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初中物理粤沪版九年级下
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  • ID:6-5690477 粤沪版九年级物理下册17.1关于电动机转动的猜想(共40张PPT)

    初中物理/粤沪版/九年级下/第十七章 电动机与发电机/1 关于电动机转动的猜想


    粤沪版九年级物理下册17.1关于电动机转动的猜想(共40张ppt):40张PPT关于电动机转动的猜想
    日常生活和生产中那些地方用到了电动机?
    请同学们想一想,说一说。
    日常生活中装有电动机的装置
    (b)洗衣机
    电冰箱、空调、洗衣机、电扇、微波炉、电脑、收录机、吸尘器、果蔬搅拌机
    电力机车、电动车、电梯……
    一、认识电动机
    电动机就是人们通常所指的马达。
    一、了解电动机的结构
    活动1、让电动机转起来
    活动反馈:闭合开关后,电动机是否转动。
    若不转动,你是怎样处理的?
    ================================================
    压缩包内容:
    粤沪版九年级物理下册17.1关于电动机转动的猜想(共40张ppt).ppt

  • ID:6-5651477 2018-2019学年福建省漳州市第一中学九年级(下)期中物理试卷(解析版)

    初中物理/期中专区/九年级下册

    2018-2019学年福建省漳州市第一中学九年级(下)期中物理试卷 一.选择题(共16小题,满分32分,每小题2分) 1.下列能源中属于新能源的是(  ) A.石油 B.太阳能 C.煤炭 D.天然气 2.对诗句“小小竹排江中游,巍巍青山两岸走”的描述中正确的是(  ) A.前一句是以竹排为参照物来表示青山在运动 B.前一句是以青山为参照物来表示竹排在运动 C.后一句是以青山为参照物来表示两岸在运动 D.后一句是以两岸为参照物来表示青山在运动 3.下列说法中,正确的是(  ) A.电磁波的频率越高,传播的速度就越大 B.电磁波可以在真空中传播 C.手机间通话靠超声波传递 D.微波不具有能量 4.如图所示,“影”是生活中常见的光现象,如做光学游戏的“手影”、留下美好记忆照片的“摄影”、投影仪射到屏幕上的“投影”、湖岸景色在水中形成的“倒影”等,其中它们与物理知识对应关系正确的是(  ) A.手影﹣平面镜成像 B. 摄影﹣凸透镜成像 C.投影﹣小孔成像 D.倒影﹣光的折射 5.下列实例中利用了熔化吸热的是(  ) A.运输食品时利用干冰降温防止食品腐烂 B.天热时向地上洒水会感到凉快 C.给发烧的病人用酒精擦拭身体以进行物理降温 D.向可乐饮料中加冰块会使饮料变得更凉 6.在扬城第一场雪降临的深夜,环卫工人们连夜洒盐化雪,防止雪水结冰给出行的人们带来不便。一辆正在洒盐的卡车,匀速驶上桥顶的过程中,下列说法正确的是(  ) A.动能增大,重力势能不变 B.动能不变,重力势能增大 C.动能减小,重力势能无法确定 D.动能和重力势能都无法确定 7.如图所示,用甲乙两个滑轮将同样的钩码匀速提升相同的高度,则下列说法正确的是(  ) A.F1与F2大小相等 B.甲中绳的自由端移动的距离比乙大 C.F1做的总功比F2多 D.F1做的总功比F2少 8.向一个轻质塑料瓶中装入密度为ρA的液体后密闭,把它分别放在盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体的容器中,两容器内液面刚好相平,且瓶底和瓶口均相平。若塑料瓶在甲、乙两种液体中所受浮力分别为F甲、F乙,甲、乙两种液体对容器底部的压强分别为p甲和p乙,如图所示,下列判断正确的是(  ) A.p甲>p乙,F甲=F乙 B.p甲<p乙,ρ乙>ρ甲 C.p甲>p乙,ρ乙<ρ甲 D.p甲=p乙,F甲=F乙 9.有一石块重力大小为G,在空气中运动时受到的阻力为f且不变,当它竖直上抛时受到的合力大小为F1,竖直下落时受到的合力大小为F2,则(  ) A.F1>F2 B.F1<F2 C.F1=F2 D.不能确定 10.如图,粗细均匀木棒AB长为1m,水平放置在O、O'两个支点上。已知AO、O'B长度均为0.25m。若把B端竖直向上稍微抬起一点距离,至少需要用力40N;则木棒的重力为(  ) A.160N B.120N C.80N D.4ON 11.水的比热容大于沙石的比热容。质量相等的水和沙石吸收相等的热量,若吸收的热量全部转化为内能,则沙石的(  ) A.内能较小 B.末温较高 C.内能增加的较多 D.温度升高较多 12.如甲图所示,小明用弹簧测力计拉木块,使它先后两次沿水平木板匀速滑动相同的距离,乙图是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法错误的是(  ) A.两次木块运动的速度相同 B.木块两次受到的摩擦力相同 C.两次拉力对木块做的功一样多 D.第一次拉力对木块做功的功率较大 13.为避免超高车辆闯入隧道造成事故,小欢设计了警示电路,使用时闭合开关S.导线EF横置于隧道口上沿前方,一旦被驶来的车辆撞断,红灯L亮且电动机转动放下栏杆。灯和电动机中,即使其中之一断路,另一个也能正常工作。下列电路中符合要求的是(  ) A. B. C. D. 14.波士顿大学的科学家设计了一种“波浪能量采集船”,如图所示,在船的两侧装有可触及水面的“工作臂”,“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时,工作臂就前后移动,完成能量的采集,并把它们储存到船上的大容量电池中。图中能反映“波浪能量采集船”能量采集原理的是(  ) A. B. C. D. 15.如图所示,甲、乙、丙三图中的装置完全相同,燃料的质量相同,烧杯内的液体质量也相同,下列说法正确的是(  ) A.比较不同液体的比热容,可以选择乙丙两图 B.比较不同液体的比热容,可以选择甲乙两图 C.比较不同燃料的热值,可以选择甲乙两图 D.比较不同燃料的热值,可以选择乙丙两图 16.如图所示,这是一个自制的测定风速的装置,其中风速表是由电压表改装而成,“T”型管道的竖直管内装有一个可上下自由移动的轻质活塞A,A和滑动变阻器的滑片相连。下列说法正确的是(  ) A.风速变大,R1的阻值变大 B.风速变大,活塞向下运动 C.风速变大,电压表的示数变大 D.以上说法均不正确 二.填空题(共6小题,满分12分,每小题2分) 17.小梦在喝完盒装酸奶后,又用力吸了一下,发现奶盒变瘪了,这个实验可以证明   的存在;也可以说明力可以改变物体的   。 18.一切正在发声的物体都在   ,   停止,发声也停止;声音的传播需要   ,   中不能传播声音。 19.2015年3月13日,短道速滑世锦赛在俄罗斯莫斯科举行。如图所示是中国选手武大靖在男子500米短道速滑比赛中夺金的场景。在滑行的过程中冰刀与冰面之间形成的水膜可以   摩擦(选填“增大”或“减小”);由于摩擦,冰刀温度升高,这是通过   方式增加了冰刀的内能。 20.为了检查卧室里L2是否存在问题(其他部分电路元好),电上师傅常在进户火线上串联一个完好的家用电灯泡L1,如图所示,若闭合开关时,发现L1、L2均不发光,说明卧室灯L2出现了   情况:若闭合开关时,发现L1正常发光,则说明卧室灯L2出现   情况,若此时用试电笔接触A点处,氖管   (选填“会”或“不会”)发光。 21.如图所示,烧杯内盛有某种液体,把一体积为1×10﹣4m3的铝块用细线系在弹簧测力计下浸没在液体中,静止时弹簧测力计的示数为1.5N,已知铝的密度为2.7×103kg/m3.则铝块在液体中受到的浮力等于   N,液体的密度为    kg/m3.(g取10N/kg) 22.如图甲所示,电源电压恒定不变,R1为定值电阻,R2为滑动变阻器。闭合开关S,滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端时,定值电阻R1的I﹣U图象如图乙所示(滑片P在最右端时R1两端电压为3V),滑动变阻器R2的P﹣R图象如图丙所示。则:定值电阻R1为   Ω,电源电压为   V;滑动变阻器R2的最大值为   Ω。 三.解答题(共2小题,满分4分,每小题2分) 23.如图所示,在平静的湖边有一盏路灯标记为S,潜水爱好者在水下E处看到路灯的像为S′.请画出水下E处的人看到路灯S的光路图。 24.护城河上安装的吊桥可以看成一个以B为支点的杠杆,一个人通过定滑轮将吊桥拉起,请在下图中画出杠杆所受动力的示意图及动力的力臂。 四.解答题(共1小题,满分4分,每小题4分) 25.(4分)图是我们熟悉的眼镜,为了让人佩戴更舒服,在镜架的设计中,鼻托为什么设计得比较宽?镜框为什么采用轻质的材料?请运用学过的力学知识说明其中的道理。 五.实验探究题(共5小题,满分28分) 26.(7分)用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”。 (1)小豪同学将蜡烛、凸透镜、光屏随意固定在光具座上,点燃蜡烛后,沿光具座无论怎样移动光屏,在光屏上始终得不到烛焰的像,原因可能是   。 (2)重新调整后,将蜡烛、凸透镜固定在光具座上,如图甲所示,移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像,该像是倒立   (选填“放大”或“缩小”)的实像。我们可以从不同角度看到光屏上的像,是因为发生了   (选填“镜面反射”或“漫反射”)。 (3)接下来保持蜡烛和光屏的位置不动,将凸透镜向蜡烛方向移动,光屏上再次出现了一个倒立    (选填“放大”或“缩小”)的清晰实像,与这种成像原理一致的光学仪器是   (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)。 (4)当光屏上出现蜡烛清晰的像时,如果用遮光板挡住透镜的上半部分,我们观察光屏时,将会在光屏上看到   。 A.蜡烛像的下半部分 B.蜡烛像的上半部分 C.蜡烛完整的像,像的亮度变暗 D.蜡烛完整的像,像的亮度不变 (5)在图甲中,小豪把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间,发现光屏上的像变得模糊不清,应该向   (填“靠近”或“远离”)透镜方向移动光屏,可再次得到清晰的像。 (6)某小组实验时对图甲中的装置进行了改进,将蜡烛换成带有“F”形的LED灯、光屏贴上方格纸,如图乙所示,请写出改进后其中一个优点:   。 27.(5分)在探究“冰和石蜡的熔化特点”活动中,小明按图甲所示组装好实验装置,在A试管中放入一些冰块,B试管中放入一些石蜡后进行了实验,现请你帮助小明完成下列实验中的一些内容。 (1)实验中应选用   (选填“较大的”或“较小的”)冰块。 (2)如甲实验装置中存在一些问题,请你指出其中一处:    (3)下表是小明记录冰熔化过程中的数据,请根据表数据在图乙中作出温度随时间变化曲线 时间/min 0 0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5 4 4.5 5 温度/℃ ﹣5 ﹣2 0 0 0 0 1 2 3 4 5 (4)根据探究过程可知:冰的熔化过程持续了   min;实验进行到1.3min时,A试管中的物质处于   状态。 (5)从上面探究过程可知:冰是一种   ,其熔化时的特点是   。 28.(6分)有一个形状不规则的小木块,将其放在水中时,浮在水面上,用以下两种方案测量该木块的密度。 方案一: (1)用天平测小木块的质量:测质量前,指针指在分度盘的左侧,则平衡螺母应向   (左/右)移动,平衡后测得小木块的质量为m; (2)在量筒中倒入适量的水体积为V0; (3)用细针将小木块浸没水中,读出量筒中水面对应的刻度为V1,则木块的密度表达式ρ=   。 方案二: (1)在量筒中倒入适量的水,体积为V2,如图所示; (2)用一个体积为10cm3的铁块和小木块拴在一起浸没水中,读出量筒中水面对应的刻度为V3=90cm3; (3)从量筒中取出铁块,小木块漂浮水面,读出量筒中水面对应的刻度为V4=68cm3,则木块的密度ρ=   g/cm3。 对比以上两种方案,误差比较小的是   ,理由:   。 29.(4分)图甲是我国选手冬运会女子冰壶比赛中的一个场景,比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”,通过做功的方式改变冰的内能,使表面的冰熔化成薄薄的一层水,使干摩擦变湿摩擦;这样就能减少冰壶与冰面之间的摩擦,使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。 (1)为探究刷冰长度的影响因素,小明和同学用图乙装置寻找模拟刷冰区域的材料,他们将木块分别放在长木板、绸布、棉布上,用弹簧测力计拉木块做水平   运动,发现测力计示数关系是F棉>F木>F绸,若用木板模拟未刷冰区域,则应选   模拟刷冰区域。 (2)图乙中弹簧测力计的示数是   N。 (3)他们用图丙装置,将长为l的所选材料M平铺在木板上,让木块从斜面上滑下,经过M后停在木板上的固定位置P,所需材料M的长度l与哪些因素有关?大家提出以下猜想: 猜想1:与木块由静止滑下时的高度h有关; 猜想2:与M左端到斜面底端的距离x有关。 ①验证猜想1时,保持x不变,将木块   (选填“同一”或“不同”)高度由静止滑下,改变l,使木块最终都停在位置P,数据记录如下: 序号 1 2 3 4 5 6 释放的高度h/m 0.10 0.14 0.18 0.20 0.22 0.26 M的长度l/m 2.00 1.60 1.20 0.86 0.80 0.40 根据表格数据,可知l与h的关系是   。 ②验证猜想2时,小明改变x,将木块从不同高度由静止滑下,记录数据,得出结论,分析实验中存在的问题是   ,正确操作,发现每次只将M前后移动时,木块都会经过M停在P位置,该现象说明猜想2是   (选填“正确”或“错误”)的。 30.(6分)某实验小组的同学用图甲所示器材测量小灯泡电功率,待测小灯泡L的额定电压为3.8V,额定功率小于1W,电源电压恒为6V,滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”,图甲所示是该实验小组没有连接完整的电路。 (1)请你用笔画线代替导线,在图甲中把电路连接完整; (2)排除故障后,正确连接好电路,闭合开关,发现小灯泡不亮,但电流表、电压表均有示数,请分析出现这种现象的原因是   。为测量小灯泡的额定功率,接下来的操作应该是   读出并记录电流表的示数。当灯泡正常发光时,电流表示数如图乙所示,其值为   A,小灯泡的额定功率为   W。 (3)测出小灯泡的额定功率后,再测大于小灯泡额定功率的实际功率,应将滑动变阻器的滑片向   (选填“左”或“右”)端滑动。 (4)测量小灯泡的电功率   (选填“需要”或“不需要”)多次测量求平均值,原因是   。 六.计算题(共3小题,满分20分) 31.(6分)在今年我区中考体育测试中: (1)当我们进行剧烈的跑跳运动过程中人体产热   人体散热(选填“大于”、“小于”或“等于”),从而出现满脸通红的情况。 (2)在长跑中男生1000米满分成绩为3分40秒。某男生在1000米测试中正好获得满分,求他在1000米长跑中的平均速度是多少?(计算结果保留一位小数) (3)已知某同学的质量为50kg,每只脚与地面的接触面积为0.025m2.该同学站立时对水平地面的压强为多大?(取g=10N/kg) (4)在体育测试另一项目立定跳远中,体重为500N的某同学从最高点到落地点的过程中,重心下降的最大距离为0.3m,轨迹如图所示。则此过程中重力做的功为多少? 32.(6分)在如图所示的电路中,电源电压保持不变,电阻R1的阻值为20Ω.闭合开关S,电流表A1的示数为0.3A,电流表A2的示数为0.2A.求: (1)电源电压U; (2)电阻R2的阻值。 33.(8分)小强家买了一个自动电热水壶,其铭牌如下表。小强装了0.5kg的水,加热5min后把水烧开,水壶自动断电。已知大气压为1个标准大气压,电热水壶正常工作且电阻不变,水的初温为20℃,c水=4.2×103J/(kg?℃),求: 自动电热水壶 型号 WL100F 电源 220V50Hz 额定功率 1000W 容量 1L (1)这壶水吸收的热量; (2)水壶消耗的电能; (3)此电热水壶的热效率。 2018-2019学年福建省漳州市第一中学九年级(下)期中物理试卷 参考答案与试题解析 一.选择题(共16小题,满分32分,每小题2分) 1.下列能源中属于新能源的是(  ) A.石油 B.太阳能 C.煤炭 D.天然气 【分析】新能源主要指潮汐能、地热能、风能、太阳能、核能等。常规能源是指传统的能源,包括植物秸秆和化石燃料,石油,天然气和煤都是化石燃料。 【解答】解:常规能源是指传统的能源,包括植物秸秆和化石燃料,石油,天然气和煤都是化石燃料,所以这些都是常规能源。因此只有太阳能是新能源。故B符合题意。 故选:B。 【点评】解决此题主要依靠识记集中新能源的类型,并且知道什么是常规能源。 2.对诗句“小小竹排江中游,巍巍青山两岸走”的描述中正确的是(  ) A.前一句是以竹排为参照物来表示青山在运动 B.前一句是以青山为参照物来表示竹排在运动 C.后一句是以青山为参照物来表示两岸在运动 D.后一句是以两岸为参照物来表示青山在运动 【分析】在判断物体是运动还是静止时,要先选取一个标准作为参照物,参照物不同,同一物体的运动情况也会发生变化。 【解答】解:AB、“小小竹排江中游”,竹排相对于青山的位置不断变化,则“竹排江中游”是以青山为参照物,故A错误,B正确; CD、“巍巍青山两岸走”,两岸的青山相对于竹排的位置不断变化,则“青山两岸走”是以竹排为参照物,故CD错误。 故选:B。 【点评】本题以古诗句为背景,通过参照物的选取考查了运动和静止的相对性,难度不大。 3.下列说法中,正确的是(  ) A.电磁波的频率越高,传播的速度就越大 B.电磁波可以在真空中传播 C.手机间通话靠超声波传递 D.微波不具有能量 【分析】(1)明确机械波和电磁波的性质,明确机械波的传播速度由介质决定; (2)电磁波的传播不需要靠介质,在真空中也可传播; (3)手机既是电磁波的发射台也是电磁波接收台; (4)微波是电磁波的一种,传播速度与电磁波速度相同,具有能量。 【解答】解:A、电磁波的速度在真空中均为光速,与频率无关,故A错误; B、电磁波可以在真空中传播,不需要介质,故B正确; C、手机是现代人们最常用的通信工具之一,手机间通话和收发信息是利用电磁波,即微波,故C错误; D、微波可以传递信息,具有能量,故D错误。 故选:B。 【点评】此题主要考查电磁波的传播,是基础知识。 4.如图所示,“影”是生活中常见的光现象,如做光学游戏的“手影”、留下美好记忆照片的“摄影”、投影仪射到屏幕上的“投影”、湖岸景色在水中形成的“倒影”等,其中它们与物理知识对应关系正确的是(  ) A.手影﹣平面镜成像 B. 摄影﹣凸透镜成像 C.投影﹣小孔成像 D.倒影﹣光的折射 【分析】各种影的形成都与光的传播有关,本题要把手影、摄影、投影、倒影道理弄清,知道其光学原理。利用光的直线传播、光的反射、光的折射解释这几种“影”形成的原因。 【解答】解:A、手影是影子,光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体,在物体的后面形成的光照不到的暗区叫影子,这是光的直线传播造成的,平面镜成像是光的反射造成的,故A错误; B、摄影是利用凸透镜成倒立、缩小、实像的原理进行工作的,故B正确; C、投影是利用凸透镜成倒立、放大、实像的原理工作的,而小孔成像是光的直线传播造成的,故C错误; D、岸上的景物在水中的倒影是平面镜成像,平静的水面相当于平面镜,其原理是光的反射,故D错误。 故选:B。 【点评】影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理;倒影、照镜子、潜望镜都是光的反射原理;透镜、看水下的物体等都是光的折射原理,此题是一道光学的综合题,也是中考的一个热点知识。 5.下列实例中利用了熔化吸热的是(  ) A.运输食品时利用干冰降温防止食品腐烂 B.天热时向地上洒水会感到凉快 C.给发烧的病人用酒精擦拭身体以进行物理降温 D.向可乐饮料中加冰块会使饮料变得更凉 【分析】(1)物质由固态变成液态叫做熔化,熔化吸热;物质由液态变成固态叫做凝固,凝固放热; (2)物质由液态变成气态叫做汽化,汽化吸热;物质由气态变成液态叫做液化,液化放热; (3)物质由固态直接变成气态叫做升华,升华吸热;物质由气态直接变成固态叫做凝华,凝华放热。 【解答】解: A、利用干冰降温防止食品变质,利用了干冰升华吸热,不符合题意; B、向地上洒水会使周围更凉快,利用了水的汽化吸热,不符合题意; C、给发烧的病人用酒精擦拭身体以进行物理降温,是酒精的汽化吸热,不符合题意; D、加冰块会使饮料变得冰凉,利用了冰块的熔化吸热,符合题意。 故选:D。 【点评】六种物态变化中,吸热的有熔化、汽化、升华,放热的有凝固、液化、凝华,注意分清,是中考的热点。 6.在扬城第一场雪降临的深夜,环卫工人们连夜洒盐化雪,防止雪水结冰给出行的人们带来不便。一辆正在洒盐的卡车,匀速驶上桥顶的过程中,下列说法正确的是(  ) A.动能增大,重力势能不变 B.动能不变,重力势能增大 C.动能减小,重力势能无法确定 D.动能和重力势能都无法确定 【分析】分析洒水车动能和重力势能大小的变化,从动能和重力势能大小的影响因素进行分析: (1)动能大小的影响因素:质量、速度。质量越大、速度越大,动能越大。 (2)重力势能大小的影响因素:质量、被举得高度。质量越大、高度越高,重力势能越大。 【解答】解:正在洒盐的卡车,匀速驶上桥顶的过程中,质量不断减小,速度保持不变,则洒盐车的动能不断减小;因高度不断增大,质量不断减小,所以无法确定重力势能的变化情况。 故选:C。 【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素,利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。 7.如图所示,用甲乙两个滑轮将同样的钩码匀速提升相同的高度,则下列说法正确的是(  ) A.F1与F2大小相等 B.甲中绳的自由端移动的距离比乙大 C.F1做的总功比F2多 D.F1做的总功比F2少 【分析】由滑轮的特点可知力的大小和绳子自由端移动的距离;把相同的重物匀速提升相同的高度,做的有用功相同;而总功等于有用功加上额外功,可知利用动滑轮做的总功多。 【解答】解:观察图可知,甲为定滑轮,乙为动滑轮; A、F1=G,F2=(G+G动),拉力F1和F2大小不相等,A错误; B、乙是动滑轮,省力但费距离,故乙中绳的自由端移动的距离比甲大,B错误; CD、F1要克服摩擦、绳重和钩码重力做功,F2要克服摩擦、绳重、动滑轮重力和钩码重力做功,所以F2做的总功较多,故C错误,D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了定滑轮与定滑轮的特点,有用功、额外功、总功的计算方法;本题关键在于确定使用任何机械都不省功。 8.向一个轻质塑料瓶中装入密度为ρA的液体后密闭,把它分别放在盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体的容器中,两容器内液面刚好相平,且瓶底和瓶口均相平。若塑料瓶在甲、乙两种液体中所受浮力分别为F甲、F乙,甲、乙两种液体对容器底部的压强分别为p甲和p乙,如图所示,下列判断正确的是(  ) A.p甲>p乙,F甲=F乙 B.p甲<p乙,ρ乙>ρ甲 C.p甲>p乙,ρ乙<ρ甲 D.p甲=p乙,F甲=F乙 【分析】物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等,根据同一塑料瓶和液体的重力不变判断两者浮力的关系,由图可知两者排开液体的体积关系,根据阿基米德原理的变形式判断两液体的密度关系,两液面的深度相同,根据p=ρgh比较两种液体对容器底部的压强关系。 【解答】解:因同一塑料瓶和液体的重力不变,且塑料瓶在甲、乙中均漂浮, 所以,塑料瓶在两液体中受到的浮力相等,即F甲=F乙, 由图可知,塑料瓶在甲中排开液体的体积大于在乙中排开液体的体积, 由F浮=ρgV排的变形式ρ=可知,ρ甲<ρ乙,故C错误; 因两容器内液面刚好相平, 所以,由p=ρgh可知,p甲<p乙,故AD错误、B正确。 故选:B。 【点评】本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理以及液体压强公式的应用,正确的比较两者排开液体的体积关系是关键。 9.有一石块重力大小为G,在空气中运动时受到的阻力为f且不变,当它竖直上抛时受到的合力大小为F1,竖直下落时受到的合力大小为F2,则(  ) A.F1>F2 B.F1<F2 C.F1=F2 D.不能确定 【分析】根据同一直线上力的合成方法解题: 两力在同一直线上方向相同时,合力的大小等于两分力的大小之和,方向与分力方向相同; 两力在同一直线上,方向相反时,合力大小等于两力大小之差,方向与较大的力的方向相同。 【解答】解:石块上升时受向下的重力G,向下的空气阻力f作用,合力F1=G+f, 下落时,受阻力f向上,合力F2=G﹣f,F1>F2。 故选:A。 【点评】本题考查了同一直线上力的合成,是一道基础题;解题的关键是判断出石块运动时受到的阻力方向。 10.如图,粗细均匀木棒AB长为1m,水平放置在O、O'两个支点上。已知AO、O'B长度均为0.25m。若把B端竖直向上稍微抬起一点距离,至少需要用力40N;则木棒的重力为(  ) A.160N B.120N C.80N D.4ON 【分析】若把B端竖直向上稍微抬起一点距离,先确定支点、阻力作用点,进而得出阻力臂和动力臂大小,利用杠杆平衡条件求阻力(重力)大小。 【解答】解: 设木棒的重心为C,由于木棒质地均匀,则C为AB的中点; 已知AB=1m,AO=O′B=0.25m,所以OC=O′C=0.25m。 如图: 从B端竖直向上抬木棒时,杠杆OCB以O为支点,由杠杆的平衡条件得: F×OB=G×OC, 代入数据得: 40N×(1m﹣0.25m)=G×0.25m, 解得:G=120N。 故选:B。 【点评】在B端施加的动力方向不同时,相应的支点也会改变,准确找出对应的杠杆是突破题目的关键。 11.水的比热容大于沙石的比热容。质量相等的水和沙石吸收相等的热量,若吸收的热量全部转化为内能,则沙石的(  ) A.内能较小 B.末温较高 C.内能增加的较多 D.温度升高较多 【分析】由吸热公式Q吸=cm△t可知,质量相同的不同物质,吸收相同的热量,比热容大的温度升高少,比热容小的温度升高多。 【解答】解:A、由于水和砂石在吸收热量前其内能大小不确定,所以水和砂石吸收相等的热量后水和砂石的内能大小还是不确定,故A错误。 B、由水和砂石的初温不确定,所以水和砂石的末温也不确定,故B错误; C、水和砂石吸收相等的热量,所以水和砂石的增加的内能是相同的,故C错误; D、质量相同的水和砂石,因为水的比热容大于砂石的比热容,吸收相同的热量后,由Q吸=cm△t可知,砂石的温度升高的多,水的温度升高较少,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t掌握和运用,理解并记住:质量相同的不同物质,吸收或放出相同的热量,比热容大的物体温度变化小;变化相同的温度,比热容大的物体吸收或放出的热量多。 12.如甲图所示,小明用弹簧测力计拉木块,使它先后两次沿水平木板匀速滑动相同的距离,乙图是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法错误的是(  ) A.两次木块运动的速度相同 B.木块两次受到的摩擦力相同 C.两次拉力对木块做的功一样多 D.第一次拉力对木块做功的功率较大 【分析】(1)根据速度的计算公式v=,利用图象可以确定物体的运动速度。 (2)先判断木块两次的运动状态,然后根据二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系。 (3)根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离,利用公式W=Fs比较两次做功的多少。 (4)根据决定功率的因素即木块的拉力和木块的速度进行分析。 【解答】解:A、从图象中可看出,相同时间第一次通过路程大于第二次,所以第一次实验的速度大于第二次的速度。故A错误; B、用弹簧测力计拉木块沿水平木板匀速滑动,木块做匀速直线运动,不论其速度大小如何,都受到平衡力的作用,在水平方向上,摩擦力和拉力是一对平衡力。并且压力和接触面的粗糙程度相同,摩擦力相同,故两次实验的拉力和摩擦力均相等。故B正确; C、在相同拉力作用下,木块两次运动的距离相同,由W=Fs可知,以木块两次所做的功一样多。故C正确; D、由A中分析第一次速度大,木块所受的拉力不变,根据公式P=Fv可知,拉力第一次做功的功率大。故D正确。 故选:A。 【点评】此题考查了二力平衡的条件、摩擦力大小的决定因素、速度的计算等知识点。图象是形象描述物理状态、物理过程和物理规律的常用工具,也是应用数学知识解决物理问题的一个重要方面,它不仅可以使抽象的概念直观形象,也能使动态变化过程更为清晰。 13.为避免超高车辆闯入隧道造成事故,小欢设计了警示电路,使用时闭合开关S.导线EF横置于隧道口上沿前方,一旦被驶来的车辆撞断,红灯L亮且电动机转动放下栏杆。灯和电动机中,即使其中之一断路,另一个也能正常工作。下列电路中符合要求的是(  ) A. B. C. D. 【分析】串联的各电路元件相互影响,不能独立工作,并联的各电路元件互不影响,能独立工作;根据题意确定各电路元件的连接方式,然后选择电路。 【解答】解:导线EF横置于隧道口上沿前方,一旦被驶来的车辆撞断,红灯L亮且电动机转动放下栏杆, 说明EF断开之后,电动机与指示灯是通路,EF断开之前,电动机与指示灯被短路, 则导线EF与电动机和指示灯并联, 灯和电动机中,即使其中之一断路,另一个也能正常工作, 说明指示灯与电动机互不影响,能独立工作,电动机与指示灯是并联的, 为防止EF断开之前电源被短路,电路干路中要接入保护电阻,由图示电路图可知,C符合要求。 故选:C。 【点评】本题考查了实验电路设计,根据题意确定各电路元件的连接方式是正确解题的关键。 14.波士顿大学的科学家设计了一种“波浪能量采集船”,如图所示,在船的两侧装有可触及水面的“工作臂”,“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时,工作臂就前后移动,完成能量的采集,并把它们储存到船上的大容量电池中。图中能反映“波浪能量采集船”能量采集原理的是(  ) A. B. C. D. 【分析】通过题意明确这种“波浪能量采集船”是采集的波流的机械能,而获得的是电能,从而再对照选项中的原理,看哪一个是将机械能转化为电能的装置。 【解答】解:A、是电磁感应的装置,将机械能转化为电能,与“波浪能量采集船”的能量转化相同,符合题意; B、通电导体在磁场中受力,将电能转化为机械能,与“波浪能量采集船”的能量转化不同,不符合题意; C、是奥斯特实验,是电流的磁效应,与“波浪能量采集船”的能量转化不同,不符合题意; D、是研究电磁铁的装置,与“波浪能量采集船”的能量转化不同,不符合题意。 故选:A。 【点评】通过分析题意,明确这种“波浪能量采集船”是如何采集能量,发生了怎样的能量转化,是解答的关键。 15.如图所示,甲、乙、丙三图中的装置完全相同,燃料的质量相同,烧杯内的液体质量也相同,下列说法正确的是(  ) A.比较不同液体的比热容,可以选择乙丙两图 B.比较不同液体的比热容,可以选择甲乙两图 C.比较不同燃料的热值,可以选择甲乙两图 D.比较不同燃料的热值,可以选择乙丙两图 【分析】(1)燃料的热值大小不能直接测量,需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少,而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关,因此为了比较热值大小要用不同的燃料,加热同一种液体,让液体的质量相同,通过温度计的示数高低得出吸热多少,进而判断热值大小; (2)为了比较两种液体的比热容,需要燃烧相同的燃料,加热不同的液体,让液体的质量相同,温度计的示数变化相同时,通过比较加热时间比较吸热多少,进而判断两种比热容的大小关系。 【解答】解: AB、为了比较不同液体的比热容,需要燃烧相同的燃料,加热不同的液体,让液体的质量和温度的变化相同, 通过比较加热时间,进而判断两种液体比热容的大小关系,应选择甲和丙两图进行实验,故AB错误; CD、为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料,应加热同一种液体,让液体的质量相同, 通过温度计的示数高低得出吸热多少,进而判断热值大小,应选择甲和乙两图进行实验,故C正确,D错误。 故选:C。 【点评】本题考查了学生对热值概念、比热容概念、转换法和控制变量法的了解与掌握,分析时利用好控制变量法是解决本题的关键。 16.如图所示,这是一个自制的测定风速的装置,其中风速表是由电压表改装而成,“T”型管道的竖直管内装有一个可上下自由移动的轻质活塞A,A和滑动变阻器的滑片相连。下列说法正确的是(  ) A.风速变大,R1的阻值变大 B.风速变大,活塞向下运动 C.风速变大,电压表的示数变大 D.以上说法均不正确 【分析】(1)流体压强和流速的关系:流速越大的地方压强越小; (2)根据活塞的移动确定接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化,根据U=IR可知电压表示数的变化。 【解答】解:当风速变大时,活塞上方气压变小,活塞向上移动,滑动变阻器接入电路的电阻变小,电路中的总电阻变小,由欧姆定律可知,电路中电流变大; 由U=IR可知,定值电阻两端电压变大,即电压表(风速表)示数变大。故C正确,ABD错误。 故选:C。 【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到滑动变阻器的使用和欧姆定律的应用,关键是根据流速与压强的关系判断出风速变大时活塞的运动方向。 二.填空题(共6小题,满分12分,每小题2分) 17.小梦在喝完盒装酸奶后,又用力吸了一下,发现奶盒变瘪了,这个实验可以证明 大气压 的存在;也可以说明力可以改变物体的 形状 。 【分析】(1)用力吸空奶盒,盒内气压小于外界大气压,产生的压力差将奶盒压扁; (2)力的作用效果:一是改变物体的形状,二是改变物体的运动状态。 【解答】解:(1)用力吸一下空奶盒,盒内气体减少气压减小,小于外界大气压,在大气压的作用下奶盒变扁了,这个现象说明了大气压的存在。 (2)大气压使奶盒变扁,说明了力可以改变物体的形状。 故答案为:大气压;形状。 【点评】大气压在现实生活中的存在和应用特别广泛,生活中要注意观察,本题考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。 18.一切正在发声的物体都在 振动 , 振动 停止,发声也停止;声音的传播需要 介质 , 真空 中不能传播声音。 【分析】物体振动才能发声。声音的传播需要介质,真空不能传声。 【解答】解:声音是由物体振动产生的,如果物体不振动,则不会有声音产生;所以一切正在发声的物体都在振动,振动停止,发声也就停止。 声音需要在介质中传播,也就是说在固体、液体和气体中都能传播,但真空不能传声。 故答案为:振动;振动;介质;真空。 【点评】本题需要学生掌握声音产生的原因,还要了解声音传播的要求,是一道基础题。 19.2015年3月13日,短道速滑世锦赛在俄罗斯莫斯科举行。如图所示是中国选手武大靖在男子500米短道速滑比赛中夺金的场景。在滑行的过程中冰刀与冰面之间形成的水膜可以 减小 摩擦(选填“增大”或“减小”);由于摩擦,冰刀温度升高,这是通过 做功 方式增加了冰刀的内能。 【分析】影响摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度;。 通过摩擦的方法使物体内能增加的都属于以做功的方式改变内能。 【解答】解:在滑行的过程中冰刀与冰面之间形成的水膜可以使接触面变光滑,达到减小摩擦的目的; 由于摩擦,冰刀温度升高,这是通过做功的方式增加了冰刀的内能。 故答案为:减小;做功。 【点评】明确影响滑动摩擦力大小的因素,了解改变物体内能的两种方式,是解答此题的关键。 20.为了检查卧室里L2是否存在问题(其他部分电路元好),电上师傅常在进户火线上串联一个完好的家用电灯泡L1,如图所示,若闭合开关时,发现L1、L2均不发光,说明卧室灯L2出现了 开路 情况:若闭合开关时,发现L1正常发光,则说明卧室灯L2出现 短路 情况,若此时用试电笔接触A点处,氖管 会 (选填“会”或“不会”)发光。 【分析】(1)在进户线的干路上串联额定电压220V的白炽灯L1,闭合开关,L1恰能正常发光,说明该支路短路;L1发光暗红色,说明该支路工作正常;L1和L2不发光,说明L2出现了开路(或断路); (2)当测电笔接触火线时氖管会发光、接触零线时氖管不发光。 【解答】解:(1)在进户线的干路上串联一个白炽灯L1,闭合开关S后,L1、L2串联在家庭电路中,两灯泡不发光,说明L2出现了开路(或断路); (2)若闭合开关时,发现L1正常发光,说明其两端的电压为220V,该支路只有灯泡L1正常接入电路,所以卧室灯L2出现短路; 若此时用测电笔接触A点,由于与火线相通,则氖管发光。 故答案为:开路(或断路);短路;会。 【点评】此题主要考查学生对于家庭电路连接规则、电路故障的分析和测电笔的使用方法,属于中考必考点。 21.如图所示,烧杯内盛有某种液体,把一体积为1×10﹣4m3的铝块用细线系在弹簧测力计下浸没在液体中,静止时弹簧测力计的示数为1.5N,已知铝的密度为2.7×103kg/m3.则铝块在液体中受到的浮力等于 1.2 N,液体的密度为 1.2×103  kg/m3.(g取10N/kg) 【分析】已知铝块的体积和密度,根据公式m=ρV可求铝块的质量,再利用公式G=mg求出重力,物体所受的浮力等于物体空气中的重力减去在液体中的重力,再利用公式F浮=ρgV排求出液体的密度。 【解答】解:铝块的重力G=mg=ρVg=2.7×lO3kg/m3×1×10﹣4m3×10N/kg=2.7N, 铝块所受浮力F浮=G﹣G示=2.7N﹣1.5N=1.2N, 液体密度ρ===1.2×103kg/m3。 故答案为:1.2;1.2×103。 【点评】本题考查重力、浮力和液体密度的计算,关键是利用重力差法求铝块的浮力和利用浮力公式求液体的密度,还要明白一点,铝块完全浸没,排开液体的体积等于自身的体积。 22.如图甲所示,电源电压恒定不变,R1为定值电阻,R2为滑动变阻器。闭合开关S,滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端时,定值电阻R1的I﹣U图象如图乙所示(滑片P在最右端时R1两端电压为3V),滑动变阻器R2的P﹣R图象如图丙所示。则:定值电阻R1为 10 Ω,电源电压为 12 V;滑动变阻器R2的最大值为 30 Ω。 【分析】(1)R1为定值电阻,从图象乙中读出一组R1两端电压和对应的电流值,由欧姆定律计算其阻值; (2)由图甲知两电阻串联,由串联电路特点、欧姆定律和电功率计算公式表示出R2的功率,由图丙知其功率的最大值,由P=I2R计算电路中此时的电流,由串联电路特点和欧姆定律计算电源电压; (3)当变阻器连入阻值最大时电路中电流最小,由图象乙计算此时定值电阻的电压和电流,根据串联电路特点和欧姆定律计算变阻器的最大值。 【解答】解: (1)R1为定值电阻,从图象乙知,当它两端电压为3V时,通过它的电流为0.3A, 由I=可得,定值电阻R1的阻值:R1===10Ω; (2)由图甲可知,两电阻串联,电路中电流:I=, 由P=I2R可得,R2的功率: P2=()2R2=R2=, 所以,当R2=R1=10Ω时,P2有最大值, 由图象可知,R2的功率最大值为3.6W,由P=I2R可得此时电路中电流: I=I2===0.6A, 由串联电路特点和欧姆定律可得电源电压: U=I(R1+R2)=0.6A×(10Ω+10Ω)=12V; (3)电源电压一定,由I=可知,当R2连入阻值最大时,电路中电流最小,由图象乙知:此时R1的电流为0.3A(即电路中的最小电流), 则电路中的最大总电阻:R总最大===40Ω, 由电阻的串联可得,R2的最大值:R2最大=R总最大﹣R1=40Ω﹣10Ω=30Ω。 故答案为:10;12;30。 【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律公式和电功率公式的应用,要能从图象中获取有用信息,关键是变阻器电功率最大值时其阻值的判断。 三.解答题(共2小题,满分4分,每小题2分) 23.如图所示,在平静的湖边有一盏路灯标记为S,潜水爱好者在水下E处看到路灯的像为S′.请画出水下E处的人看到路灯S的光路图。 【分析】由“爱好者在水下E处看到路灯的像为S′”根据光的直线传播可确定入射点,然后根据光从空气中斜射入水中时,折射角小于入射角即可画出水下E处的人看到路灯S的光路图。 【解答】解:连接ES′与界面的交点即为入射点,过入射点垂直于界面作出法线,根据光从空气中斜射入水中时,折射角小于入射角,可画出水下E处的人看到路灯S的光路图; 【点评】作图时注意入射光线和反射光线用实线画,反射光线的反向延长线用虚线画,另外光线箭头很容易画错。 24.护城河上安装的吊桥可以看成一个以B为支点的杠杆,一个人通过定滑轮将吊桥拉起,请在下图中画出杠杆所受动力的示意图及动力的力臂。 【分析】绳的拉力沿着绳指向绳收缩的方向,力臂是从支点到力的作用线的距离。 【解答】解:杠杆的支点在B处,绳的拉力沿绳方向画,从支点向力的作用线引垂线,画出力臂,标上符号L,如图所示: 【点评】会找出杠杆的五要素,会根据力与力臂的关系画出相应的作用力和力臂。 四.解答题(共1小题,满分4分,每小题4分) 25.(4分)图是我们熟悉的眼镜,为了让人佩戴更舒服,在镜架的设计中,鼻托为什么设计得比较宽?镜框为什么采用轻质的材料?请运用学过的力学知识说明其中的道理。 【分析】减小压强的方法:是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强;是在受力面积一定时,通过减小压力来减小压强。 【解答】答:(1)鼻托设计为较宽是为了增大受力面积,在压力一定时,可以减小眼镜对人的压强,使人感觉更舒服; (2)镜框采用轻质的材料,在体积相同时,减小镜框的质量,则减小眼镜总重力,从而减小眼镜对人的压力,在受力面积一定时,可以减小眼镜对人的压强,使人感觉更舒适。 【点评】此题考查减小压强的方法和与密度有关的物理现象,难度不大,与学生的实际生活联系密切,属于基础题。 五.实验探究题(共5小题,满分28分) 26.(7分)用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”。 (1)小豪同学将蜡烛、凸透镜、光屏随意固定在光具座上,点燃蜡烛后,沿光具座无论怎样移动光屏,在光屏上始终得不到烛焰的像,原因可能是 烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不在同一高度 。 (2)重新调整后,将蜡烛、凸透镜固定在光具座上,如图甲所示,移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像,该像是倒立 缩小 (选填“放大”或“缩小”)的实像。我们可以从不同角度看到光屏上的像,是因为发生了 漫反射 (选填“镜面反射”或“漫反射”)。 (3)接下来保持蜡烛和光屏的位置不动,将凸透镜向蜡烛方向移动,光屏上再次出现了一个倒立  放大 (选填“放大”或“缩小”)的清晰实像,与这种成像原理一致的光学仪器是 投影仪 (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)。 (4)当光屏上出现蜡烛清晰的像时,如果用遮光板挡住透镜的上半部分,我们观察光屏时,将会在光屏上看到 C 。 A.蜡烛像的下半部分 B.蜡烛像的上半部分 C.蜡烛完整的像,像的亮度变暗 D.蜡烛完整的像,像的亮度不变 (5)在图甲中,小豪把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间,发现光屏上的像变得模糊不清,应该向 远离 (填“靠近”或“远离”)透镜方向移动光屏,可再次得到清晰的像。 (6)某小组实验时对图甲中的装置进行了改进,将蜡烛换成带有“F”形的LED灯、光屏贴上方格纸,如图乙所示,请写出改进后其中一个优点: 实验现象更明显、便于观察、减少了污染 。 【分析】(1)光屏上得不到烛焰像的情况有三种:①成的像是虚像,虚像是不会成在光屏上的;②成实像,但由于烛焰、凸透镜、光屏三者的中心不在同一高度上,虽然成的是实像,但光屏上显示不出来;③不成像,当物体位于焦点上,即u=f时,此时不成像,所以光屏上也得不到烛焰的像。 (2)凸透镜规律:u>2f时,在凸透镜的另一侧得到倒立、缩小的实像,f<v<2f。 (3)凸透镜规律及其应用,2f>u>f时,在凸透镜的另一侧得到倒立、放大的实像,v>2f。应用于投影仪。 (4)当用遮光板挡住透镜的某一部分时,由于通过凸透镜会聚的光线数量减少,所以像会比原来变暗,但仍成完整的像。 (5)首先明确近视镜是凹透镜,然后在明确凹透镜光学性质的基础上,即可确定放上凹透镜后像的位置的变化,然后调整光屏的移动方向; (6)蜡烛换成LED灯便于观察;光屏换成带有方格光屏便于比较像与物体的大小关系。 【解答】解:(1)在做凸透镜成像规律的实验时,首先要调整三者的中心在同一高度上,这样做的目的就是为了保证使烛焰的像能够成在光屏上,所以当调整光屏的位置始终光屏上没有像时,首先要想到这种可能。 (2)此时物距为50cm﹣20cm=30cm,而焦距为10cm,物距大于2倍焦距,所以成的像是倒立、缩小的实像;我们可以从不同角度看到光屏上的像,是因为发生了漫反射; (3)保持蜡烛和光屏的位置不动,将凸透镜向蜡烛的方向移动,物距小于像距,成倒立、放大的实像。投影仪利用此原理。 (4)如果用遮光板挡住透镜的上半部分,下半部分仍能会聚光线成完整的像,但由于会聚的光线比原来减少,所以像比原来变暗。故选C; (5)近视眼镜是凹透镜,它对光线有发散作用,所以在蜡烛和凸透镜之间放上凹透镜后,蜡烛在凸透镜后面成的像将远离凸透镜,为了使像再成在光屏上,所以要将光屏向右移动,远离凸透镜。 (6)蜡烛换成LED灯的优点:实验现象更明显、便于观察、减少了污染等。 故答案为:(1)烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不在同一高度;(2)缩小;(3)放大;投影仪;(4)C;(5)远离;(6)实验现象更明显、便于观察、减少了污染。 【点评】此题是探究凸透镜成像的实验,考查了学生对实验操作的要求。一定要注意实验前的调整工作。为使像成在光屏的中央,应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处。凸透镜的主光轴永远随着凸透镜的上下移动而移动,对于烛焰在凸透镜主光轴的哪个位置,画图说明很容易理解。 27.(5分)在探究“冰和石蜡的熔化特点”活动中,小明按图甲所示组装好实验装置,在A试管中放入一些冰块,B试管中放入一些石蜡后进行了实验,现请你帮助小明完成下列实验中的一些内容。 (1)实验中应选用 较小的 (选填“较大的”或“较小的”)冰块。 (2)如甲实验装置中存在一些问题,请你指出其中一处: 温度计的玻璃泡未浸入小冰块中  (3)下表是小明记录冰熔化过程中的数据,请根据表数据在图乙中作出温度随时间变化曲线 时间/min 0 0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5 4 4.5 5 温度/℃ ﹣5 ﹣2 0 0 0 0 1 2 3 4 5 (4)根据探究过程可知:冰的熔化过程持续了 1.5 min;实验进行到1.3min时,A试管中的物质处于 固液共存 状态。 (5)从上面探究过程可知:冰是一种 晶体 ,其熔化时的特点是 吸热,温度保持不变 。 【分析】(1)酒精是易燃物很易燃烧,酒精灯倾斜酒精易流出容易发生失火现象。较大的冰块受热不均匀,较小的冰块接触紧密,受热均匀; (2)根据温度计的使用的注意事项:玻璃泡要全部浸入被测物体,不能碰到容器底,也不能碰到容器壁; (3)以表格中的时间为横坐标,以时间对应的温度为纵坐标在图象上确定坐标点,然后用平滑的曲线连接起来即可得到温度随时间变化的图象。 (4)根据晶体熔化时温度的变化规律来答题;晶体有一定的熔点,在熔化过程中物体处于固液共存状态,且温度保持不变。 (5)分析表格数据,得出结论。 【解答】解:(1)为减小实验误差,实验过程中宜选用较小的冰块,因为较小的冰块之间接触紧密,受热均匀; (2)温度计在使用时:玻璃泡要全部浸入冰块中,不能碰到容器底,也不能碰到容器壁,由图A可知,温度计的玻璃泡未浸入小冰块中; (3)根据表中的数据,先在图中描出温度﹣时间相对应的点,再连线,如图: (4)从第1min到第3min,物质的温度保持0℃不变,熔化经过了1.5min.在熔化过程中处于固液共存状态,由题可知,冰在熔化时须达到熔点且继续吸热; (5)由表中数据可知,从第1分钟到第3钟,酒精灯仍在不断加热,但温度并没有发生变化,故冰是晶体;晶体熔化时不断吸热,温度保持不变。 故答案为:(1)较小;(2)温度计的玻璃泡未浸入小冰块中;(3)如图;(4)1.5;固液共存;(5)晶体;吸热,温度保持不变。 【点评】本题考查晶体熔化特点的探究,注意温度计的正确使用,理解晶体在熔点阶段,温度是一个固定数值,表现在图象上就是一段水平直线。另外,虽然熔化时温度不变,但此过程仍需吸收热量。 28.(6分)有一个形状不规则的小木块,将其放在水中时,浮在水面上,用以下两种方案测量该木块的密度。 方案一: (1)用天平测小木块的质量:测质量前,指针指在分度盘的左侧,则平衡螺母应向 右 (左/右)移动,平衡后测得小木块的质量为m; (2)在量筒中倒入适量的水体积为V0; (3)用细针将小木块浸没水中,读出量筒中水面对应的刻度为V1,则木块的密度表达式ρ=  。 方案二: (1)在量筒中倒入适量的水,体积为V2,如图所示; (2)用一个体积为10cm3的铁块和小木块拴在一起浸没水中,读出量筒中水面对应的刻度为V3=90cm3; (3)从量筒中取出铁块,小木块漂浮水面,读出量筒中水面对应的刻度为V4=68cm3,则木块的密度ρ= 0.6 g/cm3。 对比以上两种方案,误差比较小的是 方法一 ,理由: 方法二由于铁块取出时带有水,使得量筒中的木块和水的体积偏小,即木块排开水的体积偏小,木块质量偏小 。 【分析】方法一:(1)测质量前,按“左偏右调”的原则调节平衡螺母使横梁平衡。 (3)根据ρ=表示出木块的密度; 方法二:(1)根据量筒的分度值读出量筒中水的体积为V2, (2)用一个体积为10cm3的铁块和小木块拴在一起浸没水中,读出量筒中水面对应的刻度为V3,用V3﹣V2﹣V铁算出木块的体积; (3)从量筒中取出铁块,小木块漂浮水面,读出量筒中水面对应的刻度为V4,用68cm3,则V4﹣V2算出小木块排开水的体积,利用阿基米德原理求木块受到的浮力;因为木块漂浮,木块重力等于浮力;利用G=mg求木块的质量;再利用密度公式求小木块的密度; 由于取出铁块时带有水,使得木块质量偏小,根据密度公式判断误差。 【解答】解:方法一: (1)测质量前,按“左偏右调”的原则调节平衡螺母,使横梁平衡,当指针指在分度盘的左侧,则平衡螺母应向右调节。 (3)木块的体积V=V1﹣V0, 木块的密度为:ρ==; 方法二: (1)量筒的最小分度值为2ml,水的体积V2=50ml=50cm3; (2)木块的体积:V′=V3﹣V2﹣V铁=90cm3﹣50cm3﹣10cm3=30cm3; (3)木块排开水的体积V排=V4﹣V2,木块受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水g(V4﹣V2); 因为木块漂浮,所以木块重力G木=F浮=ρ水g(V4﹣V2); 木块的质量:m木===ρ水(V4﹣V2); 小木块的密度: ρ木====0.6g/cm3; 由于铁块取出时带有水,使得量筒中的木块和水的体积偏小,即木块排开水的体积偏小,木块质量偏小,根据ρ=知,密度偏小,故方法一误差较小。 故答案为:方法一:(1)右;(3);方法二:(3)0.6;方法一;方法二由于铁块取出时带有水,使得量筒中的木块和水的体积偏小,即木块排开水的体积偏小,木块质量偏小。 【点评】本题考查了测固体的密度初中物理要求较高,方法最基本的有两种:一是用量筒和天平,一是利用浮力知识设计的这一种,要熟练掌握。 29.(4分)图甲是我国选手冬运会女子冰壶比赛中的一个场景,比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”,通过做功的方式改变冰的内能,使表面的冰熔化成薄薄的一层水,使干摩擦变湿摩擦;这样就能减少冰壶与冰面之间的摩擦,使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。 (1)为探究刷冰长度的影响因素,小明和同学用图乙装置寻找模拟刷冰区域的材料,他们将木块分别放在长木板、绸布、棉布上,用弹簧测力计拉木块做水平 匀速直线 运动,发现测力计示数关系是F棉>F木>F绸,若用木板模拟未刷冰区域,则应选 绸布 模拟刷冰区域。 (2)图乙中弹簧测力计的示数是 2.2 N。 (3)他们用图丙装置,将长为l的所选材料M平铺在木板上,让木块从斜面上滑下,经过M后停在木板上的固定位置P,所需材料M的长度l与哪些因素有关?大家提出以下猜想: 猜想1:与木块由静止滑下时的高度h有关; 猜想2:与M左端到斜面底端的距离x有关。 ①验证猜想1时,保持x不变,将木块 不同 (选填“同一”或“不同”)高度由静止滑下,改变l,使木块最终都停在位置P,数据记录如下: 序号 1 2 3 4 5 6 释放的高度h/m 0.10 0.14 0.18 0.20 0.22 0.26 M的长度l/m 2.00 1.60 1.20 0.86 0.80 0.40 根据表格数据,可知l与h的关系是 保持x不变,h越大,l越小 。 ②验证猜想2时,小明改变x,将木块从不同高度由静止滑下,记录数据,得出结论,分析实验中存在的问题是 没有控制h相同(或没有控制物块从斜面同一高度下滑) ,正确操作,发现每次只将M前后移动时,木块都会经过M停在P位置,该现象说明猜想2是 错误 (选填“正确”或“错误”)的。 【分析】(1)根据二力平衡结合题意分析; (2)由图乙中弹簧测力计分度值读数; (3)所需材料M的长度l与与木块由静止滑下时的高度h和与M左端到斜面底端的距离x有关,根据控制变量法,研究与其中一个因素的关系时,要控制另外一个因素不变; ①根据控制变量法分析;由表中数据得出结论; ②根据控制变量法分析; 正确操作,发现每次只将M前后移动时,即x发生变化,木块都会经过M停在P位置,据此分析。 【解答】解: (1)将木块分别放在长木板、绸布、棉布上,用弹簧测力计拉木块做水平匀速直线运动,发现测力计示数关系是F棉>F木>F绸,根据二力平衡,测力计示数等于木块受到的摩擦力,所以木块在绸布上受到摩擦力最小; 在探究刷冰长度的影响因素的实验过程中,若用木板模拟未刷冰区域,则应选择摩擦力小的材料模拟刷冰区域,故选绸布; (2)图乙中弹簧测力计分度值为0.2N,示数是2.2N; (3)①验证猜想1时,即M的长度l与木块由静止滑下时的高度h有关,应保持x不变,将木块从不同高度由静止滑下,改变l,使木块最终都停在位置P; 由表格数据可知l与h的关系是:保持x不变时,h越大,l越小; ②验证猜想2时,即M的长度l与M左端到斜面底端的距离x有关,根据控制变量法,小明应只改变x,应将木块从相同高度由静止滑下,故实验中存在的问题是:没有控制h相同(或没有控制物块从斜面同一高度下滑); 正确操作,发现每次只将M前后移动时,即x发生变化,木块都会经过M停在P位置,即M的长度l与M左端到斜面底端的距离x无关;该现象说明猜想2是错误的。 故答案为:(1)匀速直线;绸布; (2)2.2; (3)①不同; 保持x不变,h越大,l越小;②没有控制h相同 (或 没有控制物块从斜面同一高度下滑); 错误。 【点评】本题考查二力平衡、数据分析、控制变量法的运用,关键是正确理解题意。 30.(6分)某实验小组的同学用图甲所示器材测量小灯泡电功率,待测小灯泡L的额定电压为3.8V,额定功率小于1W,电源电压恒为6V,滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”,图甲所示是该实验小组没有连接完整的电路。 (1)请你用笔画线代替导线,在图甲中把电路连接完整; (2)排除故障后,正确连接好电路,闭合开关,发现小灯泡不亮,但电流表、电压表均有示数,请分析出现这种现象的原因是 变阻器连入电路中的电阻最大,电流过小 。为测量小灯泡的额定功率,接下来的操作应该是 向右移动变阻器的滑片,使电压表示数为3.8V 读出并记录电流表的示数。当灯泡正常发光时,电流表示数如图乙所示,其值为 0.2 A,小灯泡的额定功率为 0.76 W。 (3)测出小灯泡的额定功率后,再测大于小灯泡额定功率的实际功率,应将滑动变阻器的滑片向 右 (选填“左”或“右”)端滑动。 (4)测量小灯泡的电功率 不需要 (选填“需要”或“不需要”)多次测量求平均值,原因是 灯在额定电压下的功率为额定功率,不同电压下的功率不同 。 【分析】(1)根据待测小灯泡L的额定电压为3.8V确定电压表选用大量程与灯并联,由额定功率小于1W,根据P=UI求出灯的额定电流确定电流流表选用小量程与灯串联,变阻器按一下一上接入电路中与灯串联; (2)排除故障后,正确连接好电路,闭合开关,电流表、电压表均有示数,说明电路为通路,小灯泡不亮,说明电路中的电流过小,据此分析; 灯在额定电压下正常发光,据此分析接下来的操作; 根据电流表选用小量程确定分度值读数,根据P=UI求出小灯泡的额定功率; (3)当灯的实际电压大于灯的额定电压时,灯的实际功率大于灯的额定功率,故测出小灯泡的额定功率后,再测大于小灯泡额定功率的实际功率,要增大灯的电压,根据串联电路电压的规律和分压原理确定滑动变阻器的滑片移动的方向; (4)灯在额定电压下的功率为额定功率,不同电压下的功率不同,据此分析。 【解答】解:(1)待测小灯泡L的额定电压为3.8V,电压表选用大量程与灯并联,额定功率小于1W,根据P=UI,灯的额定电流小于: I==≈0.26A, 故电流表选用小量程与灯串联,变阻器按一下一上接入电路中与灯串联,如下所示: (2)排除故障后,正确连接好电路,闭合开关,电流表、电压表均有示数,说明电路为通路,小灯泡不亮,说明电路中的电流过小,现这种现象的原因是:变阻器连入电路中的电阻最大; 灯在额定电压下正常发光,故为测量小灯泡的额定功率,接下来的操作应该是:向右移动变阻器的滑片,使电压表示数为3.8V,读出并记录电流表的示数; 当灯泡正常发光时,电流表示数如图乙所示,电流表选用小量程,分度值为0.02A,其值为0.2A,小灯泡的额定功率为: P=UI=3.8V×0.2A=0.76W; (3)当灯的实际电压等于额定电压,灯的功率为额定功率,当灯的实际电压大于灯的额定电压时,灯的实际功率大于灯的额定功率,故测出小灯泡的额定功率后,再测大于小灯泡额定功率的实际功率,要增大灯的电压,由串联电路电压的规律,要减小变阻器连入电路中的电阻,由分压原理,应将滑动变阻器的滑片向右端滑动。 (4)测量小灯泡的电功率不需要多次测量求平均值,因为灯在额定电压下的功率为额定功率,不同电压下的功率不同,取平均值没有意义。 故答案为:(1)如上所示;(2)变阻器连入电路中的电阻最大,电流过小;向右移动变阻器的滑片,使电压表示数为3.8V;0.2;0.76;(3)右;(4)灯在额定电压下的功率为额定功率,不同电压下的功率不同。 【点评】本题测量小灯泡电功率,考查电路连接、器材的选择、电路分析、操作过程、电流表读数、额定功率的计算和数据处理。 六.计算题(共3小题,满分20分) 31.(6分)在今年我区中考体育测试中: (1)当我们进行剧烈的跑跳运动过程中人体产热 大于 人体散热(选填“大于”、“小于”或“等于”),从而出现满脸通红的情况。 (2)在长跑中男生1000米满分成绩为3分40秒。某男生在1000米测试中正好获得满分,求他在1000米长跑中的平均速度是多少?(计算结果保留一位小数) (3)已知某同学的质量为50kg,每只脚与地面的接触面积为0.025m2.该同学站立时对水平地面的压强为多大?(取g=10N/kg) (4)在体育测试另一项目立定跳远中,体重为500N的某同学从最高点到落地点的过程中,重心下降的最大距离为0.3m,轨迹如图所示。则此过程中重力做的功为多少? 【分析】(1)体温的相对恒定是机体产热和散热动态平衡的结果,要对这种平衡加以分析,产的热多,散的热多;产的热少,散的热少。 (2)首先将3分40秒化成分钟,再利用所跑的总和为1000,进而求出答案。 (3)已知小明的质量,根据公式G=mg可求重力。在水平地面上对地面的压力等于自身的重力,根据公式p=可求站立时他对地面的压强。 (4)知道人受到的重力和在重力方向上移动的距离,利用W=Gh求重力做功大小; 【解答】解:(1)产热多于散热则体温升高出现满脸通红; (2)已知t=3分40秒=220s,s=1000m,则跑1000的速度为v===4.5m/s; (3)重力G=mg=50kg×10N/kg=500N。 压强p====1×104Pa。 (4)重力做功:W=Gh=500N×0.3m=150J。 故答案为:(1)大于;(2)他在1000米长跑中的平均速度4.5m/s;(3)该同学站立时对水平地面的压强为1×104Pa;(4)此过程中重力做的功为150J。 【点评】此题考查了学生对速度的计算、压强的计算、功的计算,属于基础计算,比较简单。 32.(6分)在如图所示的电路中,电源电压保持不变,电阻R1的阻值为20Ω.闭合开关S,电流表A1的示数为0.3A,电流表A2的示数为0.2A.求: (1)电源电压U; (2)电阻R2的阻值。 【分析】由电路图可知,两电阻并联,电流表A1测R1支路电流,电流表A2测R2支路的电流。 (1)根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压; (2)根据欧姆定律求出R2的阻值。 【解答】解:由电路图可知,两电阻并联,电流表A1测R1支路电流,电流表A2测R2支路的电流。 (1)因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,由I=可得,电源的电压: U=I1R1=0.3A×20Ω=6V; (2)R2的阻值: R2===30Ω。 答:(1)电源电压是6V; (2)R2的阻值是30Ω。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用,是一道基础题目。 33.(8分)小强家买了一个自动电热水壶,其铭牌如下表。小强装了0.5kg的水,加热5min后把水烧开,水壶自动断电。已知大气压为1个标准大气压,电热水壶正常工作且电阻不变,水的初温为20℃,c水=4.2×103J/(kg?℃),求: 自动电热水壶 型号 WL100F 电源 220V50Hz 额定功率 1000W 容量 1L (1)这壶水吸收的热量; (2)水壶消耗的电能; (3)此电热水壶的热效率。 【分析】(1)知道水的质量和比热容以及初温、末温(1个标准大气压下水的沸点为100℃),根据Q吸=cm(t﹣t0)求出这壶水吸收的热量; (2)电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等,根据P=求出水壶消耗的电能; (3)知道水吸收的热量和消耗的电能,利用η=×100%求出此电热水壶的热效率。 【解答】解:(1)1个标准大气压下水的沸点为100℃,则这壶水吸收的热量: Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg?℃)×0.5kg×(100℃﹣20℃)=1.68×105J; (2)由P=可得,水壶消耗的电能: W=Pt′=1000W×5×60s=3×105J; (3)此电热水壶的热效率: η=×100%=×100%=56%。 答:(1)这壶水吸收的热量为1.68×105J; (2)水壶消耗的电能为3×105J; (3)此电热水壶的热效率为56%。 【点评】本题考查了吸热公式和电功公式、效率公式的应用,关键是知道1个标准大气压下水的沸点为100℃。

