到达水平桌面边沿的时候,假如一切外力突然消失,则小车会(  ) A.落向地面 B.立即停下来 C.加速水平运动 D.沿水平方向做匀速直线运动 13.一个小球在水平桌面上运动,如图是用频闪照相方法记录的四种运动轨迹。若小球运动的过程中受到外力,则一定受到的是平衡力的是(  ) A. B. C. D. 14.在远洋轮船的船舷上,都漆着五条“吃水线”,又称“载重线”,如图所示。其中标有W的是北大西洋载重线,标有S的是印度洋载重线。当船从北大西洋驶向印度洋时,轮船受到的浮力以及北大西洋与印度洋的海水密度ρ1和ρ2的关系,有(  ) A.浮力增大,ρ1=ρ2 B.浮力减小,ρ1=ρ2 C.浮力不变,ρ1>ρ2 D.浮力不变,ρ1<ρ2 15.两个完全相同的容器分别盛满甲、乙两种不同的液体,将完全相同的两个物体分别放入其中,当物体静止时如图所示,此时液面相平。甲、乙两种液体的密度分别为ρ甲与ρ乙,液体对容器底部的压强分别为p甲与p乙,容器对支持面的压力分别为F甲与F乙,物体所受浮力分别为F甲浮与F乙浮,则下列说法中正确的是(  ) A.F甲浮>F乙浮 B.ρ甲<ρ乙 C.p甲=p乙 D.F甲>F乙 二、多选题(10分,全选对的得2分,选对但不全得1分,有错选不得分) 16.下列说法正确的是(  ) A.小明没有推动静止在路边的汽车,是因为小明的推力小于汽车受到的阻力 B.小明做引体向上静止不动时,单杠对他的拉力和他受到的重力是一对平衡力 C.小明站在体重称上静止不动时,小明对称的压力与称对小明的支持力是一对平衡力 D.小明将篮球竖直向上抛出,在篮球向上运动的过程中,所受合力一定不为零 17.如图所示,小明同学家到学校全程400m,某次上学用时400s,下列说法正确的是(  ) A.不管做什么运动,小明全程的平均速度是1m/s B.某段路程小明有可能在奔跑 C.小明有可能是骑自行车上学 D.观察小明运动路线可知,他全程在做变速直线运动 18.如图所示,关于节日里放飞的气球,说法正确的是(  ) A.气球上升是由于受到空气对它的浮力 B.气球飞得越高,受到的大气压就会越大 C.气球越往高处飞,体积就会越小 D.气球飞向高空,最终有可能会被里面的氢气撑破 19.育红学校科技小组的同学们设计了一个自动冲刷厕所的水箱模型,这种水箱模型能把自来水管供给的较小流量的水储存到一定量后,自动开启放水阀门,冲刷便池中的污物。如图是这种水箱模型的主要部件的截面示意图。图中A是一个水箱;浮筒B是一个质量为0.2kg的空心圆柱体,高为35cm;放水阀门C是一个质量为0.04kg的圆柱体,其厚度d为2cm;放水阀门C能将排水管口恰好盖严,阀门上固定一根轻绳l与浮筒相连。假设水深H=40cm,下列说法正确的是(g取10N/kg)(  ) A.浮筒B受到了浮力 B.放水阀门C受到浮力 C.放水阀门C没有受到浮力 D.放水阀门C的上表面受到水的压强是4000Pa 三、实验选择题(27分) 20.使用弹簧测力计测量之前,如果指针没有与零刻度线对齐,而是指在零刻度线的上方,则测量到的数值将比真实值(  ) A.偏大 B.不变 C.偏小 D.无法确定 21.在研究液体压强的特点时,当压强计的金属盒在空气中时,U形管两边的液面应当相平,而小明同学却观察到如图所示的情景。出现这种情况,最佳的处理方法是(  ) A.将此时右边支管中高出的液体倒出 B.取下软管重新安装 C.更换仪器 D.在橡皮管上扎个孔 22.探究重力与质量的关系时,小东通过实验记录了下列数据。其中不可信的一组数据是(  ) m/kg 0.05 0.10 0.15 0.20 0.30 0.35 G/N 0.5 1 15 2 3 3.5 A.第一组数据 B.第二组数据 C.第三组数据 D.第四组数据 23.如图所示,铅笔两端对手指的压力大小相同,但手指上肌肉的凹陷程度和感觉均不同。由此可以得到的结论正确的是(  ) A.受力面积越小,压力的作用效果越明显 B.受力面积越大,压力的作用效果越明显 C.在压力一定时,压力的作用效果与受力面积有关 D.在压力一定时,压力的作用效果与受力面积无关 24.(3分)在图所示实验中,利用到流体压强与流速的关系的是(  ) A.甲图中,针筒向里推,细管口有水流喷出 B.乙图中,向中间吹气,两只乒乓球向中间靠拢 C.丙图中,向笔管里吹气,细管口有水流喷出 D.丁图中,向中间吹气,两张纸向中间靠拢 25.某实验小组研究二力平衡的条件时,他们发现两边钩码拉力不等,木块仍然保持静止,如图所示。对于这个现象,说法正确的是(  ) A.木块之所以保持静止,一定是因为滑轮与绳摩擦力太大 B.没有控制在水平方向上木块只受两个力 C.说明二力平衡条件是,两个力大小不相等也可以平衡 D.让二力不等,多做几次,若木块还是静止,说明二力大小不等,物体也能平衡 26.(3分)1648年,法国科学家帕斯卡做了一个著名的裂桶实验。在木桶里装满水,在盖上插一根细长的管子。从二楼的阳台上向细管子里倒水。结果几杯水就把木桶撑破了,如图所示。下面关于裂桶实验说法正确的是(  ) A.换作密度更大的盐水,压破木桶需要的盐水的体积比水要少一些 B.换根更粗的管子,等质量的水也一定能把木桶压破 C.换根更细的管子,压破木桶需要的水更少 D.这个实验说明,压破木桶依靠的是水的重力 27.让小铁球从斜面的顶端滑下,旁边不放置磁铁时,小铁球在水平桌面上运动路径是直线。旁边放置磁铁时,运动路径是曲线,且向磁铁靠近。关于小铁球下列说法不正确的是(  ) A.下滑的小球具有惯性 B.旁边没有放置磁铁时,由于惯性,小铁球保持直线运动 C.旁边放置磁铁时,小铁球没有惯性,由于受到磁力的作用,运动方向发生改变 D.小铁球之所以做曲线运动,是受到磁力的作用 28.用如图所示装置探究影响滑动摩擦力大小的因素。关于该实验,说法正确的是(  ) A.在向上提弹簧测力计的过程中,应该保持竖直,并且匀速 B.是否保持匀速向上提,不影响实验结果的准确性 C.木块提供的压力,就是木块的重力 D.要研究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力的影响,应该在木块上面叠加重物,多做几次实验 29.将同一压强计的金属盒先后放入甲、乙两种液体中,现象如图所示。可以判定这两种液体的密度大小关系是(  ) A.甲液体的密度一定小于乙液体的密度 B.甲液体的密度一定等于乙液体的密度 C.甲液体的密度一定大于乙液体的密度 D.无法判断 30.图象法是处理实验数据的一种常用方法。在图所示的图象中,所反映的信息与事实不符的是(  ) A.甲图象中该物体做的是匀速运动 B.乙图象中该物体以0.3m/s做匀速运动 C.丙图象中该物质的质量与体积成正比 D.丁图象中该液体压强随深度增加而增大 四、实验解答题(33) 31.如图所示木块长度为   cm。 32.如图所示弹簧测力示数为   N。 33.如图所示,画出物体A所受重力的示意图。 34.小勇在实验室测量食用油的密度。他先将食用油倒入量筒中,如图甲所示,则食用油的体积为   cm3.接着用天平测出空烧杯的质量为30g,然后他将量筒中的食用油尽可能倒入烧杯,用天平测量烧杯和食用油的总质量,天平平衡时如图乙所示,则烧杯和食用油的总质量为   g.根据上述实验数据计算出食用油的密度为   kg/m3.上述实验测量的食用油密度值与食用油的真实值相比,会   (选填“偏小”“相等”或“偏大”。) 35.在研究牛顿第一定律的实验中,如图所示,用同一小车从同一高度下滑,在铺有不同材料的水平桌面上继续运动。 让小车从同一高度滑下来的目的是   。实验中可以看到,小车受阻力越小,通过的距离越长。由此可以推理得到:如果所受阻力为零,小车将   。 36.在课外活动中,小明与小通用一个直筒容器和剪掉一半的矿泉水瓶制作了一个简易浮力秤,如图(甲)所示。他们将空瓶倒置在水中,在液面处,标记为0g刻度线。放入100g的金属块,在液面处,标记为100g刻度线。仔细观察图(乙),你认为刻度线应该标记在   (选填“矿泉水瓶的侧壁上”“直筒容器的侧壁上”)。 37.微小压强计调节后,小明将金属盒先后浸入到两杯液体中,如图(甲)和(乙)所示。他发现图(乙)中U形管两边的液柱高度差较大,于是认为图(乙)杯子中盛的是盐水。 你认为,小明的结论是    (选填“可靠的”或“不可靠的”)。理由是   。 38.小刚在探究滑动摩擦力f与所受压力F的关系时,记录了如下表格中的实验数据。则其受的滑动摩擦力f与所受压力F的关系式为:f=   。 F/N 2 4 6 8 10 12 f/N 0.4 0.8 1.2 1.6 2.0 2.4 39.爸爸买了一幅画,并用一个长方形的画框装裱起来,小明把它挂在墙上,觉得挂的挺正的,可爸爸总觉得有点歪,底边似乎不够水平。家里没有专业的测量工具,能利用的只有给鱼缸换水的透明水管、棉线绳、一个大号直角三角板、指甲刀等一些生活常用的东西。请你利用家里现有的东西,设计一个实验,证明画挂的正不正。写出实验步骤,说明判断方法。 实验方法:   。 判断方法:   。 40.某实验小组猜想浮力的大小与物体浸入的深度有关。他们选用装水的透明水槽、已调零的弹簧测力计、带挂钩的长方体铝块、刻度尺和细线进行探究。实验步骤如下。 ①让铝块的挂钩向上,用刻度尺在铝块侧面从下往上标上刻度线。 ②用弹簧测力计测出铝块的重力G,将铝块的一部分浸入水中,记下此时浸入的深度h,弹簧测力计的示数F拉,将G、h、F拉记入表格。 ③再将铝块浸入的更深一些,记下此时深度h,弹簧测力计的示数F拉,将G、h、F拉记入表格。 ④用F浮=G﹣F拉,算出浮力。 (1)请指出该实验存在的问题是   。 (2)如何探究浮力的大小与深度有无关系,说出你的做法。 41.小明和小通设计了一个实验证明:弹簧的伸长量与弹簧所受拉力成正比。使用的器材有铁架台、弹簧、0.5N的钩码十个、刻度尺。请你们帮他补充完整实验步骤,并画出实验表格。 实验步骤: ①按图组装器材,测出弹簧挂起时的长度L0(见图)。 ②将    ③    ④根据    画出实验数据记录表。 五、科普阅读题 42.阅读《编队飞行的秘密》回答40题。 编队飞行的秘密 斑头雁和黑颈鹤每年都要进行几千公里的长途迁徙,在迁徙飞行中有一个共同特点,就是它们经常是以某种队形来飞行的。队形多种多样,但通常是后面的鸟儿飞在前一只鸟的侧后方,因此就有了常见的“人”字形队形。几十年来,关于鸟儿为什么以这样的队形来迁飞有许多猜测,观点不一。 后来科学家们初步证实了鸟类的人字队形是为了能节省能量。飞行中的鸟的翅膀会形成一股涡旋状的循环气流。当你从鸟儿的背后来观察时就会发现这个循环气流,来自右边翅膀的涡流逆时针旋转,而来自左边翅膀的涡流则顺时针旋转,那么在正中间,即鸟儿正后方尾随的两股涡流中,气流都是向下的,而两侧的气流都是向上的,见图1。 这样一来,鸟儿没有选择紧跟在同伴的正后方飞行的原因就显而易见了。 如果鸟儿飞在同伴的正后方,那么它将处于向下的气流中,这额外增加了它们维持飞行状态的能耗。相反,当位于同伴的后侧方时,它们可以利用这一向上的气流,得到升力。这就是动物的智慧,而且这确实有效。有人曾经驾驶轻型飞机并保持相互之间稍微偏移,他们发现,当尾随的飞机处于前面飞机机翼涡流的向上气流中时,消耗的燃料显著低于前面的飞机。以这种方式节约的燃料能够多达18%,这个效应广泛应用在军用飞机中以降低油耗。然而这对于大型客机并不适用,因为要达到节油效果,飞机需要足够靠近,这会增加安全风险。 这就引出一个问题,若想从空气涡流中获益,飞行时所处的位置必须是非常精确的。这对鸟儿来说更难,因为鸟的翅膀上下振动,所产生的涡流也随着时间、空间而不断变化。有人认为,这可能解释了为什么以一定队形迁飞仅限于体型较大的鸟类。飞行的动物,其翅膀拍打的频率是与体型成反比的。昆虫翅膀振动的频率大概是50~60赫兹,像麻雀这样的小型鸟类翅膀拍打的频率为12~15赫兹,而体型较大的雁和鹤翅膀拍打的频率就低得多,分别为4~5和3~4赫兹。对于小型的鸟,准确跟踪涡流是不太可能的,这就是它们通常并不以某种队形迁飞的原因。 请根据上述材料,回答下列问题: (1)编队飞行,跟踪涡流,节省能量,并不适用于小型鸟,这是因为   。 (2)按文中描述,飞机在编队飞行时为了节省燃料,后面一架应该飞在如图2所示的   (选填“A”或“B”)位置。 (3)有时动物非常具有智慧,除文中提到的编队飞行。请从物理学角度说说你所知动物具有智慧的行为。(可以从动物行为表现或动物自身结构上去说,说出至少一条) 六、计算题.(6分) 43.(3分)一个体积为0.02m3的物体浸没在水中,且不与容器底部紧密接触。求所受到的浮力大小。(g=10N/kg) 44.(3分)物体A、B是两个正方体。物体A边长为10cm,密度为5×103kg/m3.物体B重4N,底面积为0.0025m2,密度未知。将物体B放在水平桌面上,再将A物体放在B物体的正上方。求A对B的压强。(g=10N/kg) 2017-2018学年北京市通州区八年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题(30分) 1.长度的国际单位是(  ) A.km B.m C.dm D.mm 【分析】在国际单位制中,长度的主单位是米,符号是m。 【解答】解:在国际单位制中,千米、分米、毫米、纳米都是长度的国际单位,但米(m)是长度的国际单位的主单位。其余为辅助单位。故B正确,ACD错误。 故选:B。 【点评】长度的测量,是初中物理涉及到的最基本的测量。长度测量的基本工具是刻度尺,在国际单位制中,长度的主单位是米,符号是m。 2.载人飞船在太空运行,航天员坐在飞船的座舱内,相对下列哪个物体航天员是静止的(  ) A.太阳 B.飞船 C.月球 D.地球 【分析】运动与静止是相对的,同一物体选择不同的参照物,物体的运动状态不同;关键看选取的参照物,相对于参照物位置发生了改变,就是运动的;位置如果没有发生改变,就是静止的。 【解答】解: 航天员坐在运动的飞船内,相对于太阳、地球、月亮的位置都发生了改变,所以航天员相对于太阳、地球、月亮都是运动的,故ACD不符合题意; 航天员坐在飞船内,相对于飞船的位置没有发生改变,所以,以飞船为参照物,航天员是静止的,故B符合题意; 故选:B。 【点评】一个物体的运动状态的确定,关键取决于所选取的参照物,所选取的参照物不同,得到的结论也不一定相同,这就是运动和静止的相对性。 3.关于声现象说法正确的是(  ) A.手与桌面的摩擦声不是由振动产生的 B.物体发声时音调高,必然响度大 C.声波传播不需要介质 D.戴上耳塞是在人耳处减弱噪音 【分析】①声音是物体振动产生的,一切发声的物体都在振动; ②声音的高低叫音调,决定于发声体的频率;声音的强弱叫响度,决定于发声体的振幅; ③声音传播需要介质;电磁波传播不需要介质; ④减弱噪声有三个措施:在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。 【解答】解: A、一切发声的物体都在振动,手与桌面的摩擦声也是振动产生的。此选项错误; B、音调和响度是两个不同的声音特性,两者没有必然的联系。此选项错误; C、声波的传播需要介质。此选项错误; D、戴上耳塞可以减少声音进入耳朵,所以是在人耳处减弱噪声。此选项正确。 故选:D。 【点评】此题是一道与声现象有关的综合题,考查了声音的产生、音调与响度的区别、声波与电磁波的区别、减弱噪声的途径,是一道基础题。 4.日常生活中有好多需要改变摩擦的实例。在图所示的实例中,为了增大摩擦的是(  ) A.给车轴加润滑油 B.自行车脚蹬上有花纹 C.给木箱装上轮子 D.