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初中物理月考专区九年级下册
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  • ID:6-6014596 江苏省张家港梁丰初中2018-2019学年九年级下学期阶段测试物理卷

    初中物理/月考专区/九年级下册

    梁丰初中2018-2019学年第二学期初三物理课堂练习 班 姓名 2019.3.20 一、选择题:(在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是正确的,请将答案写在答题纸上。每小题2分,共24分) 1.第一个发现“电流磁效应”的科学家是 A.法拉第 B.奥斯特 C.安培 D.贝尔 2.对下列物理量的认识中,最接近实际的是 A.中学生的步行速度约为5Km/h B. 居住区的噪声标准约为80dB C.中学生站立时对地面的压强约1.5 X 103pa. D. 一名中学生的体积约为500 dm3 3.下列有关能源、材料的说法中正确的是 A.太阳能是不可再生能源 B.目前人类已建成的核电站是利用核聚变发电的 C.利用超导体可制成发热效率更高的电热器 D.扩音机电路中的二极管元件是由半导体材料制成的 4.吸在竖直的磁性黑板上的小铁片,虽受到重力的作用,但它不会掉下来,其主要原因是 A.它受到磁性黑板的吸引力 B.它受到磁性黑板的静摩擦力 C.它对黑板有吸引力 D.它受到磁性黑板的滑动摩擦力 5. 如图所示,一根弹簧,一端固定在竖直墙上,在弹性限度内用手水平向右拉伸弹簧另一端,下列有关“弹簧形变产生的力”描述正确的是 A.手对弹簧的拉力 B.弹簧对手的拉力 C.墙对弹簧的拉力 D.以上说法都正确 6.甲声音波形如图甲所示,把音调比甲高的乙声音输入同一设置的示波器,乙声音的波形是下列图乙中的哪一幅 A. ?B.? C.? D.? 7. 如图所示,在水平地面上的磁体上方有挂在弹簧测力计上的小磁体.小明提着弹簧测力计向右缓慢移动,挂在弹簧测力计上的小磁体下端沿图示水平路线从A慢移到B,则图中能反映弹簧测力计示数F随位置变化的是 8. 如图甲所示,在水中A处有一条鱼,但岸上的人却看到这条鱼在B处,图乙所示的四幅光路图中,能正确说明产生这一现象原因的光路图是 9.如图所示的实验,不能说明大气压存在的是 A.橡皮膜凸出 B.皮碗对吸 C.纸托水杯 D.瓶吞鸡蛋 10.如图是沿同一条直线向东运动的物体A,B,其运动相对同一参考点O的距离s随时间t变化的图象,以下说法正确的是 A.?前5s内,A,B的平均速度相等???????????????????????????? B.?从第3s开始,vA>vB , 第5s时A,B相遇 C.?t=0时刻,A在O点,B在距离O点3m处?????????????? D.?两物体由同一位置O点开始运动,但物体A比B迟3s才开始运动 11.同学们在进行估测大气压实验时,首先读出注射器的最大刻度为V,用刻度尺量出其全部刻度的长度为L;然后按照如图所示的过程,沿水平方向慢慢的拉注射器(甲图没有盖上橡皮帽、乙图在排尽空气后盖上了橡皮帽),刚好拉动活塞时,弹簧测力计示数分别是F1和 F2.下列计算式正确且最接近真实值的是 A. F1L/V B. F2L/V C. (F2-F1 ) L/V D. (F2+F1 ) L/ 12.如图所示,质量均匀分布的实心圆柱体A、B叠放在水平地面上,已知他们的密度之比,底面积之比。A对B的压强和B对地面的压强之比,则他们的高度之比为 A. 9: 4 B. 9: 2 C. 3: 1 D.9: 8 二、填空题(每空1分,共27分) 13. 为了不打搅小明学习,姥姥看电视时调小了音量,这是在   减弱噪声的,调小音量也减小了声音的   。电视机遥控器是靠发出 来实现对电视机遥控的。 14.据报道,某地曾经发生过天空中下“鱼”的奇观,实际上这是龙卷风的杰作.当龙卷风经过湖面时,其气旋中心速度很 ,压强很 ,将湖中的水和鱼一起“吸”向空中,水和鱼随龙卷风运动到别处落下,形成奇观。 15.在家庭的各种材料中,用到了物质的各种属性:电线芯外面包上一层橡胶或塑料,这是用到橡胶和塑料的 性差的属性;灯泡的玻璃泡这是用到了玻璃的 性好的属性;剪刀刀口、菜刀刀口都很锋利,可以用来剪布料、切食品,它们一般都是用钢制作而不用木头制作,这是利用了钢的 大的属性.. 16.