  • ID:6-5651476 2018-2019学年福建省泉州市现代中学九年级(下)期中物理试卷(解析版)

    初中物理/期中专区/九年级下册

    2018-2019学年福建省泉州市现代中学九年级(下)期中物理试卷 一.选择题(共20小题,满分40分,每小题2分) 1.关于电磁波,下列说法中不正确的是(  ) A.微波和无线电波都属于电磁波 B.麦克斯韦预言并证实了电磁波的存在 C.电磁波在真空中传播速度与光速相同 D.电磁波是在空间传播的周期性变化的电磁场 2.图中是几种我们比较熟悉的现象,其中属于扩散现象的是(  ) A.春天,柳絮飞扬 B.夏天,荷花飘香 C.秋天,落叶缤纷 D.冬天,雪花飘飘 3.小明乘坐动车时,看到桌面上的苹果保持静止不动,则他所选的参照物是(  ) A.铁轨 B.桌面 C.路旁的树木 D.从旁边走过的列车员 4.2016年12月14﹣16日上合峰会在郑州CBD举行,为减轻雾霾郑州以及周边地区市区实行单双号限行,在践行“节能低碳”的今天,除了限行之外还应特别重视开发利用的新能源是(  ) A.煤炭和石油 B.石油和柴薪 C.天然气和石油 D.太阳能和核能 5.下列估测与实际最相符的是(  ) A.人觉得舒适的环境温度为37℃ B.中学生的身高约为162mm C.人正常步行的速度为1.1m/s D.托起两只鸡蛋的力约为10N 6.如图所示的四种现象中,符合安全用电原则的是(  ) A.在没有断开电源的情况下换灯泡 B.使用绝缘层破损的电线 C. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯 D. 用绝缘棒挑开通电的裸导线 7.如图所示,与图中情景相关的说法中正确的是(  ) A.动物之间可以通过声音传递信息 B.控制公路噪声的唯一途径是减少鸣笛 C.海豚只能接收超声波 D.交响乐队中所有乐器音色完全相同 8.关于以下成语中的“影”,形成的光学原理相同的是(  ) (1)形影不离(2)湖光倒影(3)毕业合影(4)立竿见影(5)杯弓蛇影。 A.(1)(2) B.(3)(5) C.(3)(4) D.(2)(5) 9.如图所示的实例中,目的是为了减小摩擦的是(  ) A.瓶盖上刻有纹线 B.磁悬浮列车 C.汽车轮上装防滑链自 D.涂镁粉的手 10.《墨经》最早记述了秤的杠杆原理。图中“标”“本”表示力臂,“权“重” 表示力。以下说法符合杠杆平衡原理的是(  ) A.“权”小于“重”时,A端一定上扬 B.“权”小于“重“时,“标”一定小于“本” C.增大“重”时,应把“权”向A端移 D.增大“重”时,应换用更小的“权” 11.小宇在家观看汽车拉力赛的电视节目,发现汽车行驶速度很快。其中途经一段“S”形弯道时,如图。他想:现场观看的观众为了更安全,应站的位置是图中(  ) A.甲、丙 B.甲、丁 C.乙、丙 D.乙、丁 12.如图所示,小明设计的太阳能净水器。在污水净化过程中发生的物态变化是(  ) A.先熔化,后凝固 B.先汽化,后凝固 C.先汽化,后液化 D.先升华,后凝华 13.如图所示。在装有水的容器里。水对容器里a、b、c三点的压强大小是(  ) A.水对a点没有压强 B.水对c点没有压强 C.水对a点的压强最大。对b点的压强最小 D.水对b点的压强最大。对a点的压强最小 14.一个氢气球的拉线断开后,沿斜向右上方做匀速直线飞行,则这一过程中的氢气球(  ) A.不受力 B.受力但不平衡 C.受平衡力 D.只受斜向上的力 15.医生检查后说需要如图1所示冰袋冰敷,但冰袋太冷了就把它放进水里“加热”一下再用,看着冰袋飘在水上的模样,同学们想起初中学习浮沉时的情景,一时兴起,他们用手机百度了一个相关题目来重温那段美好时光,题目是这样说的:如图2所示,B、C是体积均为10cm2的实心铝块,当B浸没在水中时,木块A恰能在水平桌面上向左匀速运动,若用铝块D替换C,使A在桌面上向右匀速运动,则D的质量应为(ρ铝=2.7g/cm3,铝块B始终浸没在水中,水与B之间的摩擦以及滑轮处的摩擦均忽略不计)(  ) A.17g B.7g C.10g D.27g 16.同学们“测量并探究影响滑轮组机械效率高低的因素”,使用了如图所示的装置,下列说法正确的是(每个钩码重相同)(  ) A.实验需要用到的测量仪器弹簧测力计、刻度尺和停表 B.实验时需要匀速拉动测力计,只有这样测力计示数才能稳定 C.当钩码个数相同时,甲的机械效率比乙高 D.把钩码提高的高度越高,做的有用功越多,机械效率越高 17.如图所示,对于图片中所描述的物理过程,下列分析中正确的是(  ) A.图甲,厚玻璃内的空气被压缩后,迅速反弹过程中,厚玻璃内的空气内能减少 B.图乙,只要看到塞子跳起时,就说明塞子的机械能转化为空气的内能 C.图丙,试管内的水蒸气推动塞子冲出时,瓶口出现大量白雾,说明周围空气的内能减少 D.图丁,汽缸内的气体推动活塞向下运动时,气体的内能增大 18.下列事例应用了“流体压强与流速的关系”的是(  ) A.拦河坝修成“上窄下宽” B.用吸管从瓶中吸起饮料 C.鱼鳔的大小变化使鱼在水中沉浮 D.飞机飞行时获得升力 19.如图所示是小明同学在“探究电流与电压关系”时根据实验数据绘出的电流随电压变化关系的图象,下列说法正确的是(  ) A.通过两电阻的电流都跟电压成反比,且R1<R2 B.通过两电阻的电流都跟电压成正比,且R1>R2 C.电阻R2阻值是电阻R1阻值的2倍 D.当电阻R2两端的电压为3V时,通过它的电流为0.3A 20.不在同一个电路中的两个电阻,阻值之比为3:1,通过的电流之比为2:3,则两个电阻消耗的电功率之比为(  ) A.2:1 B.4:3 C.3:2 D.2:3 二.填空题(共6小题,满分10分) 21.人脸识别门镜一体机是通过摄像机镜头来捕捉人脸信息(如图所示),该摄像机镜头相当于   透镜,它的成像与   (选填“照相机”、“投影仪”、“放大镜”)相似,所成的是   (选填“放大”、“缩小”、“等大”)的实像,要使屏幕上的像大些,人应离镜头   (选填“远”、“近”)些。 22.如图所示,烧杯内盛有某种液体,把一体积为1×10﹣4m3的铝块用细线系在弹簧测力计下浸没在液体中,静止时弹簧测力计的示数为1.5N,已知铝的密度为2.7×103kg/m3.则铝块在液体中受到的浮力等于   N,液体的密度为    kg/m3.(g取10N/kg) 23.在野外没有带火柴和打火机,可以用干电池和口香糖纸取火。取宽约2cm的口香糖锡箔纸条,在其中部剪窄约为2﹣3mm,如图所示;让锡箔纸条一端放在干电池正极,另一端放在干电池负极,用食指和拇指分别用力压住,使干电池短路,很快就会看到锡箔纸条窄处燃烧起来,如图所示。这是因为短路时锡箔纸条中   很大,锡箔纸条中部剪窄后与没剪时相比电阻   (选填“变大”、“变小”或“不变”),所以短时间内锡箔纸窄处会产生较多电热。 24.两个电子元件A和B串联后接入电路,流过元件的电流与其两端电压关系如图所示,当流过元件A的电流为0.4A时,元件A,B两端电压之比为   ,A、B两元件消耗的总功率为   W。 25.(1分)如图所示,根据电源的正负极标出磁感线的方向、小磁针N、S极。 26.(1分)如图所示,请画出物体B所受重力为2N的示意图。 三.解答题(共1小题,满分4分,每小题4分) 27.(4分)在森林中旅游时,请不要随意丢弃透明的饮料瓶,以防止引起森林大火,请解释其中的道理。 四.实验探究题(共5小题,满分28分) 28.(5分)(1)如图是三种仪器的测量情形。 ①图甲中木块正面宽度为    cm; ②图乙中温计的读数为   ℃; ③图丙是电能表照片,其读数为   kW?h; (2)在如图丁所示的实验中,闭合开关,保持蹄形磁体不动,若使导体AB沿    (选填“竖直”或“水平”)方向运动,则灵敏电流计的指针将发生偏转。此实验是将机械能转化成   能的过程。 29.(5分)在探究“水的沸腾”的实验中,当水温升到90℃时,每隔1min记录一次温度计的示数,直到水沸腾5min后停止读数,部分数据记录如表: 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 水的温度/℃ 90 92 94     98 98 98 98 98 (1)某次数据没有记录,当时温度计示数如图1所示,请将漏填的数据填在表格内; (2)根据表中实验数据,可知水的沸点是   ℃;由水的沸点,可判断出当时的大气压   (高于/等于/低于)1个标准大气压; (3)加热时,应用酒精灯的   加热; (4)在第4min到第9min的这段时间内这位同学观察到的现象是   ; (5)请你归纳出水沸腾的特点:   ; (6)如图2所示,图   是沸腾前的现象,图   是沸腾时的现象; (7)在探究结束后,四位同学分别交流展示了自己所绘制的水的温度和时间关系的曲线,如图3所示。其中能正确反映研究水沸腾过程中温度随时间变化关系的是   。 30.(5分)艺馨利用如图所示的装置进行探究“平面镜成像特点”的实验。实验步骤如下: (1)将一块薄玻璃板竖直立在铺有白纸的水平桌面上; (2)取两支相同的蜡烛A和蜡烛B,点燃玻璃板前的蜡烛A,并移动玻璃板后的蜡烛B,使它与蜡烛A在玻璃板后所成的像完全重合,并用笔在白纸上标记出蜡烛A和蜡烛B的位置; (3)多次改变蜡烛A的位置,重复前面的步骤; (4)用刻度尺分别测量蜡烛A和蜡烛B到玻璃板的距离。 在此实验中: (5)在蜡烛像的位置上放一张白纸板做屏幕,则白纸板上将   (有/没有)蜡烛的像;这说明:平面镜成的是   像; ①我们选用玻璃板代替平面镜的目的是:   ; ②我们选取两支相同的蜡烛是为了比较像与物的   关系; ③实验中多次改变蜡烛A的位置,重复进行实验的目的是:   ; ④如果实验中采用厚玻璃板,观测到蜡烛A通过玻璃板在不同位置成了两个清晰的像,且测得两个像之间的距离为0.8cm,则玻璃板的厚度为   cm。 31.(6分)小明同学想知道橡皮泥的密度有多大,他用天平、量筒、水和细线进行如图所示的实验操作。 (1)在调节天平时,小明将游码拔到标尺   刻度,小明发现指针偏向分度盘中央刻度线的左侧,为使天平横梁水平平衡,他应将平衡螺母向    端调。 (2)在图中所示的实验过程中,合理的操作顺序是(填字母序号):   。 (3)由图中可知,橡皮泥的质量m=   g,橡皮泥的体积V=   cm3通过计算,橡皮泥的密度ρ=   g/cm3。 32.(7分)在“测定小灯泡的额定功率”实验中,小明同学用一个电压表、一个电流表、一个开关、电压为恒为6V的电源、额定电压为3.8V的小灯泡和一个标有“20Ω 1.5A”的滑动变阻器,小灯泡的额定功率小于2W,设计的电路如图甲所示的电路。 (1)请用铅笔画线代替导线,按照图甲所示的电路图,将图乙的实物电路连接完整(连线不得交叉); (2)电路接好后,闭合开关,发现小灯泡特别亮,电压表与电流表的示数较大。电路连接无误,接下来应进行的操作是    (按操作步骤先后顺序填写字母代号); A.更换电池或小灯泡 B.检查电路是否短路 C.移动滑动变阻器滑片至最大值位置 D.断开电路开关 (3)在实验中,若电压表示数为2V,为了使灯两端电压达到3.8V,必须将滑片向   (左/右)调节;当小灯泡正常发光时,电流表示数如图丙,则灯泡的额定功率为   W; (4)完成上述实验后,小明把小灯泡更换成定值电阻(如图丁),利用原电路继续探究“电流与电阻”的关系: 实验时,小明先将5Ω电阻接入电路,调节滑动变阻器使电压表示数为2V,记下对应的电流;再将5Ω的电阻更换为10Ω电阻,移动滑动变阻器滑片,使电压表示数仍为2V;当小明再换接15Ω电阻时,发现无论怎样调节滑动变阻器,都不能使电压表示数为2V,分析其可能的原因   (答出一种情况即可).请你在不增减器材的条件下帮小明解决这个问题,完成实验,你的方法是:    (5)若小灯泡的额定电流为I0=2I1,以下关于额定功率P0与实际功率P1的数值关系,你认为最有可能的是    A.P0=2P1 B.P0=3P1 C.P0=4P1 D.P0=5P1。 五.计算题(共3小题,满分18分,每小题6分) 33.(6分)如图1所示,已知定值电阻R1的阻值为30Ω,闭合开关时整个电路正常工作,两电流表的指针都在同一位置,示数如图2所示。(设电源电压保持不变),求: (1)电源电压U是多少? (2)通过定值电阻R2的电流是多少? (3)现用一个未知阻值的定值电阻Rx替换电阻R1或R2,替换后只有一个电流表的示数发生了变化,请判断Rx替换的是电阻R1或R2。 (4)此时替换后电流表示数减少了0.3A,求未知电阻Rx的阻值。 34.(6分)如图所示是某中学投入使用的新型安全校车,学生乘坐这种新型安全校车到9km外的考点参加考试。校车行驶了 15min后安全到达考点。求:(g取10N/kg) (1)校车在送考过程中的平均速度是多少km/h; (2)若校车和学生总质量为9000kg,车轮与地面的接触总面积为0.15m2.求校车对水平面的压强; (3)若校车以12m/s的速度在一段平直路面上匀速行驶,校车受到的牵引力是4500N,求校车发动机牵引力的功率。 35.(6分)小明家买了一台全自动豆浆机,其部分技术参数如表,豆浆机的核心部件是机头,它的中间部位是一个带刀片旋转的电动机 小明家买了一台全自动豆浆机,其部分技术参数如下表,豆浆机的核心部件是机头,它的中间部位是一个带动刀片旋转的电动机,用来将原料粉碎打浆,外部是一个环状加热管(电热丝),用来对豆浆加热(如图甲是豆浆机的机械结构图).制作豆浆的过程是加热﹣打浆﹣加热﹣打浆﹣加热,加热和打浆交替进行。图21乙是该豆浆机做好一次豆浆的p﹣t图象,请根据以上信息解答下列问题: 型号 SYL﹣624 额定电压 220V 额定频率 50Hz 电动功率 110W 加热功率 1210W 容量 1000mL (1)豆浆机正常打浆时,通过电动机电流是多少? (2)豆浆机正常工作时,加热管电阻丝的阻值是多少? (3)豆浆机做好一次豆浆,消耗的总电能是多少? 2018-2019学年福建省泉州市现代中学九年级(下)期中物理试卷 参考答案与试题解析 一.选择题(共20小题,满分40分,每小题2分) 1.关于电磁波,下列说法中不正确的是(  ) A.微波和无线电波都属于电磁波 B.麦克斯韦预言并证实了电磁波的存在 C.电磁波在真空中传播速度与光速相同 D.电磁波是在空间传播的周期性变化的电磁场 【分析】依照波长的长短的不同,电磁波谱可大致分为:无线电波,微波,红外线,可见光,紫外线,伦琴射线,γ射线(伽马射线)。 麦克斯韦建立了电磁场理论,预言了电磁波的存在。赫兹用实验证实电磁波存在。 光波是一种电磁波,电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s。 电磁波产生的条件:迅速变化的电流的周围会产生电磁波。 【解答】解: A、微波和无线电波都属于电磁波。此选项正确; B、麦克斯韦建立了电磁场理论,预言了电磁波的存在,赫兹用实验证实电磁波存在。此选项错误; C、电磁波和光波在真空中传播速度相同,是3×108m/s.此选项正确; D、电磁波是在空间传播的周期性变化的电磁场。此选项正确。 故选:B。 【点评】本题考查电磁波的相关知识,掌握基础知识才能解决此题。 2.图中是几种我们比较熟悉的现象,其中属于扩散现象的是(  ) A.春天,柳絮飞扬 B.夏天,荷花飘香 C.秋天,落叶缤纷 D.冬天,雪花飘飘 【分析】分子是构成物质的一种微粒,微粒很小,肉眼是看不到的,并且在做永不停息地运动。生活中的扩散、挥发等现象都是由于分子不断运动的结果。 【解答】解: A、柳絮飞扬是可见的固体的机械运动,不能用分子的观点来解释,故A不符合题意; B、花朵飘香是因为花中含有香味的分子运动到了鼻子中,说明了分子在不断地运动,故B符合题意; C、落叶是固态物体的机械运动,不是分子运动,故C不符合题意; D、雪花飘飘是大气中的水蒸气变成固态雪花降落下来,是物体的机械运动,故D不符合题意。 故选:B。 【点评】本题考查应用微粒是在不断运动的基本特征来解释现象。 3.小明乘坐动车时,看到桌面上的苹果保持静止不动,则他所选的参照物是(  ) A.铁轨 B.桌面 C.路旁的树木 D.从旁边走过的列车员 【分析】运动和静止是相对的,判断一个物体是否运动,关键看它与所选的参照物之间的位置是否发生了变化,如果发生了变化,则它是运动的,如果没有发生变化,则它是静止的。 【解答】解:A、以铁轨为参照物,苹果相对于铁轨的位置不断变化,所以苹果是运动的,不合题意; B、以桌面为参照物,苹果相对于桌面的位置没有变化,所以苹果是静止不动的,符合题意; C、以路旁的树木为参照物,苹果相对于路边树木的位置不断发生变化,所以苹果是运动的,不合题意; D、以从旁边走过的列车员为参照物,苹果相对于他的位置发生了变化,所以苹果是运动的,不合题意。 故选:B。 【点评】判断一个物体的运动和静止,首先确定一个参照物,再判断被研究的物体和参照物之间的位置是否变化。这是解答此类题目的一般思路。 4.2016年12月14﹣16日上合峰会在郑州CBD举行,为减轻雾霾郑州以及周边地区市区实行单双号限行,在践行“节能低碳”的今天,除了限行之外还应特别重视开发利用的新能源是(  ) A.煤炭和石油 B.石油和柴薪 C.天然气和石油 D.太阳能和核能 【分析】“低碳生活”倡导我们在生活中所耗用的能量、材料要尽量减少,从而减低二氧化碳的排放量,为减低碳排放量,有的能源不能大力开发,比如与碳元素有关的能源。 【解答】解:煤炭、石油、天然气、柴薪使用时会产生废物、废气污染环境,与节能环保,低碳生活不相符;太阳能取之不尽用之不竭,而且环保,不会对环境产生影响,随着科学技术的进步也很容易转化为其他形式的能,核能对环境影响小,故D正确。 故选:D。 【点评】能源的使用会对环境造成危害,所以要选择对环境影响小的新能源,如太阳能、核能、氢能等。 5.下列估测与实际最相符的是(  ) A.人觉得舒适的环境温度为37℃ B.中学生的身高约为162mm C.人正常步行的速度为1.1m/s D.托起两只鸡蛋的力约为10N 【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案。 【解答】解:A、人体正常体温在37℃左右,感觉舒适的温度在23℃左右。故A符合实际; B、成年人的身高在170cm左右,中学生的身高略小于成年人,在162cm=1620mm左右。故B不符合实际; C、人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右。故C符合实际; D、两个鸡蛋的质量在100g=0.1kg左右,托起两个鸡蛋的力在F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N左右。故D不符合实际。 故选:C。 【点评】对物体长度、质量、温度等进行估测,是初中物理的一项基本要求,平时结合所学知识对身边的如:人高、教室高、一步长、步行速度、体温、气温等等,多观察多思考,必要时做出正确判断。 6.如图所示的四种现象中,符合安全用电原则的是(  ) A.在没有断开电源的情况下换灯泡 B.使用绝缘层破损的电线 C. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯 D. 用绝缘棒挑开通电的裸导线 【分析】(1)更换灯泡时,应先切断电源; (2)绝缘层破损的电线要及时更换; (3)湿物体是导体,接触带电体容易发生触电; (4)发现有人触电时,可以用绝缘棒挑开通电的裸导线。 【解答】解:A、不断开开关,直接更换不亮的电灯泡,由于灯泡上带电,容易引起触电事故,所以更换灯泡时先断开开关,故A不符合安全用电原则; B、电线绝缘层破损后,防止引发触电事故,故B不符合安全用电原则; C、用湿布擦拭正在发光的电灯,湿布导电容易使人触电,故C不符合安全用电原则; D、用绝缘棒挑开通电的裸导线,避免发生触电事故,故D符合安全用电原则。 故选:D。 【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识,值得注意的是:生活用水是导体,金属外壳的用电器一定要接地。 7.如图所示,与图中情景相关的说法中正确的是(  ) A.动物之间可以通过声音传递信息 B.控制公路噪声的唯一途径是减少鸣笛 C.海豚只能接收超声波 D.交响乐队中所有乐器音色完全相同 【分析】(1)声音能够传递信息,也能够传递能量。 (2)减弱噪声的途径有三种:在声源处减弱噪声;阻断噪声的传播;在人耳处减弱噪声。 (3)人耳能听到的声音在20Hz到20000Hz之间,超出这个范围的声音,人耳是听不到的。 (4)声音的不同特性是音色,我们根据音色不同来区分不同的发声体。 【解答】解:A、动物能产生和听到一定频率范围的声音,所以可以通过声音传递信息,故A正确。 B、禁止鸣笛即从声源处禁止噪声的产生,但也可以通过公路两边植树,即在声的传播过程中减弱。故B错误。 C、因为海豚的“声音”其频率高于20000Hz,是一种超声波,但它的听到的声音频率范围很大,所以能听到超声波以外的声音;故C错误。 D、音色是由发声体的本身决定的,不同乐器音色不同,交响乐队中所有乐器音色不同。故D错误。 故选:A。 【点评】此题考查了声音的产生与传播、声音的特征以及减小噪声的方法,是一道声学基础题。 8.关于以下成语中的“影”,形成的光学原理相同的是(  ) (1)形影不离(2)湖光倒影(3)毕业合影(4)立竿见影(5)杯弓蛇影。 A.(1)(2) B.(3)(5) C.(3)(4) D.(2)(5) 【分析】(1)光在同种均匀物质中沿直线传播,在日常生活中,激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的; (2)当光照射到物体界面上时,有一部分光被反射回来发生反射现象,例如:平面镜成像、水中倒影等; (3)当光从一种介质斜射入另一种介质时,传播方向的会偏折,发生折射现象,凸透镜成像是利用光才折射。 【解答】解:(1)形影不离,“影”是影子,属于光的直线传播; (2)平面镜成像是光的反射形成的,平静的水面相当于平面镜,映出水面上的物体的像都属光的反射现象;故湖光倒影,属于光的反射; (3)毕业合影,“影”是人的像,属于凸透镜成像,这是折射现象; (4)立竿见影,“影”是影子,属于光的直线传播; (5)“杯弓蛇影”是由于对面的墙壁上挂着一个弓,酒的液面相当于平面镜,墙上的弓在平面镜中成像,好像一条蛇,因此属于平面镜成像,是由于光的反射形成的; 故选:D。 【点评】生活中各种“影”都与光的传播有关,要正确区分各种“影”形成的原因;影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理;倒影、照镜子、潜望镜都是光的反射原理;透镜、看水下的物体等都是光的折射原理,这类题属于光学综合题。 9.如图所示的实例中,目的是为了减小摩擦的是(  ) A.瓶盖上刻有纹线 B.磁悬浮列车 C.汽车轮上装防滑链自 D.涂镁粉的手 【分析】(1)增大摩擦力的方法:在接触面粗糙程度一定时,通过增大压力来增大摩擦力;在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 (2)减小摩擦力的方法:在接触面粗糙程度一定时,通过减小压力来减小摩擦力;在压力一定时,通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力;使接触面脱离;用滚动摩擦代替滑动摩擦。 【解答】解:A、瓶盖上刻有纹线,是在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A不合题意; B、磁悬浮列车,是通过使接触面脱离来减小摩擦力。故B符合题意; C、汽车轮上装防滑链,是在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C不合题意; D、涂镁粉的手,是在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故D不合题意。 故选:B。 【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素,以及增大和减小摩擦的方法,摩擦力问题在生活中应用非常广泛,解答此题类问题时要利用控制变量法研究。 10.《墨经》最早记述了秤的杠杆原理。图中“标”“本”表示力臂,“权“重” 表示力。以下说法符合杠杆平衡原理的是(  ) A.“权”小于“重”时,A端一定上扬 B.“权”小于“重“时,“标”一定小于“本” C.增大“重”时,应把“权”向A端移 D.增大“重”时,应换用更小的“权” 【分析】杆秤实际是以提纽为支点的杠杆,利用杠杆平衡条件分析力或力臂的变化。 【解答】解:根据杠杆平衡条件知, 权×标=重×本。 A、“权”小于“重”时,“本”确定,但“标”是可以改变的,所以A端不一定上扬。故A错误; B、“权”小于“重“时,由“权×标=重×本”知,“标”一定大于“本”。故B错误; C、增大“重”时,“权”和“本”不变,由“权×标=重×本”知,“标”会增大,所以把“权”向A端移。故C正确; D、增大“重”时,“本”不变,由“权×标=重×本”知,可以增大“标”,或增大“权”。故D错误。 故选:C。 【点评】此题考查的是杠杆平衡条件的应用,通过题目的解析可以加深我们对我国古代科技成就的了解,增加民族自豪感。 11.小宇在家观看汽车拉力赛的电视节目,发现汽车行驶速度很快。其中途经一段“S”形弯道时,如图。他想:现场观看的观众为了更安全,应站的位置是图中(  ) A.甲、丙 B.甲、丁 C.乙、丙 D.乙、丁 【分析】解决本题需掌握:车具有惯性,即物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性。据此分析。 【解答】解: 由图可知,当车在路上行驶时,如果车失去控制,由于惯性,车将会沿原来运动的方向冲出,即会冲到图中的乙区或丙区,故人在甲区或丁区是安全的,故B正确。 故选:B。 【点评】物体的惯性是指物体能保持原来的匀速直线运动和静止状态的性质,要注意知识与实际应用的联系。 12.如图所示,小明设计的太阳能净水器。在污水净化过程中发生的物态变化是(  ) A.先熔化,后凝固 B.先汽化,后凝固 C.先汽化,后液化 D.先升华,后凝华 【分析】(1)物质从液态变成气态的过程称为汽化,汽化有蒸发和沸腾两种方式; (2)物质从气态变成液态的过程称为液化。 【解答】解:净水器中的水首先从液态变成气态的水蒸气,发生汽化现象。然后水蒸气遇到塑料瓶做的温室罩,液化成液态的小水珠,发生液化现象,小水珠越积越多,最后落下来,被收集到洁净水收集杯中。 故选:C。 【点评】本题考查汽化和液化在日常生活中的应用,体现了物理知识和生活实际的联系,充分体现了物理来源于生活,又服务于社会的理念。 13.如图所示。在装有水的容器里。水对容器里a、b、c三点的压强大小是(  ) A.水对a点没有压强 B.水对c点没有压强 C.水对a点的压强最大。对b点的压强最小 D.水对b点的压强最大。对a点的压强最小 【分析】液体内部向各个方向都有压强,液体产生的压强由液体的密度和深度有关, 【解答】解:由于液体内部向个方向都有压强,故a、b、c三个点上都会受到水的压强,故A、B错误; 由液体压强计算公式:p=ρgh可知:在液体密度相同时,所在深度最大的b点受到水的压强最大;所在深度最小的a点受到水的压强最小,C错误;D正确。 故选:D。 【点评】本题考查的是液体压强的特点和影响液体压强大小的因素,要求熟练掌握液体压强的特点和计算公式。 14.一个氢气球的拉线断开后,沿斜向右上方做匀速直线飞行,则这一过程中的氢气球(  ) A.不受力 B.受力但不平衡 C.受平衡力 D.只受斜向上的力 【分析】物体处于平衡状态时,会保持静止状态或匀速直线运动状态。 【解答】解:氢气球的拉线断开后,沿斜向右上方做匀速直线飞行,做的是匀速直线运动,故受到平衡力的作用。 故选:C。 【点评】本题考查了运动状态的判定,难度不大。 15.医生检查后说需要如图1所示冰袋冰敷,但冰袋太冷了就把它放进水里“加热”一下再用,看着冰袋飘在水上的模样,同学们想起初中学习浮沉时的情景,一时兴起,他们用手机百度了一个相关题目来重温那段美好时光,题目是这样说的:如图2所示,B、C是体积均为10cm2的实心铝块,当B浸没在水中时,木块A恰能在水平桌面上向左匀速运动,若用铝块D替换C,使A在桌面上向右匀速运动,则D的质量应为(ρ铝=2.7g/cm3,铝块B始终浸没在水中,水与B之间的摩擦以及滑轮处的摩擦均忽略不计)(  ) A.17g B.7g C.10g D.27g 【分析】(1)当用铝块C时,物体A向左匀速运动,所以所受摩擦力方向水平向右。根据二力平衡条件可得摩擦力f和B受到浮力的大小关系。 (2)若换为D,物体A向右匀速运动,所以所受摩擦力方向水平向左,根据二力平衡条件可得物体A左右受到力的关系;结合(1)中的关系式,列方程求出D的质量。 【解答】解: (1)当用铝块C时,物体A向左匀速运动,所以所受摩擦力方向水平向右。 C对A的拉力FC=GC,物体B在水中,受水对它向上的浮力,所以B对A的拉力FB=GB﹣F浮。 根据二力平衡条件可知:FC=f+FB, 即:GC=f+GB﹣F浮, 由于B、C是体积均为10cm3的实心铝块。所以重力相等,即GC=GB。 因此f=F浮。 (2)若换为D,物体A向右匀速运动,所以所受摩擦力方向水平向左,则 D对A的拉力FD=GD,B对A的拉力FB=GB﹣F浮。 根据二力平衡条件可知:FD+f=FB, 即:GD+f=GB﹣F浮,则GD=GB﹣f﹣F浮 又因为f=F浮, 所以GD=GB﹣2F浮;即:mDg=ρ铝VBg﹣2ρ水VBg, 所以,mD=ρ铝VB﹣2ρ水VB=2.7g/cm3×10cm3﹣2×1g/cm3×10cm3=7g。 故选:B。 【点评】本题考查了阿基米德原理、力的合成、二力平衡条件的应用。解决此类题目的关键是做好受力分析,找到相互平衡力并确定出A所受摩擦力的方向。 16.同学们“测量并探究影响滑轮组机械效率高低的因素”,使用了如图所示的装置,下列说法正确的是(每个钩码重相同)(  ) A.实验需要用到的测量仪器弹簧测力计、刻度尺和停表 B.实验时需要匀速拉动测力计,只有这样测力计示数才能稳定 C.当钩码个数相同时,甲的机械效率比乙高 D.把钩码提高的高度越高,做的有用功越多,机械效率越高 【分析】①测量滑轮组机械效率的基本原理是η=,根据原理确定测量仪器; ②弹簧测力计必须匀速拉动,才能保证读数的准确; ③不计绳重和摩擦,在物重一定时,动滑轮重力越大,需要做的额外功越大,机械效率越低; ④根据η====可以知道,机械效率与物体上升高度无关。 【解答】解: A、由η=知,要测量滑轮组的机械效率,需要测量物重、拉力,物体上升高度、绳子拉下长度,所以需要的测量仪器是弹簧测力计和刻度尺,不需要停表。此选项错误; B、为了保证拉力测量结果的准确,在拉动物体上升过程中需要匀速直线运动,不易时快时慢,造成拉力测量不准确。此选项正确; C、当钩码个数相同,提升相同高度时,做的有用功相同。但不知道动滑轮的重力、绳重及摩擦,所以不能比较额外功多少,机械效率高低不能比较。此选项错误; D、由据η====可知,机械效率决定于物重和动滑轮重,与物体上升高度无关。此选项错误。 故选:B。 【点评】此题考查了滑轮组的特点、滑轮组机械效率测量方法及影响机械效率高低的因素,属于基本技能和规律的考查,熟练掌握测量原理、方法和操作步骤,是解答的关键。 17.如图所示,对于图片中所描述的物理过程,下列分析中正确的是(  ) A.图甲,厚玻璃内的空气被压缩后,迅速反弹过程中,厚玻璃内的空气内能减少 B.图乙,只要看到塞子跳起时,就说明塞子的机械能转化为空气的内能 C.图丙,试管内的水蒸气推动塞子冲出时,瓶口出现大量白雾,说明周围空气的内能减少 D.图丁,汽缸内的气体推动活塞向下运动时,气体的内能增大 【分析】(1)根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题。 (2)做功可以改变物体的内能,当外界对物体做功时,物体的内能增大,当物体对外界做功时,物体的内能就会减小。 【解答】解:A、图甲,厚玻璃内的空气被压缩后,迅速反弹过程中,玻璃内的空气对外做功,空气内能减少;故A正确; B、图乙,瓶子内的空气推动塞子跳起时,空气对活塞做功,空气的内能减小,内能转化为机械能;故B错误; C、图丙,试管内的水蒸气推动了塞子冲出时,水蒸气对塞子做功,水蒸气的内能减少,温度降低,发生液化现象,变成小水滴,出现“白雾”;故C错误; D、图丁,汽缸内的气体推动活塞向下运动时(即做功冲程),内能转化为机械能,内能减小;故D错误。 故选:A。 【点评】本题考查做功改变物体的内能,当外界对物体做功时,物体的内能增大,当物体对外界做功时,物体的内能就会减小。 18.下列事例应用了“流体压强与流速的关系”的是(  ) A.拦河坝修成“上窄下宽” B.用吸管从瓶中吸起饮料 C.鱼鳔的大小变化使鱼在水中沉浮 D.飞机飞行时获得升力 【分析】流体压强与流速的关系是通过实验探究得到的,流体包括液体和气体,流速越快的地方压强反而越小。分析个实例应用原理解答。 【解答】解:A、拦河坝修成“上窄下宽”,是因为水的压强随着深度的增大而增大,下宽能够抵抗大的压强,不符合题意; B、用吸管从瓶中吸起饮料,应用了大气压将饮料压上来,不合题意; C、鱼鳔的大小变化使鱼在水中沉浮,是利用了阿基米德原理,改变排开水的体积,改变浮力实现浮沉,不符合题意; D、飞机机翼上部凸起,在机翼上方的空气流速快压强小,在机翼下方的空气流速慢压强大,便形成向上的升力,符合题意。 故选:D。 【点评】本题主要考查流体压强跟流速的关系,并能用流体压强解释有关的现象。 19.如图所示是小明同学在“探究电流与电压关系”时根据实验数据绘出的电流随电压变化关系的图象,下列说法正确的是(  ) A.通过两电阻的电流都跟电压成反比,且R1<R2 B.通过两电阻的电流都跟电压成正比,且R1>R2 C.电阻R2阻值是电阻R1阻值的2倍 D.当电阻R2两端的电压为3V时,通过它的电流为0.3A 【分析】(1)如果I﹣U图象是一条过原点直线,则电流与电压成正比;如果图象不是一条过原点直线,则电流与电压不成正比;在电压一定时,通过比较两电阻的电流大小来比较电阻大小关系; (2)根据欧姆定律判断电压相同时的电流大小确定R1、R2之间的大小关系,。 【解答】解:AB、由I﹣U图象可知,甲、乙两电阻中的电流与其两端的电压图象都是过原点直线, 所以两电阻上电流都跟电压成正比,当两电阻两端的电压相同时,两电阻的电流I1>I2, 根据R=可知:两电阻R1<R2,故AB错误; C、由I﹣U图象可知,当两电阻两端的电压为4V时,两电阻的电流I1=0.4A,I2=0.2A, 则I1=2I2,根据R=可知:R2=2R1,故C正确; D、由I﹣U图象可知,当电阻R2两端的电压为3V时,通过它的电流为0.15A如,故D错误。 故选:C。 【点评】本题考查图象分析能力和欧姆定律的应用,关键是从图象读出有用的信息,认真分析图象,找出图象的特点,由图象找出电流所对应的电压,灵活应用相关公式即可正确解题。 20.不在同一个电路中的两个电阻,阻值之比为3:1,通过的电流之比为2:3,则两个电阻消耗的电功率之比为(  ) A.2:1 B.4:3 C.3:2 D.2:3 【分析】已知=,=,根据P=I2R可求得两个电阻消耗的电功率之比。 【解答】解: 已知=,=, 根据P=I2R可得,两个电阻消耗的电功率之比:==×=。 故选:B。 【点评】本题考查了电功率公式的应用,是一道较为简单的计算题。 二.填空题(共6小题,满分10分) 21.人脸识别门镜一体机是通过摄像机镜头来捕捉人脸信息(如图所示),该摄像机镜头相当于 凸 透镜,它的成像与 照相机 (选填“照相机”、“投影仪”、“放大镜”)相似,所成的是 缩小 (选填“放大”、“缩小”、“等大”)的实像,要使屏幕上的像大些,人应离镜头 近 (选填“远”、“近”)些。 【分析】(1)凸透镜成像时,u>2f,成倒立、缩小的实像,应用于照相机和摄像头。 (2)凸透镜成实像时,物距变大,像距变小,像变小;若物距变小,像距变大,像变大。 【解答】解:摄像头的镜头相当于凸透镜,它的成像原理与照相机相同,当物距大于二倍焦距时,成倒立、缩小的实像;同时当人靠近镜头时,物距变小,像距变大,同时像变大。 故答案为:凸;照相机;缩小;近。 【点评】凸透镜成像的三种情况和应用的凸透镜成像习题的重要依据,一定要掌握。 u>2f,成倒立、缩小的实像,应用于照相机和摄像头。 2f>u>f,成倒立、放大的实像,应用于幻灯机和投影仪。 u<f,成正立、放大的虚像,应用于放大镜和老花镜。 22.如图所示,烧杯内盛有某种液体,把一体积为1×10﹣4m3的铝块用细线系在弹簧测力计下浸没在液体中,静止时弹簧测力计的示数为1.5N,已知铝的密度为2.7×103kg/m3.则铝块在液体中受到的浮力等于 1.2 N,液体的密度为 1.2×103  kg/m3.(g取10N/kg) 【分析】已知铝块的体积和密度,根据公式m=ρV可求铝块的质量,再利用公式G=mg求出重力,物体所受的浮力等于物体空气中的重力减去在液体中的重力,再利用公式F浮=ρgV排求出液体的密度。 【解答】解:铝块的重力G=mg=ρVg=2.7×lO3kg/m3×1×10﹣4m3×10N/kg=2.7N, 铝块所受浮力F浮=G﹣G示=2.7N﹣1.5N=1.2N, 液体密度ρ===1.2×103kg/m3。 故答案为:1.2;1.2×103。 【点评】本题考查重力、浮力和液体密度的计算,关键是利用重力差法求铝块的浮力和利用浮力公式求液体的密度,还要明白一点,铝块完全浸没,排开液体的体积等于自身的体积。 23.在野外没有带火柴和打火机,可以用干电池和口香糖纸取火。取宽约2cm的口香糖锡箔纸条,在其中部剪窄约为2﹣3mm,如图所示;让锡箔纸条一端放在干电池正极,另一端放在干电池负极,用食指和拇指分别用力压住,使干电池短路,很快就会看到锡箔纸条窄处燃烧起来,如图所示。这是因为短路时锡箔纸条中 电流 很大,锡箔纸条中部剪窄后与没剪时相比电阻 变大 (选填“变大”、“变小”或“不变”),所以短时间内锡箔纸窄处会产生较多电热。 【分析】(1)导线直接将电源连接起来的电路叫短路,短路时电路中电流很大; (2)影响电阻大小的因素:材料、长度、横截面积和温度,在其他条件相同时,导体越细,电阻越大。 【解答】解: 因为锡箔纸属于金属,因此具有导电性,将锡纸条带锡的一端接在电池的正极,另一端接在电池的负极,形成了电源短路,此时锡箔纸中的电流很大;锡箔纸条中部剪窄后与没剪时相比,横截面积变小,电阻变大,根据焦耳定律Q=I2Rt可知,短时间内锡箔纸窄处会产生较多电热,使锡的内能增大,温度升高,达到锡纸的着火点而使之燃烧。 故答案为:电流;变大。 【点评】本题考查了金属的导电性、电路的三种状态以及影响电阻大小的因素,短路时,电路中的电流很大,很容易烧坏电源或导线,是不可取的,属于基础题。 24.两个电子元件A和B串联后接入电路,流过元件的电流与其两端电压关系如图所示,当流过元件A的电流为0.4A时,元件A,B两端电压之比为 4:5 ,A、B两元件消耗的总功率为 1.8 W。 【分析】当A、B串联后接入电路,已知通过A的电流,可以从图示中进行判断,当电流为IA时,A两端的电压为多少,再根据串联电路电流的特点,判断通过B的电流,再从图示中进行判断,当电流为IB时,B两端的电压为多少,即可求出电压之比;再根据串联电路电压的特点求出总电压,利用P=UI即可求出总功率。 【解答】解:已知A和B串联,根据串联电路电流处处相等的特点可知:IB=IA=0.4A, 从图可知,此时UA=2V、UB=2.5V, 所以,UA:UB=2V:2.5V=4:5; A和B串联后的总电压为: U=UA+UB=2V+2.5V=4.5V; 则P=UI=4.5V×0.4A=1.8W。 故答案为:4:5;1.8。 【点评】本题考查串联电路的特点和功率的计算,重点是培养学生可以从图示中提取有用信息的能力。 25.(1分)如图所示,根据电源的正负极标出磁感线的方向、小磁针N、S极。 【分析】首先据电源的正负极判断出电流的方向,再据安培定则判断出该通电螺线管的N、S极,然后可知磁感线的方向,而后再根据磁极间的作用规律判断出小磁针的N、S极即可。 【解答】解:据电源的正负极可知,电流应当从右端流入,左端流出,根据安培定则能判断出该螺线管的左端是N极,右端是S极;磁感线的特点:在磁体的外部,磁感线方向是由N极指向S极;再根据磁极间的作用规律可知,与螺线管N极靠近的右端是小磁针的S极,小磁针的左端是N极。如图所示: 【点评】此题考查了磁感线的特点和安培定则的应用,是一道综合题。 26.(1分)如图所示,请画出物体B所受重力为2N的示意图。 【分析】物体受重力作用点(重心)物体的几何中心上,重力的方向是竖直向下,在重力的方向画一带箭头的线段,表示物体受重力,这就是重力的示意图。 【解答】解:重力的作用点在物体重心,重力的方向竖直向下,大小为2N;如图所示。 【点评】力的示意图:用一个带箭头的线段表示力的三要素,线段的长度表示力的大小,箭头表示力的方向。 三.解答题(共1小题,满分4分,每小题4分) 27.(4分)在森林中旅游时,请不要随意丢弃透明的饮料瓶,以防止引起森林大火,请解释其中的道理。 【分析】透明圆塑料瓶装水后,中间后而边缘薄,类似于凸透镜,凸透镜对光线有会聚作用。 【解答】答:因为瓶中进入水之后,瓶中的水形状是中间厚、边缘薄,符合凸透镜的形状特点,对光线有会聚作用,如果热量集中,会造成树叶燃烧,造成火灾。因此,不能在森林中随意丢弃饮料瓶。 【点评】此题联系实际考查了凸透镜的会聚作用,物理知识渗透在生活的每个角落,同学们要注意思考、积累。因此在森林中旅游,导游向你建议,不要随意丢弃玻璃瓶,就是这个道理。 四.实验探究题(共5小题,满分28分) 28.(5分)(1)如图是三种仪器的测量情形。 ①图甲中木块正面宽度为 0.95  cm; ②图乙中温计的读数为 23 ℃; ③图丙是电能表照片,其读数为 123.4 kW?h; (2)在如图丁所示的实验中,闭合开关,保持蹄形磁体不动,若使导体AB沿 水平  (选填“竖直”或“水平”)方向运动,则灵敏电流计的指针将发生偏转。此实验是将机械能转化成 电 能的过程。 【分析】(1)①使用刻度尺时要明确其分度值,起始端从0开始,读出末端刻度值,就是物体的长度;起始端没有从0刻度线开始的,要以某一刻度线为起点,读出末端刻度值,减去起始端所对刻度即为物体长度,注意刻度尺要估读到分度值的下一位; ②使用温度计测量液体温度时,先要弄清楚温度计的分度值,读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直,并注意区分温度是零上还是零下; ③电能表最后一位是小数位,由图示电能表可以读出其示数; (2)闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线,导体中产生感应电流,是“磁生电”的原理;在此过程中机械能转化为电能。 【解答】解: (1)①由图知:刻度尺上1cm之间有10个小格,所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm,即此刻度尺的分度值为1mm;木块左侧与0.10cm对齐,右侧与1.05cm对齐,所以木块的长度为L=1.05cm﹣0.10cm=0.95cm; ②图甲温度计上10℃之间有10个小格,所以分度值为1℃,此时显示的温度是23℃; ④电能表刻度盘上的示数最后一位是小数点后的数字。电能表的示数为123.4kw?h; (2)图中装置无电源,闭合开关后,如果让导体AB沿水平方向运动,做切割磁感线运动,电流表的指针就会发生偏转,此实验是将机械能转化成电能的过程。 故答案为:(1)①0.95;②23;③123.4;(2)水平;电。 【点评】(1)本题考查了刻度尺、温度计、电能表的读数,要掌握常用器材的使用及读数方法; (2)本题考查了产生感应电流的条件以及在此过程中能量的转化。 29.(5分)在探究“水的沸腾”的实验中,当水温升到90℃时,每隔1min记录一次温度计的示数,直到水沸腾5min后停止读数,部分数据记录如表: 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 水的温度/℃ 90 92 94  96  98 98 98 98 98 (1)某次数据没有记录,当时温度计示数如图1所示,请将漏填的数据填在表格内; (2)根据表中实验数据,可知水的沸点是 98 ℃;由水的沸点,可判断出当时的大气压 低于 (高于/等于/低于)1个标准大气压; (3)加热时,应用酒精灯的 外焰 加热; (4)在第4min到第9min的这段时间内这位同学观察到的现象是 水沸腾,仍不断吸热,有大量气泡上升,但温度保持不变 ; (5)请你归纳出水沸腾的特点: 不断吸热,但温度保持不变 ; (6)如图2所示,图 a 是沸腾前的现象,图 b 是沸腾时的现象; (7)在探究结束后,四位同学分别交流展示了自己所绘制的水的温度和时间关系的曲线,如图3所示。其中能正确反映研究水沸腾过程中温度随时间变化关系的是 B 。 【分析】(1)在读数时,首先认清温度计的分度值,从而正确的读数。 (2)水在沸腾时不断吸热,温度保持在一定温度不变,这个温度就是水的沸点;标准气压下水的沸点是100℃,气压升高时,沸点也升高,气压降低时,沸点也降低。 (3)酒精灯在使用时,应用外焰来加热; (4)掌握水沸腾时的特点及现象。知道水在沸腾过程中有大量气泡产生,并且气泡在上升过程中体积逐渐增大,到达液面破裂。 (5)掌握水沸腾时的特点:不断吸热,但温度保持不变。 (6)沸腾前,气泡在上升过程中体积逐渐减小;沸腾时,气泡在上升过程中体积逐渐变大; (7)水沸腾前吸热温度升高,沸腾时吸热温度保持不变。 【解答】解:(1)图示温度计的分度值是1℃,液柱指在90℃上面第6个小格上,因此温度计示数为90℃+1℃×6=96℃; (2)由记录的数据可见,水的温度升高到98℃后,就不再变化了,因此此时水的沸点是98℃,并且在沸腾过程中,保持这个温度不变; 因为实验中水的沸点是98℃,小于100℃,根据沸点和气压的关系,实验时的大气压是低于标准大气压的。 (3)加热时,应用酒精灯的外焰加热,因为外焰的温度更高; (4)4到9分钟,水处于沸腾状态,所以会有大量气泡上升,同时要不断吸热,但温度保持不变。 (5)由表格中数据可知,水在沸腾过程中不断吸热,温度保持不变; (6)图a中,气泡在上升过程中体积逐渐减小,所以是沸腾前的现象;图b中气泡在上升过程中体积逐渐增大,所以是沸腾时的现象。 (7)水沸腾前吸热温度升高,沸腾时吸热温度保持不变,所以图B符合题意。 故答案为:(1)96;(2)98;低于;(3)外焰;(4)水沸腾,仍不断吸热,有大量气泡上升,但温度保持不变;(5)不断吸热,但温度保持不变; (6)a;b;(7)B。 【点评】此题主要是探究水的沸腾实验,在实验中需要用酒精灯加热,所以要掌握酒精灯的使用,同时考查了温度计的读数、水沸腾时的特点及沸腾时与沸腾前的现象区别,关键是搞清气泡在上升过程中的变化。 30.(5分)艺馨利用如图所示的装置进行探究“平面镜成像特点”的实验。实验步骤如下: (1)将一块薄玻璃板竖直立在铺有白纸的水平桌面上; (2)取两支相同的蜡烛A和蜡烛B,点燃玻璃板前的蜡烛A,并移动玻璃板后的蜡烛B,使它与蜡烛A在玻璃板后所成的像完全重合,并用笔在白纸上标记出蜡烛A和蜡烛B的位置; (3)多次改变蜡烛A的位置,重复前面的步骤; (4)用刻度尺分别测量蜡烛A和蜡烛B到玻璃板的距离。 在此实验中: (5)在蜡烛像的位置上放一张白纸板做屏幕,则白纸板上将 没有 (有/没有)蜡烛的像;这说明:平面镜成的是 虚 像; ①我们选用玻璃板代替平面镜的目的是: 便于确定像的位置 ; ②我们选取两支相同的蜡烛是为了比较像与物的 大小 关系; ③实验中多次改变蜡烛A的位置,重复进行实验的目的是: 多次进行实验,使结论具有普遍性 ; ④如果实验中采用厚玻璃板,观测到蜡烛A通过玻璃板在不同位置成了两个清晰的像,且测得两个像之间的距离为0.8cm,则玻璃板的厚度为 0.4 cm。 【分析】(5)实像可以用光屏承接,虚像不能用光屏承接。平面镜成虚像,光屏上不能承接到像。 ①实验时选择透明的玻璃板,在物体的一侧,既能看到物体的像,也能看到代替物体的另一个物体,便于确定像的位置。 ②实验时选择两个相同的蜡烛,便于比较物像大小关系。 ③一次实验不具备代表性,具有很大的偶然性,所以应采取同样的实验方案多做几次,才能保证结论的正确。 ④平面镜的前后两面都能起到反射面的作用,根据物体到反射面的距离相等进行判断。 【解答】解:(5)蜡烛在平面镜中成像,在像的位置上用白纸承接像时,白纸上不能接到像,说明物体在平面镜中成虚像。 ①实验时选择透明的玻璃板,能同时观察到像和代替蜡烛A的蜡烛B,便于确定像的位置。 ②实验时选择两支等长的蜡烛,便于比较物像大小关系。 ③一次实验不具备代表性,应采取同样的实验方案多做几次,研究像与物体到镜面距离的普遍规律,避免实验现象的偶然性。 ④根据物像到反射面的距离相等,平面镜的前后两面所成的像之间的距离为平面镜厚度的2倍,即平面镜的厚度是0.4cm。 故答案为:(5)没有;虚;①便于确定像的位置;②大小;③多次进行实验,使结论具有普遍性;④0.4。 【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论,动手操作实验时,能根据实验现象得出正确的结论,提高实验能力。 31.(6分)小明同学想知道橡皮泥的密度有多大,他用天平、量筒、水和细线进行如图所示的实验操作。 (1)在调节天平时,小明将游码拔到标尺 零 刻度,小明发现指针偏向分度盘中央刻度线的左侧,为使天平横梁水平平衡,他应将平衡螺母向 右  端调。 (2)在图中所示的实验过程中,合理的操作顺序是(填字母序号): CAB 。 (3)由图中可知,橡皮泥的质量m= 32 g,橡皮泥的体积V= 20 cm3通过计算,橡皮泥的密度ρ= 1.6×103 g/cm3。 【分析】(1)在调节天平平衡前,将天平放在水平工作台上,游码拨到标尺左端的零刻度线处; 调平时遵循左偏右调、右偏左调的原则; (2)为减小测量误差,首先测量质量,然后测出橡皮泥的体积; (3)橡皮泥的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值; 由A、B分别读出水的体积、水和橡皮泥的体积,计算出橡皮泥的体积; 则根据ρ=计算出橡皮泥的密度。 【解答】解:(1)在调节天平时,小强首先将天平放在水平工作台上,然后将游码移至标尺左端的零刻度线处; 指针偏向分度盘中央刻度线的左侧,则应将平衡螺母向右调节; (2)在测量时,首先测出橡皮泥的质量,然后测出橡皮泥的体积,在测橡皮泥的体积时,首先在量筒中倒入适量的水,读出体积,然后将橡皮泥全部浸没在水中,读出总体积,两次的体积之差便是橡皮泥的体积;所以测量顺序为CAB; (3)由图知,标尺的分度值为0.2g,橡皮泥的质量m=20g+10g+2g=32g; 水的体积为20ml,水和橡皮泥的总体积为30ml,所以橡皮泥的体积为V=60ml﹣40ml=20ml=20cm3; 则ρ===1.6g/cm3=1.6×103kg/m3。 故答案为:(1)零;右; (2)CAB; (3)32;20;1.6×103。 【点评】此题是测量橡皮泥的密度实验,考查了对天平和量筒的使用及读数,实验的设置,在设计实验时,注意要尽量减小实验误差,同时考查了密度的计算,注意密度单位的换算。 32.(7分)在“测定小灯泡的额定功率”实验中,小明同学用一个电压表、一个电流表、一个开关、电压为恒为6V的电源、额定电压为3.8V的小灯泡和一个标有“20Ω 1.5A”的滑动变阻器,小灯泡的额定功率小于2W,设计的电路如图甲所示的电路。 (1)请用铅笔画线代替导线,按照图甲所示的电路图,将图乙的实物电路连接完整(连线不得交叉); (2)电路接好后,闭合开关,发现小灯泡特别亮,电压表与电流表的示数较大。电路连接无误,接下来应进行的操作是 D、C  (按操作步骤先后顺序填写字母代号); A.更换电池或小灯泡 B.检查电路是否短路 C.移动滑动变阻器滑片至最大值位置 D.断开电路开关 (3)在实验中,若电压表示数为2V,为了使灯两端电压达到3.8V,必须将滑片向 左 (左/右)调节;当小灯泡正常发光时,电流表示数如图丙,则灯泡的额定功率为 1.52 W; (4)完成上述实验后,小明把小灯泡更换成定值电阻(如图丁),利用原电路继续探究“电流与电阻”的关系: 实验时,小明先将5Ω电阻接入电路,调节滑动变阻器使电压表示数为2V,记下对应的电流;再将5Ω的电阻更换为10Ω电阻,移动滑动变阻器滑片,使电压表示数仍为2V;当小明再换接15Ω电阻时,发现无论怎样调节滑动变阻器,都不能使电压表示数为2V,分析其可能的原因 变阻器的最大电阻太小(或是定值电阻两端的电压保持太低或是电源电压太高)造成的 (答出一种情况即可).请你在不增减器材的条件下帮小明解决这个问题,完成实验,你的方法是: 可换用阻值更大的变阻器(或提高定值电阻两端的电压或降低电源电压)  (5)若小灯泡的额定电流为I0=2I1,以下关于额定功率P0与实际功率P1的数值关系,你认为最有可能的是 D  A.P0=2P1 B.P0=3P1 C.P0=4P1 D.P0=5P1。 【分析】(1))小灯泡的额定电压为3.8V,小灯泡的额定功率小于2W, 由P=UI,可得小灯泡的额定电流,确定电流表应选的量程; 根据电路图可知,电流从正极出发,依次经过开关、滑动变阻器、小灯泡、电流表,回到负极,电压表并联在小灯泡两端, 滑动变阻器上端接线柱已经接入电路,将滑动变阻器下端的接线柱与开关右端的接线柱连接; (2)灯泡发光特别亮,电压表与电流表示数较大,说明电路电阻较小,可能是滑动变阻器接入电路的阻值较小造成的,应断开开关,把滑动变阻器滑片移到最大阻值处; (3)灯在额定电压下正常发光,灯泡电压小于额定电压,为使灯泡正常发光,应移动滑动变阻器滑片使滑动变阻器接入电路的阻值减小,使灯泡电压变大,根据滑动变阻器的接法判断滑片的移动方向;当灯泡电压等于额定电压时,灯泡正常发光;由电功率公式P=UI可以求出灯泡电功率。 (4)换用较大的电阻后,根据串联分压的关系,电压表的示数会变大,则应增大滑动变阻器的阻值减小电阻两端的电压,保持电压表的示数不变; 换接15Ω电阻时,根据串联分压的知识,电压表的示数变大,为使电压表的示数不变,所需滑动变阻器的阻值更大,电压表的示数无法达到2V,可能是滑动变阻器的阻值太小或是定值电阻两端的电压保持太低或是电源电压太高造成的; (5)由于灯泡的阻值不是定值,会随温度的升高而变大,所以,根据P=I2R分析额定功率P0的变化。 【解答】解:(1)小灯泡的额定电压为3.8V,小灯泡的额定功率小于2W, 由P=UI可得,小灯泡的额定电流小于: I=≈0.53A<0.6A,则电流表应选0~0.6A的量程; 根据电路图可知,电流从正极出发,依次经过开关、滑动变阻器、小灯泡、电流表,回到负极,电压表并联在小灯泡两端, 滑动变阻器上端接线柱已经接入电路,将滑动变阻器左下端的接线柱与灯泡右端的接线柱连接,电流表选择0~0.6A的量程,将电流表的0.6A接线柱与电压表左端接线柱连接; 实物图连接如下图所示: (2)闭合开关,发现小灯泡特别亮,电压表与电流表的示数较大,说明电路电阻太小,可能是滑动变阻器接入电路的阻值太小,可先断开开关,移动滑动变阻器滑片至滑动变阻器阻值最大位置处,因此,接下来正确的实验操作是D、C; (3)电压表示数2V小于灯泡额定电压3.8V,应增大灯的电压;由电路图可知,应向左移动滑动变阻器滑片,使滑动变阻器接入电路的阻值变小,变阻器分得的电压变小,则灯泡两端的电压变大,当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时,灯泡正常发光; 由图丙,电流表选用小量程,分度值为0.02A,示数为0.4A, 则小灯泡的额定功率:P=UI=3.8V×0.4A=1.52W; (4)将5Ω的电阻换为10Ω后,电压表的示数变大,所以应增大滑动变阻器的阻值,将滑片向右滑动,眼睛看电压表使电压表的示数为2V,并读出电流表的示数; 换接15Ω电阻时,根据串联分压的知识,电压表的示数变大,为使电压表的示数不变,所需滑动变阻器的阻值更大,电压表的示数无法达到2V,可能是滑动变阻器的阻值太小(或是定值电阻两端的电压保持太低或是电源电压太高)造成的; 故可换用阻值更大的变阻器(或提高定值电阻两端的电压或降低电源电压); (5)若小灯泡的额定电流为I0=2I1,假设灯泡的阻值不变, 则P额=I02R=(2I1)2R=4I12R=4P1。 由于灯泡的阻值不是定值,且灯泡的阻值会随温度的升高而变大, 所以,当灯泡在正常工作时,灯泡的阻值变大, 则额定功率P0>P额=4P1,所以最有可能的额定功率值为P0=5P1。 故选D。 故答案为: (1)如上图所示:(2)D、C;(3)左;1.52;(4)变阻器的最大电阻太小(或是定值电阻两端的电压保持太低或是电源电压太高)造成的;可换用阻值更大的变阻器(或提高定值电阻两端的电压或降低电源电压) ;(5)D。 【点评】本题测定小灯泡的额定功率,考查连接电路图、反常现象的分析、实验操作、对器材的要求,求灯泡功率和影响电阻大小的因素等问题,是实验的常考问题,综合性较强。 五.计算题(共3小题,满分18分,每小题6分) 33.(6分)如图1所示,已知定值电阻R1的阻值为30Ω,闭合开关时整个电路正常工作,两电流表的指针都在同一位置,示数如图2所示。(设电源电压保持不变),求: (1)电源电压U是多少? (2)通过定值电阻R2的电流是多少? (3)现用一个未知阻值的定值电阻Rx替换电阻R1或R2,替换后只有一个电流表的示数发生了变化,请判断Rx替换的是电阻R1或R2。 (4)此时替换后电流表示数减少了0.3A,求未知电阻Rx的阻值。 【分析】由电路图可知,R1与R2并联,电流表A测干路电流,电流表A1测R1支路的电流。 (1)根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定A1、A2电流表的量程,再根据分度值读出示数,进一步即可求出通过L1的电流。利用欧姆定律求出电源电压; (2)根据并联电路的电流特点求出通过L2的电流; (3)根据“替换前后只有一个电流表的示数发生了变化”确定替换的电阻; (4)替换后电流表示数减少了0.3A,求出干路电流,根据并联电路的电流特点求出通过Rx的电流,再根据欧姆定律求出Rx的阻值。 【解答】解:由电路图可知,R1与R2并联,电流表A测干路电流,电流表A1测R1支路的电流,电压表测电源的电压。 (1)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,且两电流表指针的位置相同, 所以,电流表A的量程为0~3A,分度值为0.1A,干路电流I=1.5A, 电流表A1的量程为0~0.6A,分度值为0.02A,通过R1的电流I1=0.3A, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 由I=可得,电源电压:U=U1=I1R1=0.3A×30Ω=9V; (2)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以通过电阻R2的电流: I2=I﹣I1=1.5A﹣0.3A=1.2A; (3)由题知,用电阻Rx替换电阻R1、R2中的一个,替换前后,只有一个电流表的示数发生了变化; 若用Rx替换电阻R1,则电流表A1所在支路的电阻发生变化,电流表A1的示数会发生变化,同时干路电流也会发生变化,即电流表A的示数发生变化,不符合题意; 因此只能是用Rx替换电阻R2; (4)替换后电流表示数减少了0.3A,则干路电流变为: I′=I﹣△I=1.5A﹣0.3A=1.2A, 根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知,此时通过Rx的电流为: Ix=I′﹣I1=1.2A﹣0.3A=0.9A, 根据I=可得Rx的阻值: Rx===10Ω。 答:(1)电源电压U是9V; (2)通过定值电阻R2的电流是1.2A; (3)Rx替换的是电阻R2。 (4)未知电阻Rx的阻值为10Ω。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的灵活应用以及电路的动态分析,关键是电流表量程的确定和读数以及根据题意确定出替换的电阻。 34.(6分)如图所示是某中学投入使用的新型安全校车,学生乘坐这种新型安全校车到9km外的考点参加考试。校车行驶了 15min后安全到达考点。求:(g取10N/kg) (1)校车在送考过程中的平均速度是多少km/h; (2)若校车和学生总质量为9000kg,车轮与地面的接触总面积为0.15m2.求校车对水平面的压强; (3)若校车以12m/s的速度在一段平直路面上匀速行驶,校车受到的牵引力是4500N,求校车发动机牵引力的功率。 【分析】(1)已知校车的行驶的距离和时间,根据速度公式求出平均速度; (2)校车对水平面上的压力和自身的重力相等,根据G=mg求出其大小,再根据压强公式求出对水平路面的压强; (3)根据P=Fv求出校车发动机牵引力的功率。 【解答】解:(1)校车在送考过程中的平均速度: v===36km/h; (2)校车对水平路面的压力: F=G=mg=9000kg×10N/kg=90000N, 校车对水平路面的压强: p===6×105Pa; (3)校车发动机牵引力的功率: P=F牵v=4500N×12m/s=5.4×104W。 答:(1)校车在送考过程中的平均速度为36km/h; (2)校车对水平路面的压强6×105Pa; (3)校车发动机牵引力的功率为5.4×104W。 【点评】本题考查了速度、压强、功率的计算,关键是公式和规律的灵活运用以及知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。计算过程要注意单位的换算。 35.(6分)小明家买了一台全自动豆浆机,其部分技术参数如表,豆浆机的核心部件是机头,它的中间部位是一个带刀片旋转的电动机 小明家买了一台全自动豆浆机,其部分技术参数如下表,豆浆机的核心部件是机头,它的中间部位是一个带动刀片旋转的电动机,用来将原料粉碎打浆,外部是一个环状加热管(电热丝),用来对豆浆加热(如图甲是豆浆机的机械结构图).制作豆浆的过程是加热﹣打浆﹣加热﹣打浆﹣加热,加热和打浆交替进行。图21乙是该豆浆机做好一次豆浆的p﹣t图象,请根据以上信息解答下列问题: 型号 SYL﹣624 额定电压 220V 额定频率 50Hz 电动功率 110W 加热功率 1210W 容量 1000mL (1)豆浆机正常打浆时,通过电动机电流是多少? (2)豆浆机正常工作时,加热管电阻丝的阻值是多少? (3)豆浆机做好一次豆浆,消耗的总电能是多少? 【分析】(1)豆浆机正常打浆时的功率和电机的额定功率相等,根据P=UI求出通过电机的电流; (2)根据P=求出豆浆机正常工作时加热管电阻丝的阻值; (3)由乙图可知,加热时间和电动机工作的时间,根据W=Pt求出各自消耗的电能,两者之和即为豆浆机做好一次豆浆消耗的总电能。 【解答】解:(1)由P=UI可得,豆浆机正常打浆时,通过电动机的电流: IM===0.5A; (2)由P=可得,豆浆机正常工作时加热管电阻丝的阻值: R====40Ω; (3)由乙图可知,加热时间t1=9min=540s,电动机工作时间t2=2min=120s, 由P=可得,加热消耗的电能: W1=P1t1=1210W×540s=6.534×105J, 电动机工作时消耗的电能: W2=P2t2=110W×120s=1.32×104J, 豆浆机做好一次豆浆,消耗的总电能: W=W1+W2=6.534×105J+1.32×104J=6.666×105J。 答:(1)豆浆机正常打浆时,通过电动机电流是0.5A; (2)豆浆机正常工作时,加热管电阻丝的阻值是40Ω; (3)豆浆机做好一次豆浆,消耗的总电能是6.666×105J。 【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的灵活应用,关键是从乙图中读出加热时间和电动机工作的时间。

  • ID:6-5651475 2018-2019学年福建省泉州市第七中学九年级(下)期中物理试卷(解析版)