磁悬浮列车悬浮行驶 【分析】(1)增大摩擦力的方法:在接触面粗糙程度一定时,通过增大压力来增大摩擦力;在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 (2)减小摩擦力的方法:在接触面粗糙程度一定时,通过减小压力来减小摩擦力;在压力一定时,通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力;使接触面脱离;用滚动摩擦代替滑动摩擦。 【解答】解:A、给车轴加润滑油,是在压力一定时,通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力;故A与题意不符。 B、自行车脚蹬上有花纹,是在压力一定时,增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力,故B符合题意。 C、给木箱装上轮子使滑动摩擦变为滚动摩擦,使摩擦力减小,故C与题意不符; D、磁悬浮列车悬浮行驶,是通过使得接触面彼此分离的方法减小摩擦力,故D与题意不符。 故选:B。 【点评】通过此类题目的练习,要让学生明确摩擦力在我们的身边无处不在,和我们的生活密切相关,从而对摩擦力有更深刻的了解。 5.日常生活中有很多实例需要改变压强,如图所示的实例中,其目的是为了增大压强的是(  ) A.斧刃磨得很锋利 B.坦克装有宽大的履带 C.在铁轨下面铺枕木 D.书包背带做的较宽 【分析】减小压强的方法:在压力一定时,增大受力面积来减小压强。在受力面积一定时,减小压力来减小压强; 增大压强的方法:在压力一定时,减小受力面积来增大压强。在受力面积一定时,增大压力来增大压强。 【解答】解:A、斧刃磨得很锋利,在压力一定时,减小受力面积来增大压强,故A符合题意; B、坦克装有宽大的履带,是在压力一定时,增大受力面积减小车对地面的压强,保护路面,故B不符合题意; C、在铁轨下面铺枕木。在压力一定时,增大受力面积来减小压强,故C不符合题意; D、书包背带做的较宽,在压力一定时,增大受力面积来减小压强,故D不符合题意。 故选:A。 【点评】平 时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释,提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。 6.一个在水平地面上滚动的小球,越滚越慢,最后停下。这是因为(  ) A.它受到的惯性逐渐减小 B.它没有受到力的作用 C.摩擦力使它改变了运动状态 D.一定是它所受的阻力越来越大 【分析】(1)惯性是物体的一种属性,只与物体质量有关。 (2)力是改变物体运动状态的原因; (3)阻力在水平方向上,且没有力与其平衡。 (4)小球受到的阻力与压力大小、接触面粗糙程度有关。 【解答】解:A、小球滚动中质量不变,惯性大小不变,故A错误。 B、小球越滚越慢在水平方向上受摩擦力,在竖直方向上受重力和支持力,故B错误; C、摩擦阻力与运动方向相反,使其速度越来越小,故C正确; D、压力大小接触面粗糙程度均不变,小球的阻力不变,故D错误。 故选:C。 【点评】力是改变物体运动状态的原因,在具体题目中,要找到是哪个力改变了物体的运动状态,而使物体速度大小和方向发生了变化。 7.小红和小刚一起去滑旱冰。如图所示,静止的小红用力一推静止的小刚,两人同时向反方向运动。关于此现象说法正确的是(  ) A.小红对小刚的力大于小刚对小红的力 B.小刚只受到了小红的推力,小红没有受到来自小刚的力 C.小红对小刚的力和小刚对小红的力是一对平衡力 D.小红对小刚的力和小刚对小红的力是作用力与反作用力 【分析】物体间力的作用是相互的,小丽推小刚时,小刚对小丽也有力的作用;二力平衡的条件:大小相等、方向相反、作用在一条直线上和作用在一个物体上。 【解答】解:小红推小刚,小红对小刚施加力,因为物体间力的作用是相互的,小刚对小红也有力的作用,小红对小刚的力与小刚对小红的力是一对相互作用力,大小相等,故D正确,ABC错误。 故选:D。 【点评】本题考查了力物体间力的相互作用、平衡力等问题,是一道基础题,熟练掌握基础知识即可正确解题。 8.2013年6月20日,神舟十号航天员进行中国首次太空授课,女航天员王亚平担任主讲,成为中国首位“太空教师”。这次授课让学生们大开眼界,掀起了一股爱科学,学科学的高潮。图是王亚平讲陀螺仪原理时的场景。关于她手中的陀螺,说法正确的是(  ) A.由地球到太空,陀螺的质量发生了变化 B.由地球到太空,陀螺的重力发生了变化 C.松开手,陀螺会向王亚平的脚面方向落下 D.王亚平拿着静止的陀螺,轻轻松开手,陀螺会相对王亚平做匀速直线运动 【分析】(1)质量是物体本身的一种属性,只有在所含物质的多少发生变化时才会改变,如果只是改变了形状、状态、位置则不会发生改变; (2)重力是物体由于地球的吸引受到的力; (3)重力的方向竖直向下; (4)不受任何力的物体,总保持静止或匀速直线运动状态。 【解答】解:A、质量是物体本身的一种属性,由地球到太空,陀螺的位置发生变化,质量不变,故A错误; B、陀螺在太空中处于失重状态,不受重力作用,故B正确; C、在地球上,松开手,由于受重力作用,陀螺会向王亚平的脚面方向落下,在太空中,陀螺不受重力作用,不会下落,故C错误; D、在太空中,拿着静止的陀螺,轻轻松开手,陀螺不受任何力的作用,将保持静止状态,故D错误。 故选:B。 【点评】熟知质量的概念及其特性是解此类题的基础,同时还要准确分析题目中所举的实例到底是引起了哪些方面的变化,是位置、形状、状态、体积、温度等等,再进一步分析这种变化是否会引起质量和密度的改变。 9.2017年8月27日在天津举办的第十三届全国运动会盛大开幕,关于比赛说法正确的是(  ) A.在男子铅球的决赛当中,河北选手田子重依靠着第二投的1.958m的成绩夺得冠军 B.男子跳高冠军是来自北京的王宇,成绩是227dm C.女子举重63公斤级比赛中,福建名将邓薇以抓举11.3kg,挺举13.8kg夺冠 D.在男子100m的决赛中,来自浙江的冠军谢震业的平均速度约为10m/s 【分析】(1)投掷铅球的成绩一般在10m以上; (2)跳高成绩一般在2米以上; (3)举重成绩一般在100kg以上; (4)100米赛跑一般在10m/s以上。 【解答】解:A、男子铅球的决赛当中,河北选手田子重依靠着第二投的19.58m的成绩夺得冠军,不可能是1.958m,故A错误; B、男子跳高冠军是来自北京的王宇,成绩是2.27m=22.7dm,故B错误; C、女子举重63公斤级比赛中,福建名将邓薇以抓举113kg,挺举138kg夺冠,故C错误; D、在男子100m的决赛中,来自浙江的冠军谢震业的平均速度约为10m/s,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了学生的估测能力,了解体育活动的一些常识是解题的关键。 10.煎饼果子是北京人爱吃的一种早点。假如摊一个煎饼用90g面糊,一个60g的鸡蛋,在烧热的鏊子上摊成一个面积600cm2,厚度均匀的薄饼,如图所示。此时薄饼对鏊子的压强大约为(  ) A.2Pa B.25Pa C.200Pa D.250Pa 【分析】根据90g面糊,一个60g的鸡蛋,求得薄饼的质量,然后可知其重力,此时薄饼对鏊子的压力等于其重力,已知在烧热的鏊子上摊成一个面积600cm2,厚度均匀的薄饼,根据压强公式可求得此时薄饼对鏊子的压强。 【解答】解:薄饼的质量m总=90g+60g=150g=0.15kg 薄饼的重力G=m总g=0.15kg×10N/kg=1.5N, 薄饼对鏊子的压力F=G=1.5N, 薄饼的面积S=600cm2=6×10﹣2m2, 薄饼对鏊子的压强p===25Pa。 故选:B。 【点评】本题主要考查学生对压强的大小及其计算的掌握情况,明确此时薄饼对鏊子的压力等于其重力是本题的关键。 11.下面现象中,不是由于惯性造成的是(  ) A.自行车由斜坡上往下冲,越来越快 B.跑百米的运动员到终点时不能立即停止下来 C.小狗抖掉身上的水珠 D.汽车紧急刹车,人就要向前倒 【分析】惯性是指物体能保持原来的运动状态的性质,结合惯性的应用,对照实例进行解决。 【解答】解: A、自行车下坡时速度变大,是因为重力作用,不是因为惯性,故A符合题意; B、运动员到达终点后由于惯性还要断续向前运动,故不能立即停下来,故B不合题意; C、小狗身上的水原来处于静止状态,当小狗抖动身体时,水由于惯性仍保持静止状态,所以两者分开,故C不合题意; D、站在车上的人,在紧急刹车时,由于惯性人的上身保持原来的速度,故相对车前倾,故D不合题意。 故选:A。 【点评】惯性在生活中有很多应用,应抓住保持原来的状态这一点进行分析。 12.如图所示,一辆玩具小车从斜面上滑下来,当它以一定速度到达水平桌面边沿的时候,假如一切外力突然消失,则小车会(  ) A.落向地面 B.立即停下来 C.加速水平运动 D.沿水平方向做匀速直线运动 【分析】根据牛顿第一定律可知,如果在滑下来时所有的外力都突然消失那么小车将做匀速直线运动。 【解答】解:一切物体在没有受到力的作用时,总保持静止状态或匀速直线运动状态,这就是牛顿第一定律,根据牛顿第一定律可知,如果在滑下来时所有的外力都突然消失那么小车将做匀速直线运动。 故选:D。 【点评】本题考查基本知识的掌握情况,牢记牛顿第一定律的内容是正确解答本题的关键。 13.一个小球在水平桌面上运动,如图是用频闪照相方法记录的四种运动轨迹。若小球运动的过程中受到外力,则一定受到的是平衡力的是(  ) A. B. C. D. 【分析】物体不受力或受平衡力时处静止或匀速直线运动状态。 【解答】解:物体受平衡力作用时,处于静止或匀速直线运动,做匀速直线运动时,相同时间行驶的距离相同,故A图符合题意。 故A正确。 故选:A。 【点评】本题考查了平衡力的图象问题,难度不大。 14.在远洋轮船的船舷上,都漆着五条“吃水线”,又称“载重线”,如图所示。其中标有W的是北大西洋载重线,标有S的是印度洋载重线。当船从北大西洋驶向印度洋时,轮船受到的浮力以及北大西洋与印度洋的海水密度ρ1和ρ2的关系,有(  ) A.浮力增大,ρ1=ρ2 B.浮力减小,ρ1=ρ2 C.浮力不变,ρ1>ρ2 D.浮力不变,ρ1<ρ2 【分析】轮船都漂浮,受到的浮力都等于轮船受到的重力; 得出了受到浮力的大小关系,由载重线知道排开水的体积的大小关系,再根据阿基米德原理分析河水和海水密度的大小关系。 【解答】解:由于轮船漂浮, 所以F浮=G, 所以轮船受到的浮力都等于轮船受到的重力G, 即:ρ液gv排=G, 设北大西洋与印度洋的海水密度ρ1和ρ2,轮船排开北大西洋与印度洋的海水的体积为v1、v2, 标有W的是北大西洋载重线,标有S的是印度洋载重线, 轮船排开海水的体积: v1<v2, 所以海水的密度: ρ1>ρ2。 故选:C。 【点评】本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件,利用好轮船漂浮(F浮=G)是解此类题目的关键。 15.两个完全相同的容器分别盛满甲、乙两种不同的液体,将完全相同的两个物体分别放入其中,当物体静止时如图所示,此时液面相平。甲、乙两种液体的密度分别为ρ甲与ρ乙,液体对容器底部的压强分别为p甲与p乙,容器对支持面的压力分别为F甲与F乙,物体所受浮力分别为F甲浮与F乙浮,则下列说法中正确的是(  ) A.F甲浮>F乙浮 B.ρ甲<ρ乙 C.p甲=p乙 D.F甲>F乙 【分析】(1)根据物体的浮沉条件判断浮力与重力的关系; (2)根据物体的浮沉情况判断出物体密度与液体密度的关系; (3)根据由p=ρgh分析甲容器底部受到的液体压强与乙容器底部受到的液体压强关系; (4)把甲、乙两个容器作为一个整体,它们对桌面的压力都等于容器、容器内液体和小球的重力,据此分析解答即可。 【解答】解:A、完全相同的两个物体,则其重力相等,甲漂浮,浮力大于重力,乙悬浮,浮力等于重力;故两容器中物体受到的浮力相同,即F甲浮=F乙浮,故A错误; B、物体在甲中漂浮,则ρ甲>ρ物,在乙中悬浮,则ρ乙=ρ物,可知甲中液体密度比乙中液体密度大,即ρ甲>ρ乙.故B错误; C、由B可知,ρ甲>ρ乙,h甲=h乙,由p=ρgh可知,甲容器底部受到的液体压强小于乙容器底部受到的液体压强,即p甲>p乙,故C错误; D、由图知甲液体体积大,又因为甲液体的密度大,所以甲液体质量大,重力大,两个完全相同的容器,则容器重力相等,完全相同的两个物体,则物体重力相等,把甲、乙两个容器作为一个整体,它们对桌面的压力都等于容器、容器内液体和小球的重力,所以它们对桌面的压力的大小F甲>F乙,故D正确。 故选:D。 【点评】本题主要考查了物体浮沉条件及其应用,压力及重力与压力的区别、压强的大小比较,关键能够根据浮沉情况判断出液体的密度、所受浮力的关系,同时还要进行严密的推理,综合性较强,难度适中。 二、多选题(10分,全选对的得2分,选对但不全得1分,有错选不得分) 16.下列说法正确的是(  ) A.小明没有推动静止在路边的汽车,是因为小明的推力小于汽车受到的阻力 B.小明做引体向上静止不动时,单杠对他的拉力和他受到的重力是一对平衡力 C.小明站在体重称上静止不动时,小明对称的压力与称对小明的支持力是一对平衡力 D.小明将篮球竖直向上抛出,在篮球向上运动的过程中,所受合力一定不为零 【分析】物体在平衡状态下受到平衡力的作用,一对平衡力必须符合四个条件:大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上;平衡力的合力为零。 【解答】解:A、小明没有推动静止在路边的汽车,汽车处于静止状态,是因为小明的推力等于汽车受到的阻力,故A错误; B、做引体向上静止不动时,单杠对他的拉力和他受到的重力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上,是一对平衡力,故B正确; C、小明站在体重秤上静止不动时,小明对秤的压力与秤对小明的支持力作用在不同的物体上,不是一对平衡力,故C错误; D、小明将篮球竖直向上抛出,在最高点速度为零时篮球只受到重力的作用,所以合力一定不为零,故D正确。 故选:BD。 【点评】明确平衡力的四个条件以及平衡状态的辨别,是解答此题的关键。 17.如图所示,小明同学家到学校全程400m,某次上学用时400s,下列说法正确的是(  ) A.不管做什么运动,小明全程的平均速度是1m/s B.某段路程小明有可能在奔跑 C.小明有可能是骑自行车上学 D.观察小明运动路线可知,他全程在做变速直线运动 【分析】(1)平均速度等于总路程除以总时间; (2)一般情况下,步行速度为1m/s,骑车速度为5m/s; (3)根据图来分析解答。 【解答】解:A、平均速度等于总路程除以总时间,故不管做什么运动,小明全程的平均速度是v==1m/s,故A正确; B、由于不知道小明的运动情况,故某段路程小明有可能在奔跑,故B正确; C、一般情况下,步行速度为1m/s,骑车速度为5m/s,但小明有可能是骑自行车上学,但中途有停留,平均速度也也可能是1m/s,故C正确; D、观察小明运动路线可知,他的运动路线是曲线,不可能全程在做变速直线运动,故D错误。 故选:ABC。 【点评】本题考查速度公式的运用、对常见速度值的了解以及看图分析能力,是一道中等题。 18.如图所示,关于节日里放飞的气球,说法正确的是(  ) A.气球上升是由于受到空气对它的浮力 B.气球飞得越高,受到的大气压就会越大 C.气球越往高处飞,体积就会越小 D.