用手边的铅笔可以做很多物理小实验。 (1)如图甲所示,手指压铅笔尖手指感到疼,因为   。 (2)用一根橡皮筋水平匀速拉动放在桌面上的一本书,然后在书下垫几支圆铅笔,再匀速拉动,如图乙所示。根据   比较两种情况下摩擦力的大小,由此得出的结论是   。 (3)如图丙所示,用两手指水平压住铅笔的两端。铅笔静止时,两手指对铅笔的压力   平衡力(选填“是”或“不是”).用力压时,两个手指的感觉不同,说明在压力一定时,压力的作用效果跟   有关。 17.如图所示是医学上常用的内窥镜,它是一种在细管顶端 装有小型摄像机的医疗器械,摄像机的镜头相当于 镜.在自带光源的照射下,人体内部器官会成倒立 的实像,再通过电信号传输出来;检查时,要使观察更加仔细,就要减小观察范围,此时应该使内窥镜细管顶端 ??  患处.(选填“接近”或“远离”)目前大量手术都是采用内窥镜与激光“刀”等配合使用的微创术,如发现胃溃疡出血,利用激光灼烫即可使出血点迅速凝固止血,这说明激光“刀”能将电能转化为内能和  ?能. 18.将一个小物块完全放入容积为200mL的杯内,向杯中加入128g水或96g酒精都恰能将杯装满.小物块的体积为 cm3,密度为 kg/m3 (=0.8g/cm3) 19如图甲所示,小林用水平推力F把木块向前推动,推力F和木块前进的速度的大小随时间t的变化情况分别如图乙、丙所示.则由图象可知,物体在0~1 s内摩擦力大小为 N;1~3s内摩擦力大小为 N;5~6 s内摩擦力大小为 N. 20. 如图所示,水平桌面上两个相同的玻璃缸装满了水,水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2,缸对桌面的压强分别为p1′和p2′.两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2,则它们的大小关系为:p1    p2, p1′  p2′,F1  F2,若乙图中小玩具鸭的质量为15g,它排开水的体积是 cm3。 21阅读短文: ??? 技术是一把双刃剑.电磁波的应用也是这样.它在使人类的生活发生日新月异变化的同时也存在副作用--电磁污染.例如.频率超过0.1MHz的电磁波的强度足够大时就会对人体构成威胁.按照有关规定,人体所受到的电磁辐射强度(即单位时间内垂直通过单位面积的电磁波的能量)不得超过某一规定值Ie. ??? 已知某无线通信设备发射电磁波的功率为P,设该通信设备向四面八方均匀地发射电磁波,且电磁波在传播过程中无能量损失.由数学知识可知,球面的面积S=4πr2(式中r为球半径),球半径与球面总是垂直的. ????根据上述资料,可估算出人体到该通信设备发射电磁波处的安全距离至少应为 ,这时人体所受到的电磁辐射强度才不会超过规定值. 三、解答题(共49分) 22.(12分)按照题目要求作图: (1)图中光从水中斜射入空气,请作出反射光线及折射光线. (2)请在图中画出小球所受的浮力和烧杯对斜面的压力。 (3)在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像. (4)根据光线通过透镜前后的方向,在图虚线框中画出适当类型的透镜. (5)标出甲螺线管周围磁感线的方向,画出乙的绕线,使甲、乙相互吸引。 (6)完成光经过玻璃砖折射后的光路。 (7)完成光经过透镜折射后的光路。 (1) (2) (3) (4) (5) (6) (7) 车架材料 碳纤维 车架材料体积/cm3 2500 车架质量/kg 4.5 整车质量/kg 10 单轮接触面积/cm2 5 23. (4分)我市自行车租赁系统正式运行以来,质量为50kg的小明坚持骑自行车上学.自行车的相关数据见右表: (1)求车架的重力; (2)求小明骑行中自行车对地面的压强 24. (6分)用弹簧测力计测石块,其重为l0N,若把石块的一半浸没于水中,弹簧测力计的读数为8N,(煤油=0.8 × 103 kg/m3,水=1.0 × 103 kg/m3,取g=l 0N/kg)则:(1)此时石块所受到的浮力是多大? (2)这种石块的密度是多少? (3)若石块全部浸入煤油中,弹簧测力计的读数将变为多大? 25.