    初中物理/期中专区/九年级下册

    2018-2019学年福建省泉州市第七中学九年级(下)期中物理试卷 一.选择题(共16小题,满分32分,每小题2分) 1.对诗句“小小竹排江中游,巍巍青山两岸走”的描述中正确的是(  ) A.前一句是以竹排为参照物来表示青山在运动 B.前一句是以青山为参照物来表示竹排在运动 C.后一句是以青山为参照物来表示两岸在运动 D.后一句是以两岸为参照物来表示青山在运动 2.下列各种单色光中,属于三原色光之一的是(  ) A.橙光 B.黄光 C.绿光 D.紫光 3.宋代范仲淹的《岳阳楼记》中蕴含了丰富的光学知识,文中词句与物理知识相符合的是(  ) A.“锦鳞游泳”,看到水里的鱼是实像 B.“浮光跃金”,湖面波动的光闪着金色是光的折射现象 C.“皓月千里”,皎洁的月亮是光源 D.“静影沉璧”,如玉璧一样月亮的倒影是光的反射现象 4.小磊在探究凸透镜成像规律时,将焦距为20cm的凸透镜A固定在光具座上35cm刻线处,将点燃的蜡烛放置在光具座上5cm刻线处,移动光屏,使烛焰在光屏上成清晰的像,如图甲所示。接着他保持蜡烛的位置不变,将凸透镜A换为凸透镜B并保持位置不变,移动光屏使烛焰在光屏上成清晰的像,如图乙所示。下列说法正确的是 (  ) A.甲凸透镜的焦距小于乙凸透镜的焦距 B.在甲图中,蜡烛和光屏交换位置,能够字光屏上得到缩小倒立的实像 C.乙图中,蜡烛燃烧变短,屏上像的位置会下降 D.乙图中,只移动蜡烛渐渐靠近凸透镜,原来光屏上一定可以看到放大的像 5.年幼的弟弟发现密封的面包被挤扁总说面包变少了,哥哥却说面包没变。你认为哥哥所说的“没变”可能是指下列哪个物理量(  ) A.体积 B.质量 C.密度 D.硬度 6.为了测量蜡块和干松木的密度,同学们找来了大小不同的蜡块和干松木做实验,得到的数据如表所示。据表中数据并用表中单位在方格纸上作出图线,图中忘了标单位,如图。下列说法正确的是(  ) 实验序号 蜡快 干松木 体积V/cm3 质量m/g 体积V/cm3 质量m/g 1 10 9 10 5 2 20 18 20 10 3 30 27 30 15 4 40 36 40 20 A.图线1可能是干松木的 B.蜡块与干松木密度之比是3:5 C.蜡块与干松木密度之比是1:1 D.蜡块的密度是0.9×103kg/m3 7.下列说法正确的是(  ) A.跳远运动员快速助跑后,飞身鱼跃,受惯性力的作用在空中继续前进 B.在水平道路上做匀速直线运动的汽车,受到的牵引力和阻力是一对平衡力 C.要让自行车更快的停下来,用力捏闸是通过增大压力来减小摩擦 D.拉力越大,弹簧被拉得越长,由此可知,力的作用效果只与力的大小有关 8.如图所示,甲、乙、丙三个容器中分别盛有密度不同的液体,它们的液面高度相同。若a、b、c三点处液体的压强相等,则容器中液体密度大小排列顺序正确的是(  ) A.ρ甲>ρ乙>ρ丙 B.ρ丙>ρ乙>ρ甲 C.ρ甲>ρ丙>ρ乙 D.ρ乙>ρ甲>ρ丙 9.如图所示的装置中,利用大气压强工作的是(  ) A. 吸尘器 B. 拦河大坝 C. 船闸 D.锥子 10.甲、乙两只完全相同的杯子盛有浓度不同的盐水,将同一只鸡蛋先后放入其中,当鸡蛋静止时两液面相平,鸡蛋所处的位置如图所示,则(  ) A.盐水对杯底的压强p甲<p乙 B.盐水对杯底的压强p甲=p乙 C.鸡蛋在盐水中所受浮力F甲<F乙 D.鸡蛋在盐水中所受浮力F甲>F乙 11.人体中的许多部位都具有杠杆的功能。如图是人用手托住物体时手臂的示意图,当人手托5kg的物体保持平衡时,肱二头肌收缩对桡骨所施加力的大小一定(  ) A.大于5kg B.大于49N C.小于49N D.等于49N 12.小王同学用一个距离手3m高的定滑轮拉住重100N的物体,从滑轮正下方沿水平方向移动4m,如图所示,若不计绳重和摩擦,他至少作了多少功(  ) A.200 J B.300J C.400J D.500J。 13.如图为“测滑轮组机械效率”的实验。在弹簧测力计拉力作用下,重6N的物体2s内匀速上升0.1m,弹簧测力计示数如图示(不计绳重与摩擦)。下列说法错误的是(  ) A.弹簧测力计的拉力是2.4N B.物体上升的速度为0.05m/s C.弹簧测力计拉力的功率为0.12W D.滑轮组的机械效率约83.3% 14.初温相同,质量相等的铁块和铜块,铁的比热大于铜的比热,放出相等的热量后相接触,则(  ) A.温度将从铜块传到铁块 B.温度将从铁块传到铜块 C.热量将从铜块传到铁块 D.热量将从铁块传到铜块 15.某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组(每个滑轮等重),在相同时间内把重物G提升相同高度,F1和F2大小相等,不计绳重及摩擦,下列说法正确的是(  ) A.力F1和F2做功的功率相同 B.力F1和F2做的总功相同 C.乙滑轮组更省力,两个滑轮组机械效率一样大 D.甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高 16.两手分别拿着两个体积相同的小木块和石块浸没在水中,同时松手,小木块上浮,石块下沉。比较松手时两者所受的浮力(  ) A.木块受的浮力大 B.石块受的浮力大 C.两者受的浮力一样大 D.条件不足,无法比较 二.填空题(共5小题,满分15分,每小题3分) 17.(3分)如图所示,水平地面上放置相同材料制成的四个木块,其中两个质量为m的木块间用一不可伸长的水平轻绳相连,下面两个木块质量分别为2m和3m.现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块,使四个木块一同水平向右匀速运动,则质量为3m的木块与地面间的摩擦力为   ,轻绳对m的拉力为   。 18.(3分)2017年4月26日,我国自行研制的首艘航空母舰出坞下水,标志着我国自主设计建造航母取得重大阶段性成果。专家推测首艘国产航母标准排水量是55000吨,满载排水量是67000t,则该航母满载时受到的浮力为   N.舰母在航行时,两侧的护卫舰不能靠它太近,是因为它们之间水的流速大压强   ,容易发生相撞事故。 19.(3分)在军事演习中,一架飞机沿水平方向匀速飞行的过程中投放军用物资,在此过程中飞机的动能   (选填“变大”、“变小”或“不变”),物资在加速下落过程中,动能   ,重力势能   。(选填“变大”、“变小”或“不变”) 20.(3分)我国北方秋、冬两季,窗玻璃上出现冰花、树枝上出现雾凇,这些都是凝华现象,凝华过程要   热量。温江水立方湿地公园的空气很湿润,这是由于湿地水域面积大,水发生了   现象(填一种物态变化名称)。 21.(3分)如图所示,某单缸四冲程汽油机正处于   冲程。若此汽油机飞轮的转速为2400r/min,则在1s内汽油机完成   个冲程。 三.作图题(共3小题,满分8分) 22.(3分)如图所示,排球离开手后仍在空中继续飞行。不考虑空气阻力,请在图中画出排球的受力示意图。 23.(3分)如图为某一轻质杠杆,其中O点为支点,在B点悬挂一物体,要使杠杆在图中位置处于静止(平衡)状态,在图中的A点画出所需的最小力F的示意图及其力臂。 24.小轿车已几乎进入每个家庭,如图所示是某轿车车顶的外掀式天窗,车行驶时,若把天窗的前面关闭,后面微微向上打开,就能使车内污浊的空气被自动抽出,使车内的空气清新。 利用物理知识解释天窗此时能够向外“抽气”的原理。 四.解答题(共6小题,满分27分) 25.(3分)观察下列四幅图,完成以下填空 (1)图(a)中,正在发声的手机被悬在水中,还能听到声音,说明   。 (2)图(b)中,敲击乙音叉时,与甲音叉接触的乒乓球会弹起,这说明   。 (3)图(c)中,在正在发声的喇叭上撒些小纸屑,看到小纸屑在跳动,说明   。 (4)图(d)中,公路安装了由特殊材料制成的板墙,安装这些板墙的作用是   。 26.(4分)用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”。 (1)小豪同学将蜡烛、凸透镜、光屏随意固定在光具座上,点燃蜡烛后,沿光具座无论怎样移动光屏,在光屏上始终得不到烛焰的像,原因可能是   。 (2)重新调整后,将蜡烛、凸透镜固定在光具座上,如图甲所示,移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像,该像是倒立   (选填“放大”或“缩小”)的实像。我们可以从不同角度看到光屏上的像,是因为发生了   (选填“镜面反射”或“漫反射”)。 (3)接下来保持蜡烛和光屏的位置不动,将凸透镜向蜡烛方向移动,光屏上再次出现了一个倒立    (选填“放大”或“缩小”)的清晰实像,与这种成像原理一致的光学仪器是   (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)。 (4)当光屏上出现蜡烛清晰的像时,如果用遮光板挡住透镜的上半部分,我们观察光屏时,将会在光屏上看到   。 A.蜡烛像的下半部分 B.蜡烛像的上半部分 C.蜡烛完整的像,像的亮度变暗 D.蜡烛完整的像,像的亮度不变 (5)在图甲中,小豪把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间,发现光屏上的像变得模糊不清,应该向   (填“靠近”或“远离”)透镜方向移动光屏,可再次得到清晰的像。 (6)某小组实验时对图甲中的装置进行了改进,将蜡烛换成带有“F”形的LED灯、光屏贴上方格纸,如图乙所示,请写出改进后其中一个优点:   。 27.(4分)在“探究杠杆平衡条件的实验”中: (1)如图甲所示,实验前,杠杆左端下沉,则应将两端的平衡螺母向    (左/右)调节,直到杠杆在水平位置平衡。 (2)如图乙所示挂上钩码后,杠杆恰好在水平位置平衡,当将A、B两点下方所挂钩码同时朝远离支点O方向移动一小格,则杠杆    (左/右)端将下沉。 (3)某同学根据如图乙所示的这第一组实验数据,猜想杠杆的平衡条件可能是:动力+动力臂=阻力+阻力臂,分析可知他的这个猜想不科学,原因是:   。 (4)如图丙所示,若不在B点挂钩码,改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆,使杠杆仍在水平位置平衡,当测力计从a位置转到b位置时,其示数大小将   。 (5)某同学用图丁装置进行探究,发现总是无法得到课本上所给出的平衡条件,原因是   。 28.(4分)小红同学和小军同学利用一块海绵和一块砖研究“影响压力作用效果的因素”。图所示为小军同学根据实验过程中的情景绘制的图画。此实验可以说明:当海绵受到的   不变时,   越小,压力的作用效果越明显。 29.(4分)探究水沸腾时温度变化的特点 (1)在安装实验装置时,合理的安装顺序是   (填序号)。 ①烧杯和水 ②酒精灯 ③铁杆和温度计(含纸盖) ④铁圈和石棉网 (2)下表是小燕记录的实验数据: 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 温度/℃ 88 90 92 94 96 98 98 98 实验过程中,她发现在第3min时,水中的气泡在上升的过程中逐渐   (选填“变大”或“变小”)。 (3)由数据可知,水沸腾时,继续加热,水的温度   。 (4)通过学习,小燕终于明白妈妈用炉火炖汤时,在汤沸腾后总是   的道理(选填“保持大火”或“调为小火”)。 30.(8分)小王设计了如下测量花生油密度的方案:在烧杯内倒入适量的花生油,用调节平衡的天平测出烧杯和花生油的总质量m1,然后将烧杯内的适量花生油倒入量筒内,再测出烧杯和剩余花生油的总质量m2,读出量筒内花生油的体积V。 (1)请在下表中填好相关的数据。 烧杯和花生油的总质量(g) 烧杯和剩余花生油的总质量(g) 倒出油的质量(g) 倒出油的体积(cm3) 油的密度(g/cm3) 57.4                 (2)妈妈买来的一桶花生油的标示着“净含量:5L”字样,则这桶花生油的净质量是   kg。 五.计算题(共3小题,满分18分,每小题6分) 31.(6分)某物理兴趣小组的同学,用煤炉给10L水加热,同时他们绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线。若在6min内完全燃烧了0.3kg的煤,水的比热容为4.2×103J/(kg?℃),水的密度为l×l03kg/m3,煤的热值约为3×107J/kg。求: (1)煤完全燃烧产生的热量; (2)煤炉烧水时的热效率。 32.(6分)如图所示,是我国新型气垫登陆船,该船满载后的总质量为160t。(g取10N/kg) (1)满载的气垫船受到的重力为多大?它停在水平地面上时,与地面间的总接触面积为80m2,那么它对地面的压强为多大? (2)气垫船以30m/s的速度在湖面上做匀速直线运动时,2min通过的距离为多少? 33.(6分)如图所示的小球重5N,用弹簧测力计挂着小球,并使小球的体积浸在容器的水中,此时弹簧测力计的示数为2N.( ρ水=1.0×103kg/m3,g取l0N/kg) (1)求小球有体积浸在水中时受到的浮力; (2)求小球的体积; (3)把小球从弹簧测力计取下,浸没在容器的水中后放手,求小球静止时受到的浮力。 2018-2019学年福建省泉州市第七中学九年级(下)期中物理试卷 参考答案与试题解析 一.选择题(共16小题,满分32分,每小题2分) 1.对诗句“小小竹排江中游,巍巍青山两岸走”的描述中正确的是(  ) A.前一句是以竹排为参照物来表示青山在运动 B.前一句是以青山为参照物来表示竹排在运动 C.后一句是以青山为参照物来表示两岸在运动 D.后一句是以两岸为参照物来表示青山在运动 【分析】在判断物体是运动还是静止时,要先选取一个标准作为参照物,参照物不同,同一物体的运动情况也会发生变化。 【解答】解:AB、“小小竹排江中游”,竹排相对于青山的位置不断变化,则“竹排江中游”是以青山为参照物,故A错误,B正确; CD、“巍巍青山两岸走”,两岸的青山相对于竹排的位置不断变化,则“青山两岸走”是以竹排为参照物,故CD错误。 故选:B。 【点评】本题以古诗句为背景,通过参照物的选取考查了运动和静止的相对性,难度不大。 2.下列各种单色光中,属于三原色光之一的是(  ) A.橙光 B.黄光 C.绿光 D.紫光 【分析】红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色。 【解答】解:红、绿、蓝被称为色光的三原色,故绿光是光的三原色之一。 故选:C。 【点评】光的三原色需要牢固记忆和掌握;色光的三原色和颜料的三原色容易混淆,要正确区分。 3.宋代范仲淹的《岳阳楼记》中蕴含了丰富的光学知识,文中词句与物理知识相符合的是(  ) A.“锦鳞游泳”,看到水里的鱼是实像 B.“浮光跃金”,湖面波动的光闪着金色是光的折射现象 C.“皓月千里”,皎洁的月亮是光源 D.“静影沉璧”,如玉璧一样月亮的倒影是光的反射现象 【分析】(1)光从一种透明介质斜射向另一种透明介质中,其传播方向会发生改变,即折射现象; (2)光在水面会发生反射; (3)本身能发光的物体称为光源; (4)倒影属于光的反射现象。 【解答】解:A、看到水中的鱼是光的折射现象形成的鱼的虚像,是由于光从水中射向空气中发生了折射的缘故,故A错误; B、“浮光跃金”,金色是光在水面发生的反射现象,故B错误; C、月亮本身不能发光,即不是光源,故C错误; D、玉璧一样月亮的倒影属于平面镜成像,是由光的反射形成的,故D正确。 故选:D。 【点评】该题考查了光源、光的传播、光的折射和光的反射的知识,是一道综合题。 4.小磊在探究凸透镜成像规律时,将焦距为20cm的凸透镜A固定在光具座上35cm刻线处,将点燃的蜡烛放置在光具座上5cm刻线处,移动光屏,使烛焰在光屏上成清晰的像,如图甲所示。接着他保持蜡烛的位置不变,将凸透镜A换为凸透镜B并保持位置不变,移动光屏使烛焰在光屏上成清晰的像,如图乙所示。下列说法正确的是 (  ) A.甲凸透镜的焦距小于乙凸透镜的焦距 B.在甲图中,蜡烛和光屏交换位置,能够字光屏上得到缩小倒立的实像 C.乙图中,蜡烛燃烧变短,屏上像的位置会下降 D.乙图中,只移动蜡烛渐渐靠近凸透镜,原来光屏上一定可以看到放大的像 【分析】(1)根据物距和凸透镜的焦距关系,求出两个凸透镜的焦距,比较焦距大小; (2)凸透镜的位置不动,对调光屏和蜡烛的位置,根据光路是可逆的,光屏上会得到倒立、缩小的实像。 (3)因为经过光心的光线方向不发生改变,则蜡烛变短时,像应该先上移动; (4)物距发生变化时,像距也会变化,像的大小也会发生变化。 【解答】解: A、甲图,凸透镜成倒立、放大的实像,u=35cm﹣5cm=30cm,2f>30cm>f,所以,30cm>fA>15cm.乙图,凸透镜成倒立、缩小的实像,u=35cm﹣5cm=30cm,30cm>2f,所以,fB<15cm.所以,fA>fB.故A错误; B、原来凸透镜成放大的实像,此时物距处于f和2f之间,像距大于2f,像距大于物距,根据光路可逆,对调光屏和蜡烛的位置,光屏上仍得到清晰的像,此时物距大于2f,像距处于f和2f之间,会得到倒立、缩小的实像。故B正确; C、因为经过光心的光线方向不发生改变,则蜡烛变短时,像应该先上移动,故C错误。 D、只移动蜡烛渐渐靠近凸透镜,若此时的物距还是大于二倍焦距,成的像还是缩小的,故D错误。 故选:B。 【点评】在凸透镜成像实验中,注意物距条件的应用和把握,熟知成像规律是解题关键。 5.年幼的弟弟发现密封的面包被挤扁总说面包变少了,哥哥却说面包没变。你认为哥哥所说的“没变”可能是指下列哪个物理量(  ) A.体积 B.质量 C.密度 D.硬度 【分析】①物体所占空间大小是体积; ②物体所含物质多少叫质量,质量是否变化看物质多少是否变化; ③某种物质质量与其体积之比叫密度; ④物体能够承受压力的程度叫硬度。 【解答】解: A、面包体积发生变化。故A不符合题意; B、面包被挤扁,形状发生变化,物质多少没有变化,所以质量不变。故B符合题意; C、面包质量不变,体积变小,由公式ρ=知,密度变大。故C不符合题意; D、面包被挤扁,硬度发生变化。故D不符合题意。 故选:B。 【点评】此题考查的是我们对物体物理属性的了解,是一道基础题,难度不大。 6.为了测量蜡块和干松木的密度,同学们找来了大小不同的蜡块和干松木做实验,得到的数据如表所示。据表中数据并用表中单位在方格纸上作出图线,图中忘了标单位,如图。下列说法正确的是(  ) 实验序号 蜡快 干松木 体积V/cm3 质量m/g 体积V/cm3 质量m/g 1 10 9 10 5 2 20 18 20 10 3 30 27 30 15 4 40 36 40 20 A.图线1可能是干松木的 B.蜡块与干松木密度之比是3:5 C.蜡块与干松木密度之比是1:1 D.蜡块的密度是0.9×103kg/m3 【分析】(1)根据表中数据:干松木的体积为40cm3时的质量为20g确定哪个图线是干松木的; (2)利用表中数据计算两种物质的密度,可求密度之比。 【解答】解: (1)由表中数据可知:干松木的体积为40cm3时的质量为20g,由此可知图象横轴表示体积、纵轴表示质量,图线2是干松木的,故A错; (2)由表中数据可知蜡块和干松木的质量都与体积成正比, 蜡块的密度ρ蜡===0.9g/cm3, 干松木的密度ρ木===0.5g/cm3, 蜡块与干松木密度之比: ρ蜡:ρ木=0.9g/cm3:0.5g/cm3=9:5,故BC错、D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了密度公式的应用,能根据表中数据确定图象中哪个图线为干松木的是关键。 7.下列说法正确的是(  ) A.跳远运动员快速助跑后,飞身鱼跃,受惯性力的作用在空中继续前进 B.在水平道路上做匀速直线运动的汽车,受到的牵引力和阻力是一对平衡力 C.要让自行车更快的停下来,用力捏闸是通过增大压力来减小摩擦 D.拉力越大,弹簧被拉得越长,由此可知,力的作用效果只与力的大小有关 【分析】(1)惯性是物体的固有属性,它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质,惯性不是力; (2)二力平衡的条件:大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上; (3)增大摩擦力的方法:在接触面粗糙程度一定时,增大压力、增大摩擦力;在压力一定时,增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力; (4)力的大小、方向和作用点合称力的三要素,它们都能影响力的作用效果。 【解答】解: A、惯性是物体本身的一种属性,而不是力,故跳远运动员快速助跑后,飞身鱼跃,由于惯性会仍然保持运动状态,在空中继续前进,故A错误; B、汽车在平直道路上作匀速直线运动时,受到的牵引力和阻力,符合二力平衡的条件,故B正确; C、用力捏闸,使行驶中的自行车更快停下来,这是通过增大压力增大摩擦,车轮转动时,产生的摩擦力较大,故C错误; D、力的三要素指力的大小、方向和作用点,它们都能影响力的作用效果,用力拉弹簧,力度越大,弹簧就被拉得越长,说明了力的作用效果与力的大小有关,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查了惯性、平衡力、增大摩擦的方法以及影响力的作用效果的因素,是一道基础题,掌握基础知识即可正确解题。 8.如图所示,甲、乙、丙三个容器中分别盛有密度不同的液体,它们的液面高度相同。若a、b、c三点处液体的压强相等,则容器中液体密度大小排列顺序正确的是(  ) A.ρ甲>ρ乙>ρ丙 B.ρ丙>ρ乙>ρ甲 C.ρ甲>ρ丙>ρ乙 D.ρ乙>ρ甲>ρ丙 【分析】知道液面等高,从图可以得出a、b、c三点的深度关系,又知道三点处液体的压强相等,根据液体压强公式求三种液体的密度关系。 【解答】解:甲、乙、丙三个容器中液面高相同,由图知,三点所处深度: ha>hb>hc, 因为p=ρgh,三点处液体的压强相等, 所以,三种液体的密度:ρ甲<ρ乙<ρ丙。 故选:B。 【点评】本题考查了学生对液体压强公式的了解与掌握,理解深度h含义:从液体内某点到水面的垂直距离。 9.如图所示的装置中,利用大气压强工作的是(  ) A. 吸尘器 B. 拦河大坝 C. 船闸 D.锥子 【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差,所以要判断是否是大气压的应用,要注意有没有形成这个“气压差”。 【解答】解:A、吸尘器工作时,由于转动的扇叶处气体的流速大,压强小,从而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入,利用了大气压。故A符合题意; B、拦河大坝是利用液体的压强随深度的增加而增加的原理,与大气压无关,故B不符合题意; C、船闸是一个上端开口、底部连通的容器,属于连通器的应用,与大气压无关,故C不符合题意; D、锥子是利用减小受力面积增大压强的原理,与大气压无关,故D不符合题意。 故选:A。 【点评】本题考查了学生对生活和实验中常见工具、器材原理的掌握和了解,要知道这些工具、器材都是物理原理在生活中的实际应用。 10.甲、乙两只完全相同的杯子盛有浓度不同的盐水,将同一只鸡蛋先后放入其中,当鸡蛋静止时两液面相平,鸡蛋所处的位置如图所示,则(  ) A.盐水对杯底的压强p甲<p乙 B.盐水对杯底的压强p甲=p乙 C.鸡蛋在盐水中所受浮力F甲<F乙 D.鸡蛋在盐水中所受浮力F甲>F乙 【分析】根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系,再根据p=ρgh判断对杯底的压强关系。 【解答】解: (1)由图可知,甲中鸡蛋悬浮,则ρ液甲=ρ物;乙中鸡蛋漂浮,则ρ液乙>ρ物; 所以乙杯中盐水的密度大于甲杯中盐水的密度, 因为p=ρgh,且两杯中液面相平, 所以乙杯底压强大于甲杯底压强,即p甲<p乙,故A正确,B错误; (2)由图可知,鸡蛋在甲、乙两杯中分别处于悬浮和漂浮状态, 因为物体漂浮或悬浮时,受到的浮力和自身的重力相等, 所以同一只鸡蛋在两杯中受到的浮力相等,都等于鸡蛋的重力,故CD错误; 故选:A。 【点评】本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用,一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系,同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。 11.人体中的许多部位都具有杠杆的功能。如图是人用手托住物体时手臂的示意图,当人手托5kg的物体保持平衡时,肱二头肌收缩对桡骨所施加力的大小一定(  ) A.大于5kg B.大于49N C.小于49N D.等于49N 【分析】首先确定杠杆的支点、动力、阻力及对应的动力臂和阻力臂,根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2,并结合力臂的概念进行分析。 【解答】解:A、力的单位是N,质量的单位是kg,题目是求力的大小,不能用kg做单位,故A错误; BCD、由图知,物体的重力为G=mg=5kg×9.8N/kg=49N; 肱二头肌的拉力为动力,物体对手的压力为阻力,支点在肘,如图所示: 所以动力臂小于阻力臂,根据杠杆平衡条件: F1L1=F2L2 因为L1<L2 所以F1>F2 即肱二头肌收缩所承受的力一定大于49N.故B正确,CD错误。 故选:B。 【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用,关键是判断出两个力臂的大小关系,根据杠杆平衡条件得出结论。 12.小王同学用一个距离手3m高的定滑轮拉住重100N的物体,从滑轮正下方沿水平方向移动4m,如图所示,若不计绳重和摩擦,他至少作了多少功(  ) A.200 J B.300J C.400J D.500J。 【分析】首先确定滑轮为定滑轮,不省力,拉力等于重力,然后通过勾股定理算出拉力移动的距离,利用功的公式计算就可。 【解答】解:滑轮为定滑轮,不省力,若不计绳重和摩擦,则拉力F=G=100N; 利用勾股定理计算绳子现在的长度L=m=5m,则绳子被拉力拉长了2m, W=FS=100N×2m=200J 故选:A。 【点评】通过这道题,我们要注意学科之间的联系,特别是数理化之间的知识联系。 13.如图为“测滑轮组机械效率”的实验。在弹簧测力计拉力作用下,重6N的物体2s内匀速上升0.1m,弹簧测力计示数如图示(不计绳重与摩擦)。下列说法错误的是(  ) A.弹簧测力计的拉力是2.4N B.物体上升的速度为0.05m/s C.弹簧测力计拉力的功率为0.12W D.滑轮组的机械效率约83.3% 【分析】(1)先确定弹簧测力计的分度值,再根据指针位置读数; (2)利用速度公式求物体上升速度; (3)由图知,n=3,重物上升h,则拉力端移动的距离s=3h,利用W总=Fs求出拉力做的功;利用P=求拉力做功功率; (4)知道物体重,利用W=Gh求出有用功,滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。 【解答】解: A、由图可知,弹簧测力计的分度值为0.2N,弹簧测力计的示数为2.4N,故A正确; B、物体上升速度v===0.05m/s,故B正确; C、由图知,n=3,拉力端移动距离s=3h=3×0.1m=0.3m, 拉力做功W总=Fs=2.4N×0.3m=0.72J, 拉力做功的功率: P===0.36W,故C错误; D、有用功W有=Gh=6N×0.1m=0.6J; 滑轮组的机械效率: η==×100%≈83.3%,故D正确。 故选:C。 【点评】滑轮组做的有用功是提升物体重力做的功,额外功是克服动滑轮重力和绳子重力及摩擦做的功,总功是拉力做的功,机械效率等于有用功和总功的比值。 14.初温相同,质量相等的铁块和铜块,铁的比热大于铜的比热,放出相等的热量后相接触,则(  ) A.温度将从铜块传到铁块 B.温度将从铁块传到铜块 C.热量将从铜块传到铁块 D.热量将从铁块传到铜块 【分析】①由放热计算公式Q放=cm△t可知,质量相同的不同物质,放出相同的热量,比热容大的温度变化慢,比热容小的温度变化快; ②温度不同的两个物体相互接触时,内能可以从高温物体转移到低温物体。 【解答】解: (1)热传递过程中传递的是能量,温度是指物体的冷热程度,不能说传递的是温度;故A、B错误。 (2)质量相同的铝块和铁块,因为c铜<c铁,放出相同的热量后,由Q放=cm△t可知,铜块的温度降低的多; 因为铁块和铜块的初温度相同,放出相同的热量后,铜块温度降低的幅度更大,所以铜块的末温度更低,因此内能从铁块传给铜块;故D正确,C错误; 故选:D。 【点评】解决此题的关键是知道发生热传递的条件是有温度差,热量会从高温物体传向低温物体;质量相同的不同物质,吸收或放出相同的热量,比热容大的物体温度变化小;变化相同的温度,比热容大的物体吸收或放出的热量多。 15.某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组(每个滑轮等重),在相同时间内把重物G提升相同高度,F1和F2大小相等,不计绳重及摩擦,下列说法正确的是(  ) A.力F1和F2做功的功率相同 B.力F1和F2做的总功相同 C.乙滑轮组更省力,两个滑轮组机械效率一样大 D.甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高 【分析】①使用滑轮组时,手拉绳子自由端做的功是总功;总功与所用时间之比是拉力做功的功率; ②根据已知条件判断省力情况;利用公式η====比较滑轮组机械效率。 【解答】解: 由图知,甲滑轮组中承担物重的绳子段数n=3,乙滑轮组中承担物重的绳子段数n=4。 AB、若重物上升高度为h,则两滑轮组中绳端移动的距离分别为:s甲=3h,s乙=4h; 甲滑轮组中拉力做的总功为W甲总=F1?3h,乙滑轮组中拉力做的总功为W乙总=F2?4h, 已知F1=F2,所以W甲总<W乙总,故B错误; 已知时间相同,由公式P=知,P甲总<P乙总.故A错误; CD、已知F1=F2,所以省力情况相同,故C错误; 甲、乙两滑轮组提升的物重G相同,设一个动滑轮的重为G动, 不计绳重及摩擦,则甲滑轮组的机械效率为:η甲====, 乙滑轮组中有2个动滑轮,同理可得,乙滑轮组的机械效率为:η乙=, 所以η甲>η乙,故C错误,D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了使用滑轮组时n的确定方法,总功、机械效率、功率的计算方法,本题关键在于确定总功大小关系。 16.两手分别拿着两个体积相同的小木块和石块浸没在水中,同时松手,小木块上浮,石块下沉。比较松手时两者所受的浮力(  ) A.木块受的浮力大 B.石块受的浮力大 C.两者受的浮力一样大 D.条件不足,无法比较 【分析】根据物体的沉浮条件判断物体的沉浮,然后根据阿基米德原理公式F浮=ρgV排计算浮力。 【解答】解:由于体积相同的木块和石块,让它们完全浸没在水中,石块排开液体的体积等于木块排开液体的体积,根据阿基米德原理公式F浮=ρgV排可知,石块所受的浮力等于木块所受的浮力;虽然木块上浮,石块下沉,但松手时木块和石块仍然浸没在水中时,所以石块所受的浮力仍然等于木块所受的浮力,A、B、D不符合题意,只有C符合题意。 故选:C。 【点评】本题考查阿基米德原理的应用,知道物体所受浮力的大小是由液体的密度和它所排开液体的体积决定。 二.填空题(共5小题,满分15分,每小题3分) 17.(3分)如图所示,水平地面上放置相同材料制成的四个木块,其中两个质量为m的木块间用一不可伸长的水平轻绳相连,下面两个木块质量分别为2m和3m.现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块,使四个木块一同水平向右匀速运动,则质量为3m的木块与地面间的摩擦力为  ,轻绳对m的拉力为  。 【分析】要使四个木块以同一匀速运动,采用整体与隔离法分析各部分的受力情况,再对两物体分析可求得木块与地面间的摩擦力以及绳子对m的拉力。 【解答】解: 四个木块水平向右匀速运动,把四个木块当作一个整体,水平向右的拉力为F和总摩擦力f总平衡,所以f总=F; 图中四个木块对地面的压力:F总压=G总=(m+m+2m+3m)g=7mg, 右边2个木块对对地面的压力:F右压=(m+3m)g=4mg, 左边2个木块对对地面的压力:F左压=(m+2m)g=3mg, 因为接触面粗糙程度相同时,滑动摩擦力与压力成正比, 所以,右边质量为3m的木块与地面间的摩擦力为:f1=×f总=, 左边质量为2m的木块与地面间的摩擦力为:f2=×f总=, 把质量为m的木块和质量为2m的木块上看作一个整体,整体向右匀速运动, 所以轻绳对m的拉力和质量为2m的木块与地面间的摩擦力相等,即F绳=f2=。 故答案为:;。 【点评】本题考查摩擦力的问题,注意灵活应用整体法与隔离法,合理选取研究对象,列出表达式后再通过表达式进行分析。 18.(3分)2017年4月26日,我国自行研制的首艘航空母舰出坞下水,标志着我国自主设计建造航母取得重大阶段性成果。专家推测首艘国产航母标准排水量是55000吨,满载排水量是67000t,则该航母满载时受到的浮力为 6.7×108 N.舰母在航行时,两侧的护卫舰不能靠它太近,是因为它们之间水的流速大压强 小 ,容易发生相撞事故。 【分析】(1)航空母舰的排水量是指满载时排开水的质量,根据阿基米德原理求航空母舰满载时受到的浮力; (2)流体流速大的地方压强小,流速小的地方压强大。 【解答】解: (1)由阿基米德原理可得,该航母满载时受到的浮力: F浮=G排=m排g=67000×103kg×10N/kg=6.7×108N; (2)舰母在航行时,两侧的护卫舰不能靠它太近,是因为护卫舰与航母间水的流速大、压强小,而护卫舰外侧水的流速小、压强大,向内的压强差会把两舰压向航母,容易发生相撞事故。 故答案为:6.7×108;小。 【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、流体压强和流速关系的了解和掌握,知道航母满载时排水量就是排开水的质量是本题的关键。 19.(3分)在军事演习中,一架飞机沿水平方向匀速飞行的过程中投放军用物资,在此过程中飞机的动能 变小 (选填“变大”、“变小”或“不变”),物资在加速下落过程中,动能 变大 ,重力势能 变小 。(选填“变大”、“变小”或“不变”) 【分析】(1)影响动能大小的影响因素:质量、速度。质量越大,速度越大,动能越大; (2)影响重力势能大小的影响因素:质量、被举得高度。质量越大,高度越高,重力势能越大。 【解答】解:飞机沿水平方向一边匀速飞行一边投放军用物资,在此过程中飞机的速度不变,质量变小,所以动能变小; 物资在加速下落过程中,质量不变,高度变小,重力势能变小,但速度越来越快,动能越来越大,所以,重力势能转化为动能。 故答案为:变小;变大;变小。 【点评】本题主要考查了动能和重力势能大小的判断,只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。 20.(3分)我国北方秋、冬两季,窗玻璃上出现冰花、树枝上出现雾凇,这些都是凝华现象,凝华过程要 放出 热量。温江水立方湿地公园的空气很湿润,这是由于湿地水域面积大,水发生了 汽化 现象(填一种物态变化名称)。 【分析】物质由液态变为气态的过程叫汽化;物质由气态变为固态的过程叫凝华; 物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行;其中熔化、汽化、升华吸热,凝固、液化、凝华放热。 【解答】解:物质凝华过程中放出热量; 温江水立方湿地公园的空气湿润,是由于湿地水域面积液态水变为气态水蒸气,发生的是汽化现象。 故答案为:放出;汽化。 【点评】本题考查汽化现象和凝华的特点,熟记课本知识点理解解答即可。 21.(3分)如图所示,某单缸四冲程汽油机正处于 压缩 冲程。若此汽油机飞轮的转速为2400r/min,则在1s内汽油机完成 80 个冲程。 【分析】判断冲程可以看气阀门的开关情况和活塞运动情况,结合规律总结进行判断内燃机的冲程; 四冲程内燃机曲轴转一圈,完成2个冲程,活塞往复1次,1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。 【解答】解: 图中的进气门和排气门关闭,活塞上行,所以是压缩冲程; 四冲程汽油机的飞轮转速为2400r/min,则该飞轮每秒钟转40圈; 因为一个工作循环飞轮转2圈,完成四个工作冲程,做功1次,活塞往复2次,所以1s内,飞轮转40圈,活塞往复运动80次,共20个工作循环,80个冲程,做功20次。 故答案为:压缩;80。 【点评】此题是关于内燃机的综合题目,知道四冲程汽油机在一个工作循环中曲轴转2圈、飞轮转2周、做功一次是解决该题的关键。 三.作图题(共3小题,满分8分) 22.(3分)如图所示,排球离开手后仍在空中继续飞行。不考虑空气阻力,请在图中画出排球的受力示意图。 【分析】画力的示意图,首先要对物体进行受力分析,看物体受几个力,要先分析力的大小、方向和作用点,再按照画图的要求画出各个力。 【解答】解: 排球离开手后仍在空中继续飞行,若不考虑空气阻力,只受到竖直向下的重力作用; 重力的方向是竖直向下的,过重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段,用G表示,如图所示: 【点评】画力的示意图的一般步骤为:一画简图二定点,三画线,四画尖,五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤,很容易能够画出指定力的示意图。 23.(3分)如图为某一轻质杠杆,其中O点为支点,在B点悬挂一物体,要使杠杆在图中位置处于静止(平衡)状态,在图中的A点画出所需的最小力F的示意图及其力臂。 【分析】根据杠杆平衡的条件,使用杠杆,在阻力、阻力臂一定的情况下,要使所用的动力最小,必须使动力臂最长。 【解答】解: 连接OA就是最长的动力臂,根据杠杆平衡的条件,要使杠杆平衡,动力方向向下,据此可画出最小的动力F;如图所示: 【点评】由杠杆的平衡条件,杠杆中最小作用力问题,可以转化为最大力臂问题,解题的关键是找出最长的力臂。 24.小轿车已几乎进入每个家庭,如图所示是某轿车车顶的外掀式天窗,车行驶时,若把天窗的前面关闭,后面微微向上打开,就能使车内污浊的空气被自动抽出,使车内的空气清新。 利用物理知识解释天窗此时能够向外“抽气”的原理。 【分析】依据流体压强与流速的关系来分析解答,即流体流速越大的位置,其压强越小。 【解答】答:天窗前闭后开,在车顶形成一个凸面,加大了空气的流速,使天窗开口处的气压小于车内的气压,则在压力差的作用下车内污浊的空气被自动“抽出”,从而保持车内空气清新。 【点评】本题以汽车为例,考查了汽车当中所涉及到的物理知识,体现了物理与生活的联系,难度不大。 四.解答题(共6小题,满分27分) 25.(3分)观察下列四幅图,完成以下填空 (1)图(a)中,正在发声的手机被悬在水中,还能听到声音,说明 水能传声 。 (2)图(b)中,敲击乙音叉时,与甲音叉接触的乒乓球会弹起,这说明 声波可以传递能量 。 (3)图(c)中,在正在发声的喇叭上撒些小纸屑,看到小纸屑在跳动,说明 发声体在振动 。 (4)图(d)中,公路安装了由特殊材料制成的板墙,安装这些板墙的作用是 在传播过程中减弱噪声,减小噪声污染 。 【分析】(1)声音的传播靠介质,真空不能传声。 (2)声音是由物体的振动产生的,声音不但能传递信息,也能传递能量。 (3)声音是由物体振动发出的,振动停止,发声停止,采用转换法,把微小振动放大。 (4)防治噪声污染可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治。 【解答】解:(1)手机悬被悬在水中,还能听到声音,说明水能传播声音。 (2)音叉乙的声音不但能传到音叉甲,而且能引起音叉甲的振动,说明声波可以传递能量。 (3)喇叭发出声音时,纸屑跳动,说明喇叭在振动,说明声音是由发声体振动产生的。 (4)公路两侧设置屏障墙可以在传播过程中减弱噪声,减小噪声污染。 故答案为: (1)水能传声; (2)声波可以传递能量; (3)发声体在振动; (4)在传播过程中减弱噪声,减小噪声污染。 【点评】本题通过生活实例考查了声音的发生和传播以及有关噪声问题,要求学生学以致用,是中考重点考查的方向。 26.(4分)用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”。 (1)小豪同学将蜡烛、凸透镜、光屏随意固定在光具座上,点燃蜡烛后,沿光具座无论怎样移动光屏,在光屏上始终得不到烛焰的像,原因可能是 烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不在同一高度 。 (2)重新调整后,将蜡烛、凸透镜固定在光具座上,如图甲所示,移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像,该像是倒立 缩小 (选填“放大”或“缩小”)的实像。我们可以从不同角度看到光屏上的像,是因为发生了 漫反射 (选填“镜面反射”或“漫反射”)。 (3)接下来保持蜡烛和光屏的位置不动,将凸透镜向蜡烛方向移动,光屏上再次出现了一个倒立  放大 (选填“放大”或“缩小”)的清晰实像,与这种成像原理一致的光学仪器是 投影仪 (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)。 (4)当光屏上出现蜡烛清晰的像时,如果用遮光板挡住透镜的上半部分,我们观察光屏时,将会在光屏上看到 C 。 A.蜡烛像的下半部分 B.蜡烛像的上半部分 C.蜡烛完整的像,像的亮度变暗 D.蜡烛完整的像,像的亮度不变 (5)在图甲中,小豪把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间,发现光屏上的像变得模糊不清,应该向 远离 (填“靠近”或“远离”)透镜方向移动光屏,可再次得到清晰的像。 (6)某小组实验时对图甲中的装置进行了改进,将蜡烛换成带有“F”形的LED灯、光屏贴上方格纸,如图乙所示,请写出改进后其中一个优点: 实验现象更明显、便于观察、减少了污染 。 【分析】(1)光屏上得不到烛焰像的情况有三种:①成的像是虚像,虚像是不会成在光屏上的;②成实像,但由于烛焰、凸透镜、光屏三者的中心不在同一高度上,虽然成的是实像,但光屏上显示不出来;③不成像,当物体位于焦点上,即u=f时,此时不成像,所以光屏上也得不到烛焰的像。 (2)凸透镜规律:u>2f时,在凸透镜的另一侧得到倒立、缩小的实像,f<v<2f。 (3)凸透镜规律及其应用,2f>u>f时,在凸透镜的另一侧得到倒立、放大的实像,v>2f。应用于投影仪。 (4)当用遮光板挡住透镜的某一部分时,由于通过凸透镜会聚的光线数量减少,所以像会比原来变暗,但仍成完整的像。 (5)首先明确近视镜是凹透镜,然后在明确凹透镜光学性质的基础上,即可确定放上凹透镜后像的位置的变化,然后调整光屏的移动方向; (6)蜡烛换成LED灯便于观察;光屏换成带有方格光屏便于比较像与物体的大小关系。 【解答】解:(1)在做凸透镜成像规律的实验时,首先要调整三者的中心在同一高度上,这样做的目的就是为了保证使烛焰的像能够成在光屏上,所以当调整光屏的位置始终光屏上没有像时,首先要想到这种可能。 (2)此时物距为50cm﹣20cm=30cm,而焦距为10cm,物距大于2倍焦距,所以成的像是倒立、缩小的实像;我们可以从不同角度看到光屏上的像,是因为发生了漫反射; (3)保持蜡烛和光屏的位置不动,将凸透镜向蜡烛的方向移动,物距小于像距,成倒立、放大的实像。投影仪利用此原理。 (4)如果用遮光板挡住透镜的上半部分,下半部分仍能会聚光线成完整的像,但由于会聚的光线比原来减少,所以像比原来变暗。故选C; (5)近视眼镜是凹透镜,它对光线有发散作用,所以在蜡烛和凸透镜之间放上凹透镜后,蜡烛在凸透镜后面成的像将远离凸透镜,为了使像再成在光屏上,所以要将光屏向右移动,远离凸透镜。 (6)蜡烛换成LED灯的优点:实验现象更明显、便于观察、减少了污染等。 故答案为:(1)烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不在同一高度;(2)缩小;(3)放大;投影仪;(4)C;(5)远离;(6)实验现象更明显、便于观察、减少了污染。 【点评】此题是探究凸透镜成像的实验,考查了学生对实验操作的要求。一定要注意实验前的调整工作。为使像成在光屏的中央,应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处。凸透镜的主光轴永远随着凸透镜的上下移动而移动,对于烛焰在凸透镜主光轴的哪个位置,画图说明很容易理解。 27.(4分)在“探究杠杆平衡条件的实验”中: (1)如图甲所示,实验前,杠杆左端下沉,则应将两端的平衡螺母向 右  (左/右)调节,直到杠杆在水平位置平衡。 (2)如图乙所示挂上钩码后,杠杆恰好在水平位置平衡,当将A、B两点下方所挂钩码同时朝远离支点O方向移动一小格,则杠杆 右  (左/右)端将下沉。 (3)某同学根据如图乙所示的这第一组实验数据,猜想杠杆的平衡条件可能是:动力+动力臂=阻力+阻力臂,分析可知他的这个猜想不科学,原因是: 不同的物理量不能相加 。 (4)如图丙所示,若不在B点挂钩码,改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆,使杠杆仍在水平位置平衡,当测力计从a位置转到b位置时,其示数大小将 变大 。 (5)某同学用图丁装置进行探究,发现总是无法得到课本上所给出的平衡条件,原因是 杠杆的自重对杠杆平衡有影响 。 【分析】(1)调节杠杆平衡时,平衡螺母向上翘的一端移动; (2)根据杠杆平衡条件判断是否平衡; (3)由于动力和动力臂的单位不同,所以不能进行加减运算。 (4)根据钩码个数与每个钩码的重力求出测力计拉力;当拉力F向右倾斜时,保持B点不动,弹簧测力计的方向向右倾斜,这时杠杆右侧的力臂变短,根据杠杆的平衡条件可知,使杠杆仍在水平位置平衡,则弹簧测力计的示数将变大; (5)图丁中,支点位于动力和阻力的右侧,弹簧测力计不但提了钩码,而且还提了杠杆,杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。 【解答】解:(1)若开始实验前发现左端下沉,右端上翘,可将杠杆两端的平衡螺母向右端移动; (2)若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格,则左侧2G×4L=8GL,右侧3G×3L=9GL,因为8GL<9GL,故右端下沉; (3)动力的单位是N,动力臂的单位是cm,两个物理量的单位不相同,不能进行加减运算。 (4)保持B点不变,若拉力F向右倾斜时,此时F的力臂变短,根据杠杆的平衡条件,力变大; (5)利用如图丁所示装置进行探究,杠杆的重心没有通过支点,杠杆的自重对杠杆平衡有影响。 故答案为:(1)右;(2)右;(3)不同的物理量不能相加;(4)变大;(5)杠杆的自重对杠杆平衡有影响。 【点评】此题是探究杠杆平衡实验,考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用,在利用平衡条件公式时,要注意分析力和对应的力臂。 28.(4分)小红同学和小军同学利用一块海绵和一块砖研究“影响压力作用效果的因素”。图所示为小军同学根据实验过程中的情景绘制的图画。此实验可以说明:当海绵受到的 压力大小 不变时, 受力面积 越小,压力的作用效果越明显。 【分析】本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果,采用了转换法; 压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关,实验时应采用控制变量法; 探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。据此分析回答。 【解答】解:三个图中,压力大小不变,而受力逐渐面积变小,压力的作用效变得越明显。 故当海绵受到的压力大小不变时,受力面积越小,压力的作用效果越明显。 故答案为:压力大小;受力面积。 【点评】本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验,主要考查控制变量法及转换法的应用,体现了对过程和方法的考查。 29.(4分)探究水沸腾时温度变化的特点 (1)在安装实验装置时,合理的安装顺序是 ②④①③ (填序号)。 ①烧杯和水 ②酒精灯 ③铁杆和温度计(含纸盖) ④铁圈和石棉网 (2)下表是小燕记录的实验数据: 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 温度/℃ 88 90 92 94 96 98 98 98 实验过程中,她发现在第3min时,水中的气泡在上升的过程中逐渐 变小 (选填“变大”或“变小”)。 (3)由数据可知,水沸腾时,继续加热,水的温度 不变 。 (4)通过学习,小燕终于明白妈妈用炉火炖汤时,在汤沸腾后总是 调为小火 的道理(选填“保持大火”或“调为小火”)。 【分析】(1)实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度;温度计测量液体温度时,玻璃泡要浸没在液体中,不能接触容器底和壁,由此分析解答; (2)水未沸腾时,气泡在上升过程中会变小; (3)根据表格数据分析水沸腾时的温度变化特点; (4)液体沸腾时虽然要继续吸热,但是温度保持不变。炖汤时,汤烧开后,不论是大火还是小火,汤的温度都保持不变,所以炖汤时总是大火烧开后改用小火炖。 【解答】解:(1)酒精灯要使用外焰加热,所以合理顺序应先放好酒精灯,由其外焰高度确定铁圈及石棉网的高度;温度计测量液体温度时,玻璃泡要浸没在液体中,不能接触容器底和壁,所以接着应放置烧杯,最后安装温度计。即顺序为:②④①③; (2)水沸腾前,底部的温度高于上部的温度,根据热胀冷缩可知,气泡在上升过程中逐渐变小; (3)由表格数据可知,水沸腾后,吸热,但温度保持98℃不变; (4)汤处于沸腾状态,而水沸腾时的温度不变,即使加大火力,也不能提高水温和使食物煮熟得快,只是加快了水的汽化,浪费了燃料。所以先用大火将食物烧开,就改用小火炖,保持锅内的水一直沸腾就行了。 故答案为:(1)②④①③;(2)变小;(3)不变;(4)调为小火。 【点评】本题以水沸腾的实验考查了实验装置的装配、实验器材的选择、水沸腾的特点、液体沸点的影响因素等,属于基础知识的考查。 30.(8分)小王设计了如下测量花生油密度的方案:在烧杯内倒入适量的花生油,用调节平衡的天平测出烧杯和花生油的总质量m1,然后将烧杯内的适量花生油倒入量筒内,再测出烧杯和剩余花生油的总质量m2,读出量筒内花生油的体积V。 (1)请在下表中填好相关的数据。 烧杯和花生油的总质量(g) 烧杯和剩余花生油的总质量(g) 倒出油的质量(g) 倒出油的体积(cm3) 油的密度(g/cm3) 57.4  33.4   24   30   0.8  (2)妈妈买来的一桶花生油的标示着“净含量:5L”字样,则这桶花生油的净质量是 4 kg。 【分析】(1)用天平测物体质量时,物体质量等于砝码与游码示数之和,由图1所示天平读出烧杯和花生油的总质量m1;由图2所示天平读出烧杯和剩余花生油的总质量m2;由图3所示量筒可以求出倒出油的体积;倒出油的质量m=m1﹣m2,然后由密度公式可以求出油的密度。 (2)根据密度的变形公式m=ρv可求出花生油的质量。 【解答】解:(1)由图1所示天平读出烧杯和花生油的总质量: m1=50g+5g+2g+0.4g=57.4g; 由图2所示天平读出烧杯和剩余花生油的总质量: m2=20g+10g+3.4g=33.4g; 由图3所示量筒可以求出倒出油的体积: v=30ml=30cm3; 倒出油的质量: m=m1﹣m2=57.4﹣33.4g=24g; 油的密度: ρ===0.8g/cm3。 (2)标示着“净含量:5L”字样, 即v=5L=5×103ml 因为ρ=, 所以这桶花生油的净质量: m′=ρ′v′=0.8g/cm3×5×103ml=4000g=4kg。 故答案为:(1) 烧杯和花生油的总质量(g) 烧杯和剩余花生油的总质量(g) 倒出油的质量(g) 倒出油的体积(cm3) 油的密度(g/cm3) 57.4 33.4 24 30 0.8 (2)4 【点评】本题考查了天平与量筒的读数、密度公式的应用,要熟练掌握常用测量器材的使用及读数方法。 五.计算题(共3小题,满分18分,每小题6分) 31.(6分)某物理兴趣小组的同学,用煤炉给10L水加热,同时他们绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线。若在6min内完全燃烧了0.3kg的煤,水的比热容为4.2×103J/(kg?℃),水的密度为l×l03kg/m3,煤的热值约为3×107J/kg。求: (1)煤完全燃烧产生的热量; (2)煤炉烧水时的热效率。 【分析】(1)已知煤的质量和热值,利用Q放=mq求出煤完全燃烧产生的热量; (2)由图象可知,经过6min加热水温度的变化,利用Q吸=cm(t﹣t0)求出水吸收的热量,利用η=×100%求出煤炉烧水时的热效率。 【解答】解:(1)煤完全燃烧产生的热量: Q放=mq=0.3kg×3×107J/kg=9×106J; (2)水的体积: V=10L=10dm3=0.01m3, 由ρ=可得,水的质量: m′=ρV=1×103kg/m3×0.01m3=10kg, 由图可知,经过6min加热后水温由20℃达到80℃, 则水吸收的热量: Q吸=cm′(t﹣t0)=4.2×103J/(kg?℃)×10kg×(80℃﹣20℃)=2.52×106J, 煤炉烧水时的热效率: η=×100%=×100%=28%。 答:(1)煤完全燃烧产生的热量为9×106J; (2)煤炉烧水时的热效率为28%。 【点评】本题考查了燃料完全燃烧释放热量公式和密度公式、吸热公式、效率公式的应用,从图象中获取有用的信息是关键,计算过程要注意单位的换算。 32.(6分)如图所示,是我国新型气垫登陆船,该船满载后的总质量为160t。(g取10N/kg) (1)满载的气垫船受到的重力为多大?它停在水平地面上时,与地面间的总接触面积为80m2,那么它对地面的压强为多大? (2)气垫船以30m/s的速度在湖面上做匀速直线运动时,2min通过的距离为多少? 【分析】(1)知道满载的气垫船的质量,根据G=mg求出其重力,它停在水平地面上时,对地面的压力和自身的重力相等,又知道与地面间的总接触面积,根据p=求出对地面的压强; (2)气垫船以30m/s的速度在湖面上做匀速直线运动时,根据s=vt求出2min通过的距离。 【解答】解:(1)满载的气垫船受到的重力: G=mg=160×103kg×10N/kg=1.6×106N, 因水平面上物体的压力和自身的重力相等, 所以,它停在水平地面上时,对地面的压强: p====2×104Pa; (2)气垫船以30m/s的速度在湖面上做匀速直线运动时, 由v=可得,2min通过的距离: s=vt=30m/s×2×60s=3600m。 答:(1)满载的气垫船受到的重力为1.6×106N,它停在水平地面上时,对地面的压强为2×104Pa; (2)气垫船以30m/s的速度在湖面上做匀速直线运动时,2min通过的距离为3600m。 【点评】本题考查了重力公式和压强公式以及速度公式的应用,关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。 33.(6分)如图所示的小球重5N,用弹簧测力计挂着小球,并使小球的体积浸在容器的水中,此时弹簧测力计的示数为2N.( ρ水=1.0×103kg/m3,g取l0N/kg) (1)求小球有体积浸在水中时受到的浮力; (2)求小球的体积; (3)把小球从弹簧测力计取下,浸没在容器的水中后放手,求小球静止时受到的浮力。 【分析】(1)利用二次称重法求出物体受到水的浮力; (2)根据F浮=ρgV排求出小球的一半体积浸没在水中时排开水的体积,然后求出小球的总体积; (3)根据F浮=ρgV排求出小球浸没在水中所受的浮力,然后与重力比较可判断小球所处的状态,再根据物体漂浮条件求出浮力大小。 【解答】解:(1)F浮=G球﹣F示=5N﹣2N=3N, (2)由F浮=ρ水gV排得,小球排开水的体积: V排===3×10﹣4m3, 由于小球的体积浸没在水中时,则物体体积:V=V排=×3×10﹣4m3=7.5×10﹣4m3。 (3)小球浸没在水中所受的浮力:F浮′=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×7.5×10﹣4m3=7.5N>5N, 即F浮′>G,所以,小球浸没在水中所受的浮力放手后会上浮,最终漂浮, 所以小球上浮,则小球静止时漂浮,浮力F''浮=G球=5N。 答:(1)小球有体积浸在水中时受到的浮力为3N; (2)小球的体积为3×10﹣4m3; (3)小球静止时受到的浮力为5N。 【点评】本题考查阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用,利用好称重法测浮力、判断小球静止后所处的状态是本题的关键。

  • ID:6-5651474 2018-2019学年福建省福州文博中学九年级(下)期中物理试卷(解析版)