气球飞向高空,最终有可能会被里面的氢气撑破 【分析】根据气球浮力产生的原因,即是通过改变气体的密度从而改变浮力与重力的关系实现升降,大气压随高度的增加而减小,据此进行分析解答。 【解答】解:A、气球上升是由于受到空气对它的浮力,当浮力大于重力时,气球就可以升上天空了,故A正确; B、大气压随高度的增加而减小,因此,气球飞得越高,受到的大气压就会越小,故B错误; C、气球越往高处飞,由于外界大气压减小,所以气球内部气压大于外部大气压,则气球体积就会越大,故C错误; D、气球飞向高空,由于外界大气压减小,气球内部气压大于外部大气压,则气球体积就会越来越大,最终有可能会被里面的氢气撑破,故D正确。 故选:AD。 【点评】本题主要考查学生对气体浮力的利用,以及对气压变化的理解和掌握,要学会结合实际进行分析。 19.育红学校科技小组的同学们设计了一个自动冲刷厕所的水箱模型,这种水箱模型能把自来水管供给的较小流量的水储存到一定量后,自动开启放水阀门,冲刷便池中的污物。如图是这种水箱模型的主要部件的截面示意图。图中A是一个水箱;浮筒B是一个质量为0.2kg的空心圆柱体,高为35cm;放水阀门C是一个质量为0.04kg的圆柱体,其厚度d为2cm;放水阀门C能将排水管口恰好盖严,阀门上固定一根轻绳l与浮筒相连。假设水深H=40cm,下列说法正确的是(g取10N/kg)(  ) A.浮筒B受到了浮力 B.放水阀门C受到浮力 C.放水阀门C没有受到浮力 D.放水阀门C的上表面受到水的压强是4000Pa 【分析】(1)浮力产生的原因:物体上下表面受到的压力差; (2)根据p=ρgh求出放水阀门C的上表面受到水的压强。 【解答】解:(1)浮筒B漂浮在水面上,受到向上的浮力,故A正确; 放水阀门C下面是空气,只有上表面受到水给它向下的压力,没有向上的压力,所以它不受浮力,故B错误、C正确; (2)放水阀门C的上表面距离水面的深度h=40cm﹣2cm=38cm=0.38m, 放水阀门C的上表面受到水的压强p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.38m=3800Pa,故D错误。 故选:AC。 【点评】此题主要考查的是学生对浮力产生的原因和液体压强计算公式的理解和掌握,难度不大。 三、实验选择题(27分) 20.使用弹簧测力计测量之前,如果指针没有与零刻度线对齐,而是指在零刻度线的上方,则测量到的数值将比真实值(  ) A.偏大 B.不变 C.偏小 D.无法确定 【分析】弹簧测力计未校正好,指针会直接影响测量的准确性。指在0刻度下方,相当于提前多加了示数,指在0刻度上方,则相当于提前少加了示数,因此会造成结果的偏大或偏小。 【解答】解:如果指针一开始就指在0刻度的上方,相当于减小了一定的示数,去掉原来的伸长量,最终的示数会比力的真实值偏小。 故选:C。 【点评】弹簧测力计在使用前应先调指针,指针若偏上,测量结果会偏小,指针若偏下,测量结果会偏大。 21.在研究液体压强的特点时,当压强计的金属盒在空气中时,U形管两边的液面应当相平,而小明同学却观察到如图所示的情景。出现这种情况,最佳的处理方法是(  ) A.将此时右边支管中高出的液体倒出 B.取下软管重新安装 C.更换仪器 D.在橡皮管上扎个孔 【分析】U形管右端上方是和大气相通的,等于大气压强;U形管右端液面比较高,就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压;只要取下软管,让U形管左端液面和大气相通,这样U形管两端的液面就是相平的。 【解答】解:当压强计的橡皮膜没有受到压强时,U形管中液面应该就是相平的,U形管右端液面比较高,就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压; 要调节,只需要将软管取下,再重新安装,这样的话,U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压),当橡皮膜没有受到压强时,U形管中的液面就是相平的。 故选:B。 【点评】此题考查的是我们对于液体压强计的了解,基础性题目,需要掌握。 22.探究重力与质量的关系时,小东通过实验记录了下列数据。其中不可信的一组数据是(  ) m/kg 0.05 0.10 0.15 0.20 0.30 0.35 G/N 0.5 1 15 2 3 3.5 A.第一组数据 B.第二组数据 C.第三组数据 D.第四组数据 【分析】物体受到的重力与质量成正比,即重力与质量的比值相同。 【解答】解:物体受到的重力与质量成正比,即重力与质量的比值相同。 第一组数据==10N/kg; 第二组数据: ==10N/kg; 第三组数据: ==100N/kg; 第四组数据: ==10N/kg; 第五组数据: ==10N/kg; 第六组数据: ==10N/kg; 综合分析知第三组数据不可信,故C正确。 故选:C。 【点评】本题考查了学生利用表中数据分析解答能力,知道重力与质量比值不变是解题的关键。 23.如图所示,铅笔两端对手指的压力大小相同,但手指上肌肉的凹陷程度和感觉均不同。由此可以得到的结论正确的是(  ) A.受力面积越小,压力的作用效果越明显 B.受力面积越大,压力的作用效果越明显 C.在压力一定时,压力的作用效果与受力面积有关 D.在压力一定时,压力的作用效果与受力面积无关 【分析】本实验通过手指上肌肉的凹陷程度说明了压力的作用效果,采用了转换法; 笔尖和笔端和手的接触面积就是手的受力面积,探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。据此分析回答。 【解答】解:手指上肌肉的凹陷程度也就说明了压力的作用效果是不同的,接触笔尖的手指凹陷程度大,说明了压力的作用效果明显; 铅笔两端对两手指的作用力大小相同,即控制了压力大小相同,与笔尖接触的手指受力面积比较小,作用效果明显,从而得出结论:在压力一定时,受力面积越小,压力的作用效果越明显。 故选:C。 【点评】本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验,主要考查控制变量法及转换法的应用,体现了对过程和方法的考查。 24.(3分)在图所示实验中,利用到流体压强与流速的关系的是(  ) A.甲图中,针筒向里推,细管口有水流喷出 B.乙图中,向中间吹气,两只乒乓球向中间靠拢 C.丙图中,向笔管里吹气,细管口有水流喷出 D.丁图中,向中间吹气,两张纸向中间靠拢 【分析】流体压强与流速的关系:流速越大,压强越小;流速越小,压强越大。分析四幅图中的原理可做出判断。 【解答】解:A、甲图中,针筒向里推,瓶内气压增大,在瓶内外气压差的作用下,使水从细管口喷出,是利用了密闭气体的压强,不合题意; B、乙图中,向中间吹气,中间空气流速快、压强小,两侧空气流速小、压强大,在压强差的作用下,两只乒乓球向中间靠拢,符合题意; C、丙图中,向笔管里吹气,空气流速快、压强小,细管内的水在大气压的作用下向上流出,符合题意; D、丁图中,向中间吹气,中间的空气流动速度增大,压强减小。两张纸外侧的压强不变,两张纸在压强差的作用下向中间靠拢,符合题意。 故选:BCD。 【点评】本题考查流体压强与流速的关系,进而利用流体压强特点来分析现象。 25.某实验小组研究二力平衡的条件时,他们发现两边钩码拉力不等,木块仍然保持静止,如图所示。对于这个现象,说法正确的是(  ) A.木块之所以保持静止,一定是因为滑轮与绳摩擦力太大 B.没有控制在水平方向上木块只受两个力 C.说明二力平衡条件是,两个力大小不相等也可以平衡 D.让二力不等,多做几次,若木块还是静止,说明二力大小不等,物体也能平衡 【分析】(1)二力平衡的条件:大小相等、方向相反、在同一直线上、在同一物体上; (2)为了减小实验误差,应减小摩擦力对实验的影响,根据摩擦力对实验的影响以及减小摩擦的方法。 【解答】解: A、在两边拉力不相等时,木块之所以保持静止,可能是木块与桌面的摩擦力过大,也可能是滑轮与绳摩擦力太大,故A错误; B、在水平方向上木块受两个力向左和向右的拉力以及向右的摩擦力,故没有控制在水平方向上木块只受两个力,故B正确; CD、二力平衡的条件:大小相等、方向相反、在同一直线上、在同一物体上,故CD错误。 故选:B。 【点评】探究平衡力条件的实验要尽量简化实验,用静止状态来代替匀速直线运动状态,用空中悬着的小卡片代替放在水平桌面的物体,简化实验,便于操作。 26.(3分)1648年,法国科学家帕斯卡做了一个著名的裂桶实验。在木桶里装满水,在盖上插一根细长的管子。从二楼的阳台上向细管子里倒水。结果几杯水就把木桶撑破了,如图所示。下面关于裂桶实验说法正确的是(  ) A.换作密度更大的盐水,压破木桶需要的盐水的体积比水要少一些 B.换根更粗的管子,等质量的水也一定能把木桶压破 C.换根更细的管子,压破木桶需要的水更少 D.这个实验说明,压破木桶依靠的是水的重力 【分析】根据液体压强公式p=ρgh对各选项逐一分析即可得到答案。 【解答】解:根据p=ρgh可知,液体压强的大小是由液体的密度和深度决定的,与液体的质量没有直接关系。 压破木桶需要的压强一定,换根更细的管子,管子的底面积小,在高度h一定时,水的体积减小,故压破木桶需要的水更少; 换作密度更大的盐水,液体密度增大,所以压破木桶需要的盐水的深度较水少,体积比水要少一些; 综上分析可知,选项AC正确,BD错误。 故选:AC。 【点评】液体压强的大小是由液体的密度和深度决定的。与液体的质量等没有直接的关系。质量大产生的压强不一定大。 27.让小铁球从斜面的顶端滑下,旁边不放置磁铁时,小铁球在水平桌面上运动路径是直线。旁边放置磁铁时,运动路径是曲线,且向磁铁靠近。关于小铁球下列说法不正确的是(  ) A.下滑的小球具有惯性 B.旁边没有放置磁铁时,由于惯性,小铁球保持直线运动 C.旁边放置磁铁时,小铁球没有惯性,由于受到磁力的作用,运动方向发生改变 D.小铁球之所以做曲线运动,是受到磁力的作用 【分析】(1)物体保持运动状态不变的性质叫惯性惯性,一切物体都具有惯性,其大小只与物体的质量有关; (2)力的作用效果之一是可以改变物体的运动状态。 【解答】解: A、一切物体都具有惯性,因此下滑的小球具有惯性,故A正确; B、物体保持运动状态不变的性质叫惯性惯性,如果旁边没有放置磁铁时,由于惯性,小铁球保持直线运动,故B正确; C、一切物体都具有惯性,所以在旁边放置磁铁时,小铁球仍然具有惯性,故C错误; D、小铁球之所以做曲线运动,是受到磁力的作用,说明力可以改变物体的运动状态,故D正确。 故选:C。 【点评】本题以教材中的小实验为背景,考查了惯性的影响因素、力的作用效果等,难度不大。 28.用如图所示装置探究影响滑动摩擦力大小的因素。关于该实验,说法正确的是(  ) A.在向上提弹簧测力计的过程中,应该保持竖直,并且匀速 B.是否保持匀速向上提,不影响实验结果的准确性 C.木块提供的压力,就是木块的重力 D.要研究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力的影响,应该在木块上面叠加重物,多做几次实验 【分析】(1)使用定滑轮可以改变力的方向; (2)当物体做匀速直线运动时,受到的拉力和摩擦力是一对平衡力; (3)压力是由重力产生的; (4)探究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力的影响时,应保持压力不变,改变接触面的粗糙程度。 【解答】解: A、由图可知,该滑轮为定滑轮,能改变力的方向,故在实验过程中要匀速拉动木块,力的方向不需要一定保持竖直,故A错误; B、用测力计匀速拉动木块,使木块做匀速直线运动,这时滑动摩擦力的大小才等于弹簧测力计拉力的大小,故B错误; C、木块在水平面上受到重力的作用,木块对水平面的压力是由重力产生的,故C正确; D、探究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力的影响时,应保持压力不变,改变接触面的粗糙程度,在木块上面叠加重物,改变了力的大小,故D错误。 故选:C。 【点评】本题的实验中要注意二力平衡条件及控制变量法的运用,熟知影响滑动摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度。 29.将同一压强计的金属盒先后放入甲、乙两种液体中,现象如图所示。可以判定这两种液体的密度大小关系是(  ) A.甲液体的密度一定小于乙液体的密度 B.甲液体的密度一定等于乙液体的密度 C.甲液体的密度一定大于乙液体的密度 D.无法判断 【分析】根据液体压强的计算公式p=ρgh可知:液体压强一定时,深度越大,说明液体的密度越小,据此分析。 【解答】解:由图可知,压强计的探头浸在甲、乙两种液体中,U形管中的液面高度差是相等的,这也就说明了液体压强是相等的; 压强计的探头在甲液体浸入的深度比较大,根据p=ρgh可知,甲液体的密度小于乙液体的密度。 故选:A。 【点评】此题考查的是液体压强的知识,液体压强的有关知识是中考考查的重点,需要掌握。 30.图象法是处理实验数据的一种常用方法。在图所示的图象中,所反映的信息与事实不符的是(  ) A.甲图象中该物体做的是匀速运动 B.乙图象中该物体以0.3m/s做匀速运动 C.丙图象中该物质的质量与体积成正比 D.丁图象中该液体压强随深度增加而增大 【分析】根据图象,分析横坐标的量与纵坐标的量的关系,从而得出结论。 【解答】解: A、由图象可知,物体通过的路程与时间成正比,说明该物体做的是匀速直线运动,图象所反映的信息与事实相符; B、图象中随着时间的增加,速度保持不变,故物体做匀速直线运动,速度为0.3m/s,图象所反映的信息与事实相符; C、由图象可知,随着体积的变化,物体的质量不变,即该物质的质量与体积不成正比,图象所反映的信息与事实不相符,符合题意; D、由图象可知,随着深度的增加,液体产生的压强变大,即该液体压强随深度增加而增大,图象所反映的信息与事实相符。 故选:C。 【点评】本题考查了图象的分析,能根据图象得出两个量的变化特点是解题的关键。 四、实验解答题(33) 31.如图所示木块长度为 2.20 cm。 【分析】使用刻度尺时要明确其分度值,起始端从0开始,读出末端刻度值,就是物体的长度;起始端没有从0刻度线开始的,要以某一刻度线为起点,读出末端刻度值,减去起始端所对刻度即为物体长度,注意刻度尺要估读到分度值的下一位。 【解答】解: 由图知:刻度尺上1cm之间有10个小格,所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm,即此刻度尺的分度值为1mm;木块A左侧与2.00cm对齐,右侧与4.20cm对齐,所以木块A的长度为L=4.20cm﹣2.00cm=2.20cm。 故答案为:2.20。 【点评】在物理实验和日常生活中经常使用刻度尺、电流表、弹簧测力计等测量工具,我们要熟练掌握其使用和读数方法。 32.如图所示弹簧测力示数为 2.4 N。 【分析】使用弹簧测力计时,首先要明确其分度值,读数时视线与指针所在刻线相垂直。 【解答】解: 弹簧测力计上1N之间有5个小格,所以一个小格代表0.2N,即此弹簧测力计的分度值为0.2N.此时指针指在“2.4”处,所以弹簧测力计的示数为2.4N。 故答案为:2.4。 【点评】本题考查弹簧测力计的读数方法,在读数前一定要观察仪器的量程和分度值。 33.如图所示,画出物体A所受重力的示意图。 【分析】根据力的示意图的定义,将物体所受重力的方向、作用点表示出来即可。 