(7分)小华同学为了探究“平面镜成像时,像与物到平面镜的距离的关系”,所用的实验器材有:单面镀膜的玻璃板、支架、两个相同的跳棋、白纸和刻度尺。实验装置如图(甲)所示。 (1)在白纸上画一条直线,将玻璃板竖直立在白纸上,使玻璃板   那一面的下边线与直线重合(选填“有膜”或“无膜”)。在同样的实验环境下,用镀膜玻璃板实验比用普通玻璃板实验成像更清楚,主要原因是:   。 (2)在白纸上沿跳棋A和B的边缘画圆,测出物距u和像距v的值如下表: 实验次数 1 2 3 物距u/cm 3.39 5.11 6.39 像距v/cm 5.22 6.51 ①小明进行了3次实验,目的是 . ②如图(乙),第1次实验测量的物距是A的右端到直线的距离,则像距v= cm。 分析三次实验数据还可以发现玻璃板的厚度为 mm。? (3) 如图所示,平面镜MN竖直放置,镜前有一个发光物体S,现将平面镜绕M点从MN转到MN`位置过程中,物体S在平面镜中的像S'的轨迹为 (选填“直线”或“曲线”);S'离M点的距离 (选填“越来越近”、“越来越远”或“保持不变”). 26.(10分)学过透镜知识后,小明实验小组在光学实验室(暗室)想对学过的知识进行深入研究,可用的器材有:光源S(视为点光源)、圆形凸透镜(直径为D)、光具座、光屏(足够大)。 (1)经讨论他们决定先从測凸透镜的焦距开始。在光屏中央画一个与凸透镜直径相同的圆,找出圆心O′,将光源、凸透镜和光屏放在光具座上,调节它们的高度,使点光源和O′在   上。固定凸透镜的位置,将光源从紧贴凸透 镜的位置缓慢向外移动,直到光屏上的光斑   ,此时各器材在光具座上的位置如图甲所示,就可以从光具座上读出凸透镜的焦距为   cm。 (2)为了验证测出的焦距值是否准确,小明提出可以左右移动光屏,若光屏上的光斑大小不变,则测出的焦距准确。若向右移动光屏,光斑变大,说明本次测出的凸透镜的焦距比真实值   。在移动光屏的过程中,小明发现在光屏上光斑外侧还有一个暗环,他猜想可能是凸透镜的边框造成的,于是他拆除边框直接将凸透镜固定在光具座上,进行实验验证,发现暗环仍然存在。若光源S在左焦点上,光屏在右焦点处,如图乙所示,请你算出此时暗环的面积等于   。 (3)小李同学研究凸透镜成像规律,发现蜡烛、凸透镜和光屏按如下图所示放置时,蜡烛通过凸透镜在光屏上形成一个清晰的像, (照相机/投影仪)就是遵从这一成像原理制成的;现保持凸透镜的位置不变,将光屏与蜡烛的位置对调,则光屏上 (能/不能)形成一个清晰的像.如果此时透镜上落上一只小虫则光屏上的像 (完整/不完整). (4)上图中若保持凸透镜的位置不变,将蜡烛适当远离凸透镜,要想再次在光屏上呈现清晰的像,可以在蜡烛和凸透镜之间紧靠透镜处再添加一块焦距合适的 (凸/凹)透镜,这其实就是矫正 (近/远)视眼. 27. (10分)小明测量某种液体的密度,他和小华用天平和量筒做了如下实验: (1)将天平放在水平工作台上,把游码放在标尺左端零刻度线处,发现指针指在分度盘的右侧,要使横梁平衡,应将平衡螺母向 (左/右)调。 (2)①用天平测出空烧杯的质量为17g; ②在烧杯中倒入适量液体,测出烧杯和液体的总质量如图甲所示; ③将烧杯中的液体全部倒入量筒中,液体的体积如图乙所示。 根据实验测得烧杯中液体的质量为 g,液体的密度为 kg/m3,小明用这种方法测出的液体密度会 (偏大/偏小).为了使实验测量结果更准确,小明可以把实验(2)中的实验步骤的顺序更改为 (填实验序号)。 (3)小华不小心将量筒打碎了,老师说只用天平也能测量出液体的密度。于是小华添加两个完全相同的烧杯和适量的水,设计了如下实验步骤,请你补充完整。 ①调好天平,用天平测出空烧杯质量为m0。 ②将一个烧杯 ,用天平测出烧杯和水的总质量为m1。 ③用另一个烧杯装满液体,用天平测出烧杯和液体的总质量为m2。 ④则液体的密度表达式ρ= (已知水的密度为ρ水)。 (4)小明按照教材中“综合实践活动”的要求制作简易密度计来测量该液体密度。 ①取一根粗细均匀的饮料吸管,在其下端塞入适量金属丝并用石蜡封口。塞入金属丝的目的是使吸管能 在液体中。 ②将吸管放到水中的情景如图(a)所示,测得浸入的长度为H;放到该液体中的情景如图(b)所示,浸入的长度为h。用ρ液、ρ水分别表示液体和水的密度,则 ρ液 ρ水(选填“>”、“<”或“=”),ρ液= 。 8