    初中物理/期中专区/九年级下册

    2018-2019学年福建省福州文博中学九年级(下)期中物理试卷 一.选择题(共16小题,满分32分,每小题2分) 1.下列物态变化现象中,属于凝华现象的是(  ) A.冬天的早晨,地面上有霜 B.秋天,树叶发黄变干 C.夏天清晨,树叶上有露水 D.春天,河里的冰化成水 2.图所示的四种现象中,由于光的直线传播形成的是(  ) A.亭桥在水中形成倒影 B.日食 C.瓶子在平面镜中成像 D.铅笔好像被折断 3.伦敦奥运会期间英国军方配备了一种远程声波安保设备,该设备工作时可以产生高达150dB的声音,尖锐的声响会让人耳感到刺痛,既可用作高音喇叭,也可用作非致命性武器驱散人群。关于该设备,下面说法正确的是(  ) A.该设备产生的是超声波 B.“150dB”是指所产生声音的响度 C.该设备产生的是次声波 D.“150dB”是指所产生声音的音调 4.关于热现象,下列说法正确的是(  ) A.扩散现象不能在固体中发生 B.冰在熔化时温度不变内能增加 C.尘土飞扬说明分子在做无规则运动 D.用手捏海绵,海绵的体积变小了,说明分子间有间隙 5.如图所示的四种现象中,符合安全用电原则的是(  ) A.在没有断开电源的情况下换灯泡 B.使用绝缘层破损的电线 C. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯 D. 用绝缘棒挑开通电的裸导线 6.如图所示,所使用杠杆属于费力杠杆的是(  ) A.镊子 B.扳手 C.羊角锤 D.老虎钳 7.通电螺线管和小磁针的位置如图所示,正确的是(  ) A. B. C. D. 8.去年6月24日,神舟九号与天宫一号手控交会对接成功完成,三名航天员进入天宫一号工作和生活。这意味着我国完整掌握空间交会对接技术,具备了建设空间站的基本能力。关于神舟九号与在轨运行的天宫一号目标飞行器进行载人交会对接,下面说法正确的是(  ) A.神舟九号相对于天宫一号是静止的,相对于太阳也是静止的 B.航天员带到天宫一号内的物体的质量小于其在地面上时的质量 C.在天宫一号内,航天员可以直接进行语言交流,是因为声音可以在真空中传播 D.航天员和地面控制中心之间的信息是靠电磁波传递的 9.在下列过程中,由于做功而使物体内能增加的是(  ) A.番薯在炉膛内烤熟 B.烧开水时蒸汽将壶盖顶起 C.把铁丝反复弯曲,弯曲处变热 D.用酒精灯对烧杯中的水加热 10.如图所示,是生活中常见的小汽车,下列有关说法中正确的是(  ) A.轮胎上有凹凸不平的花纹是为了减小摩擦 B.小汽车高速行驶时对路面的压力小于汽车的重力 C.由于受到惯性作用,汽车关闭发动机后还能继续向前行驶 D.汽车静止在路面上时,汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力是一对平衡力 11.如图是宜宾天池公园内的“摩天轮”,一游客坐在“摩天轮”中在竖直平面内做速度大小不变的圆周运动,游客从最低点向最高点运动的过程中,下列说法正确的是(  ) A.游客的动能保持不变 B.游客的动能先增大后减小 C.游客的重力势能保持不变 D.游客的机械能保持不变 12.下列说法中错误的是(  ) A.跳伞运动员在空中匀速降落时,机械能保持不变 B.作匀速直线运动的物体,其速度与运动路程和运动时间无关 C.茶壶盖上都留有小孔,与大气压有关 D.速度小的物体,所受的力不一定小 13.晓彤爸爸从淘宝市场淘得一金属块,想测出金属块的密度,晓彤立即设计出测量方案﹣﹣“漂浮法”测密度。如图所示,将边长为 10cm 的立方体木块 A 放入水中,有的体积没入水中,将金属块 B 放在木块中央静止后用刻度尺测出此时木块露出水面的高度 h1为 1cm,如图乙所示,再用轻质细线将金属块捆绑在木块中央,放入水中静止后测出此时木块露出水面高度 h2为 3cm,如图丙所示。则以下说法正确的是(  ) A.金属块的密度 3×103kg/m3 B.丙图中容器底所受水的压力比甲图大 3N C.甲图中木块的重力 4N D.甲图中木块底部所受的压强 400Pa 14.如图所示的电路中,电源电压恒定,R1为定值电阻,R2为滑动变阻器,闭合开关S后,滑动变阻器滑片P自b向a移动的过程中(  ) A.电流表A的示数变小 B.电压表V1的示数变小 C.电压表V2的示数不变 D.电路消耗的总功率变大 15.在水平桌面上有一个盛有水的容器,木块用细线系住没入水中(水未溢出),如图甲所示。将细线剪断,木块最终漂浮在水面上,且五分之二的体积露出水面,如图乙所示。下列说法正确的是(  ) A.甲、乙两图中,水对容器底部的压强之比是1:1 B.甲、乙两图中,容器对水平桌面的压强之比是5:3 C.甲、乙两图中,木块受到水的浮力之比是5:2 D.甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比为2:5 16.将“6V 3W”、“12V 24W”和“6V 6W”三个灯泡串联起来,接在可调的电源两端,使其中一个灯泡正常发光,其它灯泡两端电压不超过额定电压,则下列说法正确的是(  ) A.电源电压是24V B.电路的总电流是2A C.电路的总功率是6W D.电路的总功率是33W 二.填空题(共6小题,满分13分) 17.小明爸爸在家里修理厨房里的桌子时,不断发出敲击物体的声音,小明爸爸为了尽量避免声音对小明的干扰,他采取了三种方案:①在被敲的地方垫一块抹布;②把房间、厨房门窗关严;③嘱咐小明暂时用耳机塞住耳朵。这种三种方案中,①是在   处减弱噪声;②是在   中减弱噪声;③是在   处减弱噪声。 18.如图中的甲所示是现代城市很多路口安装的监控摄像头,其镜头相当于一个凸透镜,它的工作原理与   (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)相似。如图乙和丙是一辆汽车经过路口时与一辆自行车相撞后被先后拍下的两张照片,由图可以看出汽车是逐渐   (选填“靠近”或“远离”)摄像头。 19.二力平衡的条件:同时作用在   上的两个力,如果大小   ,方向   ,并且在   上,这两个力就彼此平衡。即平衡力的合力为   。 20.如图所示,A、B是分别盛有适量的煤油和水的相同容器,底面积均为100cm2,置于水平桌面上,将一实心小球浸没在A容器煤油中,排开煤油的体积为20cm3;将该实心小球放入B容器的水中,排开水的体积为18cm3;则小球的密度为   kg/m3;小球静止在B容器中时,水对容器底的压强增大了   Pa(小球放入容器中时均无液体溢出)。 21.(3分)有一电子式电能表表盘上标有“3000imp/(kW?h)”字样,“3000imp/(kW?h)”表示每消耗1kW?h的电能,电能表指示灯闪烁3000次。将某用电器单独接在该表上工作20min,该电能表指示灯闪烁了300次,该用电器的功率是   W。 22.木块与小车向右做匀速直线运动,遇到一障碍物时,小车停下,木块从车上的a点滑至b点(如图甲),是因为木块具有   ;木块能停在b点,说明木块在滑动过程中受到向   (填“左”或“右”)的摩擦力作用。为测量摩擦力的大小,小明在障碍物上固定了弹簧测力计拉住木块,用手拉着小车向左运动(如图乙)。则木块受到的摩擦力方向向   (填“左”或“右”),大小是   N,小明在做此实验时,   (填:可以或不可以)变速拉动小车。 三.作图题(共2小题,满分4分,每小题2分) 23.根据图中给出的入射光线和折射光线,在虚线框内画出一个适当的透镜。 24.如图所示,轻质杠杆OA能绕O点转动,请在杠杆中的A端画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力F的示意图(要求保留作图痕迹)。 四.解答题(共1小题,满分4分,每小题4分) 25.小汽车已逐步进入百姓家庭。小明坐着这辆汽车匀速行驶36km,用时30min,消耗汽油2.25kg,其发动机的功率为23kW.请运用所学的知识解答下列问题。(汽油的热值为4.6×107J/kg) (1)汽车匀速行驶时所受的牵引力是多大? (2)汽车发动机的效率是多少? (3)观察小汽车的外型,判断小汽车在水平路面高速行驶和静止时,对地面压力哪一个大?为什么? 五.解答题(共5小题,满分27分) 26.(3分)如图是“探究平面镜成像特点”的情景:竖立的透明玻璃板放在一块带刻度的木板上,玻璃板与木板垂直;两支相同的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧,以A蜡烛为成像物体。 (1)采用透明玻璃板代替平面镜,虽然成像不如平面镜清晰,但却能在察到A蜡烛像的同时,也能观察到   ,巧妙地解决了确定像的位置和大小的问题; (2)点燃A蜡烛,小心地移动B蜡烛,直到与A蜡烛的像   为止,这说明像与物的大小相等,这种确定像与物大小关系的方法是   (选填“控制度量法”、“等效替代”或“科学推理法”).进一步观察A、B两支蜡烛在木板上的位置发现,像和物到玻璃板的距离   ; (3)为证实上述有关成像特点是否可靠,你认为接下来的操作应该是   ; A.保持A、B两支蜡烛的位置不变,多次改变玻璃板的位置进行观察; B.保持玻璃板位置不变,多次改变A蜡烛的位置,并移动蜡烛B,进行观察。 (4)在实验过程中,如果把玻璃板沿CD水平向右移动,可以观察到像相对于蜡烛A   移动(选填“向右”“向左”或“不”);如果将玻璃板绕EF轴顺时针转动,可以观察到像   (选填“顺时针转动”、“逆时针转动”或“不动”)。 27.小芳用如图甲所示的实验装置探究水的沸腾特点。 (1)请指出图甲中的操作错误:   。 (2)图乙是根据实验数据画出水的温度随时间变化的曲线。由图可知,水沸腾时的特点是   。 (3)为了说明水在沸腾过程中是否需要吸热,应   ,观察水是否继续沸腾。 (4)小芳再次实验时为了节省加热时间,减少了水的质量,请在图乙中大致画出能体现这项措施的图线。 28.(5分)小明在测量滑轮组机械效率的实验中,所用装置如图所示,实验中每个钩码重2N,测得的数据如下表。 实验次数 钩码总重G/N 钩码上升的高度h/m 测力计示数F/N 测力计移动距离s/m 机械效率η 1 4 0.1 1.8 0.3 2 6 0.1 2.4 0.3 83% 3 6 0.1 2.4 0.3 83% 4 4 0.1 1.4 0.5 57% 5 4 0.2 1.4 1.0 57% (1)在实验中,测绳端拉力F时,应尽量竖直向上   拉动弹簧测力计且在拉动过程中计数。 (2)第1次实验测得机械效率为   。(结果保留两位有效数字) (3)分析表中数据可知:第4次实验是用   图做的。(选填“a”、“b”或“c”) (4)分析第1、2次实验数据可知:使用同一滑轮组,   可以提高滑轮组的机械效率;分析第1、4次实验数据可知:使用不同的滑轮组,提升相同的重物,动滑轮个数越多(既动滑轮总重越重),滑轮组的机械效率   。 (5)分析第4、5次实验数据可知,滑轮组的机械效率与物体被提升的高度   。 29.(9分)用伏安法测小灯泡的电功率和正常发光时的电阻,已知灯的额定电压为2.5V。 (1)在图1中,已完成了一部分的电路连接,请你继续完成实验电路的连接。 (2)在闭合开关之前,图中滑动变阻器的滑片应放在    端。 (3)测电功率的原理是   ;测电阻的原理是   。 (4)如果在调节滑动变阻器的时候,电压表的示数如图2所示,为了测定灯的额定功率,应将滑片向   调节。 (5)调节滑变P,使灯正常发光时,电流表的示数如图3所示,则灯泡的额定功率为   W,此时,灯泡的电阻为   Ω。 30.(6分)小斌同学想测量一块不规则瓷片的密度。 (1)他把天平放在水平桌面上,将游码移到零刻度处,然后调节   使天平平衡; (2)用调节好的天平测量瓷片的质量,所用砝码的个数和游码的位置如图甲所示,则瓷片的质量为   g; (3)他发现瓷片放不进量筒,改用如图乙所示的方法测瓷片的体积: a.往烧杯中加入适量的水,把瓷片浸没,在水面到达的位置上作标记,然后取出瓷片; b.再往量筒装入38ml的水,然后将量筒的水缓慢倒入烧杯中,让水面到达标记处,量筒里剩余水的体积如图丙所示,则瓷片的体积为   cm3; (4)用密度公式计算出瓷片的密度ρ为   g/cm3; (5)根据以上步骤,你认为小李同学测出的瓷片密度值   (选填“偏大”或“偏小”)。 六.计算题(共3小题,满分20分) 31.(6分)某物理兴趣小组的同学,用煤炉给10L水加热,同时他们绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线。若在6min内完全燃烧了0.3kg的煤,水的比热容为4.2×103J/(kg?℃),水的密度为l×l03kg/m3,煤的热值约为3×107J/kg。求: (1)煤完全燃烧产生的热量; (2)煤炉烧水时的热效率。 32.(6分)为了环保,旅游景点的短途平路交通工具通常采用电动旅游观光车。由于行驶速度不是很快,旅客在乘坐舒适的同时,还可从容地欣赏沿途的美景。 某品牌某型号的观光车相关技术参数如下表: 空车质量 1140kg 电动机额定功率 6kW 满栽乘员(含司机) 11人 电动机额定电压 48V 满载时轮胎与地接触面积 4×250cm2 最大车速 30km/h 电动机效率 80% 平路续驶里程 ≤80km 根据技术参数,求解下列问题: (1)假设每位乘员质量均为60kg,求满载时人车总重量为多少?车轮对水平路面的压强为多少? (2)某次运送旅客时,观光车在水平路面上以18km/h的速度沿水平路面匀速行驶了10min,电动机始终在额定电压下工作,求这一过程: ①电动机消耗的电能W电为多少? ②电动机对外做的机械功W机为多少? ③观光车行驶的路程为多大? ④观光车行驶时所受阻力多大? 33.(8分)如图甲所示,电源电压恒为18V,灯泡L上标有“10V 5W”字样,电流表量程为0~0.6A,电压表量程为0~15V.滑动变阻器R的最大阻值为200Ω,当只闭合S和S1,移动滑动变阻器的滑片P时,它两端的电压与其接入电路的电阻关系如图乙所示,当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时,定值电阻R0的电功率变化了5.4W,灯泡的电阻不变,求: (1)灯泡L正常发光时通过的电流。 (2)只闭合S和S2,且滑动变阻器的滑片P置于中点位置时,灯泡的实际功率。 (3)只闭合S和S1,在保证电路安全的情况下,当电阻R0消耗电功率最小时,滑动变阻器R消耗的电功率。 2018-2019学年福建省福州文博中学九年级(下)期中物理试卷 参考答案与试题解析 一.选择题(共16小题,满分32分,每小题2分) 1.下列物态变化现象中,属于凝华现象的是(  ) A.冬天的早晨,地面上有霜 B.秋天,树叶发黄变干 C.夏天清晨,树叶上有露水 D.春天,河里的冰化成水 【分析】(1)在一定条件下,物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化,这就是物态变化; (2)物质由固态直接变为气态叫升华,物质由气态直接变为固态叫凝华;物质由液态变为气态叫汽化,物质由气态变为液态叫液化;物质由固态变为液态叫熔化,物质由液态变为固态叫凝固。 【解答】解:A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶。故A符合题意; B、树叶变干是其中的水蒸气吸热汽化成为了水蒸气。故B不符合题意; C、露水是空气中的水蒸气遇冷液化形成的水珠。故C不符合题意; D、冰化成水由固态变为液态,是熔化过程。故D不符合题意。 故选:A。 【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化,关键要看清物态变化前后,物质各处于什么状态;另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。 2.图所示的四种现象中,由于光的直线传播形成的是(  ) A.亭桥在水中形成倒影 B.日食 C.瓶子在平面镜中成像 D.铅笔好像被折断 【分析】(1)光在同种均匀物质中沿直线传播,在日常生活中,激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的; (2)当光照射到物体界面上时,有一部分光被反射回来,例如:平面镜成像、水中倒影等; (3)当光从一种介质斜射入另一种介质时,传播方向会偏折,发生折射现象,如:看水里的鱼比实际位置浅等。 【解答】解:A、水中倒影是平面镜成像,是光的反射现象,故A错误; B、当月球转到太阳和地球中间并且三者在一条直线上时,月球挡住了太阳照射在地球上的光线,地球处在月球的影子里,这就形成了日食,属于光沿直线传播现象,故B正确 C、瓶子在平面镜中成像,是一种平面镜成像,是由光的反射形成的,故C错误; D、铅笔好像被折断是光的折射产生的现象,是由于光从一种介质进入另一种介质引起的,故D错误。 故选:B。 【点评】本题题考查光的直线传播的具体生活实例,需要利用生活和物理之间的联系进行判断;能否区分三种光现象:光的直线传播、光的反射、光的折射,是本题的解题关键。 3.伦敦奥运会期间英国军方配备了一种远程声波安保设备,该设备工作时可以产生高达150dB的声音,尖锐的声响会让人耳感到刺痛,既可用作高音喇叭,也可用作非致命性武器驱散人群。关于该设备,下面说法正确的是(  ) A.该设备产生的是超声波 B.“150dB”是指所产生声音的响度 C.该设备产生的是次声波 D.“150dB”是指所产生声音的音调 【分析】解答此题要知道: (1)超声波是指高于20000Hz的声音,次声波是指低于20Hz的声音,人耳无法听到超声和次声。 (2)声音的强弱用分贝来表示,分贝是用来表示声音等级的单位,而不是用来计量音调的高低的。 【解答】解: AC、人耳无法听到超声波和次声波;由题意可知,该声音是人耳能听到的,所以该设备产生的是不是超声波,也不是次声波;故AC错误; BD、响度是指声音的强弱或大小,可以用分贝来计量,分贝是用来表示声音等级的单位,而不是用来计量音调高低的;因此,“150dB”是指所产生声音的响度,故B正确、D错误。 故选:B。 【点评】此题主要考查学生对分贝这一单位的理解和掌握,明确以分贝为单位来表示声音的等级,属于识记内容。 4.关于热现象,下列说法正确的是(  ) A.扩散现象不能在固体中发生 B.冰在熔化时温度不变内能增加 C.尘土飞扬说明分子在做无规则运动 D.用手捏海绵,海绵的体积变小了,说明分子间有间隙 【分析】(1)分子动理论的基本观点:一切物质都是由分子组成,分子在不停地做无规则的运动,分子间同时存在相互作用的引力和斥力,分子间存在间隙; (2)晶体熔化时吸收热量温度不变,内能增加。 【解答】解: A、扩散现象能在固体中发生,比如长时间紧挨在一起的金板和铅板,金中有铅,铅中有金,故A错误; B、冰在熔化时温度不变内能增加,故B正确; C、尘土飞扬是固体小颗粒的运动,属于机械运动,不是分子的运动,故C错误; D、用手捏海绵,海绵的体积缩小了,说明力可以改变物体的形状,不能说明分子间有空隙,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查分子的运动、分子间作用力、力的作用效果,以及晶体熔化特点,考查的知识点比较多,主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。 5.如图所示的四种现象中,符合安全用电原则的是(  ) A.在没有断开电源的情况下换灯泡 B.使用绝缘层破损的电线 C. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯 D. 用绝缘棒挑开通电的裸导线 【分析】(1)更换灯泡时,应先切断电源; (2)绝缘层破损的电线要及时更换; (3)湿物体是导体,接触带电体容易发生触电; (4)发现有人触电时,可以用绝缘棒挑开通电的裸导线。 【解答】解:A、不断开开关,直接更换不亮的电灯泡,由于灯泡上带电,容易引起触电事故,所以更换灯泡时先断开开关,故A不符合安全用电原则; B、电线绝缘层破损后,防止引发触电事故,故B不符合安全用电原则; C、用湿布擦拭正在发光的电灯,湿布导电容易使人触电,故C不符合安全用电原则; D、用绝缘棒挑开通电的裸导线,避免发生触电事故,故D符合安全用电原则。 故选:D。 【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识,值得注意的是:生活用水是导体,金属外壳的用电器一定要接地。 6.如图所示,所使用杠杆属于费力杠杆的是(  ) A.镊子 B.扳手 C.羊角锤 D.老虎钳 【分析】结合图片和生活经验,判断杠杆在使用过程中,动力臂和阻力臂的大小关系,再判断它是属于哪种类型的杠杆。 【解答】解:A、镊子在使用过程中,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆; B、扳手在使用过程中,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆; C、羊角锤在使用过程中,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆; D、老虎钳在使用过程中,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆。 故选:A。 【点评】本题考查的是杠杆的分类,主要包括以下几种:①省力杠杆,动力臂大于阻力臂;②费力杠杆,动力臂小于阻力臂;③等臂杠杆,动力臂等于阻力臂。 7.通电螺线管和小磁针的位置如图所示,正确的是(  ) A. B. C. D. 【分析】根据右手螺旋定则判断出螺线管的NS极,再利用磁极间的相互作用判断小磁针的方向。 【解答】解:(1)根据右手螺旋定则,A、B螺线管的左端为N极,右端为S极,由磁极间的相互作用可知,小磁针左端应为S极,右端应为N极,故A正确,B错误; (2)根据右手螺旋定则,C螺线管的左端为N极,右端为S极,由磁极间的相互作用可知,C小磁针左端应为S极,右端应为N极;故C错误; (3)根据右手螺旋定则,D螺线管的右端为N极,左端为S极,由磁极间的相互作用可知,D小磁针右端应为S极,左端应为N极,故D错误。 故选:A。 【点评】对于电磁铁,不论是告诉电流方向判磁极方向还是由磁极方向判电流方向,都由安培定则进行判定。 8.去年6月24日,神舟九号与天宫一号手控交会对接成功完成,三名航天员进入天宫一号工作和生活。这意味着我国完整掌握空间交会对接技术,具备了建设空间站的基本能力。关于神舟九号与在轨运行的天宫一号目标飞行器进行载人交会对接,下面说法正确的是(  ) A.神舟九号相对于天宫一号是静止的,相对于太阳也是静止的 B.航天员带到天宫一号内的物体的质量小于其在地面上时的质量 C.在天宫一号内,航天员可以直接进行语言交流,是因为声音可以在真空中传播 D.航天员和地面控制中心之间的信息是靠电磁波传递的 【分析】(1)判断一个物体是否运动关键是看被研究的物体与所选的标准及参照物之间的相对位置是否发生了变化。如果发生变化,则为运动的,如果未发生变化,则为静止的。 (2)质量不随物体位置的改变而改变。 (3)声音不可以在真空中传播。 (4)飞船在太空中是通过无线电波传递信号的。 【解答】解:A、神舟九号相对于天宫一号的相对位置没有发生变化,所以是静止的,相对于太阳的相对位置在不断发生变化,所以是运动的,故本选项说法错误。 B、质量不随物体位置的改变而改变,所以航天员带到天宫一号内的物体的质量等于其在地面上时的质量,故本选项说法错误。 C、因为声音不可以在真空中传播,所以在天宫一号内,航天员不能进行语言交流,而是依靠无线电。故本选项说法错误。 D、电磁波可以在真空中传播,所以航天员和地面控制中心之间的信息是靠电磁波传递的,故本选项说法正确。 故选:D。 【点评】通过“神舟九号飞船”的发射,考查运动与静止的相对性、质量及其特性、声音的传播条件等知识点;从一个大的场景挖掘物理知识,是近几年比较流行的题目。 9.在下列过程中,由于做功而使物体内能增加的是(  ) A.番薯在炉膛内烤熟 B.烧开水时蒸汽将壶盖顶起 C.把铁丝反复弯曲,弯曲处变热 D.用酒精灯对烧杯中的水加热 【分析】(1)热传递是能的转移过程,即内能从高温物体向低温物体转移的过程,在此过程中能的形式不发生变化; (2)做功实质是能的转化过程,做功的过程中能量的形式变了,是机械能和内能的转化过程。 【解答】解: A、番薯在炉膛内烤熟,番薯从炉膛吸收热量,内能增加,是通过热传递的方式改变内能的,不符合题意; B、烧开水时蒸汽将壶盖顶起,水蒸气膨胀对壶盖做功,水蒸气的内能减小、转化为机械能,不符合题意; C、把铁丝反复弯曲,对铁丝做功,使铁丝的内能增加、温度升高,符合题意; D、用酒精灯对烧杯中的水加热,水从火吸收热量,内能增加,是通过热传递的方式改变水的内能,不符合题意。 故选:C。 【点评】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种:做功和热传递,它们在改变物体内能上是等效的。热传递过程是能量的转移过程,做功过程是能量的转化过程。 10.如图所示,是生活中常见的小汽车,下列有关说法中正确的是(  ) A.轮胎上有凹凸不平的花纹是为了减小摩擦 B.小汽车高速行驶时对路面的压力小于汽车的重力 C.由于受到惯性作用,汽车关闭发动机后还能继续向前行驶 D.汽车静止在路面上时,汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力是一对平衡力 【分析】(1)在压力一定时,增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力; (2)根据流体压强与流速的关系可对压力与重力的大小做出分析; (3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质,惯性不是力; (4)一对平衡力必须是大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上。 【解答】解:A、轮胎上有凹凸不平的花纹是为了在压力一定时,增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力,故A错误; B、小汽车高速行驶时,车身上方空气流速快、压强大,下方空气流速慢、压强小,产生向上的升力,所以汽车对路面的压力小于汽车的重力,故B正确; C、汽车关闭发动机后还能继续向前行驶是因为汽车具有惯性,但不能说是汽车受到惯性的作用,故C错误; D、汽车静止在路面上时,汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力分别作用在地面和汽车上,不是同一物体,所以不是一对平衡力,故D错误。 故选:B。 【点评】以汽车为背景,考查了多个与之相关的知识点,体现了物理知识在实际中的应用,有一定综合性,但难度不大。 11.如图是宜宾天池公园内的“摩天轮”,一游客坐在“摩天轮”中在竖直平面内做速度大小不变的圆周运动,游客从最低点向最高点运动的过程中,下列说法正确的是(  ) A.游客的动能保持不变 B.游客的动能先增大后减小 C.游客的重力势能保持不变 D.游客的机械能保持不变 【分析】动能的影响因素是质量和速度,重力势能的影响因素是质量和高度,机械能等于动能与势能的总和。结合其运动状态可做出判断。 【解答】解: AB、游客随“摩天轮”做匀速圆周运动,游客的质量不变、速度不变,所以游客的动能不变,故A正确、B错误; C、游客随“摩天轮”做匀速圆周运动,其高度在不断变化,因此游客的重力势能是变化的,故C错误; D、机械能等于动能与势能的总和,游客的动能不变,但重力势能变化,所以其机械能是变化的,故D错误。 故选:A。 【点评】本题主要考查了对动能、重力势能影响因素的分析,以及对机械能变化的判断,属基础知识的应用。 12.下列说法中错误的是(  ) A.跳伞运动员在空中匀速降落时,机械能保持不变 B.作匀速直线运动的物体,其速度与运动路程和运动时间无关 C.茶壶盖上都留有小孔,与大气压有关 D.速度小的物体,所受的力不一定小 【分析】①物体的动能与势能之和是物体的机械能,根据物体动能与势能的变化,判断机械能的变化; ②做匀速直线运动的物体,速度是保持不变的; ③茶壶盖上的小孔可以保证茶壶内外气压始终相等; ④力是改变物体运动状态的原因,有力作用在物体上,物体的运动状态不一定改变,但物体的运动状态改变了,则一定有力作用在物体上。 【解答】解: A、做匀速直线运动的物体动能不变,机械能的变化取决于物体重力势能的变化。跳伞运动员在空中匀速下降的过程中,动能不变,重力势能减小,机械能减小。此选项错误; B、做匀速直线运动的物体,路程时间之比﹣﹣速度是确定的,与运动路程和运动时间无关。此选项正确; C、若茶壶盖上没有留有小孔,壶中水倒掉一部分后,空间增大,气体压强减小,当茶壶内外的压强差大到一定程度的时候,壶中的水将倒不出来,因而在壶盖上打一小孔,与空气相通,利用了大气压。此选项正确; D、物体的速度与力没有必然的联系,就比如刚刚启动的火车速度为零,但这时它的动力却要求很大。此选项正确。 故选:A。 【点评】此题是一道学科综合题,考查了机械能的影响因素、速度的物理意义、大气压的作用和力与运动的关系,熟练掌握相关知识是正确解题的前提与基础。 13.晓彤爸爸从淘宝市场淘得一金属块,想测出金属块的密度,晓彤立即设计出测量方案﹣﹣“漂浮法”测密度。如图所示,将边长为 10cm 的立方体木块 A 放入水中,有的体积没入水中,将金属块 B 放在木块中央静止后用刻度尺测出此时木块露出水面的高度 h1为 1cm,如图乙所示,再用轻质细线将金属块捆绑在木块中央,放入水中静止后测出此时木块露出水面高度 h2为 3cm,如图丙所示。则以下说法正确的是(  ) A.金属块的密度 3×103kg/m3 B.丙图中容器底所受水的压力比甲图大 3N C.甲图中木块的重力 4N D.甲图中木块底部所受的压强 400Pa 【分析】(1)求出甲图中木块排开水的体积,利用F浮=ρ水gV排可求木块受到的浮力,根据物体漂浮条件得出木块的重力; (2)求出甲图中木块浸入水中的深度,利用p=ρ水gh求出木块底部所受的压强; (3)已知乙、丙两图中木块露出水面的高度,根据V浸=SAh浸可求出两图中木块浸入水中的体积; 乙、丙两图中,A和B的整体都处于漂浮状态,总浮力等于总重力,总重力不变,则两物体所受的总浮力相同,排开水的总体积相等,即V浸=V浸′+VB,据此可求出金属块B的体积; 已经求出乙图中木块排开水的体积,利用F浮=ρ水gV排可求木块受到的浮力,根据物体漂浮条件求出木块和金属块B的总重力,进而可得出金属块B的重力;再求出金属块B的质量,利用密度公式计算金属块B的密度。 (4)乙图和丙图中物体所受浮力相同,排开水的体积相等,则液面升高的高度相同,所以我们可以用乙图替代丙图进行比较,分别求出由乙图、甲图中放入物体后,与原来水面相比升高的高度,然后利用液体压强公式求出丙图中容器底所受水的压强比甲图中容器底所受水的压强的增大值,再利用p=求出压力增大值。 【解答】解:(1)立方体木块A的边长为10cm=0.1m, 则木块A的底面积:SA=(0.1m)2=1×10﹣2m2;木块A的体积:VA=(0.1m)3=1×10﹣3m3, 由题可知,甲图中木块排开水的体积:V排甲=VA=×1×10﹣3m3=6×10﹣4m3, 则甲图中木块受到的浮力:F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10﹣4m3=6N, 甲图中木块漂浮,所以木块的重:GA=F浮=6N,故C错误; (2)由题可知,甲图中木块浸入水中的深度:h=×0.1m=0.06m, 则甲图中木块底部所受的压强:p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa,故D错误; (3)图乙中木块浸入水中的体积:V浸=SAh浸=1×10﹣2m2×(0.1m﹣0.01m)=9×10﹣4m3, 图丙中木块浸入水中的体积:V浸′=SAh浸′=1×10﹣2m2×(0.1m﹣0.03m)=7×10﹣4m3, 乙、丙两图中,A和B的整体都处于漂浮状态,总浮力等于总重力,总重力不变, 所以,两物体所受的总浮力相同,排开水的总体积相等,即V浸=V浸′+VB, 则金属块B的体积:VB=V浸﹣V浸′=9×10﹣4m3﹣7×10﹣4m3=2×10﹣4m3=200cm3。 乙图中正方体木块A和金属块B受到的总浮力: F浮′=ρ水gV排′=ρ水gV浸=1.0×103kg/m3×10N/kg×9×10﹣4m3=9N, 由于A和B的整体处于漂浮状态,所以GA+GB=F浮′, 则金属块B的重力:GB=F浮′﹣GA=9N﹣6N=3N, 金属块B的质量:mB===0.3kg, 所以金属块B的密度:ρB===1.5×103kg/m3.故A错误。 (4)乙图和丙图中物体所受浮力相同,排开水的体积相等,则液面升高的高度相同, 已求得,图乙中木块浸入水中的体积:V浸=9×10﹣4m3, 由乙图知,与原来水面相比升高△h1===0.09m, 甲图中,与原来水面相比升高△h2===0.06m, 所以,丙图中容器底所受水的压强比甲图中容器底所受水的压强的增大值为:△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.09m﹣0.06m)=300Pa, 则压力增大值为:△F=△pSA=300Pa×1×10﹣2m2=3N.故B正确; 故选:B。 【点评】此题考查了液体压强的计算、物体漂浮条件的应用、阿基米德原理和密度公式的应用,关键是从图和题意中挖掘隐含条件,难度较大。 14.如图所示的电路中,电源电压恒定,R1为定值电阻,R2为滑动变阻器,闭合开关S后,滑动变阻器滑片P自b向a移动的过程中(  ) A.电流表A的示数变小 B.电压表V1的示数变小 C.电压表V2的示数不变 D.电路消耗的总功率变大 【分析】闭合开关S后,滑动变阻器与电阻R1串联,电流表测量电路总电流,电压表V1测量R1两端的电压,电压表V2测量滑动变阻器两端的电压;根据滑片的移动确定接入电路电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流和电阻R1两端电压的变化,根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化;进一步可知电压表V2的示数与电流表A的示数之比的变化,根据P=UI可知电路消耗的总功率的变化。 【解答】解:电路的等效电路图如下图所示: A、当滑片P自b向a移动的过程中,滑动变阻器接入电路的电阻变小,电路的总电阻变小;根据公式I=可知,电路电流变大,即电流表示数变大,A错误; B、R1的阻值不变,电路中的电流变大,根据公式U=IR可知,电阻R1两端的电压变大,即V1的示数变大,B错误; C、电源电压不变,R1两端电压变大,根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知,滑动变阻器两端的电压变小,即电压表V2的示数变小,C错误, D、电源电压不变,电路中的电流变大,根据P=UI可知,电路消耗的总功率变大,D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系,分析电路图确定两电阻的连接方式和电表所测电路元件是本题关键。 