【解答】解:物体受到的重力方向竖直向下,作用点在重心,重力的示意图如图: 【点评】画力的示意图,就是用一条带箭头线段表示出力的三要素,所以要先正确分析力的大小、方向和作用点,再根据力的示意图的要求作出力的示意图。 34.小勇在实验室测量食用油的密度。他先将食用油倒入量筒中,如图甲所示,则食用油的体积为 30 cm3.接着用天平测出空烧杯的质量为30g,然后他将量筒中的食用油尽可能倒入烧杯,用天平测量烧杯和食用油的总质量,天平平衡时如图乙所示,则烧杯和食用油的总质量为 57 g.根据上述实验数据计算出食用油的密度为 0.9×103 kg/m3.上述实验测量的食用油密度值与食用油的真实值相比,会 偏小 (选填“偏小”“相等”或“偏大”。) 【分析】读取量筒中食用油的体积时,要读取凹液面的最低处; 读取天平示数时要将砝码质量与游码示数相加; 利用ρ=计算食用油的密度; 根据测量过程中质量和体积的变化分析所测密度与真实值之间的关系。 【解答】解:由图甲所示量筒可知,食用油的体积:V=30ml=30cm3; 由图乙所示天平可知,天平的示数为:50g+5g+2g=57g; 食用油的质量:m=57g﹣30g=27g; 食用油的密度ρ===0.9g/cm3=0.9×103kg/m3; 在测量的过程中,把量筒中的油倒入烧杯中时,量筒中会有油的残留,到时测得的总质量减小,即油的质量偏小,体积不变,故所测的密度会偏小。 故答案为:30;57;0.9×103;偏小。 【点评】此实验考查了量筒、天平的读数,以及密度的计算,这是学习该实验最基本的技能要求,也是我们应掌握的重点。 35.在研究牛顿第一定律的实验中,如图所示,用同一小车从同一高度下滑,在铺有不同材料的水平桌面上继续运动。 让小车从同一高度滑下来的目的是 小车到达水平面时的速度相等 。实验中可以看到,小车受阻力越小,通过的距离越长。由此可以推理得到:如果所受阻力为零,小车将 做匀速直线运动 。 【分析】(1)小车从斜面上滑下,重力势能转化为动能,同一小车从同一位置由静止滑下,小车到达水平面时的速度相等。 (2)分析图示实验情景,根据实验现象可得出摩擦力与前进距离的大小;根据实验事实进行合理的推理,然后得出结论。 【解答】解: (1)同一小车从同一高度滑下,是为了使小车到达水平面时的速度相等。 (2)由图示实验可知,小车在不同平面上滑行的距离不等,平面越光滑,小车受到的摩擦力越小,小车的速度减小得越慢,运动的距离越远; 根据实验进一步推理可知,若水平面绝对光滑,则小车不受摩擦力,小车的速度将保持不变,永远沿直线运动下去,即小车会在水平面上做匀速直线运动。 故答案为:小车到达水平面时的速度相等;做匀速直线运动。 【点评】本题考查了实验现象分析,应用控制变量法分析图示实验现象即可正确解题,要掌握控制变量法的应用。 36.在课外活动中,小明与小通用一个直筒容器和剪掉一半的矿泉水瓶制作了一个简易浮力秤,如图(甲)所示。他们将空瓶倒置在水中,在液面处,标记为0g刻度线。放入100g的金属块,在液面处,标记为100g刻度线。仔细观察图(乙),你认为刻度线应该标记在 矿泉水瓶的侧壁上 (选填“矿泉水瓶的侧壁上”“直筒容器的侧壁上”)。 【分析】根据物体的 浮沉条件发现解答,漂浮时,浮力等于重力。 【解答】解:小明与小通用一个直筒容器和剪掉一半的矿泉水瓶制作了一个简易浮力称,将空瓶倒置在水中,在液面处,标记为0g刻度线,放入100g的金属块,在液面处,标记为100g刻度线,是根据矿泉水瓶的浮沉情况制作的,故刻度线应该标记在矿泉水瓶的侧壁上。 故答案为:矿泉水瓶的侧壁上。 【点评】本题考查了学生根据物理知识解决问题的能力,是一道有难度的题。 37.微小压强计调节后,小明将金属盒先后浸入到两杯液体中,如图(甲)和(乙)所示。他发现图(乙)中U形管两边的液柱高度差较大,于是认为图(乙)杯子中盛的是盐水。 你认为,小明的结论是 不可靠的  (选填“可靠的”或“不可靠的”)。理由是 金属盒在两种液体中的深度不同(或没有控制金属盒在两种液体中的深度) 。 【分析】要判断两杯液体中哪杯是盐水,就要控制压强计的探头浸入水中的深度相同,根据公式P=ρgh,深度相同时压强大的液体密度大,密度大是盐水。 【解答】解:盐水的密度大于水的密度,根据公式P=ρgh,在橡皮膜浸入液体的深度相同时,盐水中的压强比较大,可以测出相同深度处盐水和水的压强,从而判断出哪杯是盐水; 因为液体的压强不仅与液体密度有关,还与浸入液体的深度有关,该实验小明没有让橡皮膜浸在盐水和水的相同深度处,所以得出的结论是不可靠的。 故答案为:不可靠的;金属盒在两种液体中的深度不同(或没有控制金属盒在两种液体中的深度)。 【点评】此题考查的是我们对于液体压强计的了解和液体压强计算公式P=ρgh的应用,是中考必考的一个知识点,需要熟练掌握。 38.小刚在探究滑动摩擦力f与所受压力F的关系时,记录了如下表格中的实验数据。则其受的滑动摩擦力f与所受压力F的关系式为:f= 0.2f 。 F/N 2 4 6 8 10 12 f/N 0.4 0.8 1.2 1.6 2.0 2.4 【分析】由表格中的数据分析压力与摩擦力的变化特点,从而得出关系式。 【解答】解:根据表格中数据F=2N时,f=0.4N,当F=4N时,f=0.8N,当F=6N时,f=1.2N﹣﹣﹣﹣﹣,则由此知摩擦力f为压力F的0.2倍,即F=0.2f。 故答案为:0.2f。 【点评】本题通过表格考查了摩擦力大小与压力的大小关系,难度不大。 39.爸爸买了一幅画,并用一个长方形的画框装裱起来,小明把它挂在墙上,觉得挂的挺正的,可爸爸总觉得有点歪,底边似乎不够水平。家里没有专业的测量工具,能利用的只有给鱼缸换水的透明水管、棉线绳、一个大号直角三角板、指甲刀等一些生活常用的东西。请你利用家里现有的东西,设计一个实验,证明画挂的正不正。写出实验步骤,说明判断方法。 实验方法: 用棉线绳将指甲刀拴好悬挂起来,做成一个重锤线,让重锤线与画挂好 。 判断方法: 若重锤线与画框平行,则画挂正了,若重锤线与画框不平行,则画没有挂正 。 【分析】根据重力方向竖直向下设计实验。 【解答】解: 根据重力方向竖直向下,用棉线绳将指甲刀拴好悬挂起来,做成一个重锤线,让重锤线与画挂好; 若重锤线与画框平行,则画挂正了,若重锤线与画框不平行,则画没有挂正。 故答案为:用棉线绳将指甲刀拴好悬挂起来,做成一个重锤线,让重锤线与画挂好; 若重锤线与画框平行,则画挂正了,若重锤线与画框不平行,则画没有挂正 【点评】本题根据重力方向始终竖直向下设计实验,是一道基础题。 40.某实验小组猜想浮力的大小与物体浸入的深度有关。他们选用装水的透明水槽、已调零的弹簧测力计、带挂钩的长方体铝块、刻度尺和细线进行探究。实验步骤如下。 ①让铝块的挂钩向上,用刻度尺在铝块侧面从下往上标上刻度线。 ②用弹簧测力计测出铝块的重力G,将铝块的一部分浸入水中,记下此时浸入的深度h,弹簧测力计的示数F拉,将G、h、F拉记入表格。 ③再将铝块浸入的更深一些,记下此时深度h,弹簧测力计的示数F拉,将G、h、F拉记入表格。 ④用F浮=G﹣F拉,算出浮力。 (1)请指出该实验存在的问题是 没用控制物体排开液体的体积相同 。 (2)如何探究浮力的大小与深度有无关系,说出你的做法。 【分析】(1)探究浮力与物体浸入液体深度的关系,应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同,分析图示实验,然后答题; (2)物体慢慢浸入液体、直到浸没的过程,弹簧测力计的读数逐渐变小;物体全部浸没液体中,测力计的读数不变,说明了浮力不再变化。 【解答】解:(1)探究浮力与物体浸入液体深度的关系,应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同,由实验可知,②③所示实验中物体排开液体的体积不同、深度不同,故该实验存在的问题是没用控制物体排开液体的体积相同; (2)探究浮力与物体浸入液体深度的关系,应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同。 故答案为:(1)没用控制物体排开液体的体积相同; (2)探究浮力与物体浸入液体深度的关系,应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同。 【点评】本题考查了探究影响浮力大小因素实验,要掌握称重法测浮力的方法、应用浮力公式即可解题,应用控制变量法是正确解题的关键。 41.小明和小通设计了一个实验证明:弹簧的伸长量与弹簧所受拉力成正比。使用的器材有铁架台、弹簧、0.5N的钩码十个、刻度尺。请你们帮他补充完整实验步骤,并画出实验表格。 实验步骤: ①按图组装器材,测出弹簧挂起时的长度L0(见图)。 ②将 一个钩码挂在弹簧下面的挂钩上,用刻度尺测量弹簧此时的长度L,将钩码的质量m和弹簧的长度L记录在表格中  ③ 仿照步骤②,依次在弹簧下面挂2个、3个、4个、5个、6个钩码,每次用刻度尺测量弹簧的长度L,并将每次钩码的总质量m和相应的弹簧长度L记录在表格中  ④根据 利用公式F=G=mg,分别计算出6次弹簧所受拉力F,分别记录在表格中,利用公式△L=L﹣L0,分别计算出6次弹簧的伸长量△L,分别记录在表格中  画出实验数据记录表。 【分析】弹簧的伸长与所受的拉力成正比,是在弹簧的弹性限度内才能够成立的。弹簧的伸长△l=弹簧的长度L﹣弹簧的原长L0;在设计实验时要注意改变加在弹簧上的拉力大小,看弹簧的伸长是否与拉力成正比。 【解答】解: (1)实验步骤: ①将弹簧悬挂在铁架台的支架上,用刻度尺测量弹簧的长度L0,将数据记录在表格中; ②将一个钩码挂在弹簧下面的挂钩上,用刻度尺测量弹簧此时的长度L,将钩码的质量m和弹簧的长度L记录在表格中; ③仿照步骤②,依次在弹簧下面挂2个、3个、4个、5个、6个钩码,每次用刻度尺测量弹簧的长度L,并将每次钩码的总质量m和相应的弹簧长度L记录在表格中; ④利用公式F=G=mg,分别计算出6次弹簧所受拉力F,分别记录在表格中,利用公式△L=L﹣L0,分别计算出6次弹簧的伸长量△L,分别记录在表格中。 (2)实验数据记录表格: L0/m m/kg L/m F/N △L/m 故答案为: ②一个钩码挂在弹簧下面的挂钩上,用刻度尺测量弹簧此时的长度L,将钩码的质量m和弹簧的长度L记录在表格中; ③仿照步骤②,依次在弹簧下面挂2个、3个、4个、5个、6个钩码,每次用刻度尺测量弹簧的长度L,并将每次钩码的总质量m和相应的弹簧长度L记录在表格中; ④利用公式F=G=mg,分别计算出6次弹簧所受拉力F,分别记录在表格中,利用公式△L=L﹣L0,分别计算出6次弹簧的伸长量△L,分别记录在表格中。 【点评】此题主要考查的是对实验步骤和实验表格的设计,在设计过程中要注意:通过改变挂在弹簧上的钩码个数来改变对弹簧的拉力;弹簧的伸长△L=L﹣L0。 五、科普阅读题 42.阅读《编队飞行的秘密》回答40题。 编队飞行的秘密 斑头雁和黑颈鹤每年都要进行几千公里的长途迁徙,在迁徙飞行中有一个共同特点,就是它们经常是以某种队形来飞行的。队形多种多样,但通常是后面的鸟儿飞在前一只鸟的侧后方,因此就有了常见的“人”字形队形。几十年来,关于鸟儿为什么以这样的队形来迁飞有许多猜测,观点不一。 后来科学家们初步证实了鸟类的人字队形是为了能节省能量。飞行中的鸟的翅膀会形成一股涡旋状的循环气流。当你从鸟儿的背后来观察时就会发现这个循环气流,来自右边翅膀的涡流逆时针旋转,而来自左边翅膀的涡流则顺时针旋转,那么在正中间,即鸟儿正后方尾随的两股涡流中,气流都是向下的,而两侧的气流都是向上的,见图1。 这样一来,鸟儿没有选择紧跟在同伴的正后方飞行的原因就显而易见了。 如果鸟儿飞在同伴的正后方,那么它将处于向下的气流中,这额外增加了它们维持飞行状态的能耗。相反,当位于同伴的后侧方时,它们可以利用这一向上的气流,得到升力。这就是动物的智慧,而且这确实有效。有人曾经驾驶轻型飞机并保持相互之间稍微偏移,他们发现,当尾随的飞机处于前面飞机机翼涡流的向上气流中时,消耗的燃料显著低于前面的飞机。以这种方式节约的燃料能够多达18%,这个效应广泛应用在军用飞机中以降低油耗。然而这对于大型客机并不适用,因为要达到节油效果,飞机需要足够靠近,这会增加安全风险。 这就引出一个问题,若想从空气涡流中获益,飞行时所处的位置必须是非常精确的。这对鸟儿来说更难,因为鸟的翅膀上下振动,所产生的涡流也随着时间、空间而不断变化。有人认为,这可能解释了为什么以一定队形迁飞仅限于体型较大的鸟类。飞行的动物,其翅膀拍打的频率是与体型成反比的。昆虫翅膀振动的频率大概是50~60赫兹,像麻雀这样的小型鸟类翅膀拍打的频率为12~15赫兹,而体型较大的雁和鹤翅膀拍打的频率就低得多,分别为4~5和3~4赫兹。对于小型的鸟,准确跟踪涡流是不太可能的,这就是它们通常并不以某种队形迁飞的原因。 请根据上述材料,回答下列问题: (1)编队飞行,跟踪涡流,节省能量,并不适用于小型鸟,这是因为 小型鸟翅膀拍打的频率高,形成的涡流不断变化,难以准确跟踪 。 (2)按文中描述,飞机在编队飞行时为了节省燃料,后面一架应该飞在如图2所示的 B (选填“A”或“B”)位置。 (3)有时动物非常具有智慧,除文中提到的编队飞行。请从物理学角度说说你所知动物具有智慧的行为。(可以从动物行为表现或动物自身结构上去说,说出至少一条) 【分析】(1)结合材料中对小型鸟翅膀拍打频率的分析可做出解答; (2)根据材料介绍,后面的飞机应该在前面飞机的斜后方,这样才能有效利用涡流产生的升力; (3)可以从蝙蝠的回声定位、草原犬鼠利用流体压强与流速关系的解答去解答。 【解答】解:(1)由题意可知,小型鸟翅膀拍打的频率高,形成的涡流不断变化,难以准确跟踪,因此,小型鸟不适合以某种队形迁飞; (2)由题意可知,如果在前面飞机的正后方,那么后面飞机将处于向下的气流中,这额外增加了维持飞行状态的能耗。相反,当位于前面飞机的后侧方时,可以利用向上的气流,得到升力。因此,应选择图中的B位置; (3)草原犬鼠挖两个洞口,并将土堆在其中一个洞口,呈流线型,当风流过时,这一洞口上方空气流速快、压强小,另一洞口空气流速慢、压强大,于是形成风从一个洞口进,另一个洞口出的“过堂风”。蝙蝠可以发出和接收超声波,利用回声定位来探测物或捕食昆虫。 故答案为:(1)小型鸟翅膀拍打的频率高,形成的涡流不断变化,难以准确跟踪; (2)B;(3)蝙蝠可以发出和接收超声波,利用回声定位来探测物或捕食昆虫(合理即可)。 【点评】本题通过材料的阅读,找出相关知识,并用以解释生活中的现象,考查了我们对知识构建的能力。 六、计算题.(6分) 43.(3分)一个体积为0.02m3的物体浸没在水中,且不与容器底部紧密接触。求所受到的浮力大小。(g=10N/kg) 【分析】已知物体的体积,且不与容器底部紧密接触,直接利用阿基米德原理及可求出物体浸没在水中受到的浮力。 【解答】解:物体浸没在水中,则V排=V=0.02m3, 且不与容器底部紧密接触,则物体受到的浮力: F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×0.02m3=200N; 答:物体所受到的浮力大小为200N。 【点评】本题考查了学生对浮力的计算和浮力的产生原因的掌握和运用,能找出物体与容器底紧密接触、不紧密接触的区别是本题的关键。 44.(3分)物体A、B是两个正方体。物体A边长为10cm,密度为5×103kg/m3.物体B重4N,底面积为0.0025m2,密度未知。将物体B放在水平桌面上,再将A物体放在B物体的正上方。求A对B的压强。(g=10N/kg) 【分析】知道正方体A的边长,根据V=L3可求其体积,根据ρ=求出正方体A的质量,将物体B放在水平桌面上,再将A物体放在B物体的正上方时,A对B的压力等于A的重力,根据F=G=mg求出其大小,根据S=L2求出物体A的底面积,然后与B的底面积相比较,A对B压力产生压强的受力面积为两者较小的底面积,根据p=求出A对B的压强。 【解答】解:正方体A的体积: VA=LA3=(10cm)3=1000cm3, 由ρ=可得,正方体A的质量: mA=ρAVA=5g/cm3×1000cm3=5000g=5kg, 因水平面上物体的压力和自身的重力相等, 所以,将A物体放在B物体的正上方时,A对B的压力: F=GA=mAg=5kg×10N/kg=50N, 物体A的底面积: SA=LA2=(10cm)2=100cm2=0.01m2, 因SA>SB=0.0025m2, 所以,A与B的接触面积(受力面积)S=SB=0.0025m2, 则A对B的压强: p===2×104Pa。 答:A对B的压强为2×104Pa。 【点评】本题考查了压强公式和密度公式、重力公式的应用,正确的判断出A对B压力产生压强的受力面积是关键,要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。