    • 月考试卷/名校月考
    • 2019-07-08
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  • ID:6-5908680 吉林省长春市第二实验中学2018-2019学年九年级下学期第三次月考物理试题(图片版无答案)

    初中物理/月考专区/九年级下册

    • 月考试卷/名校月考
    • 2019-05-31
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  • ID:6-5872481 安徽省潜山市第四中学2019届九年级下学期第三次月考物理试题(word版含答案)

    初中物理/月考专区/九年级下册

    潜山四中2018-2019学年度第三次月考物理试题 温馨提示: 本卷共四大题22小题,满分90分。考试时间与化学卷一共120分钟 一、填空题(每空2分,共26分;将答案直接写在横线上,不必写出解题过程) 1.2018年9月,我国部分省市相继出现了高致病性禽流感H7N9病毒,一些公共场所加强了消毒,人能闻到消毒液气味,这一现象说明 。 2.如图所示,是有“东方之星”美誉之称的斯诺克选手丁俊晖比赛时的情形。打台球的时候,在球与球相互撞击过程中还会因为摩擦而产生热量,这是通过 的方式改变了球的内能。 3.在常温常压下,完全燃烧 kg酒精放出的热量可以使10kg水的温度升高50℃。(假设酒精燃烧放出的热量完全被水吸收,q酒精=3.0×107J/kg) 4. 甲、乙两个定值电阻,甲标有“16Ω 1.5A”、乙标有 “22Ω 0.5A”。现把它们串联起来,为保证电阻工作安全,则该串联电路两端允许加的最大电压为 V。 5.如图所示电路,电源电压是3V,闭合开关S后,两灯均发光,电压表的示数是1.4V,此时灯L1两端的电压是 V;一段时间后,两灯同时熄灭,电压表示数变大,导致这种电路故障的原因可能是 。 6.时下正是板栗和核桃上市的季节,细心的同学会发现街头炒板栗和核桃的铁锅里放得是粗砂粒,这是利用砂粒的 ,相同条件下温度变化更明显。 7.如图所示,电源电压保持不变,a是从电压表的负接线柱引出的导线接头。a与b处相接时,电压表示数为6.0V;使 a与b处断开,然后与c处相接,闭合开关S后,电压表示数为4.5V,这时灯泡L2两端的电压为 V。 8. 如图所示,电源、导线和开关都接触良好,闭合开关S后两灯均不亮,此时测 得a、b间的电压为 U,a、c间的电压也为U,b、c间的电压为零.由此可判 断该电路的故障可能是________________。 9. 车床照明灯的额定电压是36V,它正常工作时灯丝的电阻是24Ω,则该照明 灯正常工作时,消耗 的电功率是 W,工作30min,电流通过灯丝产生 的热量是 J。 10. 如图电路中,电源电压保持不变。闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P向左移动时, ================================================ 压缩包内容: 安徽省潜山市第四中学2019届九年级下学期第三次月考物理试题(word版含答案).doc

    • 月考试卷/名校月考
    • 2019-05-23
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  • ID:6-5808264 [特供] 贵州省黔东南州名族中学2018-2019年第二学期第一次统一检测九年级物理试卷(扫描版无答案)

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  • ID:6-5794925 兴山县2019年春九年级四月物理考试试题卷(无答案)