15.在水平桌面上有一个盛有水的容器,木块用细线系住没入水中(水未溢出),如图甲所示。将细线剪断,木块最终漂浮在水面上,且五分之二的体积露出水面,如图乙所示。下列说法正确的是(  ) A.甲、乙两图中,水对容器底部的压强之比是1:1 B.甲、乙两图中,容器对水平桌面的压强之比是5:3 C.甲、乙两图中,木块受到水的浮力之比是5:2 D.甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比为2:5 【分析】(1)将细线剪断,木块最终漂浮在水面上,木块排开水的体积变小,容器内水的深度变小,根据p=ρgh可知容器底部受到水的压强变化,然后判断甲、乙两图中水对容器底部的压强关系; (2)将细线剪断,木块最终漂浮在水面上,容器和容器内水、木块的重力不变,对桌面的压力和受力面积都不变,根据p=比较甲、乙两图中容器对水平桌面的压强关系; (3)根据题意得出甲中和乙中木块排开水的体积,根据阿基米德原理求出两种情况下受到的浮力关系,物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等,甲中绳子的拉力等于受到的浮力减去木块的重力,然后求出甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比。 【解答】解: (1)将细线剪断,木块最终漂浮在水面上,木块排开水的体积变小,容器内水的深度变小, 由p=ρgh可知,甲中水对容器底部的压强大于乙,不可能两图中水对容器底部的压强之比是1:1,故A错误; (2)将细线剪断,木块最终漂浮在水面上,容器和容器内水、木块的重力不变,对桌面的压力和受力面积都不变, 由p=可知,容器对水平桌面的压强之比是1:1,故B错误; (3)木块的体积为V,则甲中排开水的体积V甲=V,乙中排开水的体积V乙=(1﹣)V=V, 则甲、乙两图中木块受到水的浮力之比F甲:F乙=ρ水gV:ρ水gV=5:3,故C错误; 因木块漂浮时受到的浮力和自身的重力相等, 所以木块的重力G=F乙=ρ水gV, 图甲中绳子的拉力F=F甲﹣G=ρ水gV﹣ρ水gV=ρ水gV, 则甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比: F:F甲=ρ水gV:ρ水gV=2:5,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了液体压强公式和固体压强公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的应用等,要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。 16.将“6V 3W”、“12V 24W”和“6V 6W”三个灯泡串联起来,接在可调的电源两端,使其中一个灯泡正常发光,其它灯泡两端电压不超过额定电压,则下列说法正确的是(  ) A.电源电压是24V B.电路的总电流是2A C.电路的总功率是6W D.电路的总功率是33W 【分析】由功率公式可求得三灯的额定电流,根据欧姆定律求出灯泡的电阻,三灯串联则电流相等,要满足题中条件应让电流等于最小的额定电流,则由欧姆定律可求得电源电压,由功率公式可求得功率。 【解答】解:由P=UI得,三灯的额定电流分别为: I1===0.5A,I2===2A,I3===1A; 由I=可知,三灯的电阻分别为: R1===12Ω,R2===6Ω,R3===6Ω; 三灯泡串联,一灯正常发光,其他灯不超过额定值,则电流只能为0.5A,故B错误; 由I=可知,电源电压: U=I(R1+R2+R3)=0.5A×(12Ω+6Ω+6Ω)=12V,故A错误; 电路的总功率: P=U总I总=12V×0.5A=6W,故C正确,D错误; 故选:C。 【点评】本题要求准确算出额定电流及电阻值才能求得电源电压、电流及总功率;需要明确在串联电路中,允许通过的电流不得超过最小额定电流。 二.填空题(共6小题,满分13分) 17.小明爸爸在家里修理厨房里的桌子时,不断发出敲击物体的声音,小明爸爸为了尽量避免声音对小明的干扰,他采取了三种方案:①在被敲的地方垫一块抹布;②把房间、厨房门窗关严;③嘱咐小明暂时用耳机塞住耳朵。这种三种方案中,①是在 声源 处减弱噪声;②是在 传播过程 中减弱噪声;③是在 人耳 处减弱噪声。 【分析】控制噪声的途径有:噪声的产生、噪声的传播、噪声的接收。 【解答】解:①在被敲的地方垫一块抹布,是在声源处减弱噪声; ②把房间、厨房门窗关闭关严,是在传播过程中减弱; ③嘱咐小明暂时用耳机塞住耳朵,是在接收处减弱噪声; 故答案为:声源;传播过程;人耳 【点评】本题主要考查学生对:噪声的防治的了解和掌握,是一道基础题。 18.如图中的甲所示是现代城市很多路口安装的监控摄像头,其镜头相当于一个凸透镜,它的工作原理与 照相机 (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)相似。如图乙和丙是一辆汽车经过路口时与一辆自行车相撞后被先后拍下的两张照片,由图可以看出汽车是逐渐 远离 (选填“靠近”或“远离”)摄像头。 【分析】解答此题从以下知识点入手: 凸透镜成像的规律:u>2f,成倒立缩小的实像,应用是照相机; 凸透镜成实像时“物远像近像变小”。 【解答】解:摄像机的镜头与照相机的镜头类似,其工作原理为:u>2f时,凸透镜成倒立、缩小的实像; 观察图乙和丙可知,汽车的像逐渐减小,根据“凸透镜成实像时,物远像近像变小”可知,汽车在逐渐远离摄像机镜头。 故答案为:照相机;远离。 【点评】本题主要考查凸透镜成像规律及应用,运用物理知识来解决实际问题,可激发同学们学习物理的兴趣,培养大家的思维能力和创新精神,使同学们能初步运用物理知识解释和解决一些简单的实际问题。 19.二力平衡的条件:同时作用在 同一物体 上的两个力,如果大小 相等 ,方向 相反 ,并且在 同一直线 上,这两个力就彼此平衡。即平衡力的合力为 0 。 【分析】(1)二力平衡条件:大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上。 (2)静止的物体和匀速直线运动的物体都受到平衡力作用,平衡力的合力都为零。 【解答】解: 作用在同一物体上的两个力,如果大小相等、方向相反,且作用在同一直线上,这两个力就彼此平衡彼;此平衡的两个力的合力为0。 故答案为:同一物体;相等;相反;同一直线上;0。 【点评】本题考查二力平衡条件和平衡力合力的计算,关键是记住二力平衡的四个条件,缺一不可。 20.如图所示,A、B是分别盛有适量的煤油和水的相同容器,底面积均为100cm2,置于水平桌面上,将一实心小球浸没在A容器煤油中,排开煤油的体积为20cm3;将该实心小球放入B容器的水中,排开水的体积为18cm3;则小球的密度为 0.9×103 kg/m3;小球静止在B容器中时,水对容器底的压强增大了 18 Pa(小球放入容器中时均无液体溢出)。 【分析】(1)两球在煤油和水中排开水的体积不同,则可以想到小球在这水中应该为漂浮状态,由浮力公式可求得小球在煤油和水中的浮力,由物体的浮沉条件可求得小球的重力。通过比较小球重力及小球在煤油中的浮力可知小球在煤油中应沉没于液体中。则可知小球的体积,由物体的浮沉条件可求得小球的密度; (2)据小球升液面升高的高度,利用压强公式可求得对容器底的压强增大值。 【解答】解:(1)小球在煤油中排开煤油的体积大于在水中排开水的体积,因排开水的体积应小于或等于物体的体积,则可知小球在水中一定漂浮在水面上。 小球所受浮力F水=ρ水gV水=1.0×103kg/m3×10N/kg×18×10﹣6m3=0.18N。 由物体的浮沉条件可得,G=F水=0.18N。 小球在煤油中所受浮力F煤=ρ煤gV煤=0.8×103kg/m3×10N/kg×20×10﹣6m3=0.16N。 物体的重力大于在煤油中所受浮力,故小球在煤油中沉入底部,即在煤油中排开煤油的体积等于小球的体积,即V球=V煤=2.0×10﹣5m3 由密度公式可得球的密度: ρ球====0.9×103kg/m3; (2)小球静止在水中时,排开水的体积为1.8×10﹣5m3,则液面升高的高度: △h水===1.8×10﹣3m; 则增加的压强△p=ρ水g△h水=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.8×10﹣3m=18Pa。 故答案为:0.9×103;18。 【点评】本题构思巧妙,利用两种液体让我们找到所需要的小球的质量和体积;本题对学生的能力要求较高,能否根据体积的不同并借助浮沉的条件判断出小球在不同液体中的浮沉状态是解决本题的关键。 21.(3分)有一电子式电能表表盘上标有“3000imp/(kW?h)”字样,“3000imp/(kW?h)”表示每消耗1kW?h的电能,电能表指示灯闪烁3000次。将某用电器单独接在该表上工作20min,该电能表指示灯闪烁了300次,该用电器的功率是 300 W。 【分析】电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表; 3000imp/(kW?h)的含义是:电路中每消耗1kW?h的电能,指示灯闪烁3000次; 根据题目所给条件和电功率的公式P=进行解答。 【解答】解:因为电路中每消耗1kW?h的电能,指示灯闪烁3000次。 所以当指示灯闪烁300次时,消耗的电能为W==0.1kw?h, t=20min=h 用电器的额定功率P===0.3kw=300W。 故答案为:300。 【点评】本题考查学生对电能表铭牌上数据的理解情况,同时要求掌握电功率的计算方法;注意题目中的单位换算。 22.木块与小车向右做匀速直线运动,遇到一障碍物时,小车停下,木块从车上的a点滑至b点(如图甲),是因为木块具有 惯性 ;木块能停在b点,说明木块在滑动过程中受到向 左 (填“左”或“右”)的摩擦力作用。为测量摩擦力的大小,小明在障碍物上固定了弹簧测力计拉住木块,用手拉着小车向左运动(如图乙)。则木块受到的摩擦力方向向 左 (填“左”或“右”),大小是 2.6 N,小明在做此实验时, 可以 (填:可以或不可以)变速拉动小车。 【分析】一切物体都有惯性;根据木块具有保持原来运动状态的性质进行分析; 物体在运动过程中会受到接触面阻碍物体运动力(即阻力),一般情况下,阻力与物体运动的方向相反; 根据物体相对于接触面运动的方向确定摩擦力的方向,并且根据影响摩擦力大小的因素确定摩擦力大小与弹簧测力计示数的关系。; 根据影响滑动摩擦力的因素确定是否可以变速拉动小车。 【解答】解:木块和小车一起向右运动,当小车受到障碍物作用处于静止时,木块由于惯性还要保持原来向右的运动状态; 由于木块从a运动到b的过程是向右运动,因此木块受到的摩擦力方向向左; 当如图乙所示固定木块时,向左拉的小车,木块相对于小车向右运动,因此木块受到的摩擦力与木块的运动方向相反,即摩擦力的方向向左;又因为弹簧测力计的拉力与摩擦力是一对平衡力,大小相等,所以摩擦力大小等于弹簧测力计的示数,即2.6N。 影响滑动摩擦力的大小的因素是压力和接触面的粗糙程度,因此,变速拉动小车时木块对小车的压力、木块和小车之间的接触面的粗糙程度不变,木块受到的摩擦力大小不变,因此可以变速拉动小车。 故答案为:惯性;左;左;2.6;可以。 【点评】本题考查了惯性的概念,并且通过惯性现象进一步理解惯性的概念;会判断摩擦力的方向,并会根据影响滑动摩擦力的大小因素分析摩擦力的大小变化以及计算摩擦力的大小,分析的摩擦力大小是本题的难点。 三.作图题(共2小题,满分4分,每小题2分) 23.根据图中给出的入射光线和折射光线,在虚线框内画出一个适当的透镜。 【分析】(1)凸透镜对光线有会聚作用,除过光心的光线之外的所有射向凸透镜的光线,经凸透镜折射后都会比原来会聚一些;从焦点发出的光线,经凸透镜后变为平行光线。 (2)凹透镜对光线有发散作用,除过光心的光线之外的所有射向凹透镜的光线,经凹透镜折射后都会比原来发散一些;射向虚焦点的光线,经凹透镜后变为平行光线。 【解答】解:平行的光线经透镜折射后变得发散,因此该透镜起发散作用,为凹透镜: 【点评】能够判断出光线经透镜后变得发散还是会聚,是解决此类题目的关键;起发散作用的就是凹透镜,起会聚作用的就是凸透镜。 24.如图所示,轻质杠杆OA能绕O点转动,请在杠杆中的A端画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力F的示意图(要求保留作图痕迹)。 【分析】此题是求杠杆最小力的问题,已知点O是动力作用点,那么只需找出最长动力臂即可,可根据这个思路进行求解。 【解答】解:O为支点,所以力作用在杠杆的最右端A点,并且力臂是OA时,力臂最长,此时的力最小。确定出力臂然后做力臂的垂线即为力F.如图所示: 【点评】此题主要考查了杠杆中最小力的问题。解决此类题目的关键是确定出最长的力臂,并根据力臂的画法做出最小的力。 四.解答题(共1小题,满分4分,每小题4分) 25.小汽车已逐步进入百姓家庭。小明坐着这辆汽车匀速行驶36km,用时30min,消耗汽油2.25kg,其发动机的功率为23kW.请运用所学的知识解答下列问题。(汽油的热值为4.6×107J/kg) (1)汽车匀速行驶时所受的牵引力是多大? (2)汽车发动机的效率是多少? (3)观察小汽车的外型,判断小汽车在水平路面高速行驶和静止时,对地面压力哪一个大?为什么? 【分析】(1)已知汽车的功率和行驶的时间,根据公式W=Pt可求发动机做的功;再利用公式F=可求汽车匀速行驶时所受的牵引力; (2)已知消耗的汽油的质量,根据公式Q=qm可求释放的能量,发动机做的功与汽油释放能量的比值就是发动机的效率; (3)静止时对地面的压力等于汽车自身的重力,高速行驶时,用流体压强与流速的关系可以解释这个问题。 【解答】解:(1)发动机做的功:W=Pt=23000W×30×60s=4.14×107J 由W=Fs得, 汽车受的牵引力:F===1150N; (2)汽油完全燃烧释放能量Q=qm=4.6×107J/kg×2.25kg=1.035×108J; 发动机的效率:η=×100%=×100=40%; (3)因为高速行驶时,汽车上表面的空气流速大,对汽车的压强小,使汽车有一个向上托的力,所以静止时对路面的压力大。 答:(1)汽车匀速行驶时所受的牵引力为1150N; (2)汽车发动机的效率是40%; (3)静止时对路面的压力大; 因为高速行驶时,汽车上表面的空气流速大,对汽车的压强小,使汽车有一个向上托的力。 【点评】本题考查做功、牵引力、能量、效率等的计算,主要是公式及其变形的灵活运用,还考查了流体压强与流速的关系。 五.解答题(共5小题,满分27分) 26.(3分)如图是“探究平面镜成像特点”的情景:竖立的透明玻璃板放在一块带刻度的木板上,玻璃板与木板垂直;两支相同的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧,以A蜡烛为成像物体。 (1)采用透明玻璃板代替平面镜,虽然成像不如平面镜清晰,但却能在察到A蜡烛像的同时,也能观察到 B蜡烛 ,巧妙地解决了确定像的位置和大小的问题; (2)点燃A蜡烛,小心地移动B蜡烛,直到与A蜡烛的像 重合 为止,这说明像与物的大小相等,这种确定像与物大小关系的方法是 等效替代法 (选填“控制度量法”、“等效替代”或“科学推理法”).进一步观察A、B两支蜡烛在木板上的位置发现,像和物到玻璃板的距离 相等 ; (3)为证实上述有关成像特点是否可靠,你认为接下来的操作应该是 B ; A.保持A、B两支蜡烛的位置不变,多次改变玻璃板的位置进行观察; B.保持玻璃板位置不变,多次改变A蜡烛的位置,并移动蜡烛B,进行观察。 (4)在实验过程中,如果把玻璃板沿CD水平向右移动,可以观察到像相对于蜡烛A 不 移动(选填“向右”“向左”或“不”);如果将玻璃板绕EF轴顺时针转动,可以观察到像 顺时针转动 (选填“顺时针转动”、“逆时针转动”或“不动”)。 【分析】(1)透明的玻璃板能在观察到A蜡烛像的同时、也能观察到蜡烛B能否与A的像完全重合,同时解决了位置和大小两个问题。 (2)用和物体一样的另一个物体来代替物体,和物体的像进行比较物像大小关系,这种方法是等效替代法。 (3)一次实验不具备代表性,具有很大的偶然性,所以应采取同样的实验方案多做几次,才能保证结论的正确。 (4)根据像与物体关于镜面对称的特点分析。 【解答】解: (1)因为玻璃板是透明的,能在观察到A蜡烛像的同时。还可以透过玻璃清楚的看到放在后面B蜡烛,便于确定像的位置和大小。 (2)根据平面镜成像的特点可知,点燃A蜡烛,小心地移动B蜡烛,直到与A蜡烛的像完全重合为止,这时发现像与物的大小相等;进一步观察A、B两支蜡烛在直尺上的位置发现,像和物的连线与玻璃板互相垂直;像和物到玻璃板的距离相等; 实验时,用和A完全相同的蜡烛B和蜡烛A的像进行比较,是用蜡烛B来代替蜡烛A,这种方法是等效替代法。 (3)一次实验不具备代表性,应采取同样的实验方案多做几次,避免实验现象的偶然性,才能保证结论的正确。所以应采取B操作。 (4)小明在实验过程中,让玻璃板沿CD轴方向水平向右移动,A和平面镜之间的距离不变,根据物像到平面镜的距离相等,A的像和平面镜之间的距离也不变,所以他发现镜中的像相对于A不移动。 他又将玻璃板绕EF轴顺时针转动,平面镜所成的像与物体关于镜面对称,所以可以观察到A的像也顺时针转动。 故答案为:(1)B蜡烛;(2)重合;等效替代法;相等;(3)B;(4)不;顺时针转动。 【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点,也是近几年来中考经常出现的题型,要求学生熟练掌握,并学会灵活运用。 27.小芳用如图甲所示的实验装置探究水的沸腾特点。 (1)请指出图甲中的操作错误: 温度计的玻璃泡碰到容器壁 。 (2)图乙是根据实验数据画出水的温度随时间变化的曲线。由图可知,水沸腾时的特点是 继续吸热,温度保持不变 。 (3)为了说明水在沸腾过程中是否需要吸热,应 停止加热 ,观察水是否继续沸腾。 (4)小芳再次实验时为了节省加热时间,减少了水的质量,请在图乙中大致画出能体现这项措施的图线。 【分析】(1)温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中,并且玻璃泡不能接触容器底和容器壁; (2)液体沸腾的特点:不断吸热,但温度保持不变; (3)为了说明水沸腾过程中需要吸热,可以撤去酒精灯,观察水能否继续沸腾即可得出结论; (4)液体从加热到沸腾需要的时间的长短与很多因素有关:水量的多少、水温的高低、火力的大小、是用酒精灯的外焰还是内焰加热等等。 【解答】解:(1)图中错误是温度计的玻璃泡接触容器壁; (2)根据实验结果可以发现液体99℃开始沸腾,此时不断吸热,但温度保持不变。 (3)水沸腾后,若撤去加热源,则水不再吸收热量,也就不能维持沸腾状态,所以应停止加热,观察水是否能够继续沸腾; (4)原来是10min开始沸腾,当减小水的质量后,水会提前进入沸腾状态,如图所示: 。 故答案为:(1)温度计的玻璃泡碰到容器壁;(2)继续吸热,温度保持不变;(3)停止加热;(4)见上图。 【点评】在做“观察水沸腾”的实验时,应能熟练装配实验的装置,并能分析实验条件对其结果的影响,同时要学会分析温度随时间变化的图象。 28.(5分)小明在测量滑轮组机械效率的实验中,所用装置如图所示,实验中每个钩码重2N,测得的数据如下表。 实验次数 钩码总重G/N 钩码上升的高度h/m 测力计示数F/N 测力计移动距离s/m 机械效率η 1 4 0.1 1.8 0.3 2 6 0.1 2.4 0.3 83% 3 6 0.1 2.4 0.3 83% 4 4 0.1 1.4 0.5 57% 5 4 0.2 1.4 1.0 57% (1)在实验中,测绳端拉力F时,应尽量竖直向上 匀速 拉动弹簧测力计且在拉动过程中计数。 (2)第1次实验测得机械效率为 74% 。(结果保留两位有效数字) (3)分析表中数据可知:第4次实验是用 c 图做的。(选填“a”、“b”或“c”) (4)分析第1、2次实验数据可知:使用同一滑轮组, 增加物重 可以提高滑轮组的机械效率;分析第1、4次实验数据可知:使用不同的滑轮组,提升相同的重物,动滑轮个数越多(既动滑轮总重越重),滑轮组的机械效率 越低 。 (5)分析第4、5次实验数据可知,滑轮组的机械效率与物体被提升的高度 无关 。 【分析】(1)在实验中,测绳端拉力F时,应尽量竖直向上匀速拉动弹簧测力计且在拉动过程中计数; (2)由表中数据,根据η==×100%求第1次实验机械效率; (3)绳子自由端移动的距离与提升物体的高度的关系s=nh,由表中数据可知第4次实验绳子的有效段数,确定用哪个图做的实验; (4)绳子自由端移动的距离与提升物体的高度的关系s=nh,可知1、2次实验绳子的有效段数为3,即分别用a、b图做的实验, 分别分析第1、2和1、4验数据可知得出结论; (5)根据绳子自由端移动的距离与提升物体的高度的关系s=nh,可知第5次实验绳子的有效段数为5,用c分做的实验,分析第4、5次实验数据得出结论。 【解答】解:(1)在实验中,测绳端拉力F时,应尽量竖直向上匀速拉动弹簧测力计且在拉动过程中计数,此时系统处于平衡状态,测力计示数等于受到的拉力; (2)第1次实验测得机械效率为: η===×100%≈74%; (3)绳子自由端移动的距离与提升物体的高度的关系s=nh,由表中数据可知:第4次实验绳子的有效段数: n===5,故是用c图做的; (4)绳子自由端移动的距离与提升物体的高度的关系s=nh,可知1、2次实验绳子的有效段数为3,即分别用a、b图做的实验, 分析第1、2次实验数据可知:使用同一滑轮组,第2次实验提升的物重增加了,机械效率提高了,故增加物重可以提高滑轮组的机械效率; 分析第1、4次实验数据可知,并对比图a、c知,使用不同的滑轮组,提升相同的重物,动滑轮个数越多(既动滑轮总重越重),滑轮组的机械效率越低; (5)根据绳子自由端移动的距离与提升物体的高度的关系s=nh,可知第5次实验绳子的有效段数为5,用c分做的实验,滑分析第4、5次实验数据可知,轮组的机械效率与物体被提升的高度无关。 故答案为:(1)匀速; (2)74%; (3)c;(4)增加物重;越低; (5)无关。 【点评】本题测量滑轮组机械效率的实验,考查注意事项、机械效率计算及绳子自由端移动的距离与提升物体的高度的关系s=nh运用、数据分析和控制变量法的运用。 29.(9分)用伏安法测小灯泡的电功率和正常发光时的电阻,已知灯的额定电压为2.5V。 (1)在图1中,已完成了一部分的电路连接,请你继续完成实验电路的连接。 (2)在闭合开关之前,图中滑动变阻器的滑片应放在 左  端。 (3)测电功率的原理是 P=UI ;测电阻的原理是 R= 。 (4)如果在调节滑动变阻器的时候,电压表的示数如图2所示,为了测定灯的额定功率,应将滑片向 右 调节。 (5)调节滑变P,使灯正常发光时,电流表的示数如图3所示,则灯泡的额定功率为 0.5 W,此时,灯泡的电阻为 12.5 Ω。 【分析】(1)根据灯泡的额定电压确定电压表的量程,把灯泡、电流表、电源串联接入电路,电压表并联在灯泡两端; (2)为保护电路,闭合开关前,滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值,根据滑动变阻器的接法判断滑片的位置; (3)测灯泡电功率的原理是电功率公式P=UI,测量电阻的原理是欧姆定律的变形公式; (4)先根据图2读出灯泡两端的电压值,然后根据串联电路的特点确定滑动变阻器移动的方向; (5)根据图3读出电流表的示数,利用测电功率的原理和测电阻的原理分别求出灯泡的额定功率和灯泡的电阻。 【解答】解:(1)灯泡额定电压为2.5V,故电压表应选择3V量程;根据图2可知电流表选择0.6A的量程,把灯泡、电流表、开关串联接入电路,电压表并联在灯泡两端,如图所示: (2)由电路图知,滑片在最左端时,滑动变阻器接入电路的阻值为最大阻值,因此闭合开关前,滑动变阻器的滑片应放在左端; (3)测电功率的原理是P=UI;测电阻的原理是R=; (4)由图2可知,电压表量程为0~3V,分度值为0.1V,示数为2.2V小于灯泡的额定电压,因此要使灯泡正常发光,则需将滑动变阻器接入电路的阻值减小,使灯泡分得的电压变大,故需将滑片向右端移动; (5)由图3可知,电流表量程为0~0.6A,分度值为0.02A,示数为0.2A,则灯泡的额定功率:P=UI=2.5V×0.2A=0.5W;灯泡的电阻:R===12.5Ω。 故答案为:(2)左;(3)P=UI;R=;(4)右;(5)0.5;12.5。 【点评】本题考查了实物电路的连接、滑动变阻器的调节、电压表和电流表读数、伏安法测功率和测电阻的原理等问题;连接实物电路图时,要注意电表正负接线柱不要接反;对电表读数时要先确定其量程与分度值,然后再读数。 30.(6分)小斌同学想测量一块不规则瓷片的密度。 (1)他把天平放在水平桌面上,将游码移到零刻度处,然后调节 平衡螺母 使天平平衡; (2)用调节好的天平测量瓷片的质量,所用砝码的个数和游码的位置如图甲所示,则瓷片的质量为 32 g; (3)他发现瓷片放不进量筒,改用如图乙所示的方法测瓷片的体积: a.往烧杯中加入适量的水,把瓷片浸没,在水面到达的位置上作标记,然后取出瓷片; b.再往量筒装入38ml的水,然后将量筒的水缓慢倒入烧杯中,让水面到达标记处,量筒里剩余水的体积如图丙所示,则瓷片的体积为 12 cm3; (4)用密度公式计算出瓷片的密度ρ为 2.67 g/cm3; (5)根据以上步骤,你认为小李同学测出的瓷片密度值 偏小 (选填“偏大”或“偏小”)。 【分析】(1)把天平放在水平桌面上,将游码移到零刻度处,然后调节平衡螺母使横梁平衡; (2)弄清楚天平的分度值,物体质量等于砝码质量加上游码对应刻度值; (3)弄清楚量筒的分度值,在如图所示的方法中,向烧杯中所添加水的体积就是瓷片的体积,通过量筒两次的示数之差可以求出; (4)瓷片的密度可利用密度的公式计算得出; (5)实验的误差主要产生在从烧杯中取出瓷片时,上面容易带出一定量的水,使再补充的水体积增大,进而影响密度的结果。 【解答】解:(1)把天平放在水平桌面上,将游码移到零刻度处,然后调节平衡螺母使横梁平衡; (2)天平的分度值为0.2g,瓷片的质量m=20g+10g+2g=32g; (3)图中量筒的分度值为2cm3,量筒中剩余水的体积为26cm3,瓷片的体积V=38cm3﹣26cm3=12cm3; (4)瓷片的密度ρ==≈2.67g/cm3; (5)取出瓷片时,瓷片上会沾有一部分水,使得倒入量筒中水的体积会偏大,即水的体积大于瓷片的体积,由ρ=可知,密度测量值会偏小。 故答案为:(1)平衡螺母;(2)32;(3)12;(4)2.67;(5)偏小。 【点评】固体密度的测量是初中物理的重要实验,一定要熟练掌握。天平、量筒的读数,以及利用密度公式进行简单的计算,这都是测密度实验中最基本的技能,需要我们熟练掌握。难点是掌握用等效替代法测量瓷片的体积。 六.计算题(共3小题,满分20分) 31.(6分)某物理兴趣小组的同学,用煤炉给10L水加热,同时他们绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线。若在6min内完全燃烧了0.3kg的煤,水的比热容为4.2×103J/(kg?℃),水的密度为l×l03kg/m3,煤的热值约为3×107J/kg。求: (1)煤完全燃烧产生的热量; (2)煤炉烧水时的热效率。 【分析】(1)已知煤的质量和热值,利用Q放=mq求出煤完全燃烧产生的热量; (2)由图象可知,经过6min加热水温度的变化,利用Q吸=cm(t﹣t0)求出水吸收的热量,利用η=×100%求出煤炉烧水时的热效率。 【解答】解:(1)煤完全燃烧产生的热量: Q放=mq=0.3kg×3×107J/kg=9×106J; (2)水的体积: V=10L=10dm3=0.01m3, 由ρ=可得,水的质量: m′=ρV=1×103kg/m3×0.01m3=10kg, 由图可知,经过6min加热后水温由20℃达到80℃, 则水吸收的热量: Q吸=cm′(t﹣t0)=4.2×103J/(kg?℃)×10kg×(80℃﹣20℃)=2.52×106J, 煤炉烧水时的热效率: η=×100%=×100%=28%。 答:(1)煤完全燃烧产生的热量为9×106J; (2)煤炉烧水时的热效率为28%。 【点评】本题考查了燃料完全燃烧释放热量公式和密度公式、吸热公式、效率公式的应用,从图象中获取有用的信息是关键,计算过程要注意单位的换算。 32.(6分)为了环保,旅游景点的短途平路交通工具通常采用电动旅游观光车。由于行驶速度不是很快,旅客在乘坐舒适的同时,还可从容地欣赏沿途的美景。 某品牌某型号的观光车相关技术参数如下表: 空车质量 1140kg 电动机额定功率 6kW 满栽乘员(含司机) 11人 电动机额定电压 48V 满载时轮胎与地接触面积 4×250cm2 最大车速 30km/h 电动机效率 80% 平路续驶里程 ≤80km 根据技术参数,求解下列问题: (1)假设每位乘员质量均为60kg,求满载时人车总重量为多少?车轮对水平路面的压强为多少? (2)某次运送旅客时,观光车在水平路面上以18km/h的速度沿水平路面匀速行驶了10min,电动机始终在额定电压下工作,求这一过程: ①电动机消耗的电能W电为多少? ②电动机对外做的机械功W机为多少? ③观光车行驶的路程为多大? ④观光车行驶时所受阻力多大? 【分析】(1)车对水平地面的压力等于车的重力,由压强公式可以求出车对地面的压强。 (2)①根据公式W=Pt可求消耗的电能; ②已知电动机的效率可求电动机对外做的功。 ③已知速度与时间,由速度公式的变形公式可以求出观光车的行驶路程。 ④已求出电动机对外做的功,根据公式W=Fs可求牵引力,因为观光车匀速运动,牵引力等于阻力。 【解答】解:(1)车对水平地面的压力: F=G=mg=(1140kg+60kg×11)×9.8N/kg=1.764×104N, 车对水平路面的压强: p===1.764×105Pa; (2)①消耗电能W电=Pt=6kW×h=1kW?h=3.6×106J; ②电动机对外做功W机=ηW电=80%×3.6×106J=2.88×106J; ③由v=得, 观光车的行驶路程: s=vt=18km/h×h=3km; ④v=18km/h=5m/s,t=10min=600s W机=F1s1=F1vt, 所以牵引力F1===960N, 因为车匀速行驶,f=F1=960N。 答:(1)满载时人车总重量为1.764×104N;车轮对水平路面的压强为1.764×105Pa; (2)①电动机消耗的电能W电为3.6×106J; ②电动机对外做的机械功W机为2.88×106J; ③观光车行驶的路程为3km; ④观光车行驶时所受阻力960N。 【点评】本题考查了求重力、压强、行驶路程、牵引力所做功等问题,难度不大,应用压强公式、速度公式、功的计算公式等即可正确解题。 33.(8分)如图甲所示,电源电压恒为18V,灯泡L上标有“10V 5W”字样,电流表量程为0~0.6A,电压表量程为0~15V.滑动变阻器R的最大阻值为200Ω,当只闭合S和S1,移动滑动变阻器的滑片P时,它两端的电压与其接入电路的电阻关系如图乙所示,当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时,定值电阻R0的电功率变化了5.4W,灯泡的电阻不变,求: (1)灯泡L正常发光时通过的电流。 (2)只闭合S和S2,且滑动变阻器的滑片P置于中点位置时,灯泡的实际功率。 (3)只闭合S和S1,在保证电路安全的情况下,当电阻R0消耗电功率最小时,滑动变阻器R消耗的电功率。 【分析】(1)灯泡正常发光时的功率和额定功率相等,根据P=求出灯泡的电阻,利用欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流; (2)只闭合S和S2,且滑动变阻器的滑片P置于中点位置时,L与R串联,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流,利用P=I2R求出灯泡的实际功率; (3)当只闭合S和S1时,R0与R串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流,根据电阻的串联和欧姆定律分别表示出变阻器接入电路中的为R1和4R1时电路中的电路中的电流,再根据欧姆定律表示出电压表的示数,根据图乙可知两次电压表的示数,据此求出R0与R1之间的关系,根据P=I2R表示出定值电阻R0的电功率变化可求R0的阻值;根据串联电路的电压特点求出当电压表的示数为15V时R0两端的电压,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流,再根据P=UI求出滑动变阻器消耗的电功率。 【解答】解:(1)由P=可得,灯泡正常发光时的电阻: RL===20Ω, 灯泡L正常发光时的电流: IL===0.5A; (2)只闭合S和S2,且滑动变阻器的滑片P置于中点位置时,L与R串联, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,电路中的电流: I===0.15A, 灯泡的实际功率: PL′=I2RL=(0.15A)2×20Ω=0.45W; (3)当只闭合S和S1时,R0与R串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流, 则变阻器接入电路中的为R1和4R1时,电路中的电路中的电流分别为: I1==,I2==, 由图乙可知,变阻器接入电路中的为R1和4R1时对应电压表的示数分别为U、2U, 则两次电压表的示数之比: ==×=×=×==, 解得:R1=R0, 由P=I2R可得,定值电阻R0的电功率: △P0=I12R0﹣I22R0=()2R0﹣()2R0=()2R0﹣()2R0=5.4W, 解得:R0=20Ω, 当电压表的示数为15V时, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,R0两端的电压: U0=U总﹣UR大=18V﹣15V=3V, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,电路中的电流: I′===0.15A<0.6A, 所以,此时电阻R0消耗的电功率最小,则滑动变阻器R消耗的电功率: PR=UR大I′=15V×0.15A=2.25W。 答:(1)灯泡L正常发光时通过的电流为0.5A; (2)只闭合S和S2,且滑动变阻器的滑片P置于中点位置时,灯泡的实际功率为0.45W; (3)只闭合S和S1,在保证电路安全的情况下,当电阻R0消耗电功率最小时,滑动变阻器R消耗的电功率为2.25W。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用,根据题意求出定值电阻R0的阻值是解题的关键和难点。