  • ID:6-5382808 2018-2019学年四川省绵阳市江油市八年级(上)期中物理试卷

    初中物理/期末专区/八年级上册

    2018-2019学年四川省绵阳市江油市八年级(上)期中物理试卷 一、选择题(每小题2分,共30分每小题只有一个选项是最符合题目要求的) 1.(2分)你喜欢物理学吗?你觉得要进入科学界,学习科学知识的基本方法是(  ) A.观察与实验 B.搜集资料,书写论文 C.看书学习、认真完成作业 D.积累成果、发现规律 2.(2分)在通常情况下,你的脉搏1min跳动的次数约为(  ) A.20次 B.40次 C.70次 D.140次 3.(2分)测量是一个把待测的量与公认的标准进行比较的过程。下列实验过程中没有用到这一科学原理的是(  ) A.用直尺测出某物体的长度 B.用停表测量百米赛跑的时间 C.用体温计测量人的体温 D.用耳朵来辨别钢琴与长笛的声音 4.(2分)下面几个现象中与光的反射有关的是(  ) A.利用激光给隧道准直 B.阳光下物体有影子 C.看到了不发光的物体 D.晚上看到大街上五颜六色的霓虹灯光 5.(2分)关于下列四个情景的说法错误的是(  ) A.发声扬声器旁的烛焰晃动,说明声波能传递能量 B.不能听到真空罩中闹钟的闹铃声,说明声波的传播需要介质 C.发声的音叉将乒乓球弹开,说明发声的物体在振动 D.8个相同玻璃瓶装不同高度的水,敲击它们时发出声音的音色不同 6.(2分)下列有关声现象的说法正确的是(  ) A.老师讲课时声音洪亮是指声音的音调高 B.真空不能传声 C.利用超声波清洗眼镜,说明声音可以传递信息 D.在城市主要道路两边,安装噪声监测仪,可以减弱噪声 7.(2分)在寒冷的雪山高原上,边防战士生活得非常艰苦,常从野外取雪化成水,再加热饮用。如图,其中能正确反映雪化成水这个过程的图象是(  ) A. B. C. D. 8.(2分)2012年6月18日“,神舟九号”飞船与“天宫一号”实施自动交会对接。如图所示为即将对接时的模拟图,成功对接后,“神舟九号”内的航天员看到“天宫一号”纹丝不动,地球在缓缓转动,则航天员选择的参照物是(  ) A.太阳 B.地球 C.“天宫一号” D.“神舟九号” 9.(2分)一位同学站在平面镜前并向平面镜靠近,则他在平面镜中的像应该(  ) A.远离平面镜,且大小不变 B.靠近平面镜,且大小不变 C.远离平面镜,且越来越小 D.靠近平面镜,且越来越大 10.(2分)下面有关误差问题的说法正确的是(  ) A.实验中产生的错误叫误差 B.认真测量可以避免误差 C.误差是由于测量时不遵守操作规则而引起的 D.选精密测量仪器,改进实验方法,可以减少误差 11.(2分)温度是表示物体冷热程度的物理量,则以下判断正确的是(  ) A.冰一定比水凉 B.雪地上的铁块一定比木块冷 C.人感觉冷时,气温一定很低 D.温度高的物体一定比温度低的物体热 12.(2分)如图所示,水平桌面上斜放着一个平面镜,桌面上有一个小球向镜面滚去。要使平面镜中小球的像沿竖直方向下落,则镜面与桌面间的夹角α为(  ) A.30° B.45° C.60° D.90° 13.(2分)一个物体在平直公路上运动,由静止起在10s内加速到20m/s,共运动了80m,该物体在10s内的平均速度是(  ) A.20m/s B.10m/s C.8m/s D.都不对 14.(2分)要给体温计消毒,应采用下列的哪种方法(  ) A.用蘸了酒精的棉球擦 B.用自来水冲洗 C.在沸水中煮 D.在酒精灯火焰上烧 15.(2分)课外活动时,小明和小华均在操场上沿直线跑道跑步训练,在某次训练中,他们通过的路程和时间变化图象如图所示,则下列说法正确的是(  ) A.两人都做匀速直线运动 B.两人都不是做匀速直线运动 C.前2s内,小华跑的快 D.全程中,小华的平均速度大于小明的平均速度 二、填空题(每空1分共26分) 16.(2分)太阳、月亮、发光的电视荧屏、电灯,其中属于天然光源的有   ;属于人造光源的有   。 17.(1分)在春天的花丛中经常看见蝴蝶的身影。某种蝴蝶的翅膀在4s内振动了24次,频率是   Hz,人类   听到该频率的声音(选填“能”或“不能”)。 18.(2分)人们把频率高于20000Hz的声音叫做超声波,它在工业生产和医疗卫生等方面都有广泛的应用。请你各举出一个应用实例   、   。 19.(2分)双休日自驾车随父母外出郊游,在行驶的过程中,善于观察的你看到汽车上有一个显示速度的仪表盘,示数如图所示,则汽车此时行驶的速度为   m/s;该车保持这个速度行驶20min后,通过的路程为   km。 20.(1分)一辆汽车以6m/s的速度匀速驶上长为60m的斜坡,经过10s到达坡顶,接着又以 10m/s的速度从坡顶沿原路匀速返回,经过6s到达坡底,该汽车在上下坡全程中的平均速度是   m/s。 21.(2分)超声波在海水中的传播速度是1500m/s,合   km/h.如果从某处海面竖直向海底发出的超声波经4s后返回海面,则该处海的深度是   m。 22.(3分)小明在马路边上拍街景照片,连续拍了两张,如图甲、乙所示。如果以行驶的卡车为参照物,树是   的,轿车是   的,骑自行车的人是   的。(均选填“向左运动”“向右运动”或“静止”) 23.(2分)在气温为﹣18°C的冬天河面上冰的上表面温度是   ℃,冰的下表面温度是   ℃。 24.(2分)灯泡中的钨丝用久了会变细,这是由于钨丝在高温下会产生   现象。灯泡泡发黑则是由于钨气体遇冷时   的结果。 25.(1分)“神舟三号”发射时,“长征二号”捆绑式火箭尾部的火焰如果直接喷到发射台,发射架要熔化。为了保护发射架,就在发射台底建了一个大水池,让火焰喷到水池中,这是利用了水汽化时要   ,使周围环境温度不致太高。 26.(2分)有一光电控制液面高度的仪器,它是通过光束在液面上的反射光线反射到光电屏上的光斑位置来判断液面高低的。如图光路中,一光束与液面的夹角为40°,则反射角的大小为   ;当液面升高时,光电屏上的光斑S将向   (选填“左”或“右”)移动。 27.(2分)图甲、乙是两种声音的波形图,从图形可知:   图是乐音的波形,   图是噪声的波形。 28.(1分)如图是固体a与b在试管内放在盛水的烧杯里加热的熔化图象,图甲是固体a的熔化图象,图乙是固体b的熔化图象。固体a熔化过程中,继续加热,温度   (选填“升高”、“降低”或“不变”),此时a处于   状态(选填“固”、“液”或“固液共存”)。固体b熔化过程中温度   (选填“升高”、“降低”或“不变”); 三、作图与实验探究题(6题每空2分、每图2分,其它每空1分共29分) 29.(2分)作出如图所示物体成像位置。 30.(2分)如图所示,平面镜前有一点光源s,作出一条从光源s射出的光线,使它经过平面镜反射后,恰好经过A点。 31.(3分)如图所示用刻度尺测量木块的长度,刻度尺分度值是   ,测量值为   ,其中准确值为   cm,估计值为   cm。 32.(2分)﹣7.8℃读作   ,它比﹣16.8℃高   ℃。 33.(1分)在“用温度计测水的温度”实验中按正确使用温度计的步骤,依次排列顺序为    A.选用合适量程的温度计 B.估计被测水的温度 C.稍后,待温度计的示数稳定后再读数 D.让温度计的玻璃泡与水充分接触 E.取出温度计 F.视线与温度计内液面齐平,读取示数。 34.(2分)图中甲、乙两图分别表示比较自行车和摩托车运动快慢的两种方法,其中图甲表明    ;图乙表明   。 35.(4分)为探究声音的反射与吸收特点,小明同学进行实验研究。 (1)在玻璃圆筒内垫上一层棉花,棉花上放一块机械表,耳朵靠近玻璃圆筒口正上方l0cm处,能清晰地听见表声,表声是通过传   播的。 (2)当耳朵水平移动离开玻璃圆筒口一段距离后,如图(甲)所示位置,恰好听不见表声。 (3)在玻璃圆筒口正上方10cm处安放一块平面镜,调整平面镜的角度直到眼睛能从镜面里看到表,如图(乙)所示,则∠AOB是该光路的   (入射角/反射角)。此时耳朵又能清晰地听见表声了,说明声音能像光一样反射。 (4)用海绵板代替平面镜,听见的声音明显减弱,说明海绵板吸收声音的能力   (强/弱)于玻璃板。 36.(6分)为了研究影子长度与哪些因素有关,某科学兴趣小组的同学做了如图的实验:在水平地面上竖直固定一根长杆,长杆上装有一个可以上下移动的点光源A,再在地面上竖立一根短木条(短木条始终低于点光源A)。 (1)保持短木条的长度和位置不变,该同学将点光源A从图示位置逐渐向上移动,测得数据如下表: 点光源的高度H/cm 20 30 40 50 60 影子长度L/cm 30 15 10 7.5 6 该科学兴趣小组同学做此实验,想要验证的假设是   。 (2)分析上述实验数据还可得到:在点光源逐渐上移过程中,若点光源高度的增加量相同,则影子长度L的变化量   (选填“增大”、“减小”或“不变”) (3)图中S可表示点光源到短木条的距离,如果要研究影子长度L与点光源到短木条的距离S的关系,应如何操作   。 37.(10分)如图,是“探究平面镜成像特点”的情景:竖立的透明玻璃板下方放一把直尺,直尺与玻璃板垂直;两支相同的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧的直尺上,以A蜡烛为成像物体。 (1)为便于观察,该实验最好在   环境中进行(选填“较明亮”或“较黑暗”);此外,采用透明玻璃板代替平面镜,虽然成像不如平面镜清晰,但却能在观察到A蜡烛像的同时。也能观察到   ,巧妙地解决了确定像的位置和大小的问题。 (2)点燃A蜡烛,小心地移动B蜡烛,直到与A蜡烛的像   为止,这时发现像与物的大小   ;进一步观察A、B两支蜡烛在直尺上的位置发现,像和物的连线与玻璃板   ;像和物到玻璃板的距离   。 (3)移去后面的蜡烛B,并在其所在位置上放一光屏,则光屏上   接收到蜡烛烛焰的像(选填“能”或“不能”)。 四、计算与解答题(本题15分.要求解答过程必须写出必要文字说明,公式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须写出数值和单位) 38.(9分)十字路口红绿灯设置的时间长短中包含着许多科学道理。 (1)行人在交通路口过马路时,应注意观察绿灯的剩余时间,否则有可能被“困”在路中央。若绿灯倒计时还剩5秒,此时行人要沿斑马线穿过宽为20米的马路,则速度至少多大才能安全通过? (2)汽车遇红灯在路口等待时,通常是不熄火的,这不但会白白消耗能源,同时还会造成环境污染;红绿灯设置时间的长短需要考虑的因素很多,下列因素中需要考虑的是   。 A.车流量;B.道路宽度;C.人流量;D.时间段。 39.(6分)出租车司机在机场高速公路的入口处,看到如图的标志牌。在不违反交通规则的前提下,该司机从入口处出发,至少行驶多少分钟才能到达机场? 2018-2019学年四川省绵阳市江油市八年级(上)期中物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(每小题2分,共30分每小题只有一个选项是最符合题目要求的) 1.(2分)你喜欢物理学吗?你觉得要进入科学界,学习科学知识的基本方法是(  ) A.观察与实验 B.搜集资料,书写论文 C.看书学习、认真完成作业 D.积累成果、发现规律 【解答】解:物理学就是研究自然界的物质的结构、物体间的相互作用和物体的运动的最一般的规律的自然科学,据此可知观察与实验符合; 而搜集资料,书写论文,书学习、认真完成作业,积累成果、发现规律,需要我们平时学习注意做的。 故选:A。 2.(2分)在通常情况下,你的脉搏1min跳动的次数约为(  ) A.20次 B.40次 C.70次 D.140次 【解答】解:A、通常情况下,人的脉搏在每分钟70次左右,远超过20次;故A错误; B、通常情况下,人的脉搏在每分钟70次左右,远超过40次;故B错误; C、通常情况下,人的脉搏在每分钟70次左右;故C正确; D、通常情况下,人的脉搏在每分钟70次左右,达不到140次;故D错误; 故选:C。 3.(2分)测量是一个把待测的量与公认的标准进行比较的过程。下列实验过程中没有用到这一科学原理的是(  ) A.用直尺测出某物体的长度 B.用停表测量百米赛跑的时间 C.用体温计测量人的体温 D.用耳朵来辨别钢琴与长笛的声音 【解答】解:A、用直尺可以测出某物体的长度,通过物体长度与直尺刻度的比较得出测量值,故A不符合题意; B、用停表测量百米所用时间,通过赛跑时间与停表指针位置变化的比较得出测量值,故B不符合题意; C、用体温计测量人的体温,通过人的体温与体温表示数变化的比较得出测量值,故C不符合题意; D、用耳朵来辨别钢琴与长笛的声音,靠的是听觉区分不同乐器的音色,不是测量过程。故D符合题意。 故选:D。 4.(2分)下面几个现象中与光的反射有关的是(  ) A.利用激光给隧道准直 B.阳光下物体有影子 C.看到了不发光的物体 D.晚上看到大街上五颜六色的霓虹灯光 【解答】解:A、激光准直是利用了光沿直线传播,故本选项不符合题意。 B、在太阳光下,物体的后面有影子,是因为光是沿直线传播的,物体挡住了太阳光。故本选项不符合题意; C、我们能看到本身不发光的物体,原因是物体反射的光进入了我们的眼睛;故本选项符合题意; D、晚上看到五颜六色的霓虹灯,是因为五颜六色的霓虹灯发出的光线进入我们的眼睛,故本选项不符合题意; 故选:C。 5.(2分)关于下列四个情景的说法错误的是(  ) A.发声扬声器旁的烛焰晃动,说明声波能传递能量 B.不能听到真空罩中闹钟的闹铃声,说明声波的传播需要介质 C.发声的音叉将乒乓球弹开,说明发声的物体在振动 D.8个相同玻璃瓶装不同高度的水,敲击它们时发出声音的音色不同 【解答】解:A、扬声器发出的声音使蜡焰不停摆动,说明声音能传递能量。该选项正确; B、当空气被不断抽出后,铃声逐渐减弱,说明声音的传播需要介质,真空不能传声。该选项正确; C、当小球接触到音叉时被弹开越髙,说明振幅越大,响度越大。该选项正确; D、瓶内水位越高,质量越大,越难振动,频率越小,音调越低。所以频率不同,音调不同。该选项错误。 故选:D。 6.(2分)下列有关声现象的说法正确的是(  ) A.老师讲课时声音洪亮是指声音的音调高 B.