  • ID:6-5651473 2018-2019学年安徽省宿州市埇桥区实验中学九年级(下)期中物理试卷(解析版)

    初中物理/期中专区/九年级下册

    2018-2019学年安徽省宿州市埇桥区实验中学九年级(下)期中物理试卷 一.填空题(共10小题,满分26分) 1.在击鼓表演中,时重时轻地敲击鼓面,主要改变了鼓声的   ;在小提琴的演奏中,手在小提琴上不同位置按弦,主要改变了琴声的   。 2.分子间存在相互作用的   和   ,液体很难被压缩说明液体分子间存在   。 3.在中考体育考试中,小刚投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示。若 不考虑空气阻力,则实心球从离开手后到达最高点的过程中,球受   个力的作用,球的机械能   (选填“增大”、“减小”或“不变”)。 4.如图所示,要正确测出物体A的长度,应选   (选填“甲”或“乙”)图,物体A的长度为   cm。 5.如图所示,将磁铁的两极分别靠近小磁针某一磁极时,原来静止的小磁针均发生偏转,该实验表明了   磁极相互吸引,   磁极相互排斥。 6.如图所示为我军最先进的主战坦克99A,其总质量达50t。当99A坦克静止在水平地面时 履带与地面的总接触面积为4m2,此时坦克对地面的压强为   Pa。 7.如图所示,是物体浸入水中前后弹簧测力计的示数,由此可知水对物体的浮力是   N,物体的质量是   kg,物体的体积是   m3,物体的密度是   kg/m3.(g取10N/kg) 8.两个电阻R1和R2串联在电路中,电阻R1和R2的电阻之比为4:3,则电阻R1和R2的两端电压之比为   ;通过R1和R2的电流之比为   。 9.农作物的秸秆可以回收加工制成秸秆煤。完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出   J的热量;若这些热量被质量为20kg,初温为20℃的水吸收,可使水温升高到70℃,此时烧水效率为   。[已知q秸秆煤=2.1×107 J/kg,c水=4.2×103 J/(kg?℃)]。 10.如图所示,画出入射光经互相垂直的两个平面镜反射的光路。(请保留作图痕迹) 二.选择题(共7小题,满分28分,每小题4分) 11.图为试电笔的结构及使用方法,下列说法正确的是(  ) A.若氖管发光,说明人体成为了电流的通路 B.试电笔可以判断物体是带正电还是带负电 C.笔尖,电阻和氖管是导体,外壳、弹簧和笔卡是绝缘体 D.在两种使用试电笔的方法中,甲乙都可以 12.关于温度、热量和内能,下列说法正确的是(  ) A.物体的温度越高,所含的热量越多 B.物体的温度升高,内能增大 C.物体内能增大,一定从外界吸收热量 D.物体的温度不变,其内能就一定不变 13.电动机是一种高效率、低污染的动力设备,下面四副实验装置图中,对电动机的发明有直接影响的是(  ) A. B. C. D. 14.关于力与运动的说法正确的是(  ) A.只要有外力作用在物体上物体一定运动 B.平衡力作用下物体一定处于静止状态 C.没有力作用在物体上物体会慢慢停下来 D.物体若受一个力的作用,其运动状态一定改变 15.在如图所示的电路中,电源电压保持不变,闭合电键S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中(  ) A.电流表A示数变大 B.电压表V2示数变小 C.电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大 D.电压表V1示数与电流表A示数的比值变大 16.老师正在讲台上讲课,小明和同学们正在老师的指导下边学习边实验,这是物理课堂常见的情景。让你想象一下,如果教室里的摩擦力突然消失,对可能出现的现象,下列说法中错误的是(  ) A.同学们稍微活动就会从椅子上纷纷滑到地面上 B.写字时铅笔从手中滑出漂在空中 C.固定吊灯的螺丝从天花板上滑出,致使吊灯落到地上 D.由于太滑,稍一用力桌椅就会在地面上不停的滑动着 17.“频闪照片”是研究物体运动时常用的一种实验方法,如图是甲、乙两球下落时的频闪照片,则下列说法正确的是(  ) A.图中甲球与乙球运动平均速度之比为5:3 B.两球下落时重力势能转化为动能 C.图中两球重力势能所做的功相等,乙球的功率更大 D.乙球重力所做的功和内能的增加量一定相等 三.实验探究题(共3小题,满分21分) 18.(6分)小南的爸爸从铁匠铺买回外形同样大的铝桶、铁桶各一个,价钱分别是18元、15元,好奇的小南称得铝桶质量为500g、铁桶质量为1500g,妈妈责怪小南的爸爸说:“铁桶便宜,你应该买2个铁桶,”小南的爸爸却说:“其实铝桶不贵,而且铝桶还不会生锈、提水也轻便”。(下表是铝、铁的一些信息) 品 种 密度(1×103kg/m3) 熔点/℃ 市场价格/(元/吨) 铝 2.7 660 16000 铁 8.9 1540 2200 (1)请结合上表分析下列问题: ①小南的爸爸说“铝桶不贵”的依据是:从材料的角度看,一个铝桶的成本是   元,一个铁桶的成本是   元,   桶的成本高,故铁匠铺赚取的相对   些(填“多”或“少”)。若打制两种小水桶花费的时间相同,你认为店铺打制   桶划算一些。 ②小南的爸爸说“铝桶提水轻便”的理由是:若外形同样大的500g的铝桶和1500g的铁桶的壁厚大致相同,则它们的容积   ,装满水时水的质量   (填“相等”或“不相等”),装满水时铝桶的总质量   (填“等于”、“大于”或“小于”)铁桶的总质量,所以说铝桶提水轻便。 (2)现在市场上多以卖塑料小水桶为主,你认为塑料小水桶的优点有:   (写出一条即可);缺点有:   。(写出一条即可) 19.(6分)小明利用如图甲所示的装置进行实验“探究杠杆的平衡条件”,则: (1)实验中小明发现杠杆右端高左端低,要使它在水平位置平衡,应将杠杆右端的平衡螺母向   (选填“左侧”或“右侧”)调节。调节杠杆在水平位置平衡后在实验过程中可以便于测量   。 (2)小明的实验记录的部分数据如表所示,老师指出实验序号1的这组数据肯定是错误的。经检查,发现是测量阻力臂时读错了,实际值比记录值   (选填“大”或“小”);通过探究,得出杠杆的平衡条件是:   。 实验序号 动力F1/N 动力臂l1/m 阻力F2/N 阻力臂l2/m 1 2 0.2 1 0.1 2 1 0.08 2 0.04 (3)实验结束后,小明提出了新的探究问题:“若支点不在杠杆的中点时,杠杆的平衡条件是否仍然成立?”于是利用如图乙所示装置进行探究,发现在杠杆左端的不同位置,用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时,测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符,其原因主要是受到   的影响。 20.(9分)“测量小灯泡的电功率”的电路如图,已知小灯泡的额定电压为3.8V,电源为三节干电池。 (1)用笔画线表示导线,根据电路图(图甲)将实物图(图乙)连接完整 (2)将实验测得的数据填在已设计的表格中,请你分析实验记录数据和现象,回答问题: ①当电压表示数为3.8V时,电流表的示数如图丙,则小灯泡的额定功率是   W。 实验次数 电压U 电流I 发光情况 P/W 电功率平均值P/W 1 2.0 0.26 逐渐变亮 2 3.8 3 4.5 0.32 ②实验表格设计存在的两处明显不足之处:(a)   ;(b)   。 ③根据电路图,综合实验数据,该实验是否能够研究电流与电压的关系?请说明理由:   。 四.计算题(共3小题,满分25分) 21.(7分)搬运工人经常利用斜面把货物搬运到汽车上,如图所示,汽车车底板高度为h=1.5m,斜面长度为S=3m,现在用力F沿着斜面把重力G=1800N的货物匀速拉到车上。请计算: (1)若不计摩擦力的影响,拉力F为多大? (2)若实际拉力F=1200N,则该货物与斜面之间的摩擦力是多少? 22.(7分)人立于河边看对岸的一棵树AB在水中的像,当人离开河岸后退超过6m就不能看到整个树的像。已知人高EF=1.5m,河两岸都高出水面1m,河宽40m,如图所示,求树高是多少? 23.(11分)如图所示电路,由相同元件组成的两个电路中电源电压保持不变,R1=10Ω.在甲图中,闭合开关S,电压表示数为2V,在乙图中,闭合开关S,电压表示数为3V.求: (1)甲图中电流表示数和R2的阻值; (2)乙图中电流表示数。 2018-2019学年安徽省宿州市埇桥区实验中学九年级(下)期中物理试卷 参考答案与试题解析 一.填空题(共10小题,满分26分) 1.在击鼓表演中,时重时轻地敲击鼓面,主要改变了鼓声的 响度 ;在小提琴的演奏中,手在小提琴上不同位置按弦,主要改变了琴声的 音调 。 【分析】(1)响度的大小与发声体的振幅有关,振幅越大,响度越大,振幅越小,响度越小。 (2)音调指声音的高低,由振动频率决定,频率越高,音调越高。 【解答】解:击鼓表演,时重时轻地敲击鼓面,鼓面振动的振幅不同,鼓声的响度也就不同,因此主要改变了鼓声的响度; 小提琴是琴弦振动发出声音的,当在小提琴上不同位置按弦,琴弦振动的快慢会不一样,所以声音的音调就会发生变化。 故答案为:响度;音调。 【点评】此题考查了对声音特征的辨别,要会利用声音的特征解释生活现象。 2.分子间存在相互作用的 引力 和 斥力 ,液体很难被压缩说明液体分子间存在 斥力 。 【分析】物质是由分子组成的,组成物质的分子间同时存在相互作用的引力与斥力。 【解答】解: 物质是由分子组成的,分子间同时存在相互作用的引力与斥力;液体很难被压缩,说明液体分子间存在斥力。 故答案为:引力;斥力;斥力。 【点评】本题主要考查学生对分子动理论知识的了解和掌握,是一道基础题。 3.在中考体育考试中,小刚投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示。若 不考虑空气阻力,则实心球从离开手后到达最高点的过程中,球受 一 个力的作用,球的机械能 不变 (选填“增大”、“减小”或“不变”)。 【分析】地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用; 不考虑能量损失,动能和势能转化过程中,机械能总量守恒; 【解答】解: 不考虑空气阻力,实心球离开手后,手的作用力消失,实心球靠惯性向前飞行,此过程中只受到竖直向下的重力; 离开手后的实心球斜向上方运动过程中动能转化为重力势能;从最高点向下运动的过程中重力势能转化为动能。如果不考虑空气阻力,球的机械能总量保持不变。 故答案为:一;不变。 【点评】此题考查了重力的存在、机械能的转化和守恒,是一道基础题。 4.如图所示,要正确测出物体A的长度,应选 乙 (选填“甲”或“乙”)图,物体A的长度为 2.00 cm。 【分析】刻度尺的使用规则:①刻度尺要与被测部分对齐;②让刻度尺有刻度的一面紧贴被测部分,测量的始端与0刻度线对齐,如果0刻度线磨损,可以与其它整格刻线对齐,测量结果要减去前面的数值;③读数时视线要与尺面垂直;④读数时结果要估读到分度值的下一位;⑤记录数据要写单位。 【解答】解: 甲刻度尺的测量的始端没有与0刻度线对齐而是在零刻度线的左侧,故甲放法错误; 乙图两条相邻刻度线之间的距离(分度值)是1mm;物体的长度是:2.00cm。 故答案为:乙;2.00。 【点评】本题考查了刻度尺的正确使用方法和读数,中学物理中有很多测量仪器,不同仪器使用方法不同,但首先都需要看清它的量程与分度值,刻度尺是需要估读的,这一点区别于其它仪器,应特别注意。 5.如图所示,将磁铁的两极分别靠近小磁针某一磁极时,原来静止的小磁针均发生偏转,该实验表明了 异名 磁极相互吸引, 同名 磁极相互排斥。 【分析】电荷间的作用规律:同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引。 【解答】解:将磁铁的两极分别靠近小磁针的某一磁极时,左图中同名磁极排斥,右图中异名磁极吸引,说明同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引。 故答案为:异名;同名。 【点评】本题主要考查了磁极间的相互作用规律以及磁场的作用,是一道基础性题目。 6.如图所示为我军最先进的主战坦克99A,其总质量达50t。当99A坦克静止在水平地面时 履带与地面的总接触面积为4m2,此时坦克对地面的压强为 1.25×105 Pa。 【分析】坦克静止在水平地面时对地面的压力和自身的重力相等,根据F=G=mg求出其大小,又知道履带与地面的总接触面积即受力面积,根据p=求出对地面的压强。 【解答】解:坦克静止在水平地面时,对地面的压力: F=G=mg=50×103kg×10N/kg=5×105N, 此时坦克对地面的压强: p===1.25×105Pa。 故答案为:1.25×105。 【点评】本题考查了压强的计算,关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。 7.如图所示,是物体浸入水中前后弹簧测力计的示数,由此可知水对物体的浮力是 1 N,物体的质量是 0.4 kg,物体的体积是 1×10﹣4 m3,物体的密度是 4×103 kg/m3.(g取10N/kg) 【分析】(1)由“称重法”可以测出物体在水中受浮力的大小; (2)读出物体重,利用重力公式可以求物体的质量;知道物体受浮力可以利用阿基米德原理求排开水的体积(物体的体积);再利用密度公式求解。 【解答】解:(1)由图知:G=4N,F′=3N, 则水对物体的浮力:F浮=G﹣F′=4N﹣3N=1N; (2)物体的质量: m===0.4kg, 物体浸没在水中,根据F浮=ρ水V排g可得物体的体积: V=V排===1×10﹣4m3, 物体的密度: ρ===4×103kg/m3。 故答案为:1;0.4;1×10﹣4;4×103。 【点评】本题考查知识点比较多,密度的计算、重力的计算、浮力的计算,注意隐含条件(物体浸没在水中,物体的体积V=V排)的使用。 8.两个电阻R1和R2串联在电路中,电阻R1和R2的电阻之比为4:3,则电阻R1和R2的两端电压之比为 4:3 ;通过R1和R2的电流之比为 1:1 。 【分析】根据在串联电路中各处的电流都相等,判断出电流之比; 根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比。 【解答】解:两电阻串联时,因为串联电路各处的电流相等, 所以通过R1和R2电流之比为1:1; 由I=可得,R1和R2两端的电压之比为: U1:U2=IR1:IR2=R1:R2=4:3。 故答案为:4:3;1:1。 【点评】本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律的灵活运用,是一道基础题目。 9.农作物的秸秆可以回收加工制成秸秆煤。完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出 1.05×107 J的热量;若这些热量被质量为20kg,初温为20℃的水吸收,可使水温升高到70℃,此时烧水效率为 40% 。[已知q秸秆煤=2.1×107 J/kg,c水=4.2×103 J/(kg?℃)]。 【分析】(1)知道秸秆煤的质量和秸秆煤的热值,利用公式Q放=mq可计算秸秆煤完全燃烧放出的热量; (2)知道水的比热容、水的质量、初温和末温,根据吸热公式Q吸=cm(t﹣t0)求出出水吸收的热量; (3)根据效率公式可以求出煤气灶烧水的效率。 【解答】解: 0.5kg秸秆煤完全燃烧释放的热量: Q放=m秸秆煤q=0.5kg×2.1×107J/kg=1.05×107J。 水吸收的热量: Q吸=c水m水(t﹣t0)=4.2×103J/(kg?℃)×20kg×(70℃﹣20℃)=4.2×106J; 此时烧水效率: η==×100%=40%。 故答案为:1.05×107;40%。 【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放=qm、效率公式的掌握和运用,因条件已给出,难度不大。 10.如图所示,画出入射光经互相垂直的两个平面镜反射的光路。(请保留作图痕迹) 【分析】根据光的反射定律:反射光线、入射光线和法线在同一平面内,反射光线、入射光线分居法线两侧,反射角等于入射角作出两次反射,完成光路图。 【解答】解: 过入射点垂直于反射面作出法线,再根据反射角等于入射角作出反射光线,注意反射光线到达下面的反射面再次进行反射,而且最后的反射光线与原入射光线平行,法线用要用虚线,如图所示: 【点评】本题考查光的反射的作图,由于反射光线一定与入射光线平行,所以交通工具的后尾灯反射的光线一定沿原入射光线的方向返回,起到警示的作用。 二.选择题(共7小题,满分28分,每小题4分) 11.图为试电笔的结构及使用方法,下列说法正确的是(  ) A.若氖管发光,说明人体成为了电流的通路 B.试电笔可以判断物体是带正电还是带负电 C.笔尖,电阻和氖管是导体,外壳、弹簧和笔卡是绝缘体 D.在两种使用试电笔的方法中,甲乙都可以 【分析】(1)正确使用测电笔:手接触笔尾金属体,笔尖接触导线,氖管发光,导线是火线;氖管不发光的是零线; (2)测电笔的用途:辨别火线和零线; (3)容易导电的物体是导体,不容易导电的物体是绝缘体; (4)使用测电笔时,手要接触测电笔尾部的金属体,笔尖接触电线。 【解答】解: A、若氖管发光,说明试电笔接触的是火线,电流需要经过人体形成回路,即人体成为了电流的通路(但电流很小),故A正确; B、测电笔的用途是辨别火线和零线,不能判断物体是带正电还是带负,故B错误; C、笔尖、电阻、氖管、弹簧和笔卡是导体,外壳是绝缘体,故C错误; D、在两种使用试电笔的方法中,手指要接触测电笔尾部的金属体(或笔卡),甲图手没有接触笔卡,使用方法错误;乙图手接触了笔卡,使用方法正确,故D错误。 故选:A。 【点评】本题考查测电笔的正确使用,以及导体绝缘体,是一道基础题。 12.关于温度、热量和内能,下列说法正确的是(  ) A.物体的温度越高,所含的热量越多 B.物体的温度升高,内能增大 C.物体内能增大,一定从外界吸收热量 D.物体的温度不变,其内能就一定不变 【分析】(1)热量是一个过程量,不能说物体含有多少热量; (2)内能的大小与物体质量、温度和状态有关,同一物体,温度升高,内能增加。 (3)做功和热传递都能改变物体的内能。 (4)物体的温度不变,其内能可能增加可能不变。 【解答】解: A、热量是一个过程量,不能说物体含有多少热量,只能说吸收或放出热量,故A错误; B、物体的温度升高,分子的无规则运动加快,物体的内能增加,故B正确; C、物体的内能增大,可能是从外界吸收了热量,也可能是外界物体对它做了功,故C错误; D、物体的温度不变,其内能可能增加可能不变,如晶体熔化过程吸收热量,内能增加,温度不变,故D错误。 故选:B。 【点评】此题考查了热量的理解、内能大小的影响因素、能量的转化是一道综合题。 13.电动机是一种高效率、低污染的动力设备,下面四副实验装置图中,对电动机的发明有直接影响的是(  ) A. B. C. D. 【分析】电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的。 【解答】解:电动机是将电能转化为机械能的机械,它在工作时要消耗电能,要有电源。 A、图中没有电源,是发电机的原理图,是电磁感应的原理图,与电动机无关,故A不符合题意; B、图中是奥斯特实验,是电流的磁效应,与电动机无关,故B不符合题意; C、研究电磁铁磁性的强弱与线圈匝数的关系,是电流的磁效应,与电动机无关,故C不符合题意; D、图中有电源,研究的是通电导体在磁场中受到力运动,是电动机的原理图,故D符合题意。 故选:D。 【点评】电动机是将电能转化为机械能的机械,它在工作时要消耗电能,因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。 14.关于力与运动的说法正确的是(  ) A.只要有外力作用在物体上物体一定运动 B.平衡力作用下物体一定处于静止状态 C.没有力作用在物体上物体会慢慢停下来 D.物体若受一个力的作用,其运动状态一定改变 【分析】物体在受到平衡力或不受力时,总保持静止状态或匀速直线运动。 【解答】解:A、如果是平衡力作用在物体上,是不能改变物体的运动状态的,原来静止的还要保持静止状态。故只要有外力作用在物体上,物体一定运动。故A错误。 B、在平衡力的作用下,物体可能保持静止状态或匀速直线运动状态。故B错误。 C、如果物体原来是运动的,没有力的作用,物体还要保持原来的运动状态。故C错误。 D、如果物体只受一个力的作用,物体受到的是非平衡力,非平衡力一定会改变物体的运动状态。故D正确。 故选:D。 【点评】此题考查力与运动的关系,关键是正确理解牛顿第一定律。 (1)条件:物体不受力或受到平衡力。 (2)原来静止的物体保持静止状态。 (3)原来无论是匀速、加速、减速时,不受力或受到平衡力的作用时,保持不受力或受到平衡力的瞬间的速度和方向。 15.在如图所示的电路中,电源电压保持不变,闭合电键S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中(  ) A.电流表A示数变大 B.电压表V2示数变小 C.电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大 D.电压表V1示数与电流表A示数的比值变大 【分析】ABC、电路中两电阻串联,电流表测电路中的电流,电压表V1测电源电压,电压表V2测变阻器的电压,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中分析变阻器连入电路中的电阻变化,根据电阻的串联中确定电路的总电阻变化,由欧姆定律判断电流表示数变化; 根据U=IR,R1的电压变小,由串联电路电压的规律,分析电压表V2示数变化; 因电源电压不变,分析电压表V1示数与电压表V2示数的差值变化; D、由欧姆定律分析电压表V1示数与电流表A示数的比值变化。 【解答】解: ABC、由图知,两电阻串联,电流表测电路中的电流,电压表V1测电源电压,电压表V2测变阻器R2的电压; 向右移动滑动变阻器滑片P的过程中,变阻器连入电路中的电阻变大,电路的总电阻变大,由I=可知,电路中的电流变小,即电流表示数变小;故A错误; 电路中的电流变小,根据U=IR可知,R1的电压变小,由串联电路电压的规律可知,变阻器R2的电压变大,即电压表V2示数变大,故B错误; 电源电压不变,电压表V1示数与电压表V2示数的差值等于R1的电压,则该差值变小,故C错误; D、由欧姆定律可知,电压表V1示数与电流表A示数的比值等于电路的总电阻,则该比值变大,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用,关键是电压表测量电压的判断,难度中等。 16.老师正在讲台上讲课,小明和同学们正在老师的指导下边学习边实验,这是物理课堂常见的情景。让你想象一下,如果教室里的摩擦力突然消失,对可能出现的现象,下列说法中错误的是(  ) A.同学们稍微活动就会从椅子上纷纷滑到地面上 B.写字时铅笔从手中滑出漂在空中 C.固定吊灯的螺丝从天花板上滑出,致使吊灯落到地上 D.由于太滑,稍一用力桌椅就会在地面上不停的滑动着 【分析】要解答此题要知道生活中常见的摩擦现象和物体所受重力现象。 【解答】解:A、我们能坐在椅子上,是靠身体与椅子间的摩擦力。如果没有摩擦力,想坐好是很困难的。故A正确; B、写字时是靠手与笔间的摩擦,如果没有摩擦笔很容易滑出,在空中会受重力作用而下落。故B错误。 C、吊灯的螺丝是靠与天花板墙壁间的摩擦力才能固定在上面,吊灯受重力和天花板墙壁间的对它的摩擦力,如果没有摩擦,在重力作用下会下落。故C正确。 D、桌椅能静止在地面上是靠与在地面间的摩擦,如果没有摩擦,很容易滑动。故D正确。 故选:B。 【点评】要求学生会判断物体是否受摩擦力作用和重力作用,会根据摩擦力的作用分析摩擦力的重要性。 17.“频闪照片”是研究物体运动时常用的一种实验方法,如图是甲、乙两球下落时的频闪照片,则下列说法正确的是(  ) A.图中甲球与乙球运动平均速度之比为5:3 B.两球下落时重力势能转化为动能 C.图中两球重力势能所做的功相等,乙球的功率更大 D.乙球重力所做的功和内能的增加量一定相等 【分析】(1)首先知道“频闪摄影”时,摄影的时间间隔是相同的; (2)物体的运动路线是直的,在相等的时间内通过的路程相同,物体进行的是匀速直线运动,物体的运动路线是直的,在相同的时间内通过的路程不相同,物体进行的是变速直线运动。 【解答】解:A、根据图甲、乙可知,通过相同路程,甲是摄影4次,乙是摄影6次,所以甲球与乙球运动的时间之比为3:5,根据公式v=得图中甲球与乙球运动平均速度之比为5:3,故A正确; B、根据乙图可知,乙球匀速下落,高度减小、质量不变、速度不变,即重力势能减小、动能不变;故B错误; C、乙球下落时间达,根据公式p=得甲球的功率大;故C错误; D、乙球在下落的过程中有能量的消耗,所以重力所做的功和内能的增加量不相等。故D错误。 故选:A。 【点评】正确读取频闪照片上反映的物理信息是解决问题的关键,照片上两个小点之间的间隙越大,说明速度越快,间隙越小,说明速度越慢。 三.实验探究题(共3小题,满分21分) 18.(6分)小南的爸爸从铁匠铺买回外形同样大的铝桶、铁桶各一个,价钱分别是18元、15元,好奇的小南称得铝桶质量为500g、铁桶质量为1500g,妈妈责怪小南的爸爸说:“铁桶便宜,你应该买2个铁桶,”小南的爸爸却说:“其实铝桶不贵,而且铝桶还不会生锈、提水也轻便”。(下表是铝、铁的一些信息) 品 种 密度(1×103kg/m3) 熔点/℃ 市场价格/(元/吨) 铝 2.7 660 16000 铁 8.9 1540 2200 (1)请结合上表分析下列问题: ①小南的爸爸说“铝桶不贵”的依据是:从材料的角度看,一个铝桶的成本是 8 元,一个铁桶的成本是 3.3 元, 铝 桶的成本高,故铁匠铺赚取的相对 少 些(填“多”或“少”)。若打制两种小水桶花费的时间相同,你认为店铺打制 铁 桶划算一些。 ②小南的爸爸说“铝桶提水轻便”的理由是:若外形同样大的500g的铝桶和1500g的铁桶的壁厚大致相同,则它们的容积 相等 ,装满水时水的质量 相等 (填“相等”或“不相等”),装满水时铝桶的总质量 小于 (填“等于”、“大于”或“小于”)铁桶的总质量,所以说铝桶提水轻便。 (2)现在市场上多以卖塑料小水桶为主,你认为塑料小水桶的优点有: 轻便、不生锈 (写出一条即可);缺点有: 易碎 。(写出一条即可) 【分析】(1)①求出每只桶的成本钱数,可得铁匠铺赚取的相对多少; ②根据密度公式变形V=可求体积,由m=ρV 可判断质量,求出水的质量可得总质量比较即可; (2)塑料小水桶的优点轻便、不生锈;缺点是易碎。 【解答】解:(1)①1个铝桶的成本是:0.5kg×=8元, 一个铁桶的成本是:1.5kg×=3.3元, 卖铝桶,铁匠铺赚取的钱数:18元﹣8元=10元, 卖铁桶,铁匠铺赚取的钱数:15元﹣3.3元=11.7元, 比较可知,铝桶的成本高,但铁匠铺赚取的相对少些,即爸爸说“铝桶不贵”; 若打制两种小水桶花费的时间相同,则由前面解答可知,店铺打制铁桶划算一些。 ②由ρ=得,铝桶中铝的体积:V铝==≈185.2cm3; 铁桶中铁的体积:V铁==≈189.9cm3; 因为189.9cm3与185.2cm3很接近,且铝桶和铁桶的壁厚大致相同; 所以可以认为铝桶和铁桶的容积相同; 铁桶与铝桶的容积相同,由m=ρV 可知所容纳水的质量相等,因铁桶的质量大于铝桶的质量,则都装满水后,铝桶的总质量更小,所以说铝桶提水轻便。 (2)塑料小水桶的优点有轻便、不生锈;缺点是易碎。 故答案为:(1)8;3.3;铝;少;铁;(2)相等;相等;小于;(3)轻便、不生锈;易碎。 【点评】本题结合实际问题考查了密度公式的应用,要求能够熟练应用密度公式及变形式。 19.(6分)小明利用如图甲所示的装置进行实验“探究杠杆的平衡条件”,则: (1)实验中小明发现杠杆右端高左端低,要使它在水平位置平衡,应将杠杆右端的平衡螺母向 右侧 (选填“左侧”或“右侧”)调节。调节杠杆在水平位置平衡后在实验过程中可以便于测量 力臂的大小 。 (2)小明的实验记录的部分数据如表所示,老师指出实验序号1的这组数据肯定是错误的。经检查,发现是测量阻力臂时读错了,实际值比记录值 小 (选填“大”或“小”);通过探究,得出杠杆的平衡条件是: F1L1=F2L2 。 实验序号 动力F1/N 动力臂l1/m 阻力F2/N 阻力臂l2/m 1 2 0.2 1 0.1 2 1 0.08 2 0.04 (3)实验结束后,小明提出了新的探究问题:“若支点不在杠杆的中点时,杠杆的平衡条件是否仍然成立?”于是利用如图乙所示装置进行探究,发现在杠杆左端的不同位置,用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时,测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符,其原因主要是受到 杠杆自身重力 的影响。 【分析】(1)杠杆左、右两端的螺母(或一端的螺母)向杠杆上翘的一端调节; 为了避免杠杆重力对杠杆平衡产生的影响和便于测量力臂,实验前,应首先进行杠杆平衡调节; (2)根据杠杆平衡的条件F1×L1=F2×L2分析该题即可解决; (3)图乙中,支点位于动力和阻力的右侧,弹簧测力计不但提了钩码,而且还提了杠杆,杠杆的重力对杠杆转动产生了影响, 【解答】解:(1)如发现杠杆右端高左端低,说明杠杆重心位置偏左,向右调节杠杆右端的平衡螺母; 因为杠杆的重力对杠杆平衡产生的影响,实验前,应首先进行杠杆平衡调节。当杠杆处于水平平衡时,作用在杠杆上的动力和阻力即为钩码的重力,其方向恰好与杠杆垂直,这时力的力臂就可以从杠杆上的刻度直接读出。因此,调节杠杆的水平平衡是为了便于测量力臂的大小; (2)根据杠杆平衡的条件,2×0.2≠1×0.1,所以第1组数据错误,且由于是动力臂读错造成的,故1×0.1=2×0.05,即其实际值比测量值小; 通过探究可得杠杆的平衡条件为:F1L1=F2L2; (3)用如图乙所示装置进行探究,杠杆的重心没有通过支点,杠杆的重对杠杆平衡有影响,故测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符。 故答案为:(1)右侧;力臂的大小;(2)小; F1L1=F2L2;(3)杠杆自身重力。 【点评】本题“探究杠杆的平衡条件”,考查器材的调试、数据分析、杠杆的平衡条件及杠杆自身重力对杠杆影响。 20.(9分)“测量小灯泡的电功率”的电路如图,已知小灯泡的额定电压为3.8V,电源为三节干电池。 (1)用笔画线表示导线,根据电路图(图甲)将实物图(图乙)连接完整 (2)将实验测得的数据填在已设计的表格中,请你分析实验记录数据和现象,回答问题: ①当电压表示数为3.8V时,电流表的示数如图丙,则小灯泡的额定功率是 1.14 W。 实验次数 电压U 电流I 发光情况 P/W 电功率平均值P/W 1 2.0 0.26 逐渐变亮 2 3.8 3 4.5 0.32 ②实验表格设计存在的两处明显不足之处:(a) 电压和电流没有单位 ;(b) 电功率求平均值没意义 。 ③根据电路图,综合实验数据,该实验是否能够研究电流与电压的关系?请说明理由: 不能,因为灯泡的电阻会随温度的变化而变化,无法控制其阻值不变 。 【分析】(1)由图丙知,电流表选用小量程与灯串联; (2)①根据电流表选用小量程确定分度值读数,根据P=UI求出小灯泡的额定功率; ②(a)电压和电流应有单位; (b)灯在额定电压下的功率为额定功率,不同电压灯的功率不同,电功率求平均值没意义。 ③研究电流与电压的关系时,要控制电阻不变,据此分析。 【解答】解:(1)由图丙知,电流表选用小量程与灯串联接入电路中,如下所示: (2)①当电压表示数为3.8V时,电流表的示数如图丙,电流表选用小量程,分度值为0.02A,电流为0.3A,则小灯泡的额定功率是: P=UI=3.8V×0.3A=1.14W。 ②表格设计存在的两处明显不足之处:(a)电压和电流没有单位; (b)灯在额定电压下的功率为额定功率,不同电压灯的功率不同,电功率求平均值没意义; ③研究电流与电压的关系时,要控制电阻不变,因为灯泡的电阻会随温度的变化而变化,无法控制其阻值不变,故不能研究电流与电压的关系。 故答案为:(1)如上图; (2)1.14; (a)电压和电流没有单位; (b)电功率求平均值没意义; 不能,因为灯泡的电阻会随温度的变化而变化,无法控制其阻值不变。 【点评】本题测量小灯泡的电功率,考查电路连接、电流表读数、额定功率计算、数据处理,同时与考查了研究电流与电压的关系的实验和控制变量法。 四.计算题(共3小题,满分25分) 21.(7分)搬运工人经常利用斜面把货物搬运到汽车上,如图所示,汽车车底板高度为h=1.5m,斜面长度为S=3m,现在用力F沿着斜面把重力G=1800N的货物匀速拉到车上。请计算: (1)若不计摩擦力的影响,拉力F为多大? (2)若实际拉力F=1200N,则该货物与斜面之间的摩擦力是多少? 【分析】①使用斜面时,不计摩擦力的影响,使用斜面对物体做的功等于不用斜面直接直接对物体做的功; ②人做的额外功是人克服物体与斜面之间的摩擦力所做的功,等于总功减去有用功,再利用W额=fs求出摩擦力的大小。 【解答】解: (1)若不计摩擦力的影响,则有W1=W2, 即FL=Gh, 因为拉力为F===900N; (2)当拉力F实=1200N时, 有用功为W有用=Gh=1800N×1.5m=2700J, 总功为W总=F实L=1200N×3m=3600J, 克服摩擦力做的额外功 W额=W总﹣W有=3600J﹣2700J=900J 重物所受摩擦力: f===300N。 答:(1)若不计摩擦力的影响,拉力F为900N; (2)若实际拉力F=1200N,则该货物与斜面之间的摩擦力是300N。 【点评】此题考查的是功的原理和摩擦力的计算,注意公式的运用。 22.(7分)人立于河边看对岸的一棵树AB在水中的像,当人离开河岸后退超过6m就不能看到整个树的像。已知人高EF=1.5m,河两岸都高出水面1m,河宽40m,如图所示,求树高是多少? 【分析】由光的反射定律和平面镜成像特点可知,像与物关于平面镜对称;根据题意作出几何图形,根据数学中的相似三角形对应边成比例来计算。 【解答】解:根据题意画出图形,在直角△COB′、△OGH和△GFF′相似,则每个三角形的直角边之比为一定值,则: 则:CO/CB'=OH/GH=GF/EF。 又GF=6 m,EF=1.5 m,GH=1 m,OH=4 m。 而CO=40 m﹣4 m=36 m。 又CO/CB'=4, 所以CB'=1/4CO=1/4×36 m=9 m。 故AB=A'B'=CB'﹣CA'=9 m﹣1 m=8 m。 答:树高为8m。 【点评】这是一道跨学科的计算题,关键是根据题意画出几何图形,然后根据数学相似形对应边成比例的性质来进行计算,计算过程中利用到平面镜成像的特点,即像与物关于镜面对称。 23.(11分)如图所示电路,由相同元件组成的两个电路中电源电压保持不变,R1=10Ω.在甲图中,闭合开关S,电压表示数为2V,在乙图中,闭合开关S,电压表示数为3V.求: (1)甲图中电流表示数和R2的阻值; (2)乙图中电流表示数。 【分析】(1)由乙电路图可知,R1与R2并联,电流表测干路电流,电压表测电源的电压,根据电压表的示数可知电源的电压;由甲电路图可知,R1、R2串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流,利用串联电路的电压特点求出R2两端的电压,再根据欧姆定律求出R2的阻值; (2)根据电阻的并联求出乙图中电路中的总电阻,利用欧姆定律求出乙图中电流表示数。 【解答】解:(1)由乙电路图可知,R1与R2并联,电流表测干路电流,电压表测电源的电压,则电源的电压U=3V; 由甲电路图可知,R1、R2串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,甲图中电流表示数: I===0.2A, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,R2两端的电压: U2=U﹣U1=3V﹣2V=1V, 则R2的阻值: R2===5Ω; (2)因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和, 所以,乙图中电路中的总电阻: R===Ω, 乙图中电流表示数: I′===0.9A。 答:(1)甲图中电流表示数为0.2A,R2的阻值为5Ω; (2)乙图中电流表示数为0.9A。 【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用,是一道较为简单的应用题。