真空不能传声 C.利用超声波清洗眼镜,说明声音可以传递信息 D.在城市主要道路两边,安装噪声监测仪,可以减弱噪声 【解答】解:A、响度是指声音的大小,音调是指声音的高低。老师讲课时声音洪亮是指声音的很大,是指响度,故A错误; B、声音的传播需要介质,真空不能传声;故B正确; C、利用超声波清洗眼镜,说明声音可以传递能量,故C错误; D、在街头设置噪声监测仪,只能监测噪声的大小,并不能减弱噪声,故D错误。 故选:B。 7.(2分)在寒冷的雪山高原上,边防战士生活得非常艰苦,常从野外取雪化成水,再加热饮用。如图,其中能正确反映雪化成水这个过程的图象是(  ) A. B. C. D. 【解答】解:雪是一种晶体,晶体熔化时保持一定的温度不变,这个温度叫熔点。雪的熔点是0℃。 A、图象是晶体的熔化图象,但熔点不是0℃.故A不符合题意; B、图象是晶体的熔化和沸腾图象,熔点是0℃,边防战士可以饮用,故B符合题意; C、图象是晶体的熔化图象,熔点是0℃,没有加热到沸腾这一过程的体现,边防战士不能饮用,故C不符合题意; D、图象是非晶体的熔化图象,故D不符合题意; 故选:B。 8.(2分)2012年6月18日“,神舟九号”飞船与“天宫一号”实施自动交会对接。如图所示为即将对接时的模拟图,成功对接后,“神舟九号”内的航天员看到“天宫一号”纹丝不动,地球在缓缓转动,则航天员选择的参照物是(  ) A.太阳 B.地球 C.“天宫一号” D.“神舟九号” 【解答】解:以“神舟九号”为参照物,“天宫一号”相对它的位置不变,“天宫一号”是静止的,地球相对于“神舟九号”位置不断发生变化,地球是运动的;故D正确。 故选:D。 9.(2分)一位同学站在平面镜前并向平面镜靠近,则他在平面镜中的像应该(  ) A.远离平面镜,且大小不变 B.靠近平面镜,且大小不变 C.远离平面镜,且越来越小 D.靠近平面镜,且越来越大 【解答】解:根据平面镜成像特点,平面镜所成的像与物体关于平面镜对称,像和物体大小相同,是正立等大的虚像。 当一位同学站在平面镜前并向平面镜靠近时,她在平面镜中的像也将向平面镜靠近,所以像离人的距离变小,但像的大小不变。 故选:B。 10.(2分)下面有关误差问题的说法正确的是(  ) A.实验中产生的错误叫误差 B.认真测量可以避免误差 C.误差是由于测量时不遵守操作规则而引起的 D.选精密测量仪器,改进实验方法,可以减少误差 【解答】解:A、实验中产生的错误不叫误差,误差是客观存在的;故A错误; B、认真测量可以减小误差,但不能避免误差;故B错误; C、错误是实验时不遵守操作规则而引起的;故C错误; D、选精密测量仪器,改进实验方法,可以减小误差;故D正确; 故选:D。 11.(2分)温度是表示物体冷热程度的物理量,则以下判断正确的是(  ) A.冰一定比水凉 B.雪地上的铁块一定比木块冷 C.人感觉冷时,气温一定很低 D.温度高的物体一定比温度低的物体热 【解答】解: A、0℃的水和冰状态不同,温度相同,冷热程度相同。此选项错误; B、雪地上的铁块和木块温度相同,冷热程度相同,但铁的导热能力强,所以手接触时感觉铁块凉。此选项错误; C、人们对温度的主观感觉有时是不可靠的,甚至是错误的。此选项错误; D、温度是表示物体冷热程度的物理量,冷的程度高是温度低,热的程度高是温度高。此选项正确。 故选:D。 12.(2分)如图所示,水平桌面上斜放着一个平面镜,桌面上有一个小球向镜面滚去。要使平面镜中小球的像沿竖直方向下落,则镜面与桌面间的夹角α为(  ) A.30° B.45° C.60° D.90° 【解答】解:根据题意,小球水平向右运动,小球的像竖直向下运动,所以小球到达A点时,像也到达A点,所以平面镜应过水平方向和竖直方向的交点A; 根据题意,当小球在图示中的B点时,像点在竖直方向的C点,平面镜过BC连线的中点D;平面镜一定在AD连线上,其中: ∵BD=CD,AD⊥BC, ∴AD是∠BAC的角平分线, 又∵∠BAC=90°, ∴∠BAD=45°,如图所示: 所以题干中的夹角α=45°。 故选:B。 13.(2分)一个物体在平直公路上运动,由静止起在10s内加速到20m/s,共运动了80m,该物体在10s内的平均速度是(  ) A.20m/s B.10m/s C.8m/s D.都不对 【解答】解:物体在10s内的平均速度: v===8m/s。 故选:C。 14.(2分)要给体温计消毒,应采用下列的哪种方法(  ) A.用蘸了酒精的棉球擦 B.用自来水冲洗 C.在沸水中煮 D.在酒精灯火焰上烧 【解答】解: A、酒精棉球既不会胀破温度计,又起到消毒的作用。方法正确; B、自来水起不到消毒的作用。方法错误; C、沸水的温度超过42℃,体温计会胀破。方法错误; D、酒精灯的火焰温度远超过42℃,体温计会胀破。方法错误。 故选:A。 15.(2分)课外活动时,小明和小华均在操场上沿直线跑道跑步训练,在某次训练中,他们通过的路程和时间变化图象如图所示,则下列说法正确的是(  ) A.两人都做匀速直线运动 B.两人都不是做匀速直线运动 C.前2s内,小华跑的快 D.全程中,小华的平均速度大于小明的平均速度 【解答】解:A、由图象可知,小明的路程和时间关系图象是一条直线,表明路程和时间成正比,所以小明做的是匀速直线运动;而小华的路程和时间关系图象是一条曲线,表明路程和时间不成正比,所以小华做的不是匀速直线运动,故AB错误; C、由图象可知,在前2s内,小华运动的距离比小明长,所以小华跑得较快,故C正确; D、由图象可知,两人的全程是相等的,所用的时间都是8s,两人的平均速度相同,故D错误。 故选:C。 二、填空题(每空1分共26分) 16.(2分)太阳、月亮、发光的电视荧屏、电灯,其中属于天然光源的有 太阳 ;属于人造光源的有 发光的电视荧屏、电灯 。 【解答】解:太阳、月亮、发光的电视荧屏、电灯中,太阳、发光的电视荧屏、电灯都有自身发光,都属于光源,其中属于天然光源的有太阳;属于人造光源的有发光的电视荧屏、电灯。 故答案为:太阳;发光的电视荧屏、电灯。 17.(1分)在春天的花丛中经常看见蝴蝶的身影。某种蝴蝶的翅膀在4s内振动了24次,频率是 6 Hz,人类 不能 听到该频率的声音(选填“能”或“不能”)。 【解答】解:蝴蝶的翅膀在4s内振动了24次,其振动频率是f==6Hz; 因人能听到的声音频率范围是20Hz~20000Hz,所以6?Hz不在人类听觉频率范围内。 故答案为:6;不能。 18.(2分)人们把频率高于20000Hz的声音叫做超声波,它在工业生产和医疗卫生等方面都有广泛的应用。请你各举出一个应用实例 B超 、 声呐 。 【解答】解: 声音频率高于20000HZ的属于超声波,医学中的B超,利用了超声的穿透能力强的特点,可以进行医学上的超声波诊断; 潜艇上的声呐利用超声波进行工作,这样可以传播相当远的距离。 故答案为:B超;声呐。 19.(2分)双休日自驾车随父母外出郊游,在行驶的过程中,善于观察的你看到汽车上有一个显示速度的仪表盘,示数如图所示,则汽车此时行驶的速度为 19.4 m/s;该车保持这个速度行驶20min后,通过的路程为 23.3 km。 【解答】解:(1)由汽车的速度计算出汽车的行驶速度: v=70km/h=70×m/s≈19.4m/s; (2)汽车行驶时间: t=20min=h, 则根据v=可得,通过的路程: s=vt=70km/h×h≈23.3km。 故答案为:19.4;23.3。 20.(1分)一辆汽车以6m/s的速度匀速驶上长为60m的斜坡,经过10s到达坡顶,接着又以 10m/s的速度从坡顶沿原路匀速返回,经过6s到达坡底,该汽车在上下坡全程中的平均速度是 7.5 m/s。 【解答】解:汽车在上下坡过程中通过的总路程s=2×60m=120m, 总时间t=10s+6s=16s, 汽车在上下坡全程中的平均速度: v===7.5m/s。 故答案为:7.5。 21.(2分)超声波在海水中的传播速度是1500m/s,合 5400 km/h.如果从某处海面竖直向海底发出的超声波经4s后返回海面,则该处海的深度是 3000 m。 【解答】解:(1)1500m/s=1500×km/h=×3600km/h=5400km/h, (2)超声波从海面传到海底的时间为t=×4s=2s, 那么此处海的深度为s=vt=1500m/s×2s=3000m, 故答案为:5400;3000。 22.(3分)小明在马路边上拍街景照片,连续拍了两张,如图甲、乙所示。如果以行驶的卡车为参照物,树是 向右运动 的,轿车是 向左运动 的,骑自行车的人是 向右运动 的。(均选填“向左运动”“向右运动”或“静止”) 【解答】解:如果以行驶的卡车为参照物,树的位置发生了改变,因此是向右运动的; 如果以行驶的卡车为参照物,小轿车超过了卡车,因此,轿车是向左运动的; 如果以行驶的卡车为参照物,骑自行车的人的位置向右发生了改变,因此是向右运动的。 故答案为:向右运动;向左运动;向右运动。 23.(2分)在气温为﹣18°C的冬天河面上冰的上表面温度是 ﹣18 ℃,冰的下表面温度是 0 ℃。 【解答】解: 因为气温是﹣18℃,故河面上的冰也是﹣18℃;而冰水混合物的温度为0℃,故冰的下表面是0℃。 故答案为:﹣18;0。 24.(2分)灯泡中的钨丝用久了会变细,这是由于钨丝在高温下会产生 升华 现象。灯泡泡发黑则是由于钨气体遇冷时 凝华 的结果。 【解答】解:灯泡的钨丝在温度较高时会直接变成气体,发生了升华现象; 当这种气体遇到冷的玻璃时,又会直接变成固体附着在灯泡上,发生了凝华现象; 故答案为:升华,凝华。 25.(1分)“神舟三号”发射时,“长征二号”捆绑式火箭尾部的火焰如果直接喷到发射台,发射架要熔化。为了保护发射架,就在发射台底建了一个大水池,让火焰喷到水池中,这是利用了水汽化时要 吸热 ,使周围环境温度不致太高。 【解答】解:发射台是一些金属结构,金属是晶体,金属达到熔点,继续吸热,会出现熔化现象。为了解决这个问题,工程师在发射台底建造了一个大水池,让高温火焰喷射到水池中,水汽化成水蒸气,需要吸收热量,使周围环境温度不致太高,从而达到保护发射台的目的。 故答案为:吸热。 26.(2分)有一光电控制液面高度的仪器,它是通过光束在液面上的反射光线反射到光电屏上的光斑位置来判断液面高低的。如图光路中,一光束与液面的夹角为40°,则反射角的大小为 50° ;当液面升高时,光电屏上的光斑S将向 左 (选填“左”或“右”)移动。 【解答】解:因为入射光线与界面夹角为40°,所以入射角等于90°﹣40°=50°; 又因为光反射时,反射角等于入射角,故反射角等于50°。 当液面上升时,由于入射角不变,所以反射光线与原来的反射光线平行, 如图所示,故光电屏上的光斑S向左移动。 故答案为 50°,左。 27.(2分)图甲、乙是两种声音的波形图,从图形可知: 甲 图是乐音的波形, 乙 图是噪声的波形。 【解答】解:从图形上可以看出,甲声音中的振动都是规则的振动,故是乐音;乙声音是无规则振动,故是噪声。 故答案为:甲;乙。 28.(1分)如图是固体a与b在试管内放在盛水的烧杯里加热的熔化图象,图甲是固体a的熔化图象,图乙是固体b的熔化图象。固体a熔化过程中,继续加热,温度 不变 (选填“升高”、“降低”或“不变”),此时a处于 固液共存 状态(选填“固”、“液”或“固液共存”)。固体b熔化过程中温度 升高 (选填“升高”、“降低”或“不变”); 【解答】解:(1)由图甲知,物质a在熔化过程中,吸收热量,温度不变,所以该物质为晶体, 晶体在熔化过程中不断吸热,温度不变,但内能增加,晶体在熔化过程中处于固液共存状态; (2)由图乙知,固体b熔化过程中温度不断升高,故b为非晶体;非晶体b在熔化过程中温度不断升高。 故答案为:不变;固液共存;升高。 三、作图与实验探究题(6题每空2分、每图2分,其它每空1分共29分) 29.(2分)作出如图所示物体成像位置。 【解答】解:分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′,用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像。如图所示: 30.(2分)如图所示,平面镜前有一点光源s,作出一条从光源s射出的光线,使它经过平面镜反射后,恰好经过A点。 【解答】解:先通过平面镜作出发光点S的对称点S′即为S的像;连接S′A交平面镜于点O(O为入射点),连接SO,则SO为入射光线,OA为反射光线;如图所示: 31.(3分)如图所示用刻度尺测量木块的长度,刻度尺分度值是 1mm ,测量值为 2.56cm ,其中准确值为 2.5 cm,估计值为 0.06 cm。 【解答】解:图中的刻度尺1cm又分为10个小刻度,故最小刻度值为1mm;末端刻度值为6.56cm,木块的长度为6.56cm﹣4.00cm=2.56cm;其中最末一位数9为估读的数字,其余的为准确值,所以准确值为2.5cm,估计值0.06cm。 故答案为:1mm;2.56cm;2.5;0.06。 32.(2分)﹣7.8℃读作 负7.8摄氏度或零下7.8摄氏度 ,它比﹣16.8℃高 9 ℃。 【解答】解:﹣7.8℃读作负7.8摄氏度,也可读作零下7.8摄氏度, 因为﹣7.8℃﹣(﹣16.8℃)=9℃,所以﹣7.8℃比﹣16.8℃高9℃。 故答案为:负7.8摄氏度或零下7.8摄氏度;9。 33.(1分)在“用温度计测水的温度”实验中按正确使用温度计的步骤,依次排列顺序为 B、A、D、F、C、E  A.选用合适量程的温度计 B.估计被测水的温度 C.稍后,待温度计的示数稳定后再读数 D.让温度计的玻璃泡与水充分接触 E.取出温度计 F.视线与温度计内液面齐平,读取示数。 【解答】解: 测量水的温度的实验过程为:B.估计被测水的温度;A.选用合适量程的温度计;D.让温度计的玻璃泡与水充分接触;F.视线与温度计内液面齐平,读取示数;C.稍后,待温度计的示数稳定后再读数;E.取出温度计。 故答案为:B、A、D、F、C、E。 34.(2分)图中甲、乙两图分别表示比较自行车和摩托车运动快慢的两种方法,其中图甲表明  在相同的时间内,摩托车比自行车通过的路程长,所以摩托车运动的快些 ;图乙表明 通过相同的路程,摩托车比自行车所用的时间短,所以摩托车运动的快些 。 【解答】解:甲图中:自行车与摩托车的行驶时间相同,在相同的时间内,摩托车比自行车通过的路程长,所以摩托车运动的快些; 乙图中:自行车与摩托车行驶的路程相同,通过相同的路程,摩托车比自行车所用的时间短,所以摩托车运动的快些。 故答案为:在相同的时间内,摩托车比自行车通过的路程长,所以摩托车运动的快些;通过相同的路程,摩托车比自行车所用的时间短,所以摩托车运动的快些。 35.(4分)为探究声音的反射与吸收特点,小明同学进行实验研究。 (1)在玻璃圆筒内垫上一层棉花,棉花上放一块机械表,耳朵靠近玻璃圆筒口正上方l0cm处,能清晰地听见表声,表声是通过传 空气 播的。 (2)当耳朵水平移动离开玻璃圆筒口一段距离后,如图(甲)所示位置,恰好听不见表声。 (3)在玻璃圆筒口正上方10cm处安放一块平面镜,调整平面镜的角度直到眼睛能从镜面里看到表,如图(乙)所示,则∠AOB是该光路的 入射角 (入射角/反射角)。此时耳朵又能清晰地听见表声了,说明声音能像光一样反射。 (4)用海绵板代替平面镜,听见的声音明显减弱,说明海绵板吸收声音的能力 强 (强/弱)于玻璃板。 【解答】解:(1)耳朵在玻璃圆筒口上方清晰地听到的声音是通过空气传播的; (3)人看见表,是表反射的光经平面镜反射后进入眼睛形成的,所以光线AO是入射光,所以∠AOB是入射角; (4)因为海绵板代替平面镜后,听见的声音明显减弱,所以海绵板吸收声音的能力强于玻璃板; 故答案为:(1)空气;(3)入射角;(4)强。 36.(6分)为了研究影子长度与哪些因素有关,某科学兴趣小组的同学做了如图的实验:在水平地面上竖直固定一根长杆,长杆上装有一个可以上下移动的点光源A,再在地面上竖立一根短木条(短木条始终低于点光源A)。 (1)保持短木条的长度和位置不变,该同学将点光源A从图示位置逐渐向上移动,测得数据如下表: 点光源的高度H/cm 20 30 40 50 60 影子长度L/cm 30 15 10 7.5 6 该科学兴趣小组同学做此实验,想要验证的假设是 影子的长度与点光源的高度的关系 。 (2)分析上述实验数据还可得到:在点光源逐渐上移过程中,若点光源高度的增加量相同,则影子长度L的变化量 减小 (选填“增大”、“减小”或“不变”) (3)图中S可表示点光源到短木条的距离,如果要研究影子长度L与点光源到短木条的距离S的关系,应如何操作 保持短木条的长度和点光源的高度不变,改变短木条的位置。 。 【解答】解:(1)光源的高度从20cm增加到60cm时,影子的长度从30cm变成了6cm,故要验证的假设是影子的长度与点光源的高度的关系; (2)光源每增加10cm后的影子的形变量分别为15cm;5cm;2.5cm;1.5cm,所以点光源高度的增加量相同,则影子长度L的变化量 减小; (3)根据控制变量法知,应当保持短木条的长度和点光源的高度不变,改变短木条的位置。 故答案为:(1)影子的长度与点光源的高度的关系;(2)减小;(3)保持短木条的长度和点光源的高度不变,改变短木条的位置。 37.(10分)如图,是“探究平面镜成像特点”的情景:竖立的透明玻璃板下方放一把直尺,直尺与玻璃板垂直;两支相同的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧的直尺上,以A蜡烛为成像物体。 (1)为便于观察,该实验最好在 较黑暗 环境中进行(选填“较明亮”或“较黑暗”);此外,采用透明玻璃板代替平面镜,虽然成像不如平面镜清晰,但却能在观察到A蜡烛像的同时。也能观察到 蜡烛B ,巧妙地解决了确定像的位置和大小的问题。 (2)点燃A蜡烛,小心地移动B蜡烛,直到与A蜡烛的像 完全重合 为止,这时发现像与物的大小 相等 ;进一步观察A、B两支蜡烛在直尺上的位置发现,像和物的连线与玻璃板 互相垂直 ;像和物到玻璃板的距离 相等 。 (3)移去后面的蜡烛B,并在其所在位置上放一光屏,则光屏上 不能 接收到蜡烛烛焰的像(选填“能”或“不能”)。 【解答】解:(1)因蜡烛是点燃的,所以适合在较黑暗的环境下才可看清蜡烛的像,故答案为:较黑暗。 因为玻璃板是透明的,能在观察到A蜡烛像的同时。还可以透过玻璃清楚的看到放在后面B蜡烛,便于确定像的位置和大小,故答案为:蜡烛B。 (2)根据平面镜成像的特点可知,点燃A蜡烛,小心地移动B蜡烛,直到与A蜡烛的像完全重合为止,这时发现像与物的大小相等;进一步观察A、B两支蜡烛在直尺上的位置发现,像和物的连线与玻璃板互相垂直;像和物到玻璃板的距离相等。 故答案为:完全重合、相等、互相垂直、相等; (3)因平面镜成的像是虚像,故不能在光屏上呈现,故答案为:不能。 四、计算与解答题(本题15分.要求解答过程必须写出必要文字说明,公式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须写出数值和单位) 38.(9分)十字路口红绿灯设置的时间长短中包含着许多科学道理。 (1)行人在交通路口过马路时,应注意观察绿灯的剩余时间,否则有可能被“困”在路中央。若绿灯倒计时还剩5秒,此时行人要沿斑马线穿过宽为20米的马路,则速度至少多大才能安全通过? (2)汽车遇红灯在路口等待时,通常是不熄火的,这不但会白白消耗能源,同时还会造成环境污染;红绿灯设置时间的长短需要考虑的因素很多,下列因素中需要考虑的是 ABCD 。 A.车流量;B.道路宽度;C.人流量;D.时间段。 【解答】解:(1)速度至少为: v===4m/s; (2)应根据:车流量、道路宽度、人流量、时间段设置红绿灯的时间,故选ABCD。 答:(1)速度至少为4m/s; (2)ABCD。 39.(6分)出租车司机在机场高速公路的入口处,看到如图的标志牌。在不违反交通规则的前提下,该司机从入口处出发,至少行驶多少分钟才能到达机场? 【解答】解: 由标志牌知:最大行驶速度为v=100km/h,距机场距离为s=12km 由v=得: t===0.12h=7.2min。 答:至少行驶7.2min才能到达机场。 声明:试题解析著作权属菁优网所有,未经书面同意,不得复制发布 日期:2019/1/15 14:12:10;用户:初中物理;邮箱:sudongzhongxue02@xyh.com;学号:25359104 第1页(共1页)

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  • ID:6-5378744 北师大版八年级下册第七章第二节7.2 弹力.力的测量

    初中物理/北师大版/八年级下册/第七章 运动和力/二、弹力、力的测量

    《7.2弹力 力的测量》导学案 学习目标: 1.知道弹力是由于物体发生形变而产生的力;领悟弹簧测力计的原理。 2.认识弹簧测力计的构造和使用方法;会用弹簧测力计测量力的大小。 学习过程 【活动一:学习弹力】 ※做一做 用力拉弹簧、拉橡皮筋、捏橡皮泥、弯折铁丝上,然后松开手,观察它们形变是否相同。 (温馨提示:不能拼命用力!) 以上现象的共同点是 ;不同点是 ; 1、像橡皮筋、弹簧等受力时会发生形变,不受力时 ,物体的这种特性叫做 ,这种形变叫做_______________ 2、像橡皮泥、铁丝,一旦受力变形后,不能再恢复到原来的形状,物体的这种性质叫做 ,这种形变叫做_______________ ※想一想:为什么在前面的(1)和(2)中不让同学们拼命用力? 3、弹力是物体发生 ,由于要 ,对它接触的物体产生力的作用,这个力叫做弹力。支持力、压力、拉力从性质上说都是弹力。 ※画一画: 画出物体A静止受到斜面支持力的示意图。 将钩码挂在弹簧上的外力越大,弹簧的形变也 。 在弹性限度内,弹簧的伸长的长度与弹簧受到的拉力成________。 【活动二:正确使用弹簧测力计】 ※填一填:1、测量 的工具叫做测力计。 ※说一说:2、弹簧测力计原理: 在弹性限度内,弹簧的伸长的长度与弹簧受到的拉力成________。 3、弹簧测力计的构造 、 、 、 ※写一写: (1)弹簧测力计的量程是多少?为什么要看量程? (2)弹簧测力计一大格是 N,里面有 小格,分度值(每一个小格)表示 N ※做一做: (1)观察弹簧测力计的量程,并认清它的每个小格表示多少牛。 (2)检查弹簧测力计的指针是否指在零刻度线上,如果不在,应该把指针调节到零刻度线上。 (3)用手拉弹簧测力计的挂钩,并分别使指针指到1 N、2 N的位置,感受1 N、2 N力。 (4)测量身边小物体对弹簧测力计的拉力。 ① 把文具袋悬挂在弹簧测力计的挂钩上,文具袋对弹簧测力计的拉力F1= N。 ② 用弹簧测力计沿水平方向拖动文具袋,测量文具袋对弹簧测力计的拉力F2= N 。 (5)用两个弹簧测力计在水平方向上互拉,看看谁对谁的拉力大。 (爱心提示:一定要记录下你的测量结果哟!) 4、归纳出使用弹簧测力计的方法和注意事项 (从使用前、使用时、读数几方面考虑) 三、基础巩固 1、如图所示,是正在使用的弹簧测力计,这个弹簧测力计的量程为    ,分度值为    ,此时的测力计的示数为    N。 2、 下列事例中,不是应用弹力工作的是(  ) A、撑杆跳高       B、蹦床 C、玩具弹簧枪射击子弹 D、守门员用力扑住射向球门的足球 3、在使用弹簧测力计时,下列说法中错误的是( ) A、所测的力不能超过测量范围 B、使用前轻轻拉动挂钩来回运动几次 C、使用前应校零 D、弹簧测力计必须竖直使用能力提升 4.两位同学使用弹簧拉力器比较臂力的大小,他们拉同一拉力器的三根弹簧,结果都将手臂撑直了,则 ( ) A.手臂粗的同学用的臂力大 B.手臂长的同学用的臂力大 C.两同学用的臂力一样大 D.无法比较用的臂力大小四、课外讨论 四、课后反思:学习中,你有哪些收获,还有哪些不足? 实验次数 1 2 3 4 5 6 弹簧的长度L/cm 10 弹簧伸长的长度L/cm 0 拉力F/N 0 课题?弹力?力的测量? 课型?新授课 ?课时?1课时? ??教?学?目?标? 知识与技能 ?1、了解弹性、范性及其在生活中的应用? 2、了解弹力及弹力的方向。? 3、会正确使用弹簧测力计测量力? 过程与方法? 1、通过观察和实验,了解生活中常见的弹力。? 2、通过实验,探究并验证弹簧的伸长与拉力的关系。? 3、探究弹簧测力计的制作方案,经历使用弹簧测力计的过程,学会弹簧测力计的使用方法。? 情感态度与价值观? 1、培养学生勇于探索自然现象、生活中的物理学道理的兴趣。?2、体现物理来源于生活、又服务于生活的道理。? 教学重点?会正确使用弹簧测力计测量力?教学难点?1、了解弹力的方向? 2、了解弹簧伸长的长度与拉力的关系? 教学方法?采用“探究式”教学模式,边实验边总结并应用启发性的综合性教学法?教具? 教师?弹簧、弹簧秤、拉力器、气球、钩码(10个50g)?多媒体课件? 学生? 橡皮筋、橡皮泥、弹簧、铁丝、气球、弹簧测力计、笔袋?(4人一组)?教学环节?教师活动?学生活动? 设计意图?创设情景 导入新课?(2分钟)??? 通过撑杆跳高图片的情 景,提问学生能说出与力有关的知识??为什么撑杆跳高比普通跳高跳的高?撑杆对人有力的作用——这个力就是弹力。本节课我们一起探究弹力?力的测量(板书)? ?? 力是物体对物体的作用?力能使物体发生形变?力能改变物体的运动状态?物体间力的作用是相互的? 创设情景,提出问题,激发学生的求知欲。? 新课教学?? (活动1)?用力分别拉弹簧、拉橡皮 筋、挤压橡皮泥、弯折铁丝;?(活动1)? 实验:用力分别拉弹簧、 拉橡皮筋、挤压橡皮泥、弯折? 学生先动手实验操作交流 一、弹力?? 松手后,物体的形变有什么不同吗?说出这些现象的共同点(力改变了物体的形状)和不同点?试着判断下列物体那些有弹性,哪些有范性?? 橡皮筋,弹簧受力时发生形变,撤去力后恢复到原来的形状,物体的这种性质叫做弹性。具有弹性的物体发生的形变叫做弹性形变? 橡皮泥,铁丝受力后发生形变,撤去力后不能恢复到原来的形状,物体的这种性质叫做范性。? 具有范性的物体发生的形变叫范性形变。? 铁丝;松手后,物体的形变有什么不同吗???(学生活动)? 弹性应用:蹦极、汽车减震、跳水跳板……? 塑性应用:揉面团、用橡皮泥做小动物、把纸片揉成团……? 然后学生边演示边说,由直观到抽象,从亲身的体验及身边的现象中 归纳出事物的共同特征。明确概念。激发了学生的学习兴趣,激活了他们的思维。? ?发生了弹性形变的物体,由于要恢复原来的形状,对跟它接触的物体会产生力的作用,这种力叫做弹力.? ???感受弹力:用力压气球?直接给出弹力的概念。? 演示微小形变??? 把书放到桌子上,书受到的支持力,和桌子受到的压力性质上也是弹力。那么书放到桌子上,桌子发生的是微小形变。? 读弹力概念? 感受弹力:用力压气球。?气球要恢复原来的形状对手产生的力,这个力就是弹力。? 用力拉弹簧,弹簧对手的拉力就是弹力,由于力的作用是相互的,手对弹簧的拉力也是弹力。? 了解支持力和压力的方向。?画力的示意图?? 先演示微小形变,让学生知道微小形变。接助互动课堂放大微小形变。再利用课件展示桌面发生了微小形变,指明弹力的方向。突出难点。? 二、弹簧测力计? 利用废旧弹簧,演示用较大的力拉,使发生较大形变。观察后一种情况下,撤去力后弹簧不能恢复原状,引出弹性限度概念。? 比一比谁是大力士:?找两个学生拉拉力器,看谁的力量大。如何判断?? 用力拉弹簧,力越大,弹簧伸长的越长。? 弹性限度内,那么弹簧的 伸长量与拉力有什么关系呢??1、原理:? 演示实验:分别在大弹簧 上挂1个、2个、3个、4个、5个50克的钩码,并记下指针没挂钩码时及每挂一次钩码时的位置。最后测量每次弹簧的长度及伸长的长度。并将结果填表:? 图像说明什么??在弹性限度内,弹簧伸长的长度与拉力成正比。? 根据拉力越大,弹簧伸长越长的原理,制成一种制成测量力大小的仪器―――弹簧测力计。? 拉力? ????弹簧伸长的长度? ?用大小不同的力拉弹簧,观察弹簧伸长的长度有什么不同????????? ? ?? ??分析表格数据,可以得出怎样的结论?生:①拉力越大,弹簧越长。? ??②拉力越大,弹簧伸长越 长。(弹簧伸长的长度与拉力成正比)???????? ??? 实验简单易行,学生能够参与教学,提高兴趣和探究能力。????? 利用excel做图,帮助学生理解弹簧伸长的长度与拉力成正比。突破难点。?通过多种学习方式,充分调 动学生学习的积极性,让学生始终处于学习的主体地位,培养他们获取新知识的能力。???? 多媒体展示其它形式的测力计。? 2、构造:? 学生试着说出弹簧测力计的构造。? 利用放大镜功能帮助学生认识量程,分度值。?? 3、使用:观看视频:??? 帮助学生解惑并收集数据?????????????????? ?? 完成学案活动 2:?? 学生以组讨论:认识弹簧测力计结构,并能准确的说出并写出量程,分度值。????? 学生完成做一做:并总结弹簧测力计的使用:? (1)观察弹簧测力计的量程,并认清它的每个小格表示多少牛。? (2)检查弹簧测力计的指针是否指在零刻度线上,如果不在,应该把指针调节到零刻度线上。? (3)用手拉弹簧测力计的挂 钩,并分别使指针指到1?N、3?N、5?N的位置,感受1?N、3?N、5?N的力。? (4)测量身边小物体对弹簧测力计的拉力。? ??①?把文具袋悬挂在弹簧测力计的挂钩上,文具袋对弹簧测力计的拉力F1=?????N。???②?用弹簧测力计沿水平方向拖动桌面上的文具袋,测量 ? 利用放大镜让更多学生会读量程、分度值??????? 采用(5mim)? 倒计时,限制时间,增强学生的时间观 念。??通过对弹簧测力计的作用、结构、使用方 法的探究与认识,掌握弹簧测力计的使用 方法。突出重点。培养学生的动手操作能力。????? 播放学生实验视频:?两个测力计示数相等。??总结:?? 找一名学生演示测量石头对测力计的拉力,其它学生做一补充。? 1、观察弹簧测力计的量程和分度值,使用时不能测量超过量程的力。? 2、检查指针是否还在零刻度处,若不在,应调零。? 3、测量时,要使弹簧测力计受力的方向沿弹簧的轴线方向;?4、读数时,视线必须与刻度盘垂直。? 文具袋对弹簧测力计的拉力F2=?????N?。? (5)用两个弹簧测力计在水平方向上互拉,看看谁对谁的拉力大。?? 使用弹簧测力计的注意事项: (1)要先轻轻拉秤钩几次,以避免测量时指针被刻度盘卡住;? (2)被测的力要施加在秤钩上,被测力的方向要沿弹簧的轴线方向,以防摩擦或其它阻碍;? (3)加在弹簧测力计上的力不许超过它的最大量程;?(4)当指针相对于刻度盘静止时方可读数,读数时视线必须和刻度盘垂直。??? 复习一对相互作用力大小相等。巩固上节课难点。?? ?? 突出重点。????? ? ? 基础达标?能力提升?通过4道典型练习检测学生掌握情况。? 完成练习?部分学生分享答案? 促进知识的巩固掌握。提升学生的交流表达能力。? 课堂小结?通过今天的学习,同学们有哪 些收获?在实验探究中又存在哪些问题?还有什么想探究的问题?? 学生可以个别回答,或相互交流,在交流的基础上进行学习小结。? ?