  • ID:6-5651472 2018-2019学年安徽省芜湖市南陵县新建中学九年级(下)期中物理试卷(解析版)

    初中物理/期中专区/九年级下册

    2018-2019学年安徽省芜湖市南陵县新建中学九年级(下)期中物理试卷 一.填空题(共10小题,满分26分) 1.臭桂鱼又名臭鳜鱼,是汉族传统名菜,徽州菜的代表之一,源于安徽省徽州地区(徽州即现黄山市一带),流行于徽州地区。初次见到的人不敢下筷,因为鳜鱼发出的似臭非臭的气味,叫人有点担心。其中似臭非臭的气味,从物理学角度说明   。 2.回音壁,三音石,莺莺塔都有非常美妙的声音现象,它是古代建筑师利用   造成的音响效果。某人对着山崖大喊一声,经1.2s后听到回声,则此人离山崖的距离大约是   。 3.在干燥的天气里,小红同学用塑料梳子梳头发,发现头发会随着梳子飘起来,如图所示。小红认为梳子和头发摩擦   (选填“产生了电荷”或“发生了电子的转移”),使梳子和头发带上了   (选填“同种电荷”或“异种电荷”),根据电荷间的相互作用规律从而产生了上述现象。 4.在四冲程汽油机剖面图中,气缸上部有   门和   门,顶部有   ,下部有   ,活塞用连杆跟   相连。汽油在气缸里面燃烧时生成高温高压的燃气,推动活塞   。活塞移动带动曲轴转动。 5.在“测滑轮组机械效率”实验中,物体重为6N.若物体上升高度为10cm,此时弹簧测力计的示数如图所示,则拉力做的有用功是   J,滑轮组的机械效率是   %.若仅增加物体的重,该滑轮组的机械效率将   (选填“增大”、“减小”或“不变”)。(不计绳重及摩擦) 6.小于同学轻轻拉动放在水平地面上的木块。若拉力 F 的大小与时间 t 的关系如图甲所示,物块运动速度v 与时间 t 的关系如图乙所示。由图象可知:当 t=1s 时,拉力   摩擦力(填大于、等于或小于);当 t=3s 时,物块处于   状态(填加速、减速或匀速),此时受到的摩擦力为   。 7.小明仔细观察了家中电热水器的铭牌(如下表)。他将电热水壶中装满水,在额定电压下通电1.5min后,测出水温从20℃上升到40℃.则在此过程中,电热水壶消耗的电能是   J,水吸收热量是   J。 [C水=4.2×103J/(kg?℃)] 型号 HB﹣3022 容量 2kg 额定电压 220V 额定功率 2kW 8.小文想测出一个额定电压已知的小灯泡的额定功率,设计了如图所示的电路。为实现小灯泡两端电压达到额定电压,他的做法是   。若闭合开关后,发现小灯泡不亮,电压表无示数,电流表有示数,则故障可能是   。 9.两个电阻A和B中的电流与两端电压的关系如图所示,若将电阻A和B并联后,接在电压为3V的电源两端,两个电阻A、B的电功率之比是   。 10.请画出经透镜折射后的光线。 二.选择题(共7小题,满分21分,每小题3分) 11.如图所示,将钢尺的一端紧按在桌面上,另一端伸出桌边,拨动钢尺。改变钢尺伸出桌面的长度和拨动钢尺的力度,将钢尺发出的不同声音信号输入示波器。显示的两种不同波形如图甲、乙所示。下列说法中正确的是(  ) A.钢尺伸出桌面的长度较长时,对应的是甲波形图 B.用较大的力拨动钢尺时,对应的是乙波形图 C.甲波形图的音调比乙低 D.甲波形图的响度比乙大 12.如图所示的做法符合安全用电原则的是(  ) A.电灯和开关的连接 B.用湿布擦日光灯 C.试电笔的使用 D.触电时应立即切断电源 13.冬天,戴眼镜的同学会发现眼镜的镜片上有时会形成“小水珠”,如图。关于这个“小水珠”下列说法不正确的是(  ) A.它时常出现在从寒冷的室外进入温暖的室内时 B.它时常出现在从温暖的室内进入寒冷的室外时 C.夏天,它也可能出现在从空调房间进入室外时 D.“小水珠”与“一湖两岸”水面上的“白气”形成原因相同 14.关于如图所示实验,下列说法正确的是(  ) A.用该装置可探宄“让通电导体在磁场中动起来” B.法拉第根据该实验揭示的原理发明了电动机 C.导体ab竖直向上运动时,灵敏电流表指针偏转 D.导体ab水平向左运动时,灵敏电流表指针偏转 15.如图所示,容器中装有一定质量的水,首先分别按甲、乙图所示的两种方式将物体和小玻璃杯漂浮在水面上,再将乙图所示方式中的细线剪断,物体和小玻璃杯的最终状态如图丙所示,设甲、乙、丙图中物体和小玻璃杯共同受到的浮力分别为F甲、F乙和F丙,水对容器底的压强分别为p甲、p乙和p丙,则(  ) A.F甲<F乙<F丙,p甲>p乙>p丙 B.F甲=F乙>F丙,p甲=p乙>p丙 C.F甲=F乙=F丙,p甲=p乙=p丙 D.F甲=F乙<F丙,p甲=p乙<p丙 16.在中国科技馆的“科技与生活”展区有一个涉及“光敏电阻”的展品。小强同学了解到光敏电阻可以用于自动控制,经查阅得知,光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小。小强为了研究光敏电阻的性能,将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、电压表、开关和电源连接成如图所示电路,电源电压不变。闭合开关,逐渐增大光敏电阻的光照强度,则(  ) A.电流表A的示数变小 B.电压表V的示数变小 C.R0消耗的电功率变小 D.电路消耗的总功率变大 17.同学们为敬老院的老人买了一辆电动轮椅。工作原理如图所示,操纵杆可以同时控制S1和S2两个开关,向前推操纵杆时轮椅前进且能调速,向后拉操纵杆轮椅以恒定速度后退,已知蓄电池电压为24V,定值电阻R2为20Ω,R1为滑动变阻器,下列对电路的判断正确的是(  ) A.S1接触点1,S2接触点2时,轮椅前进 B.S1和S2都接触点1时,轮椅后退 C.轮椅后退时电路中的电流小于1.2A D.轮椅后退时电路中的电流为1.2A 三.实验探究题(共3小题,满分22分) 18.某一托盘天平,其称量标尺的最大测量值是1g,每一小格代表0.02g,和它相配套的一组砝码(质量以g为单位)共有以下值:1、2、2、5、10、20、20、50、100.当称量一个186.24g的物体质量时,右盘里得放   个砝码(填写个数),游码的示数为   g.一位同学用托盘天平称量150g面粉(做面包所需用量),在称量时,他先在右盘里放好了150g的砝码,面粉放在左盘里后,发现指针向左偏转,这时他应该    A.减少面粉 B.向右盘中加砝码 C.移动游码 D.调节天平的平衡螺母 19.晓华和同学取两张等大的同型号圆形纸,分别剪去两个大小不等的扇形如图甲所示,再将它们做成图乙所示的两个锥角不同的大小纸锥,进行纸锥下落快慢的研究: (1)为了比较纸锥下落的快慢,把两个纸锥拿到同一高度同时释放。此时应该拿至图乙的   (选填“A”或“B”)所示的位置释放,同时记录纸锥下落至地面的   ,就可比较纸锥下落的快慢; 运动物体 ①    ②    速度v/(m?s﹣1) 大纸锥 小纸锥 (2)如果要测量两个纸锥的下落速度,需要的测量工具有   和   ;参照速度格式,请把实验表格中①和②两处填写完整; (3)晓华的同学猜想纸锥从同一高度下落的快慢可能与纸锥的锥角、纸锥的轻重(即质量)有关,并打算用第(1)题中的两个纸锥,研究纸锥下落快慢与锥角的关系,晓华认为不科学,你认为原因可能是:   。 20.(10分)在“测定小电灯电功率的实验中”小灯泡额定电压为2.5V、电压恒定为4V的电源以及其它相关器材按图甲连接电路,进行实验。 (1)图甲是小明测量小灯泡额定功率的实物电路图,图中有一根线连接错误,请在这根线上打“×”,并在图中改正。 (2)连接电路时,开关应   ,滑动变阻器滑片应移至   (A/B)端。 (3)在实验过程中,小明调节滑动变阻器的滑片,直到灯泡正常发光,在此过程中测得小灯泡电流和电压的几组数据,并正确画出曲线a,如图乙所示。由图可知该小灯泡的额定功率为   W,利用该电路   (能/不能)测出灯泡的电阻,此电路的数据   (能/不能)研究导体中的电流与电压的关系。 (4)当灯泡正常发光时,滑动变阻器接入电路中的电阻为   Ω,此时滑动变阻器的电功率为   W。 (5)小明在图乙中还画出了本实验中滑动变阻器的电流随电压变化的曲线b,老师据图指出该曲线中明显可以看出有一处是错误的,所以此图不正确,你认为这一处的错误是   。 四.解答题(共3小题,满分21分) 21.给你一个凸透镜、一把刻度尺、一张白纸,请你测出这个凸透镜的焦距。请你画图辅助说明。 22.(10分)如图是由西安飞机工业集团等部门联合制造的新一代重型军用大型运输机“运20”,这是一款战略性装备,对改善我军装备现状、保卫国家安全有着不可替代的重要作用,它也将推动中国空军向战略空军迈出坚实的一步。请解答下列问题: (1)“运20”飞行中升力的获得利用了“流速越大,压强   ”的原理。 (2)该机有14个轮子,每个轮子与地面的接触面积约为0.3m2,一次起飞时的总质量为168t,该机静止在水平跑道上时对地面的压强约为多少? (3)该机从地面飞到5000米高空时,克服重力所做的功约为多少?(g取10N/kg) 23.(7分)电源电压为18V不变,定值电阻R1与滑动变阻器R2串联,电压表测量R1的电压,电流表串联在电路中。滑动变阻器R2上标有20Ω 2A的字样,闭合开关S后,电流表的示数为1A,电压表的示数为4V.求 (1)R1的阻值 (2)电路中最小电流 (3)在电压表和电流表不改变量程的情况下,为使电路正常工作,滑动变阻器R2接入的阻值范围。 2018-2019学年安徽省芜湖市南陵县新建中学九年级(下)期中物理试卷 参考答案与试题解析 一.填空题(共10小题,满分26分) 1.臭桂鱼又名臭鳜鱼,是汉族传统名菜,徽州菜的代表之一,源于安徽省徽州地区(徽州即现黄山市一带),流行于徽州地区。初次见到的人不敢下筷,因为鳜鱼发出的似臭非臭的气味,叫人有点担心。其中似臭非臭的气味,从物理学角度说明 分子在不停的做无规则运动 。 【分析】物质是由分子组成的,一切物体的分子都在不停地做无规则的运动。 【解答】解: 人们闻到臭桂鱼似臭非臭的气味是扩散现象,扩散现象说明分子在不停的做无规则运动。 故答案为:分子在不停的做无规则运动。 【点评】本题考查分子的运动论的有关知识,属于基础性题目。 2.回音壁,三音石,莺莺塔都有非常美妙的声音现象,它是古代建筑师利用 声音的反射 造成的音响效果。某人对着山崖大喊一声,经1.2s后听到回声,则此人离山崖的距离大约是 204m 。 【分析】回声是声音在传播过程中遇到障碍物被反射回来的现象;人发出的声音经高墙反射后再传到人耳(回声),知道整个过程用的时间,可以求出声音从人传到高墙的时间,再利用速度公式求此人与高墙之间的距离。 【解答】解:回音壁、三音石、莺莺塔三处建筑有非常美妙的声音现象,是我国古代建筑师利用声音的反射造成的音响效果。 声音从人传到高墙的时间: t=×1.2s=0.6s, 由v=可得此人与山崖之间的距离: s=vt=340m/s×0.6s=204m。 故答案为:声音的反射;204m。 【点评】本题考查了速度公式的应用和回声产生的原因,弄清声音从人传到高墙的时间(单趟用时)是解题的关键。 3.在干燥的天气里,小红同学用塑料梳子梳头发,发现头发会随着梳子飘起来,如图所示。小红认为梳子和头发摩擦 发生了电子的转移 (选填“产生了电荷”或“发生了电子的转移”),使梳子和头发带上了 异种电荷 (选填“同种电荷”或“异种电荷”),根据电荷间的相互作用规律从而产生了上述现象。 【分析】(1)不同物质组成的物体相互摩擦时,原子核束缚电子的本领不同,原子核束缚电子本领强的夺得电子带负电,原子核束缚电子本领弱的失去电子带正电; (2)电荷间的相互作用规律是:同种电荷互相排斥,异种电荷互相吸引。 【解答】解:摩擦起电过程是得到和失去电子的过程,因此其实质是电子的转移,所以梳子和头发摩擦发生了电子的转移; 由于梳子和头发的原子核对电子的束缚能力不同,使梳子和头发分别带上了异种电荷; 根据电荷间的相互作用规律:异种电荷互相吸引,所以头发会随着梳子飘起来。 故答案为:发生了电子的转移;异种电荷。 【点评】本题考查了摩擦起电的现象和电荷间的相互作用规律等知识,掌握摩擦起电的实质、现象,并能运用摩擦起电现象解释生活中的问题即可正确解题,比较简单。 4.在四冲程汽油机剖面图中,气缸上部有 进气 门和 排气 门,顶部有 火花塞 ,下部有 活塞 ,活塞用连杆跟 曲轴 相连。汽油在气缸里面燃烧时生成高温高压的燃气,推动活塞 做功 。活塞移动带动曲轴转动。 【分析】根据气缸的结构和原理分析回答。 【解答】解:在四冲程汽油机中,气缸上部有进气门、排气门,顶部有火花塞,下部有曲轴,用连杆将活塞跟曲轴相连。 在总功冲程中,汽油在气缸里面剧烈燃烧,产生高温高压燃气,该燃气推动活塞向下运动,即对活塞做功。 故答案为:下进气门;排气门;火花塞;活塞; 曲轴;做功。 【点评】本题考查了内燃机的结构和原理,是一道基础题。 5.在“测滑轮组机械效率”实验中,物体重为6N.若物体上升高度为10cm,此时弹簧测力计的示数如图所示,则拉力做的有用功是 0.6 J,滑轮组的机械效率是 83.3 %.若仅增加物体的重,该滑轮组的机械效率将 增大 (选填“增大”、“减小”或“不变”)。(不计绳重及摩擦) 【分析】(1)由公式W有用=Gh计算出有用功。 根据图示读出测力计的示数在进行测力计的读数时,要注意测力计的分度值,根据W总=Fs计算出总功,由η=得出机械效率,在计算过程中,要知道s=nh。 (2)要掌握影响机械效率的因素,知道物体的重力越大,滑轮组的机械效率越高。 【解答】解:(1)拉力做的有用功W有用=Gh=6N×10×10﹣2m=0.6J; 图中测力计的分度值是0.2N,所以测力计的示数是2.4N。 由图知,此滑轮组由3段绳子承担物重,所以s=3h,所以拉力做的总功W总=Fs=2.4N×3×0.1m=0.72J; 滑轮组的机械效率:η=×100%=×100%≈83.3% (2)若增加物体的重,则所做的有用功增大,而额外功不变,所以有用功在总功所占的比例增大,所以滑轮组的机械效率增高。 故答案为:0.6;83.3; 增大。 【点评】此题是测量滑轮组的机械效率,主要考查了绳端拉力的测量,同时考查了有关机械效率的计算,一定要掌握机械效率的概念。在此题中还考查了影响滑轮组机械效率的因素,知道机械效率与物重和动滑轮的重力有关。 6.小于同学轻轻拉动放在水平地面上的木块。若拉力 F 的大小与时间 t 的关系如图甲所示,物块运动速度v 与时间 t 的关系如图乙所示。由图象可知:当 t=1s 时,拉力 等于 摩擦力(填大于、等于或小于);当 t=3s 时,物块处于 加速 状态(填加速、减速或匀速),此时受到的摩擦力为 4N 。 【分析】(1)从速度图象中分析0﹣2s时物体的速度大小即可得出当t=1s时物体所处的状态; (2)首先从速度图象中4﹣6s得出物体匀速直线运动。然后对应的从F﹣t图象中得出物体所受的摩擦力;最后根据摩擦力的影响因素判断出t=3s时物体受到的摩擦力大小。 【解答】解:(1)由丙图知:0﹣2s时物体的速度大小为零;则当t=1s时物体处于静止状态,拉力与摩擦力是平衡力,大小相等,故f=F=2N。 (2)由丙图知:4﹣6 s时,物体匀速运动, 由乙图知:t=5s时,F=4N, 所以摩擦力与推力F平衡,大小为4N。 2﹣4s之间,物体加速运动,受力不平衡,推力大于摩擦力;但由于物体和地面没有改变,所以摩擦力大小不变;即仍为4N,故3s时,做加速运动;。 故答案为:等于;加速;4N。 【点评】v﹣t图象、F﹣t图象相结合,判断出物体各段运动状态,根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。 7.小明仔细观察了家中电热水器的铭牌(如下表)。他将电热水壶中装满水,在额定电压下通电1.5min后,测出水温从20℃上升到40℃.则在此过程中,电热水壶消耗的电能是 1.8×105 J,水吸收热量是 1.68×105 J。 [C水=4.2×103J/(kg?℃)] 型号 HB﹣3022 容量 2kg 额定电压 220V 额定功率 2kW 【分析】(1)在额定电压下电热水器的功率和额定功率相等,根据W=Pt求出电热水壶消耗的电能; (2)由表格数据可知电热水壶中装满水后水的质量,又知道水的初温、末温以及比热容,根据Q吸=cm(t﹣t0)求出水吸收热量。 【解答】解:(1)在额定电压下电热水器的功率: P=2kW=2000W, 由P=可得,电热水壶消耗的电能: W=Pt1=2000W×1.5×60s=1.8×105J; (2)电热水壶中装满水后水的质量为2kg,则水吸收的热量: Q吸=c水m(t﹣t0)=4.2×103J(/kg?℃)×2kg×(40℃﹣20℃)=1.68×105J。 故答案为:1.8×105;1.68×105。 【点评】本题考查了电功公式和吸热公式的应用,从表格中获取有用的信息是关键。 8.小文想测出一个额定电压已知的小灯泡的额定功率,设计了如图所示的电路。为实现小灯泡两端电压达到额定电压,他的做法是 调节滑动变阻器的滑片,同时观察电压表示数 。若闭合开关后,发现小灯泡不亮,电压表无示数,电流表有示数,则故障可能是 灯泡短路 。 【分析】(1)灯泡两端的电压等于额定电压时灯泡的实际功率与额定功率相等,所以要测量小灯泡的额定功率,应调节滑动变阻器,使小灯泡两端的电压等于额定电压; (2)灯泡不亮,可能是灯泡断路或灯泡短路或灯泡之外电路存在断路;电压表无示数,可能是灯泡短路,或电压表并联电路之外存在断路,或者是电压表断路;电流表有示数,说明电路不存在断路;综合分析可知,电路故障是灯泡短路。 【解答】解:(1)要测量小灯泡的额定功率,应使小灯泡两端的电压等于额定电压,连好电路后,闭合开关,调节滑动变阻器的滑片,同时观察电压表示数,使电压表的示数等于小灯泡的额定电压; (2)闭合开关后,灯泡不亮,可能是灯泡断路或灯泡短路或灯泡之外电路存在断路; 此时电压表无示数,可能是灯泡短路,或电压表并联电路之外存在断路,或者是电压表断路; 电流表有示数,说明电路不存在断路; 所以其故障是灯泡短路。 故答案为:调节滑动变阻器的滑片,同时观察电压表示数;灯泡短路。 【点评】此题考查了小灯泡的额定功率的测量实验,主要考查测量原理和电路故障的分析,关键是知道灯泡两端的电压等于额定电压时灯泡的实际功率与额定功率相等。 9.两个电阻A和B中的电流与两端电压的关系如图所示,若将电阻A和B并联后,接在电压为3V的电源两端,两个电阻A、B的电功率之比是 2:1 。 【分析】将电阻A和B并联后接在电压为3V的电源两端时它们两端的电压相等,根据图象读出通过的电流,根据P=UI求出两个电阻A、B的电功率之比。 【解答】解:将电阻A和B并联后接在电压为3V的电源两端时, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,两电阻两端的电压均为3V, 由图象可知,此时通过两电阻的电流分别为IA=0.6A,IB=0.3A, 由P=UI可得,两个电阻A、B的电功率之比: ====。 故答案为:2:1。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用,从图象中获取有用的信息是关键。 10.请画出经透镜折射后的光线。 【分析】在作凸透镜或凹透镜的光路图时,先确定所给光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。 【解答】解: 对于凸透镜,过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴; 对于凹透镜,平行于主光轴的入射光线经凹透镜折射后折射光线的反向延长线通过焦点,如图所示: 【点评】凸透镜有三条特殊光线:过光心的光线其传播方向不变;过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴;平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。 凹透镜有三条特殊光线:过光心的光线传播方向不变,平行于主光轴的入射光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点,指向另一侧焦点的入射光线经凹透镜折射后平行于主光轴。 二.选择题(共7小题,满分21分,每小题3分) 11.如图所示,将钢尺的一端紧按在桌面上,另一端伸出桌边,拨动钢尺。改变钢尺伸出桌面的长度和拨动钢尺的力度,将钢尺发出的不同声音信号输入示波器。显示的两种不同波形如图甲、乙所示。下列说法中正确的是(  ) A.钢尺伸出桌面的长度较长时,对应的是甲波形图 B.用较大的力拨动钢尺时,对应的是乙波形图 C.甲波形图的音调比乙低 D.甲波形图的响度比乙大 【分析】(1)影响音调大小的因素是频率,频率越高,音调越高; (2)响度和振幅有关,振幅越大,响度越大。 【解答】解: A、由波形图可知,甲的振动频率比乙快,说明此时钢尺振动快,则钢尺伸出桌面的长度较短,故A错误; B、由波形图可知,甲的振幅大于乙的振幅,说明此时钢尺振动幅度大,拨动钢尺的力度较大,故B错误; C、甲和乙比较,甲波形振动的频率高,音调高,故C错误; D、甲和乙比较,甲的振幅大于乙的振幅,说明甲声音的响度比乙大,故D正确。 故选:D。 【点评】声音有三个特征,音调、响度和音色,音调跟频率有关,响度跟振幅和距离声源的距离有关,音色跟材料和结构有关。一定要明确三个特征的影响因素,才能抓住关键点。 12.如图所示的做法符合安全用电原则的是(  ) A.电灯和开关的连接 B.用湿布擦日光灯 C.试电笔的使用 D.触电时应立即切断电源 【分析】(1)家庭电路中,开关应该接在火线与用电器之间; (2)湿布容易导电,容易造成安全隐患; (3)使用试电笔时,用要接触笔尾金属体,不能接触笔尖金属体; (4)有人触电时,应先切开电源或用绝缘棒将电线挑开。 【解答】解:A、家庭电路中,开关应该接在火线与用电器之间。图中开关控制零线,在断开开关时,灯泡处仍带电,容易发生触电事故,不符合安全用电原则; B、湿布容易导电,用湿布擦日光灯,容易发生触电事故,不符合安全用电原则; C、图中使用试电笔时,手没有接触笔尾的金属体,无法形成回路,氖管不能发光,不符合安全用电原则; D、触电时应立即切断电源,或用绝缘棒将电线挑开,使人迅速脱离带电体,符合安全用电原则。 故选:D。 【点评】本题来源于日常生活的常见现象和行为,在考查安全用电的原则中,实现安全用电知识的宣传和教育作用。 13.冬天,戴眼镜的同学会发现眼镜的镜片上有时会形成“小水珠”,如图。关于这个“小水珠”下列说法不正确的是(  ) A.它时常出现在从寒冷的室外进入温暖的室内时 B.它时常出现在从温暖的室内进入寒冷的室外时 C.夏天,它也可能出现在从空调房间进入室外时 D.“小水珠”与“一湖两岸”水面上的“白气”形成原因相同 【分析】物质由气态变成液态的过程叫液化。 【解答】解: AB、从寒冷的室外进入室内后,眼镜的温度很低,而室内的水蒸气遇到冷的镜片发生液化形成小水珠,附着在镜面上,使镜片模糊,故A正确,B错误; C、夏天,空调房间温度低,眼镜的温度低,室外空气中的水蒸气遇到冷的眼镜片液化形成的小水珠,故C正确; D、眼镜上的“小水珠”和“一湖两岸”水面上的“白气”都是水蒸气遇冷液化形成的,故D正确。 故选:B。 【点评】该题通过生活中的现象考查学生对液化过程的理解,属于基础知识。 14.关于如图所示实验,下列说法正确的是(  ) A.用该装置可探宄“让通电导体在磁场中动起来” B.法拉第根据该实验揭示的原理发明了电动机 C.导体ab竖直向上运动时,灵敏电流表指针偏转 D.导体ab水平向左运动时,灵敏电流表指针偏转 【分析】要产生感应电流需满足两个条件:一为闭合回路,二为回路中部分导体切割磁感线。根据条件可判断。据图中的装置,结合实际分析即可判断。 【解答】解: A、该装置中没有电源,所以不能探究“让通电导体在磁场中动起来”,故A错误; BD、闭合开关后,导体ab左右运动时(做切割磁感线运动),电路中就会产生感应电流,电流表指针会发生偏转,这是电磁感应现象,法拉第根据该实验揭示的原理发明了发电机,不是电动机;故B错误,D正确; C、导体ab竖直向上运动时,运动方向与磁感线方向平行,导体没有做切割磁感线运动,不会产生感应电流,灵敏电流表指针不偏转,故C错误。 故选:D。 【点评】知道并理解电与磁中的实验过程和实验装置、实验用途等知识点是解决该题的关键。 15.如图所示,容器中装有一定质量的水,首先分别按甲、乙图所示的两种方式将物体和小玻璃杯漂浮在水面上,再将乙图所示方式中的细线剪断,物体和小玻璃杯的最终状态如图丙所示,设甲、乙、丙图中物体和小玻璃杯共同受到的浮力分别为F甲、F乙和F丙,水对容器底的压强分别为p甲、p乙和p丙,则(  ) A.F甲<F乙<F丙,p甲>p乙>p丙 B.F甲=F乙>F丙,p甲=p乙>p丙 C.F甲=F乙=F丙,p甲=p乙=p丙 D.F甲=F乙<F丙,p甲=p乙<p丙 【分析】①由于甲、乙两图中,物体都处于漂浮状态,要比较F甲和F乙的大小,可利用物体的浮沉条件进行判断。 ②容器底受到的水的压强和水的深度有关,由于容器底面积一定,当物体排开水的体积越大时,液面就越高,容器底受到的压强就越大;因此必须得到V甲排和V乙排的大小关系;根据①中得出的F甲、F乙的大小关系,结合阿基米德原理,即可得出V甲排和V乙排的关系,同理得出F甲、F丙的大小关系,结合阿基米德原理,即可得出V甲排和V丙排的关系,然后可知三者对容器底的压强关系。 【解答】解:(1)设物体a和小玻璃杯的总重为G,由题意知,甲乙两图中,物体都是漂浮在水面上, 由物体的浮沉条件知:F甲=G,F乙=G,即:F甲=F乙; 则:ρ水gV甲排=ρ水gV乙排,即:V甲排=V乙排; 由于容器的底面积一定,所以甲乙两图中,水面的升高值h甲、h乙的大小关系如下: △h甲===△h乙; 因此甲乙两图中,液面的高度是相同的,由p=ρgh可知,当ρ一定时,若h相等,则P相等; 因此甲乙两图中,水对液面的压强关系为:p甲=p乙; (2)丙图中,物体下沉,其浮力小于重力,则F甲=F乙>G, 则:ρ水gV甲排>ρ水gV丙排,即:V甲排>V丙排; 由于容器的底面积一定,所以甲丙两图中,水面的升高值h甲、h丙的大小关系如下: △h甲=>>△h丙; 因此甲丙两图中,水对液面的压强关系为:p甲>p丙; 综上可得:F甲=F乙>F丙;p甲=p乙>p丙; 故选:B。 【点评】以物体的浮沉条件得出F甲、F乙的大小关系,是此题的突破口,把握住物体在水中所处的状态是解题的关键。 16.在中国科技馆的“科技与生活”展区有一个涉及“光敏电阻”的展品。小强同学了解到光敏电阻可以用于自动控制,经查阅得知,光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小。小强为了研究光敏电阻的性能,将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、电压表、开关和电源连接成如图所示电路,电源电压不变。闭合开关,逐渐增大光敏电阻的光照强度,则(  ) A.电流表A的示数变小 B.电压表V的示数变小 C.R0消耗的电功率变小 D.电路消耗的总功率变大 【分析】分析电路连接及电表测量的量: A、根据逐渐增大光敏电阻的光照强度,光敏电阻的阻值逐渐变小分析电路总电阻变化,由电源电压不变,根据欧姆定律分析电路电流变化; B、由U=IR分体电阻R0两端电压变化; C、根据P=I2R,由电流变化分析消耗的电功率变化; D、根据P=UI,电源电压不变,根据电流变化分析电路总功率变化。 【解答】解: 由电路图知,光敏电阻R和定值电阻R0串联,电流表测电路中电流,电压表测R0两端电压, A、逐渐增大光敏电阻的光照强度,光敏电阻的阻值逐渐变小,电路总电阻变小,电源电压不变,根据欧姆定律可知,电路电流变大,即电流表示数变大,故A错误; B、R0的阻值不变,电路电流变大,由U=IR可知,电阻R0两端电压变大,即电压表示数变大,故B错误; C、根据P=I2R,因电流变大,故R0消耗的电功率变大,C错误; D、根据P=UI,电源电压不变,因电流变大,故电路总功率变大,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用,关键是从题中获取有效的信息。 17.同学们为敬老院的老人买了一辆电动轮椅。工作原理如图所示,操纵杆可以同时控制S1和S2两个开关,向前推操纵杆时轮椅前进且能调速,向后拉操纵杆轮椅以恒定速度后退,已知蓄电池电压为24V,定值电阻R2为20Ω,R1为滑动变阻器,下列对电路的判断正确的是(  ) A.S1接触点1,S2接触点2时,轮椅前进 B.S1和S2都接触点1时,轮椅后退 C.轮椅后退时电路中的电流小于1.2A D.轮椅后退时电路中的电流为1.2A 【分析】轮椅前进且能调速,故前进电路中应有可以控制电路中的电流的装置,即应有滑动变阻器且与电动机串联;轮椅后退时,轮椅以恒定速度后退,即电动机应与R2串联。 由此结合电路分析开关的状态;并根据根据欧姆定律计算后退时电路中的电流。 【解答】解: A、由题轮椅前进且能调速,故前进电路中应有可以控制电路中的电流的装置,即滑动变阻器且与电动机串联在电路中。由电路图可知,此时开关S1和S2都接1,故A错误; B、轮椅后退时,轮椅以恒定速度后退,即电动机应与R2串联,此时电流方向与前进时相反,由电路图可知,此时开关S1和S2都接2,故B错误; CD、由B后退时电动机与R2串联,电源电压24V,R2=20Ω,电路中电流I==<1.2A,故C正确,D错误。 故选:C。 【点评】本题应注意通过审题找出题目中隐含的信息,同时注意对电路的分析能力,灵活应用欧姆定律及串联电路的电压规律求解。同时本题也很好的体现物理知识在生活中的应用,是一道好题。 三.实验探究题(共3小题,满分22分) 18.某一托盘天平,其称量标尺的最大测量值是1g,每一小格代表0.02g,和它相配套的一组砝码(质量以g为单位)共有以下值:1、2、2、5、10、20、20、50、100.当称量一个186.24g的物体质量时,右盘里得放 6 个砝码(填写个数),游码的示数为 0.24 g.一位同学用托盘天平称量150g面粉(做面包所需用量),在称量时,他先在右盘里放好了150g的砝码,面粉放在左盘里后,发现指针向左偏转,这时他应该 A  A.减少面粉 B.向右盘中加砝码 C.移动游码 D.调节天平的平衡螺母 【分析】天平的最大测量范围就是能够测量的最大值,即为砝码数和游码数的和;根据给出数据,确定砝码的质量和个数,以及游码对应的刻度值;根据称量150g面粉的具体操作过程来分析解答。 【解答】解: 当称量一个186.24g的物体质量时,由所给砝码的质量可知,右盘里放砝码的情况是:100g、50g、20g、10g、5g、1g各一个,共6个砝码,游码的示数为0.24g; 由题意可知,该同学要用托盘天平称量出150g的面粉;在称量时,他先在右盘里放好了150g的砝码,面粉放在左盘里后,发现指针向左偏转,说明面粉多了,要减少面粉,故选A。 故答案为:6;0.24;A。 【点评】此题主要考查的是学生对天平的使用和读数的理解和掌握,基础性题目。 19.晓华和同学取两张等大的同型号圆形纸,分别剪去两个大小不等的扇形如图甲所示,再将它们做成图乙所示的两个锥角不同的大小纸锥,进行纸锥下落快慢的研究: (1)为了比较纸锥下落的快慢,把两个纸锥拿到同一高度同时释放。此时应该拿至图乙的 A (选填“A”或“B”)所示的位置释放,同时记录纸锥下落至地面的 时间 ,就可比较纸锥下落的快慢; 运动物体 ① 下落的高度h/m  ② 下落所用时间t/s  速度v/(m?s﹣1) 大纸锥 小纸锥 (2)如果要测量两个纸锥的下落速度,需要的测量工具有 刻度尺 和 秒表(计时器) ;参照速度格式,请把实验表格中①和②两处填写完整; (3)晓华的同学猜想纸锥从同一高度下落的快慢可能与纸锥的锥角、纸锥的轻重(即质量)有关,并打算用第(1)题中的两个纸锥,研究纸锥下落快慢与锥角的关系,晓华认为不科学,你认为原因可能是: 两纸锥的质量不同 。 【分析】(1)若使纸锥从同一高度落下,应使纸锥的尖端位置在同一水平高度处,比较快慢时,即可采用相同时间比距离,也可采用相同距离比时间的方法; (2)根据速度的计算公式v=可知,要得到速度,需测量路程和时间,然后选择测量路程和时间的测量工具即可,根据实验目的完成表格所要记录的物理量。 (3)制作纸锥时,从同样大小的纸上剪去了大小不等的一部分,造成了纸锥的轻重不同。 【解答】解:(1)为了比较纸锥下落的快慢,把两个纸锥拿到同一高度同时释放。图乙A中两纸锥的下端高度相同,图乙B中两纸锥的上端高度相同,故应选图乙A的位置释放。 实验中即可记录下落至地面的时间,比较纸锥下落的快慢; (2)根据v=可知,需要测量路程和时间,测量路程的工具是刻度尺,测量时间的工具是秒表(计时器); 因此本实验是测量两个纸锥的下落速度,因此需要测量下落的高度h和下落所用的时间,故表格中空缺的内容是①下落的高度h/m;②下落所用时间t/s。 (3)根据纸锥一开始的制作方法,由于剪去部分的大小不同,所以纸锥的质量会不同。 故答案为:(1)A;时间;(2)刻度尺;秒表(计时器);①下落的高度h/m;②下落所用时间t/s;(3)两纸锥的质量不同。 【点评】在本实验的探究中,主要运用了控制变量的研究方法,同时还考查了运动快慢的比较,根据原理选择测量工具以及设计表格。 20.(10分)在“测定小电灯电功率的实验中”小灯泡额定电压为2.5V、电压恒定为4V的电源以及其它相关器材按图甲连接电路,进行实验。 (1)图甲是小明测量小灯泡额定功率的实物电路图,图中有一根线连接错误,请在这根线上打“×”,并在图中改正。 (2)连接电路时,开关应 断开 ,滑动变阻器滑片应移至 B (A/B)端。 (3)在实验过程中,小明调节滑动变阻器的滑片,直到灯泡正常发光,在此过程中测得小灯泡电流和电压的几组数据,并正确画出曲线a,如图乙所示。由图可知该小灯泡的额定功率为 0.75 W,利用该电路 能 (能/不能)测出灯泡的电阻,此电路的数据 不能 (能/不能)研究导体中的电流与电压的关系。 (4)当灯泡正常发光时,滑动变阻器接入电路中的电阻为 5 Ω,此时滑动变阻器的电功率为 0.45 W。 (5)小明在图乙中还画出了本实验中滑动变阻器的电流随电压变化的曲线b,老师据图指出该曲线中明显可以看出有一处是错误的,所以此图不正确,你认为这一处的错误是 当滑动变阻器的电阻与灯泡的电阻相等时(曲线的交点处)电压之和明显不等于电源电压4V(或滑动变阻器两端与灯泡两端电压之和并不总是等于4V) 。 【分析】(1)测灯的功率实验中,电压表与灯并联,电流表与灯串联,变阻器串联在电路中,分析电路连接错误之处,并改正; (2)闭合开关前,为保护电路,开关要断开;应该将滑动变阻器滑片移至阻值最大处; (3)由图乙曲线a可知电压为2.5V时的电流大小,根据P=UI求该小灯泡的额定电功率; 根据欧姆定律分析; 由图线a知灯丝的电阻是变化的,而研究导体中的电流与电压的关系时,要控制电阻大小不变; (4)由图乙曲线a可知当灯泡正常发光时通过的电流大小,根据串联电路的规律和欧姆定律,求出滑动变阻器连入电路中的电阻;根据P滑=U滑I求此时滑动变阻器的电功率; (5)根据串联电路电压的规律:电路的总电压等于各部分电压之和分析。 【解答】解:(1)原电路中,灯与变阻器并联后与电流表并联,电压表串联在电路中了,是错误的,电流表应与灯和变阻器串联,电压表与应灯并联,改正后如下所示: (2)闭合开关前,开关应断开,将滑动变阻器滑片移至阻值最大处,即B端; (3)如图乙曲线a所示,可知灯泡的电压为2.5V时,电流为0.3A, 该小灯泡的额定电功率为: P=UI=2.5V×0.3A=0.75W; 根据欧姆定律的变形公式R=可知,因可测出灯的电压和通过的电流,故利用该电路能测出灯泡的电阻; 研究导体中的电流与电压的关系时,要控制电阻大小不变,由图线a知,通过灯的电流随电压的变化不是直线,所以灯丝的电阻是变化的,则此电路的数据不能研究导体中的电流与电压的关系; (4)因当灯泡正常发光时,灯的电压为2.5V,通过的电流为0.3A,根据串联电路电压的规律,变阻器两端的电压: U滑=U﹣UL=4V﹣2.5V=1.5V, 根据串联电路电流的规律和欧姆定律可得,滑动变阻器连入电路中的电阻为: R滑===5Ω; 此时滑动变阻器的电功率为: P滑=U滑I=1.5V×0.3A=0.45W; (4)图乙中还画出了本实验中滑动变阻器的电流随电压变化的曲线b,根据串联电路电压的规律可知:电路的总电压等于各部分电压之和,故变阻器与灯泡的电压之和应4V,当滑动变阻器的电阻与灯泡的电阻相等时(曲线的交点处,电压和电流都相等,由欧姆定律R=电阻相等)电压之和显不等于电源电压4V(或滑动变阻器两端与灯泡两端电压之和并不总是等于4V),所以曲线b是错误的。 故答案为:(1)如上所示;(2)断开;B;(3)0.75;能;不能;(4)5;0.45; (5)当滑动变阻器的电阻与灯泡的电阻相等时(曲线的交点处)电压之和明显不等于电源电压4V(或滑动变阻器两端与灯泡两端电压之和并不总是等于4V)。 【点评】本题测定小电灯电功率的实验,考查电路的连接、注意事项、操作过程、额定功率的计算、测电阻的原理、控制变量法及对数据的分析,综合性较强。 四.解答题(共3小题,满分21分) 21.给你一个凸透镜、一把刻度尺、一张白纸,请你测出这个凸透镜的焦距。请你画图辅助说明。 【分析】(1)根据凸透镜对光线的会聚作用来分析即可。 (2)要解决此题,首先要掌握焦点的概念:平行于主光轴的光线会聚于一点,此点为凸透镜的焦点。 (3)根据焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距,粗略测量薄透镜的焦距时,可以测出从焦点到凸透镜的距离即可。 【解答】解:(1)拿着凸透镜使其正对着太阳光; (2)再把一张纸放在凸透镜的另一侧,改变透镜与白纸之间的距离,直到纸上出现一个最小、最亮的光斑; (3)用刻度尺测量这个光斑到凸透镜的距离,便等于凸透镜的焦距。 如图所示: 。 【点评】本题是一道实验题,该实验依据的是焦点和焦距的概念。注意做该实验时一定要让凸透镜正对太阳光,还有切不可拿着凸透镜看太阳,以免灼伤眼睛。 22.(10分)如图是由西安飞机工业集团等部门联合制造的新一代重型军用大型运输机“运20”,这是一款战略性装备,对改善我军装备现状、保卫国家安全有着不可替代的重要作用,它也将推动中国空军向战略空军迈出坚实的一步。请解答下列问题: (1)“运20”飞行中升力的获得利用了“流速越大,压强 越小 ”的原理。 (2)该机有14个轮子,每个轮子与地面的接触面积约为0.3m2,一次起飞时的总质量为168t,该机静止在水平跑道上时对地面的压强约为多少? (3)该机从地面飞到5000米高空时,克服重力所做的功约为多少?(g取10N/kg) 【分析】(1)流体在流速大的地方压强小、却在流速小的地方压强大; (2)已知飞机的质量,可以得到重力,飞机对水平地面的压力等于其重力;已知每个轮子与地面的接触面积和轮子数量,可以得到飞机与地面的总接触面积;已知压力和接触面积,利用公式p=得到飞机静止在水平跑道上时对地面的压强。 (3)已知重力大小和飞行高度,利用W=Gh计算克服重力所做的功。 【解答】解:(1)“运20”飞行中升力的获得利用了“流速越大,压强越小”的原理。 (2)飞机对水平面的压力为:F=G=mg=1.68×105kg×10N/kg=1.68×106N, 飞机与地面的接触面积为:S=14×0.3m2=4.2m2, 飞机静止在水平跑道上时对地面的压强:p===4.2×105Pa; (3)该机克服重力所做的功:W=Gh=1.68×106N×5000m=8.4×109J。 答:(1)越小; (2)该机静止在水平跑道上时对地面的压强约为4.2×105Pa; (3)克服重力所做的功约为8.4×109J。 【点评】此题考查了流体压强和流速的关系、压强和功的大小及其计算,关键是知道飞机对水平地面的压力等于其重力,同时应注意该机静止在水平跑道上时有14个轮子与地面接触。 23.(7分)电源电压为18V不变,定值电阻R1与滑动变阻器R2串联,电压表测量R1的电压,电流表串联在电路中。滑动变阻器R2上标有20Ω 2A的字样,闭合开关S后,电流表的示数为1A,电压表的示数为4V.求 (1)R1的阻值 (2)电路中最小电流 (3)在电压表和电流表不改变量程的情况下,为使电路正常工作,滑动变阻器R2接入的阻值范围。 【分析】由题意可知,定值电阻R1与滑动变阻器R2串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流。 (1)知道R1两端的电压和电路中的电流,根据欧姆定律求出R1的阻值; (2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的总电阻最大,电路中的电流最小,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中最小电流; (3)根据滑动变阻器的铭牌可知电路中的最大电流,根据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串联求出R2的最小阻值,然后得出滑动变阻器R2连入电路的阻值范围。 【解答】解:由题意可知,定值电阻R1与滑动变阻器R2串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流,如下图所示: (1)由I=可得,电阻R1的阻值: R1===4Ω; (2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,电路中的最小电流: I小===0.75A; (3)由题意可知,电流表量程为0~3A,而滑动变阻器允许通过的最大电流为2A, 所以,为了保证电路的安全,电路中的最大电流I大=2A,此时变阻器接入电路中的电阻最小, 此时电路中的总电阻: R===9Ω, 则滑动变阻器接入电路中的最小阻值: R2小=R﹣R1=9Ω﹣4Ω=5Ω, 当变阻器接入电路中的电阻最大为20Ω时,电路中电流最小,电压表示数最小,各电路元件是安全的, 所以变阻器R2的阻值范围为5Ω~20Ω。 答:(1)R1的阻值为4Ω; (2)电路中的最小电流为0.75A; (3)滑动变阻器R2连入电路的阻值范围为5Ω~20Ω。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用,正确的确定电路中的最大电流是关键。

  • ID:6-5651470 2018-2019学年安徽省合肥市庐江县汤池镇金牛中学九年级(下)期中物理试卷(解析版)