  • ID:6-5378715 北师大版初中物理八年级下册第七章第二节7.2二、弹力 力的测量课件 26张PPT

    初中物理/北师大版/八年级下册/第七章 运动和力/二、弹力、力的测量

    二、弹力 力的测量:26张PPT弹力 力的测量 一、形变 实验探究活动一: 实验要求:在你们的实验盒中装有不同的物体,请用手按按压压,找找有什么不同,并设法用这些物体将小球或橡皮泥弹起。 物体形状或体积的改变称为形变 一、形变: 一、形变 一、形变 跳水 蹦床 一、形变 发生形变的橡皮泥能把小球弹出去吗? 形变 弹性形变:能恢复原状 范性形变:不能恢复原状 不能恢复原状 一、形变 ================================================ 压缩包内容: 二、弹力 力的测量.ppt

  • ID:6-5375746 达孜中学2018-2019第一学期九年级物理期末试卷

    初中物理/期末专区/九年级上册

    绝密★启用前 达孜中学2018-2019第一学期九年级物理期末试卷 考试范围:13-19章;考试时间:90分钟;命题人:范加明 注意事项:1、答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2、请将答案正确填写在答题卡上 一、单选题(每题3分,共36分) 1.某导体接在电路中,如果把加在该导体两端电压减小到原来的一半,保持温度不变,则下列关于导体的电阻和通过它的电流的说法正确的是(?? ) A.都减小到原来的一半 B.都保持不变 C.电阻不变,电流减小到原来的一半 D.电阻不变,电流是原来的2倍 2.水具有比热容大的特点,下列现象中与此特点无关的是(??? ) 3如图所示为内燃机工作时的某冲程示意图,该冲程是(?? ) A.吸气冲程?????B.压缩冲程??????C.做功冲程??????D.排气冲程 4.家庭电路中,下列哪种情况会使熔丝熔断(???? ) A.停电????????????????????????????B.关闭空调 C.电路发生短路????????????????????????D.打开冰箱门 5.下列关于“热机”的说法中,正确的是(? ?) A.通过技术改进,热机效率可达100% B.做功冲程将机械能转化为内能 C.热机常用水做冷却剂,是因为水的沸点高 D.火箭发动机属于热机 6.关于物体的内能,下列说法正确的是(??? )[来源:学科网ZXXK] A.温度为0℃的物体没有内能 B.物体内能增加,一定是通过外界对物体做功 C.正在沸腾的水吸收热量,温度增加,内能不变 D.在相同物态下,同一物体温度降低,它的内能会减少 7.如图所示,电源电压保持不变,开关闭合后,灯、都能正常工作,甲、乙两个电表的示数之比是2:3,此时灯、的电阻之比是( ? ) A.2:1????????B.1:2????????C.3:2????????D.2:3 8.关于电流表和电压表的使用方法, 下列说法正确的是(?? ) A.测量电压时,电压表必须与被测电路串联 B.测量电流时,电流表必须与被测电路串联 C.不管是电流表还是电压表,连接时必须使电流从" +"接线柱流出,从"-"接线柱流进 D.电压表的量程改变后,每小格表示的值仍保持不变 9.仔细观察图中甲、乙、丙三杯水,下列说法中正确的是(?? ?) A.甲杯中水的内能最大 B.乙杯中水的内能最大 C.丙杯中水的内能最大 D.乙、丙两杯中水的内能一样大[来源:学#科#网] 10.一台柴油机中的燃料完全燃烧放出了的热量,损失了的热量,该柴油机的效率为( ) A.B.C.D. 11.将带正电的玻璃棒靠近泡沫球,出现如图所示情形.若改用带负电的橡胶棒靠近这个泡沫球,下列推理正确的是(?? ) A.若相互吸引,则泡沫球带正电 B.若相互吸引,则泡沫球不带电 C.若相互排斥,则泡沫球带正电 D.若相互排斥,则泡沫球不带电 12.“庆元旦文艺会演”时,物理组的童老师给大家表演了一个“不怕电”的节目。首先童老师将一标有“220 100”的灯泡接到两导线头之间,灯泡正常发光。随后将灯泡取下,童老师站到干燥的木発上后,左、右手分别抓住、两导线头(如图所示)。王老师用测电笔分别测试、及童老师的皮肤,发现测电笔的氖管都发光,而童老师却谈笑自如。对以上现象的解释,你认为正确的是(???? ) A.童老师有特异功能,确实不怕电 B.童老师的双手戴着绝缘手套 C.在人、灯替换之时,有人将零线断开了 D.在人、灯替换之时,有人将火线断开了 二、填空题(每空1分,共25分) 13.如图所示,是小宝同学做探究实验时的电路图,电路中的两只相同的电压表选用了不同的量程,测量时,两只电压表的指针恰好指在同一位置处,电压表和的示数之比是__________,选择0~15量程的电压表是__________. 14已知酒精的热值q=3×107J/kg,有10Kg酒精,完全燃烧其中的一半,能放出__________J的热量。剩余一半的热值__________?(选填“变大”、“变小”或“不变”)。 15现代社会中汽车是一种重要的交通工具,很多汽车使用的发动机是四冲程汽油机,在它工作的过程中,________冲程将机械能转化为内能,这是通过_____________方式改变了缸内气体的内能。为了降低汽缸体的温度,汽缸外有一个水箱体,使汽缸被水包围着,这是通过_______________的方式减少汽缸内能的。 16.摩擦起电并不是创造了电荷,只是电荷从一个物体转移到另一个物体使正负电荷__________,如图所示,小女孩用橡胶棒去摩擦动物的皮毛后,橡胶棒带上了__________电。 17.小周采用如图所示的方法连接两个灯泡,结果两个灯泡都亮了,这两个灯的连接方式是__________。若电源电压为3V,灯泡的规格均为“3V2.5W”,每个灯泡的实际功率是__________W。(不考虑温度对灯丝电阻的影响) 18.在电阻两端加15V电压时,通过它的电流为3A,如果在它两端加6V的电压,通过它的电流是__________A。[来源:学科网] 19.如图所示,电流表的示数为__________A;电压表的示数为__________V。 20.安全用电低压触电:常见的低压触电事故都是人体直接或间接接触__________,并构成__________造成的. 高压触电:包括__________触电和__________触电.安全用电原则:不接触__________带电体,不靠近__________带电体. 21.如图所示,电源电压保持不变。闭合开关,电压表的读数如图乙所示,为__________V。当滑动变阻器的滑片P向右移动时,电流表的示数将__________(选填“变大”“变小”或“不变”)。 22.电能表是测量__________的工具。如图所示是探究电流热效应跟什么因素有关的实验装置,电阻丝R1的阻值是电阻丝R2的阻值的两倍,接通电源后, R1和R2产生热量之比为__________;若将两瓶的电阻丝并联后接入同一电路中,R1和R2产生热量之比为__________。 三、作图题(每题2分,共6分) 23.根据如图甲所示的电路图,用笔画线代替导线,连接图乙实物电路(要求导线不能交叉)。 ?????????????? 甲?????????????????????????????????????????????? 乙 24.如图所示电路中,甲、乙是两只电表(电流表或电压表),闭合开关后,两灯均能发光,请在图中画出甲、乙分别是什么表。 25.请你在下图中,用笔画线代替导线将图中实物连接起来。要求:①电压表测量灯泡两端的电压,电流表测量通过灯泡的电流;②滑动变阻器滑片向右滑动时,通过灯泡的电流变大。 四、实验题(每空1分,共18分) 26如图所示,在透明塑料盒的底部钻一个孔,把电子式火花发生器的放电针紧紧地塞进孔中,打开塑料盒盖,向盒内滴入数滴酒精,再将盒盖盖紧,然后揿动电火花发生器的按钮……. (1)在此过程中,酒精燃烧后的燃气的?????????能转化为塞子的?????????. (2)汽油机的工作过程的????????冲程与这一实验过程中能量的转化是一致的.如果该汽油机飞轮转速是1200r/min,则它每秒钟内对外做功?????????次。 27.在“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验中,有如下器材:电压表、电流表、滑动变阻器、开关、两节干电池、定值电阻R(分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω)、导线若干。小明在实验时连接的电路如图甲所示。 1).在探究“电流与电压的关系”实验中: ①闭合开关前,要将滑动变阻器滑片移至__________(填“A”或“B”)端;电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和__________的作用; ②闭合开关S,无论如何移动滑动变阻器的滑片P,发现电流表示数几乎为零,电压表示数约为3V,此时,电路出现的故障可能是__________;小明排除故障后继续实验。 2).在探究“电流与电阻的关系”实验中: ①电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和__________的作用; ②小明先将R=10Ω的电阻接入,闭合开关,调节滑动变阻器的滑片,直到电压表示数为2.5V,记下电流表示数;接着在滑动变阻器的滑片位置不变,把R换为15Ω的电阻时,应向__________(填“A”或“B”)方向移动滑动变阻器的滑片P,才能使电压表示数为2.5V,同时记下电流表的示数; ③若要使所给的5个定值电阻分别接入电路中都能正常进行实验,应该选取至少标有__________Ω的滑动变阻器; ④根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图乙所示,小明由图像得出的结论是:__________。 3).若继续使用该实验电路,还可以进行的实验有__________(只要求填写一个实验名称)。 28.小刚班的同学准备用图所示的实验装置探究“在升高相同温度的情况下,一定质量的液体吸收热量的多少与物质的种类是否有关”。 1).在准备实验器材时,应选择__________的两个酒精灯。 2).在此实验中,液体吸收的热量的多少是通过__________来比较的。 3).其中两个小组记录的实验数据如下表: 实验组别 液体 质量/ 初温/℃ 末温/℃ 加热时间/ ????? 1 ? 水[来源:学科网ZXXK] ?200 ?? 25[来源:学科网ZXXK] ??? 40 13'30'' 煤油 ?200 ?? 25 ????40 ?6'30'' ????? 2 ? 水 ?200 ?? 25 ??? 40 12'10'' 煤油 ?200 ?? 25 ??? 40 ?5'45'' 通过分析实验数据,他们得出的结论是:__________。 4).使质量相同的同种物质升高相同的温度,加热时间应该相同。但1、2两组的同学在交流实验数据时却发现,第1组的加热时间明显偏长。其原因可能是:__________。 29.家庭电路中短路故障常用校验灯来查找,其方法是: 断开所有用电器的开关。将一个普通的白炽灯L与那个熔断的熔丝并联,如图所示。闭合总开关,接下来的操作如下表: 开关S1 开关S2 校验灯L 闭合 断开 暗红色(发光不正常) 断开 闭合 正常发光 1).短路故障发生__________(选填“L1”或“L2”)支路上。 2).请你在虚线框内画出S1闭合S2断开时的等效电路图。 五、计算题(4+5+6=15分) 30.上海世博会的主题是“城市, 让生活更美好”。为了倡导低碳生活,太阳能热水器被广泛应用于现代生活。下表提供的是一装满初温为的太阳能热水器在太阳照射下的相关信息: 太阳照射时间 太阳能转换为水的内能的效率 热水器最大水容量 ??????????? 10 ???????????????? ????????? 100 水升高的温度 水的比热容 水的密度 ???????????? 60 ?????????????? ? ?????? 1.热水器中的水吸收的热量是多少; 2.此次热水器接收的太阳能为多少; 3.如果这些太阳能由燃烧燃气提供,至少需要多少?燃气。(燃气的热值为) 31.人类的祖先钻木取火,为人类文明揭开了新的一页。钻木取火的一种方法如图所示,将削尖的木棒伸到木板的洞里,用力压住木棒来回拉动钻弓。木棒在木板的洞里转动时,板与棒互相摩擦,机械能转化为内能,而热集中在洞内,不易散发,提高了木棒尖端的温度,当达到约时木棒便开始燃烧。因木头是热的不良导体,故受热厚度很薄,木棒受热部分的质量只有0.25克。已知:来回拉一次钻弓需1.0 秒,弓长为米,人拉弓的力为16牛顿,木头比热容焦/()室温为。问: 1.人来回拉一次钻弓克服摩擦力所做的功为多少? 2.人克服摩擦力做功使机械能转化为内能,若其中有25%被木棒尖端吸收,则1秒内可使木棒尖端温度提高多少T? 32.下图是实验中学物理课外活动小组自制的电热暖手器的电路原理图。电源电压恒为8V,S为单刀三掷开关,发热体的电阻分别是R1=2Ω,R2=1Ω,R3=5Ω,问: 1).该电热暖手器工作时的最小电流是多少? 2).该电热暖手器消耗的最大功率是多少? 3).当开关调至“2”挡位置时在1min时间内最多可产生多少焦耳的热量? 物理参考答案 1. C2. B3. D4. C5. D6. D7. B8. B9. C10. B11. B12. C 13. 1:5; V2 14.1.5×108J??? 不变 15.压缩?? 做功?? 热传递 16.分开; 负 17.串联; 0.625 18. 1.2 19. 0.3; 1.5 20.火线; 通路; 高压电弧; 跨步电压; 低压; 高压 21. 2.5 ; 变大 23.如图所示 24.如图所示 25.如图所示 26.(1)内能? 机械能?(2)做功??? 10 27. 1).A; 改变R两端的电压,多次测量; R处断路 2).控制电阻R两端电压不变; A; 5; 电压一定时,通过导体的电流跟导体的电阻成反比 3).伏安法测电阻 28. 1).火焰大小相同; 2).加热时间; 3).在升高相同的温度的情况下,一定质量的液体吸收热量的多少与物质的种类有关 4).这两组使用的酒精灯火焰的大小不同 29.答案:1).L2 2).如图所示: 30.答案:1). 2). 3). 31.答案:1). 2). 32.答案:1).1A; 2).32W; 3).426.7J

    • 期末试卷
    • 2019-01-14
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