    初中物理/期中专区/九年级下册

    2018-2019学年安徽省合肥市庐江县汤池镇金牛中学九年级(下)期中物理试卷 一.选择题(共10小题,满分30分,每小题3分) 1.波士顿大学的科学家设计了一种“波浪能量采集船”,如图所示,在船的两侧装有可触及水面的“工作臂”,“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时,工作臂就前后移动,完成能量的采集,并把它们储存到船上的大容量电池中。图中能反映“波浪能量采集船”能量采集原理的是(  ) A. B. C. D. 2.一根锯条的A端靠近磁针的N极时,磁铁N极被吸引过来,则(  ) A.锯条一定具有磁性,并且锯条A端为N极 B.锯条一定没有磁性 C.锯条可能有磁性,也可能没有磁性 D.锯条一定具有磁性,并且锯条A端为S极 3.图甲是一种磁悬浮地球仪摆件,地球仪内部装有磁铁,底座内部装有如图乙所示的电磁铁。下列说法不正确的是(  ) A.地球仪利用同名磁极间相互排斥的原理工作 B.地球仪内部磁铁的上端一定是N极 C.增大电磁铁线圈中的电流,地球仪静止时底座对水平桌面的压力与原来比变大 D.增大电磁铁线圈中的电流,地球仪静止时地球仪与底座之间距离与原来比变大 4.下列关于电磁现象的说法中,正确的是(  ) A.通电导体在磁场中受力的方向只与电流方向有关 B.闭合电路的一部分导体在磁场中运动时,导体中就一定会产生感应电流 C.光纤不导电,不会产生电磁感应现象,所以光纤通信不会受外界电磁场的干扰 D.电磁铁的磁性强弱只与线圈中的电流大小有关 5.如图所示是扬声器(喇叭)的结构图。当扬声器的线圈中通入携带声音的信息、时刻变化的电流时,线圈会在永久磁体的作用下受到力的作用并带动纸盆振动发声。下列说法中正确的是(  ) A.扬声器工作时是将机械能转化为电能 B.扬声器的工作原理是通电线圈在磁场中受力运动 C.扬声器中的永久磁体周围存在磁场 D.扬声器的工作原理与发电机的工作原理相同 6.晨晨学习了电与磁后,对所学的知识进行了回忆和总结,下面是他对有关电与磁的分析,其中错误的是(  ) A.图a装置的原理可用于制作电动机 B.图b磁悬浮列车利用磁极间的相互作用原理 C.图c是丹麦物理学家奥斯特研究电磁感应现象的实验装置 D.图d可用来演示通电导体周围存在磁场 7.如图所示的四种现象中,符合安全用电原则的是(  ) A.在没有断开电源的情况下换灯泡 B.使用绝缘层破损的电线 C. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯 D. 用绝缘棒挑开通电的裸导线 8.“从生活走向物理,从物理走向社会”是我们学习物理的基本理念。根据你所学的知识判断下列说法不正确的是(  ) A.图中的三脚插座对应用电器的三线插头,插头最上面的那条导线与用电器的外壳相连 B.只要拿着试电笔接触火线,其内部的氖管就会发光 C.图中带开关的灯泡和三脚插座的接法是错误的 D.图中的灯泡、两脚插座、三脚插座是并联关系 9.某家庭电路的部分电路如图,其中甲、乙两处分别装用电器或开关。对此电路,下列说法中正确的(  ) A.火线上的保险丝应该改装到零线上 B.甲处应装开关,乙处应装用电器 C.当用电器功率增大时,通过保险丝的电流就增大 D.当保险丝熔断后,可以用铜丝代替 10.关于电与磁的有关知识,下列说法正确的是(  ) A.大头针被磁铁吸引的同时也被磁化成小磁体 B.通电螺线管相当于一个条形磁体 C.导体在磁场中做切割磁感线运动时,导体中一定产生感应电流 D.电动机工作时,主要的能量转化是将电能转化为机械能 二.填空题(共5小题,满分30分) 11.如图的两幅图,A图是研究   的实验,它是由英国物理学家   经过若干年的探索,进一步揭示了电现象和磁现象之间的联系,闭合电路中产生感应电流的条件是:   。 B图实验表明了   它的方向跟   方向和   方向都有关系,电动机就是利用这一原理制成的,电动机是由   和   组成。电动机广泛地被人们利用在生活和生产中,请举出两例电动机的应用:   。 12.利用两种或两种以上能源的汽车称为混合动力型汽车,如图所示为“并联混合动力型汽车”的原理图,这种汽车在制动减速时,电动机的飞轮与汽车轮子摩擦,电动机作为发电机使用,把动能转化成了   能,实现了对电池的充电,混合动力型汽车节约了汽油,减少了尾气排放,是节约能源的一种可行的办法。 13.(8分)阅读短文,回答问题: 电磁继电器 电磁继电器是电子控制器件,由低压控制电路和工作电路两大部分组成,它能用较小的电流控制较大电流。电磁继电器的主要部件是电磁铁、衔铁、弹簧和触点。电磁铁内部铁芯和衔铁都是软铁类物质,这种物质在有外磁场时容易被磁化,离开磁场时容易退磁,低压控制电路接通电源,电流通过电磁铁线圈产生磁场,磁场的磁感应强度与通过它的电流成正比,具有磁性的电磁铁对衔铁有吸引力,电磁继电器就是通过低压控制电路中电流使触点接触状况发生改变。 (1)接通低电压电源时使电磁铁内铁芯   ,断电后电磁铁内铁芯   ; (2)如图所示,与衔铁相连的直杆是一种简单机械,物理上称为   ; (3)如图所示,在试验电磁继电器的工作情况时,可能发生的动作是   。 A、低压电源断开,工作电路中的灯泡不亮,电动机转动 B、低压电源接通,工作电路中的灯泡不亮,电动机转动 C、低压电源断开,工作电路中的灯泡发光,电动机转动 D、低压电源接通,工作电路中的灯泡发光,电动机不转动 (4)某次低压电源通电后,电磁铁不能将衔铁完全吸下,现要使电磁继电器能正常工作,可采取的措施是   。 A、减小工作电路中的电流 B、增大工作电路中的电流 C、减小低压控制电路中的电流 D、增大低压控制电路中的电流 (5)图2图象中,描述电磁铁对衔铁的吸引力的大小F与低压控制电路中的电流强度I的关系,可能正确的是   。 14.长度相等的铜导线甲和乙,甲的横截面积大于乙的横截面积,则甲导线的电阻   乙导线的电阻。若将它们串联在电路中,通过甲导线的电流   通过乙导线的电流;若将它们并联在电路中,通过甲导线的电流   通过乙导线的电流。(均选填“小于”、“等于”或“大于”) 15.探究电磁感应现象应该选用如图中   所示的装置进行实验。实验中是将电能转化为机械能的装置是图中   。与扬声器原理相似的是装置图中   。(以上三空填“甲”或“乙”) 三.解答题(共2小题,满分20分) 16.在学习完了电生磁之后,某学习小组利用了如图示的实验装置探究“通电螺线管的外部磁场”。实验时:(1)观察小磁针的指向判断A端是电源的   极。 (2)琴琴同学猜想通电螺线管磁场强弱可能与线圈匝数和电流大小都有关。实验中,他将开关S从l换到2上时,调节变阻器的滑片P,再次观察电流表示数及吸引的回形针数目,此时调节滑动变阻器是为了   ,来研究   的关系。 17.在学校实验室开放时。同学们对手摇发电机非常感兴趣,他们想:发电机产生感应电流大小跟哪些因素有关呢?于是他们开展了探究,如图是他们所用的发电机和实验记录表: 实验顺序 线圈转速 线圈转向 小灯泡亮度 1 2 3 (1)根据表格可知,他们准备研究发电机产生感应电流的大小是否与   有关。 (2)手摇发电机是利用   原理来发电的。在发电时将   能转化为电能。 (3)他们根据小灯泡的亮度来判断电路中感应电流的大小,像这种用能直接观测的量来显示不易直接观测的量的方法叫“转换法”。下列方法属于“转换法”的是   (填序号) ①根据磁铁吸引大头针的多少来判断磁性的强弱; ②为了研究电流的特点,把电流看成水流。 ③为了研究电流和电阻的关系,使电压保持不变。 (4)手摇式发电机产生的感应电流是   (选填“交流电”或“直流电”)。 四.作图题(共2小题,满分14分) 18.如图为通电螺线管与条形磁铁之间的磁场分布,请根据小磁针的指向,在图中标出磁感线的方向以及条形磁铁的N、S极和电源的正负极。 19.如图所示,小明同学在研究性学习活动中为某仓库设计的一种防盗报警器,其踏板放在仓库的门口,电铃和灯泡放在值班室内。 (1)踏板相当于控制电路中的   ,控制电流的有无。 (2)观察电路可知,这个报警器的工作原理是:有人踩蹋板时   ;无人踩蹋板时   。(提示:填绿灯的亮暗情况和电铃的响不响情况) 五.解答题(共1小题,满分6分,每小题6分) 20.某家庭电路中有100W的白炽灯两盏,60W的白炽灯五盏,40W的目光灯十盏,1000W的空调一台,120W的彩色电视一台,120W的电冰箱一台,熔丝的额定电流是11A。 (1)电路中的最大正常工作电流是多少安培? (2)电路中的所有用电器全部正常工作时,熔丝会被烧断吗? (3)电路中的全部用电器都正常工作的时候,如果有一个电阻为2.2kΩ的人不慎发生了图示的单线触电,通过人体的电流是多少安培?需要更换额定电流更大的熔丝吗?为什么? 2018-2019学年安徽省合肥市庐江县汤池镇金牛中学九年级(下)期中物理试卷 参考答案与试题解析 一.选择题(共10小题,满分30分,每小题3分) 1.波士顿大学的科学家设计了一种“波浪能量采集船”,如图所示,在船的两侧装有可触及水面的“工作臂”,“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时,工作臂就前后移动,完成能量的采集,并把它们储存到船上的大容量电池中。图中能反映“波浪能量采集船”能量采集原理的是(  ) A. B. C. D. 【分析】通过题意明确这种“波浪能量采集船”是采集的波流的机械能,而获得的是电能,从而再对照选项中的原理,看哪一个是将机械能转化为电能的装置。 【解答】解:A、是电磁感应的装置,将机械能转化为电能,与“波浪能量采集船”的能量转化相同,符合题意; B、通电导体在磁场中受力,将电能转化为机械能,与“波浪能量采集船”的能量转化不同,不符合题意; C、是奥斯特实验,是电流的磁效应,与“波浪能量采集船”的能量转化不同,不符合题意; D、是研究电磁铁的装置,与“波浪能量采集船”的能量转化不同,不符合题意。 故选:A。 【点评】通过分析题意,明确这种“波浪能量采集船”是如何采集能量,发生了怎样的能量转化,是解答的关键。 2.一根锯条的A端靠近磁针的N极时,磁铁N极被吸引过来,则(  ) A.锯条一定具有磁性,并且锯条A端为N极 B.锯条一定没有磁性 C.锯条可能有磁性,也可能没有磁性 D.锯条一定具有磁性,并且锯条A端为S极 【分析】(1)同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引。 (2)排斥的只有同名磁极;吸引的可能是异名磁极,也可能是磁体吸引磁性材料 【解答】解:锯条AB的A端靠近小磁针N极时发现小磁针被吸引,锯条可能是磁体,锯条和磁针的接触端是异名磁极相互吸引。锯条也可能不具有磁性,被磁体吸引造成的。 故选:C。 【点评】(1)掌握磁极间的相互作用,排斥的两端磁极是同名的,吸引的两端可能是异名磁极,也可能是磁体吸引磁性材料。 (2)注意磁体和带电体之间的异同点。 3.图甲是一种磁悬浮地球仪摆件,地球仪内部装有磁铁,底座内部装有如图乙所示的电磁铁。下列说法不正确的是(  ) A.地球仪利用同名磁极间相互排斥的原理工作 B.地球仪内部磁铁的上端一定是N极 C.增大电磁铁线圈中的电流,地球仪静止时底座对水平桌面的压力与原来比变大 D.增大电磁铁线圈中的电流,地球仪静止时地球仪与底座之间距离与原来比变大 【分析】(1)地球仪利用了同名磁极相互排斥的原理; (2)利用安培定则可判断地球仪内部磁铁的磁极; (3)根据二力平衡分析压力及距离变化的大小。 【解答】解:A、磁悬浮地球仪之所以能悬浮在空中,是利用了同名磁极相互排斥的原理。故A正确; B、由安培定则和图示可知,右手握住螺线管,四指指向电流的方向,大拇指指向螺线管的下端,则螺线管的下端为N极、上端为S极(即底座的上端为S极);磁悬浮地球仪利用了同名磁极相互排斥的原理,所以地球仪内部磁铁的上端一定是N极。故B正确; CD、增大电磁铁线圈中的电流,地球仪受到的磁力增大,地球仪与底座之间距离变大; 地球仪受到的重力不变,最后还是处于静止状态,所以底座对地球仪的磁力大小不变,底座的重力不变。所以底座对水平桌面的压力与原来相等,故C错误、D正确。 故选:C。 【点评】此题综合考查了平衡状态的判断、同名磁极相互排斥等知识点,要从题目中寻找有用的信息,利用有关知识点解题。 4.下列关于电磁现象的说法中,正确的是(  ) A.通电导体在磁场中受力的方向只与电流方向有关 B.闭合电路的一部分导体在磁场中运动时,导体中就一定会产生感应电流 C.光纤不导电,不会产生电磁感应现象,所以光纤通信不会受外界电磁场的干扰 D.电磁铁的磁性强弱只与线圈中的电流大小有关 【分析】(1)通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场方向有关; (2)产生感应电流的条件是:闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动; (3)光纤通信中传输信号的激光在光纤中传播,激光是传输光信号的载体; (4)电磁铁的磁性强弱和电磁铁中的电流大小、线圈匝数有关。 【解答】解:A、通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场方向有关,故A错误; B、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,导体中就一定会产生感应电流,故B错误; C、光纤通信的优点有:容量大、不受外界磁场的干扰、不怕腐蚀、不怕潮、能量损耗少、通信质量高等,故C正确; D、电磁铁的磁性强弱和电磁铁中的电流大小、线圈匝数有关,与电流方向无关,故D错误。 故选:C。 【点评】本题主要考查了电磁知识,属于基础知识考查,也是学生易错的内容。 5.如图所示是扬声器(喇叭)的结构图。当扬声器的线圈中通入携带声音的信息、时刻变化的电流时,线圈会在永久磁体的作用下受到力的作用并带动纸盆振动发声。下列说法中正确的是(  ) A.扬声器工作时是将机械能转化为电能 B.扬声器的工作原理是通电线圈在磁场中受力运动 C.扬声器中的永久磁体周围存在磁场 D.扬声器的工作原理与发电机的工作原理相同 【分析】动圈式话筒的工作原理是:电磁感应现象的应用。工作过程是:声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器。 【解答】解: AB、扬声器把电信号转化为声信号,利用通电导体在磁场中受力原理来工作的,在工作中是将电能转化为机械能,故A错误、B正确; C、扬声器中的永久磁体周围存在磁场,故C正确; D、扬声器把电信号转化为声信号,利用通电导体在磁场中受力原理来工作的,电磁感应现象是发电机的工作原理,故D错误。 故选:BC。 【点评】本题主要考查学生对动圈式话筒的构造和原理的了解和掌握,是一道中等题。 6.晨晨学习了电与磁后,对所学的知识进行了回忆和总结,下面是他对有关电与磁的分析,其中错误的是(  ) A.图a装置的原理可用于制作电动机 B.图b磁悬浮列车利用磁极间的相互作用原理 C.图c是丹麦物理学家奥斯特研究电磁感应现象的实验装置 D.图d可用来演示通电导体周围存在磁场 【分析】(1)电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的; (2)同名磁极相互排斥; (3)闭合电路的导线在磁场中做切割磁感线运动可以产生感应电流,这是英国物理学家法拉第发现; (4)奥斯特说明了通电导体周围存在磁场。 【解答】解: A、当闭合开关后,导体运动,说明通电导体在磁场中受到力的作用,图a可用于制作电动机;故A正确; B、b图为磁悬浮列车,是利用磁极间的相互作用原理使列车悬浮起来;故B正确; C、当导体运动时,电流表的指针会发生偏转,即会产生感应电流,故图c是研究电磁感应现象的实验装置,是英国物理学家法拉第发现的;故C错误; D、此实验是奥斯特实验,图d说明了电流周围存在磁场。故D正确。 故选:C。 【点评】在电磁学中,有很多典型的实验装置,记住这些实验装置、实验过程中的现象及探究的目的,对于解决此题题目非常关键。 7.如图所示的四种现象中,符合安全用电原则的是(  ) A.在没有断开电源的情况下换灯泡 B.使用绝缘层破损的电线 C. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯 D. 用绝缘棒挑开通电的裸导线 【分析】(1)更换灯泡时,应先切断电源; (2)绝缘层破损的电线要及时更换; (3)湿物体是导体,接触带电体容易发生触电; (4)发现有人触电时,可以用绝缘棒挑开通电的裸导线。 【解答】解:A、不断开开关,直接更换不亮的电灯泡,由于灯泡上带电,容易引起触电事故,所以更换灯泡时先断开开关,故A不符合安全用电原则; B、电线绝缘层破损后,防止引发触电事故,故B不符合安全用电原则; C、用湿布擦拭正在发光的电灯,湿布导电容易使人触电,故C不符合安全用电原则; D、用绝缘棒挑开通电的裸导线,避免发生触电事故,故D符合安全用电原则。 故选:D。 【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识,值得注意的是:生活用水是导体,金属外壳的用电器一定要接地。 8.“从生活走向物理,从物理走向社会”是我们学习物理的基本理念。根据你所学的知识判断下列说法不正确的是(  ) A.图中的三脚插座对应用电器的三线插头,插头最上面的那条导线与用电器的外壳相连 B.只要拿着试电笔接触火线,其内部的氖管就会发光 C.图中带开关的灯泡和三脚插座的接法是错误的 D.图中的灯泡、两脚插座、三脚插座是并联关系 【分析】利用下列知识分析判断: (1)家庭电路中各用电器之间、用电器与插座之间以及插座与插座之间都是并联连接; (2)灯泡的接法:开关与灯泡顶部接线柱相连,同时与火线连接,螺旋套与零线相连; (3)二孔插座的接法:左零右火; 三孔插座的接法:左零右火,中间接地线,对应的三线插头的该插头与用电器的金属外壳相连; (4)测电笔的正确使用方法:手一定接触笔尾金属体,一定不要接触笔尖金属体。 【解答】解:A、图中的三脚插座对应用电器的三线插头,插头最上面的那条导线与用电器的外壳相连,这样可以防止因外壳漏电发生触电,故A正确; B、只有测电笔使用正确时,测电笔与火线相连,氖管才能发光,如果使用不正确,则氖管不能发光,故B错误; C、开关应接在火线与灯泡之间,故C正确; D、因为家庭电路中的用电器、插座之间都是并联连接,故D正确。 故选:B。 【点评】掌握家庭电路中用电器之间、插座之间、用电器和插座之间、开关和用电器之间的连接方式、各元件的正确接法以及测电笔的正确使用方法。 9.某家庭电路的部分电路如图,其中甲、乙两处分别装用电器或开关。对此电路,下列说法中正确的(  ) A.火线上的保险丝应该改装到零线上 B.甲处应装开关,乙处应装用电器 C.当用电器功率增大时,通过保险丝的电流就增大 D.当保险丝熔断后,可以用铜丝代替 【分析】(1)家庭电路中,为了安全,保险丝要接在火线上,开关也应接在火线上; (2)家庭电路电流过大的原因是:短路或总功率过大; (3)当保险丝熔断后,不能用铜丝代替。 【解答】解:A、为了安全,保险丝应该接到火线上,故A错误; B、为了安全,保险丝要接在火线上,开关也应接在火线上,甲处安装开关,乙处安装用电器,故B正确; C、当用电器功率增大时,根据P=UI可知,通过保险丝的电流就增大,故C正确; D、当保险丝熔断后,由于铜丝的熔点很高,所以绝对不能用铜丝代替保险丝,故D错误; 故选:BC。 【点评】家庭电路与中学生日常生活联系最密切,在学习时注意理论联系实际,学以致用。 10.关于电与磁的有关知识,下列说法正确的是(  ) A.大头针被磁铁吸引的同时也被磁化成小磁体 B.通电螺线管相当于一个条形磁体 C.导体在磁场中做切割磁感线运动时,导体中一定产生感应电流 D.电动机工作时,主要的能量转化是将电能转化为机械能 【分析】(1)一些物质在磁体或电流的作用下获得磁性,叫做磁化,大头针被磁铁吸引,同时会被磁化; (2)通电螺线管的外部磁场和条形磁体的外部磁场相类似; (3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,会产生电流; (4)电动机消耗电能,得到机械能。 【解答】解: A、大头针被磁铁吸引的同时也被磁化成小磁体,故A正确; B、通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似,故B正确; C、如果电路不闭合,导体在磁场中做切割磁感线运动也不会产生感应电流,故C错误; D、电动机工作时,消耗电能,转动得到机械能,所以主要的能量转化是将电能转化为机械能,故D正确。 故选:ABD。 【点评】本题主要考查电和磁的基础知识,掌握基础知识,是学习磁现象一章的关键。 二.填空题(共5小题,满分30分) 11.如图的两幅图,A图是研究 电磁感应 的实验,它是由英国物理学家 法拉第 经过若干年的探索,进一步揭示了电现象和磁现象之间的联系,闭合电路中产生感应电流的条件是: 一是闭合电路中一部分导体;二是在磁场中做切割磁感线运动 。 B图实验表明了 通电导体在磁场中受力的作用 它的方向跟 电流 方向和 磁场 方向都有关系,电动机就是利用这一原理制成的,电动机是由 定子 和 转子 组成。电动机广泛地被人们利用在生活和生产中,请举出两例电动机的应用: 电风扇、空调 。 【分析】闭合电路的部分导体切割磁感线,电路中会产生感应电流,这就是电磁感应现象,是由英国物理学家法拉第发现的; 导体运动的方向与电流方向和磁场方向有关;根据电动机的组成和应用进行解答。 【解答】解:把导线与灵敏电流计组成闭合电路,让导体ab切割磁感线,灵敏电流计的指针会发生偏转,证明有感应电流产生,因此A图是研究电磁感应的实验,它是由英国物理学家 法拉第经过若干年的探索,进一步揭示了电现象和磁现象之间的联系,故闭合电路中产生感应电流的条件是:一是闭合电路中一部分导体;二是在磁场中做切割磁感线运动; B图是电动机的原理图,说明了通电导体在磁场中受力的作用,并且导体运动方向与电流方向和磁场方向有关; 电动机是由定子和转子组成。 电动机的应用:电风扇、空调。 故答案为:电磁感应;法拉第;一是闭合电路中一部分导体;二是在磁场中做切割磁感线运动;通电导体在磁场中受力的作用;电流;磁场;定子;转子;电风扇、空调。 【点评】学习磁现象一章要掌握常见实验原理图,认识实验装置图,知道说明的原理和生活中的应用。 12.利用两种或两种以上能源的汽车称为混合动力型汽车,如图所示为“并联混合动力型汽车”的原理图,这种汽车在制动减速时,电动机的飞轮与汽车轮子摩擦,电动机作为发电机使用,把动能转化成了 电 能,实现了对电池的充电,混合动力型汽车节约了汽油,减少了尾气排放,是节约能源的一种可行的办法。 【分析】混合动力型汽车在制动时,汽车的动能一部分转化为内能;电动机作为发电机使用,把汽车的一部分动能转化为电能; 【解答】解:混合动力型汽车制动时,由于要克服摩擦做功,所以汽车的一部分动能转化为内能,而另一部分动能通过发电机转化为电能。 故答案为:电。 【点评】此题主要考查学生对能量转化的理解和掌握,属于基础性题目。 13.阅读短文,回答问题: 电磁继电器 电磁继电器是电子控制器件,由低压控制电路和工作电路两大部分组成,它能用较小的电流控制较大电流。电磁继电器的主要部件是电磁铁、衔铁、弹簧和触点。电磁铁内部铁芯和衔铁都是软铁类物质,这种物质在有外磁场时容易被磁化,离开磁场时容易退磁,低压控制电路接通电源,电流通过电磁铁线圈产生磁场,磁场的磁感应强度与通过它的电流成正比,具有磁性的电磁铁对衔铁有吸引力,电磁继电器就是通过低压控制电路中电流使触点接触状况发生改变。 (1)接通低电压电源时使电磁铁内铁芯 有磁性 ,断电后电磁铁内铁芯 没有磁性 ; (2)如图所示,与衔铁相连的直杆是一种简单机械,物理上称为 杠杆 ; (3)如图所示,在试验电磁继电器的工作情况时,可能发生的动作是 B 。 A、低压电源断开,工作电路中的灯泡不亮,电动机转动 B、低压电源接通,工作电路中的灯泡不亮,电动机转动 C、低压电源断开,工作电路中的灯泡发光,电动机转动 D、低压电源接通,工作电路中的灯泡发光,电动机不转动 (4)某次低压电源通电后,电磁铁不能将衔铁完全吸下,现要使电磁继电器能正常工作,可采取的措施是 D 。 A、减小工作电路中的电流 B、增大工作电路中的电流 C、减小低压控制电路中的电流 D、增大低压控制电路中的电流 (5)图2图象中,描述电磁铁对衔铁的吸引力的大小F与低压控制电路中的电流强度I的关系,可能正确的是 A 。 【分析】(1)电磁铁的特点:有电流有磁性,无电流无磁性; (2)在物理学中,把在力的作用下可绕一固定点转动的硬棒称作杠杆。 (3)当控制电路断开时,电磁铁无磁性,则衔铁被弹簧拉起,电灯亮,电动机不工作; 当控制电路接通时,电磁铁有磁性,吸引衔铁,工作电路接通,电动机工作,电灯泡不发光。 (4)根据影响电磁铁磁性的因素可知,采取的措施有:增大螺线管线圈的匝数,插上螺线管中的铁芯,增大控制电路电源电压和电路的电流等; (5)根据题中信息分析解答。 【解答】解:(1)电磁铁的特点:有电流有磁性,无电流无磁性; (2)与衔铁相连的直杆在力的作用下可绕一固定点转动,是杠杆; (3)当低压控制电路断开时,电磁铁无磁性,则衔铁被弹簧拉起,电灯亮,电动机不工作; 当低压控制电路接通时,电磁铁有磁性,吸引衔铁,工作电路接通,电动机工作,电灯泡不发光。故B正确; (4)某次低压电源通电后,电磁铁不能将衔铁完全吸下是因为低压控制电路电压低,电流小,故增大低压控制电路中的电流,使磁性增强,电磁继电器能正常工作,故D正确; (5)由题意知:低压控制电路接通电源,电流通过电磁铁线圈产生磁场,磁场的磁感应强度与通过它的电流成正比,具有磁性的电磁铁对衔铁有吸引力和电流也成正比,故A正确。 故答案为:(1)有磁性;没有磁性;(2)杠杆;(3)B;(4)D;(5)A。 【点评】本题考查了电磁铁的特点、电磁铁的工作原理、影响电磁铁磁性强弱的因素等知识,明白电磁继电器的工作原理是关键。 14.长度相等的铜导线甲和乙,甲的横截面积大于乙的横截面积,则甲导线的电阻 小于 乙导线的电阻。若将它们串联在电路中,通过甲导线的电流 等于 通过乙导线的电流;若将它们并联在电路中,通过甲导线的电流 大于 通过乙导线的电流。(均选填“小于”、“等于”或“大于”) 【分析】解答此题要知道影响电阻大小的因素有:导体的材料、长度和横截面积。 两个电阻串联时,流经它们的电流相等; 当两个电阻并联时,电阻小的电流大。 【解答】解:导体的长度、材料相同时,横截面积越小,电阻越大; 长度相等的铜导线甲和乙,且甲的横截面积大于乙的横截面积,则甲的电阻小于乙的电阻; 若将它们串联后接入电路,因串联电路的电流相等,所以流过甲电流等于流过乙的电流; 若将它们并联后接入电路,因甲的电阻小于乙的电阻,所以流过甲的电流大于流过乙的电流; 故答案为:小于,等于,大于。 【点评】此题考查影响电阻大小的因素和串并联电路的电流关系,是一基础题。 15.探究电磁感应现象应该选用如图中 乙 所示的装置进行实验。实验中是将电能转化为机械能的装置是图中 甲 。与扬声器原理相似的是装置图中 甲 。(以上三空填“甲”或“乙”) 【分析】(1)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,电路中就会产生电流,该现象称为电磁感应现象; (2)电动机的原理是通电导线在磁场中受力的作用;扬声器也是利用该原理制成的; 【解答】解:电磁感应现象的特点是没有电源而有一个电流表,用来测量产生的电流,故探究这个现象应选用如图中乙所示的装置进行实验; 甲图中让通电导体放在磁场中,它会受到力的作用,这是用来研究磁场对电流的作用(或通电导体在磁场中受力)的实验,即该过程中消耗电能,产生机械能,电动机就是利用该原理制成的,扬声器也是利用该原理制成的; 故答案为:乙;甲;甲; 【点评】本题考查电磁感应现象的发现者和发电机的原理,属于基础题,相对比较简单。 三.解答题(共2小题,满分20分) 16.在学习完了电生磁之后,某学习小组利用了如图示的实验装置探究“通电螺线管的外部磁场”。实验时:(1)观察小磁针的指向判断A端是电源的 正 极。 (2)琴琴同学猜想通电螺线管磁场强弱可能与线圈匝数和电流大小都有关。实验中,他将开关S从l换到2上时,调节变阻器的滑片P,再次观察电流表示数及吸引的回形针数目,此时调节滑动变阻器是为了 控制电流相同 ,来研究 通电螺线管磁场强弱与线圈匝数 的关系。 【分析】(1)根据小磁针的N极指向判断出螺线管的N极,再根据安培定则判断出电流方向,知道电源正负极; (2)影响螺线管磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少,在实验中,应注意控制变量法的运用。 【解答】解:(1)图中小磁针静止时N极指向右端,表明该点的磁场方向指向右端,说明通电螺线管的右端为S极、左端为N极,根据安培定则可知,电源A端为正极; (2)实验中,他将开关S从l换到2上时,连入电路的线圈匝数发生了变化,连入电路的线圈电阻也发生了变化,为了保证电流不变,应调节变阻器的滑片P,控制两次实验的电流大小不变(需观察电流表示数),再次观察吸引的回形针数目,这样才能探究出通电螺线管磁场强弱与线圈匝数的关系。 故答案为:正;控制电流相同;通电螺线管磁场强弱与线圈匝数。 【点评】(1)通过螺线管周围小磁针的北极指向确定了螺线管周围的磁场方向,再利用安培定则判断电流方向; (2)在探究其磁场方向和磁场强弱时用到了控制变量法和转换法。 17.在学校实验室开放时。同学们对手摇发电机非常感兴趣,他们想:发电机产生感应电流大小跟哪些因素有关呢?于是他们开展了探究,如图是他们所用的发电机和实验记录表: 实验顺序 线圈转速 线圈转向 小灯泡亮度 1 2 3 (1)根据表格可知,他们准备研究发电机产生感应电流的大小是否与 线圈的转速和线圈的转向 有关。 (2)手摇发电机是利用 电磁感应 原理来发电的。在发电时将 机械 能转化为电能。 (3)他们根据小灯泡的亮度来判断电路中感应电流的大小,像这种用能直接观测的量来显示不易直接观测的量的方法叫“转换法”。下列方法属于“转换法”的是 ① (填序号) ①根据磁铁吸引大头针的多少来判断磁性的强弱; ②为了研究电流的特点,把电流看成水流。 ③为了研究电流和电阻的关系,使电压保持不变。 (4)手摇式发电机产生的感应电流是 交流电 (选填“交流电”或“直流电”)。 【分析】(1)分析表格中的三项内容,其中小灯泡亮度是来反应产生感应电流大小的,实验室中常用电流表来测量电流的大小;所以实验中想探究感应电流大小与其它两项内容间的关系; (2)手摇发电机是利用电磁感应,将机械能转化为电能的; (3)根据小灯泡的亮度来判断电路中感应电流的大小,该方法是将不容易观测和不便于测量的物理量转化为容易观测和测量的物理量,故分析各个说法即可判断出那个与该种方法相同; (4)手摇式发电机产生的感应电流是交流电。 【解答】解:(1)由表格中内容知,小灯泡亮度是来反应产生感应电流大小的,因此,他们准备探究发电机产生感应电流的大小与线圈转速和线圈转向的关系; (2)手摇发电机是利用电磁感应的原理来发电的,手摇发电机在发电时将机械能转化为电能; (3)根据小灯泡的亮度来判断电路中感应电流的大小和根据磁铁吸引大头针的多少来判断磁性的强弱,这两种方法都是将不容易观测和不便于测量的物理量转化为容易观测和测量的物理量,上种研究问题的方法叫转换法。 ①是一些不易观察的现象和问题,研究时都使用了转换法; ②探究为了研究电流的特点,把电流看成水流,使用了类比法,没有使用转换法; ③为了研究电流和电阻的关系,使电压保持不变,是控制变量法,属于“转换法”的是①; 故答案为:(1)线圈的转速和线圈的转向;(2)电磁感应; 机械;(3)①;(4)交流电。 【点评】本题考查了发电机产生电流大小的影响因素、能量的转换和物理上实验时常用的转化思想。 四.作图题(共2小题,满分14分) 18.如图为通电螺线管与条形磁铁之间的磁场分布,请根据小磁针的指向,在图中标出磁感线的方向以及条形磁铁的N、S极和电源的正负极。 【分析】(1)知道磁感线的方向是从磁体的N极出发,经外部空间,回到S极; (2)据磁极间的作用规律,判断出螺线管的NS极,而后据安培定则判断出电流的方向即可。 【解答】解:据磁感线的特点可知,条形磁体和螺线管相对的是同名磁极,与小磁针的N相互吸引,即都是S极,据磁感线的特点标上方向即可;而后据安培定则可知,电流从螺线管的右端流入,左端流出。如下图: 【点评】通电螺线管的磁场与条形磁铁的磁场类似,正确的利用安培定则和磁极间的作用的规律是解决该题的关键。 19.如图所示,小明同学在研究性学习活动中为某仓库设计的一种防盗报警器,其踏板放在仓库的门口,电铃和灯泡放在值班室内。 (1)踏板相当于控制电路中的 开关 ,控制电流的有无。 (2)观察电路可知,这个报警器的工作原理是:有人踩蹋板时 绿灯不亮,电铃响 ;无人踩蹋板时 绿灯亮,电铃不响 。(提示:填绿灯的亮暗情况和电铃的响不响情况) 【分析】当有人踩踏板时,低压电路的触点开关接通,电磁铁通电,把衔铁吸引下来,绿灯断开,电铃电路闭合;当无人踩踏板时,电磁铁不工作,绿灯亮,电铃不响。 【解答】解:(1)踏板相当于控制电路中的开关,控制电流的有无。 (2)当有人踩踏板时,低压电路的触点开关接通,电磁铁通电,把衔铁吸引下来,绿灯所在电路断开,绿灯不亮,电铃电路闭合,电铃响; 当无人踩踏板时,电磁铁不工作,弹簧将衔铁拉起,使衔铁与上面的触点接触,绿灯所在电路闭合,绿灯亮,电铃所在电路断开,电铃不响。 故答案为: (1)开关;(2)绿灯不亮,电铃响;绿灯亮,电铃不响。 【点评】本题考查了电磁铁在电磁继电器上的应用。电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关。 五.解答题(共1小题,满分6分,每小题6分) 20.某家庭电路中有100W的白炽灯两盏,60W的白炽灯五盏,40W的目光灯十盏,1000W的空调一台,120W的彩色电视一台,120W的电冰箱一台,熔丝的额定电流是11A。 (1)电路中的最大正常工作电流是多少安培? (2)电路中的所有用电器全部正常工作时,熔丝会被烧断吗? (3)电路中的全部用电器都正常工作的时候,如果有一个电阻为2.2kΩ的人不慎发生了图示的单线触电,通过人体的电流是多少安培?需要更换额定电流更大的熔丝吗?为什么? 【分析】(1)家庭电路的电压为220V,且各用电器的连接方式是并联,先求出总功率,再根据P=UI求出上述用电器同时工作时电路中的最大正常工作电流; (2)比较电路中的所有用电器全部正常工作时的电流和熔丝的额定电流,然后判断熔丝是否会熔断; (3)由统计数据中得到此时人的电阻,根据欧姆定律求出通过人体的电流,将电路总电流与保险丝的额定电流进行比较,即小于熔断丝的额定电流时,熔断丝则不会断,相反会被烧断。 【解答】解:(1)家庭电路的电压为220V,上述用电器同时工作时,电路中的总功率: P总=100W×2+60W×5+40W×10+1000W+120W+120W=2140W, 由P=UI可得,电路中最大正常工作电流: I==≈9.7A; (2)因电路中最大正常工作电流9.7A小于熔丝的额定电流是11A, 所以,电路中的所有用电器全部正常工作时,熔丝不会被烧断; (3)人体电阻R=2.2kΩ=2.2×103Ω,则通过人体的电流: I人===0.1A, 因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以通过保险丝的电流: I总=I+I人=9.7A+0.1A=9.8A, 因为人触电时干路的电流未达到保险丝的额定电流, 所以,不需要更换额定电流更大的熔丝。 答:(1)电路中的最大正常工作电流是9.7A; (2)电路中的所有用电器全部正常工作时,熔丝不会被烧断; (3)通过人体的电流是0.1A,不需要更换额定电流更大的熔丝,因人触电时,干路的电流未达到保险丝的额定电流,保险丝不会熔断。 【点评】本题考查了电功率公式、并联电路特点和欧姆定律的应用,要注意人触电时,干路的电流未达到保险丝的额定电流,保险丝不会熔断,也不会救人命。

  • ID:6-5628739 沪粤版九年级下册物理19.1-最快的“信使”-教案

    初中物理/粤沪版/九年级下/第十九章 电磁波与信息时代/1 最快的“信使”

    19.1 最快的“信使” 教学目标 一、知识与技能 1、了解波速、波长、频率的概念,了解波速、波长、频率的关系。 2、了解电磁波谱。 3、了解电磁波的应用。 二、过程与方法 1、通过实验认识电磁波的存在,应用类比的方法,初步了解电磁波的特征。 2、与机械波类比建立波速、波长、频率的概念。 3、通过具体事例了解电磁波的应用。 三、情感态度与价值观 让学生感受科学技术进步对社会文明发展的促进作用 教学重难点 重点: 1、电磁波的波速、波长、频率及它们之间的关系 2、电磁波的应用 难点: 认识电磁波的存在 教学方法 讲述 实验 阅读 讨论 交流 教具准备 调谐收音机 干电池 绝缘导线 教学过程 (一)导入新课 师:如果你想很快和远方的亲朋好友取得联系,该怎么办? 生:打电话。 师:对,打电话有两种,一种是有线电话;一种是无线电话,比如手机。你们是否知道无线电话是靠什么来传递信息的?这就联系到今天我们要学习的内容了。 板书 19.1 最快的“信使” (二)新课教学 阅读课文P52图19-1 传递信息的方式, 了解几种古代和现代传递信息的方式 想一想(课文P52) 你还知道哪些传递信息的方式?传递信息最快的是哪种?(学生回答,老师点评) 一、体验电磁波(板书) 活动1:我们身边的电磁波 师:家里的固定电话是用电流传递信息的,而飞机上的飞行员与地面指挥员的对话不可用电线,而用“无线电通信”,日常生活中的收音机、手机等都是用无线电方式传递信息的。 演示课文P53活动1.用收音机接收时断时续的电流产生的电磁波 当导线的一端跟电池的一个极相接,再用导线的另一端时触时断电池的另一个极时,听到收音机发出的“咯咯”响声,而导线两端同时接在电池的两个极(短时连接)此时,通过导线的电流很大,但没有发生变化,收音机没有发出“咯咯”响声。 问题:导线的另一端时触时断电池的另一个极时,导线中的电流有什么特点?(产生迅速变化的电流) 启发:手持小木棍上下振动,当小木棍下端接触平静的水面时,可以看到水面上出现水波。 类比:当导线的另一端时触时断电池的另一个极时,迅速变化的电流能发射电磁波。 讨论:两部手机间是通过什么来传递信息的? 交流:日常生活中有哪些是用电磁波传递信息的? 二、认识电磁波 师:像水波、声波等各种机械波一样,都有波速、波长、频率三个特征。可用波形图来描述。学生看课本P54图19-3 1、定义 当导体中的电流迅速发生变化或通以高频率的交变电流时,导体就会向周围空间发射的一种波。 2、波速 波传播的快慢。用c表示, 单位:米/秒(m/s ) . 电磁波在真空中传播等于光速,c=3.0×108m/s . 3、波长 相邻的两个波峰(或波谷)间的距离。用λ表示,单位是米(m)。 4、频率 电磁波每秒向前传播的波长数。用f表示,单位是赫兹(Hz ) 常用单位: 千赫(KHz )、 兆赫(M Hz)。 1 M Hz =103 KHz 1KHz=103 Hz 5、波速、波长、频率之间的关系 c=fλ? 活动2:观察收音机的表盘 (1)观察收音机刻度盘上:MW SW KHZ MHZ的含义 ( 中波、短波 千赫 兆赫) (2)开启收音机,转动调谐旋钮,调到中央人民广播电台或某个地方广播电台的频率,利用c=fλ?测算一下该台电磁波的波长(或频率)与表盘上标出的波长(或频率)的数值是否一致? 三、应用电磁波 让学生阅读课文P55第一自然段及图19-4 1、了解不同频率或波长的电磁波组成了一个庞大的“家族”,人们依据它们的频率或波长,给这个家族编织“家谱”---电磁波谱 ,了解家族中各成员的名称。 2、据图19-4中的数据,回答下列问题。 A无线电波的频率,波长的范围? B可见光的波长范围? C γ射线、x射线、紫外线、可见光、红外线、和无线电波,按波长从大到小的排列顺序? 按频率从大到小的排列顺序? 3、请学生阅读课文P55图19-5电磁波应用示意图,后教师解释并补充事例说明电磁波的应用。 (1)利用无线电波传送广播电视等各种通讯信号。 (2)微波炉利用微波加热食品,加热时从食品的外部和内部同时对食品进行加热比较快。 (3)雷达发射并接收微波,可以判断目标的方位和距离,常用来跟踪飞机舰船等。 (4)红外热感照相机可从高空透过云层进行拍照;电视机、DVD、家用空调机遥控器通过红外线进行遥控。 (5)电灯发出可见光用于照明。 (6)医院病房里安装的紫外线灯可以杀菌。 (7)用X射线能透视人体,拍摄的人体骨骼的X光片。 (8)医生用γ射线当脑部手术刀;工业上γ射线检测金属中的裂纹;农业上用γ射线培养新品种。 4、学生阅读课本P56信息浏览“电磁波的发现及早期应用”及P57 STS“我国手机的辐射标准” 。 (三)教学反馈 1、电磁波在真空中的传播速度等于 m/s,这个速度与 在真空传播速度相同。 2、可见光是一定频率范围的电磁波,在可见光中,红光波长最长,紫光波长最短,因此,可见光中频率大的是 光。 3、以下几种信息传递方式中,传递速度最快的是( ) A 古代烽火 B 邮件特快传递 C 有线电话 D手机通信 4、关于电磁波的特征的描述,下列说法正确的是( ) A 波速等于电磁波每秒向前传播的距离。 B波长等于两个波峰或波谷之间的距离。 C波长等于相邻两个波峰或波谷之间的距离。 D频率等于每秒电磁波传播的距离。 5、下列说法中错误的是( ) A电磁波是广播、电视声音图像信息的运载工具。 B微波炉是利用电磁波来加热食品的.. C导航雷达是利用X射线工作的。 D用来检查金属裂缝的γ射线也是电磁波家族的一员。 6、当你正在听收音机时,有人开关同屋的电灯,你会从收音机里听到什么声音?为什么? (四)教学小结 让学生交流通过本节课学习后,对电磁波有哪些了解? (五)布置作业 课本“自我评价与作业”1(交流)2(算波长)3(交流) 板书设计 19.1 最快的信使 一、体验电磁波 二、认识电磁波 1、定义 当导体中的电流迅速发生变化或通以高频率的交变电流时,导体就会向周围空间发射的一种波。 2、波速 波传播的快慢。用c表示, 单位:米/秒(m/s ) .c=3.0×108m/s . 3、波长 相邻的两个波峰(或波谷)间的距离。用入表示,单位是米(m)。 4、频率 电磁波每秒向前传播的波长数。用f表示,单位是赫兹(Hz) 常用单位 千赫(KHz ) 兆赫(M Hz)。 1 M Hz =103 KHz 1KHz=103 Hz 5、波速、波长、频率之间的关系 c=fλ? 三、应用电磁波 PAGE 1

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  • ID:6-5628738 沪粤版九年级下册物理 19.1-最快的信使(27张PPT)

    初中物理/粤沪版/九年级下/第十九章 电磁波与信息时代/1 最快的“信使”

    19.1 最快的信使 人类传递信息的方式多种多样 烽火告急 信鸽 传书 特快专递 有线电话 电子邮件 手机 19.1 最快的信使 手机 电子邮件 利用电磁波来传递信息 传递信息最快 什么是电磁波? 一、认识电磁波 19.1 最快的信使 体验电磁波 一、电磁波 19.1 最快的信使 1.导体中的电流发生变化时,会向四周 发射电磁波。 2.电磁波具有波速、周期、频率、波长。 o 3.电磁波能在真空中传播,在真空中的传播速度: 10 C = 3.0 × 8 m/s 几个物理量 振幅A(m):波源偏离平衡位置的最大距离。 周期T(s):波源振动一次所需的时间。 频率f(Hz):波源每秒内振动的次数。 波长λ(m):波在一个周期内传播的距离。 波速v(m/s):单位时间内波传播的距离。 v = λ/T o 一、认识电磁波 【特征】 【关系】 【描述】 T = 1/ f v = λ f 结 论 电磁波能在真空中传播,不需要介质. 金属容器能屏蔽电磁波. 电磁波谱 电磁波家族 电磁波 微波 红外线 可见光 紫外线 X射线 γ射线 几百千赫到几百兆赫 1、X射线透视 2、紫外线杀菌 3、电 视 4、广 播 5、同步卫星 6、现 代 通 讯 7、手 机 8、微波炉 电磁波的应用 X射线透视 紫外线杀菌 红外应用 电 视 广 播 同步卫星 现 代 通 讯 现 代 通 讯 手 机 附着在玻璃面板上的金属网格 微 波 炉 电磁波的危害 1. 对中枢神经系统有危害 2. 对机体免疫功能有危害 3.对心血管系统有影响 4.对血液系统有影响 5.对遗传有影响 6.对视觉系统有影响 7.电磁辐射还会致癌 拓展迁移练习 1、当导体中的电流 或能以高频率的 电流时,导体就会向四周空间发射一种波。这种波叫做 。 迅速发生变化 交变 电磁波 2、当我们使用电吹风时吹湿头发时,在旁边的电视机能观察到什么现象?为什么会这样? 解答:能观察到电视机出现雪花点并伴随着沙沙声。这是因为使用电吹风时,电吹风会发射电磁波,电视机能接收到这种电磁波,并反映到播放的图像和声音中。 3、如果没有了电磁波,我们的生活将受到什么影响?(至少写两点) 解答:①世界将一片黑暗(因为光也是一种电磁波);②我们将无法收看电视、无法收听无线广播;③我们将无法利用手机等进行通讯;等等。 4、为什么在飞行的飞机上不能使用手机? 解答:因为手机工作时,会发现很强的电磁波,会严重干扰飞机上的通讯设备的工作,干扰飞机的正常飞行,所以飞机上不能使用手机。 5、现在很多家庭都购买了微波炉(如图19-5),使用微波炉可以煮饭烧菜。微波是一种电磁波,这种电磁波的能量不仅比通常的无线电波大得多,而且还很有“个性”,微波一碰到金属就发生反射,金属根本没有办法吸收或传导微波;但微波可以穿过玻璃、陶瓷、塑料等绝缘材料,且不会消耗能量;而含有水分的食物,微波的能量还能被食物吸收。微波炉正是利用微波的这些特性制造的。微波炉的外壳用不锈钢等金属材料制成,可以阻挡微波从炉内逃出,以免影响人们的健康。装食物的容器则用绝缘材料制成。微波能穿透食物,并使食物中的水分子随之运动,剧烈的运动产生了大量的热量,于是食物“煮”熟了。这就是微波炉的原理。 (1)通过对短文的阅读,在微波炉中应选用下列哪种容器来加热饭菜( ) A、不锈钢盆子 B、铁盆子 C、玻璃盆子 D、塑料盆子 (2)微波炉的外壳为什么要用不锈钢等金属材料制成? CD 解答:因为微波不能穿透金属,为防止微波泄漏对人体造成伤害,所以微波炉的外壳要用不锈钢等金属材料制成。 6、阅读下面有关手机的材料,回答后面的问题 手机是一种集成度很高的微型高精密接收和发射高频电磁波的设备,大致可分为五个部分:听筒、话筒、控制按钮、天线及电源,采用双向异频双工制,即接收和发射用不同频率的调频电磁波。某人手机的发射频率为890.0125MHz,接收频率为935.0125MHz,双频间隔为45MHz,用户在某个交换局的业务服务区内购机,并选定使用频率和编码后,就成为该局的原始登记用户,若把这部手机带入其他移动交换局的业务区域通话,称为漫游。 (1)当对着放射讲话时,手机天线作为 (填“发射”或“接收”,下同)天线使用;当用听筒听对方讲话时,手机天线作为 天线使用。 (2)同一个交换局业务服务区的另一部手机 (填“能”或“不能”)用890.0125MHz的发射频率。 发射 接收 不能

    • 授课课件
    • 2019-04-02
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    • 李展番