    初中物理/月考专区/九年级下册


    兴山县2019年四月调研考试
    九年级物理试题
    本试卷共四大题32小题,满分80分,考试时间90分钟。
    注意事项:本试卷分试题卷和答题卷两部分,其中试题卷6页,答题卷6页;请将答案写在答题卷上每题对应的答题区域内,写在试题卷上无效。
    一、选择题(共18小题,每小题只有一个符合题意的选项,请将这个选项前面的字母代号用2B铅笔在答题卡上填涂。每题2分,计36分)
    1. “人在桥上走,桥流水不流”,诗人认为“桥流”所选择的参照物是
    A. 桥 B. 水 C. 河岸 D. 地球
    2. “赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”的《中国诗词大会》,深受观众的青睐。下列对古诗文中涉及的热现象解释正确的是
    A.“雾凇沆砀,天与云与山与水,上下一白。”雾凇的形成是升华现象
    B.“月落乌啼霜满天,江枫渔火对愁眠。”霜的形成是凝固现象
    C.“青青园中葵,朝露待日晞。”露的形成是汽化现象
    D.“腾蛇乘雾,终为土灰。”雾的形成是液化现象
    3. “背日喷乎水,成虹霓之状”描写的是“人工彩虹”,该现象产生的原因是
    A.光的色散 B.光的直线传播 C.光的漫反射 D.光的镜面反射
    4. 截至2018年9月12日,被誉为“中国天眼”的射电望远镜(FAST如图1)已发现59颗优质的脉冲星候选体,其中有44颗已被确认为新发现的脉冲星。下列对“中国天眼”的相关物理知识的描述,正确的是
    A. “中国天眼”相当于一个巨大的凹面镜,对光线有发散作用
    B. “中国天眼”相当于一个巨大的凹面镜,对光线有会聚作用
    C. “中国天眼”的作用就相当于人的眼睛,成倒立、缩小的实像
    D. “中国天眼”的作用就相当于投影仪,成倒立、放大的实像
    5. 比赛场馆运用了人脸识别系统,人们进入场馆距门口0.5~1.2m处时,安装在门上的人脸识别系统的摄像机就可以对其面部特征进行快速核对。人脸识别系统的摄像机的镜头
    A.相当于凸透镜,焦距可能为0.5m   B.相当于凸透镜,焦距可能为0.1m
    C.相当于凹透镜,焦距可能为0.5m   D.相当于凹透镜,焦距可能为0.1m
    6. 室内火灾发生时,受困人员应采取弯腰甚至匍匐的姿势撤离,以尽量减少吸入有害气体或被灼伤。这是因为含有毒有害物质的气体
    A. 温度较低,密度较大,大量聚集在房间的下方
    B. 温度较低,密度较小,大量聚集在房间的下方
    C. 温度较高,密度较大,大量聚集在房间的上方
    D. 温度较高,密度较小,大量聚集在房间的上方
    7. 对于静止在水平地面上的汽车,下列分析正确的是
      A.汽车所受的重力和地面对汽车的支持力是一对相互作用力
      B.汽车所受的重力和汽车对地面的压力是一对相互作用力
      C.汽车所受的重力和地面对汽车的支持力是一对平衡力
      D.汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力是一对平衡力
    8. 近年来,车贴已经成为一种时尚。如图2所示,下列车贴中的提示语属于防止因惯性带来危害的是

    A. 堵车不堵心, 拒绝路怒 B. 别滴滴, 越催越慢
    C. 夜间开车,拒绝远光灯 D. 新手上路,保持车距
    9. 小明在一支铅笔的下端粘上一块橡皮泥,将它分别置于甲、乙两杯液体中,观察到铅笔都能竖直漂浮在液面上,静止时情形如图3所示。下列说法正确的是
    ================================================
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    兴山2019年春九年级四月考试试题卷.docx

    • 地区联考/名校联考
    • 2019-05-05
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  • ID:6-5794915 2019年4月枝江市联考九年级物理试题(无答案)

    初中物理/月考专区/九年级下册


    2019年4月枝江市联考九年级物理试题
    本试卷共32小题,满分80分,考试时间90分钟.
    一、选择题(共18小题,每小题只有一个符合题意的选项,请将这个选项前面的字母代号用2B铅笔在答题卡上填涂。每小题2分,计36分)
    1. 噪声严重影响我们的生活,为了减弱噪声,下列措施在实际中可行的是
    A. 无论走到哪里都带一个防噪声的耳罩 B. 在建筑工地周围修建围墙
    C. 在闹市区多安装几台噪声监测装置 D. 采用手势和书面文字代替口语交流
    2. 看电视转播的百米赛跑时,我们常感觉运动员跑得很快,但实际上他们始终处于屏幕上。“他们始终处于屏幕上”和“我们感觉运动员跑得很快”所选的参照物正确的是
    A. 跑道 电视机屏幕 B. 运动员 我们 C. 现场观众 电视机前观众 D. 电视机屏幕 跑道
    3. 下列生活中的现象与对应的物态变化正确的是
    A. 从冰柜中拿出的冰过一会变成水---液化 B. 放在碟子里的水变成水蒸气---升华
    C. 冬天晾在室外的湿衣服结冰---凝固 D. 放在衣柜的樟脑丸最后不见了---汽化
    4. 下列有关估算或估测比较符合实际的是
    A. 九年级物理课本重力大约10N B. 中学生的体积大约50dm3
    C. 小轿车的轮子的直径大约1.5m D. 人正常步行的速度大约4m/s
    5.当强烈的太阳光照射到高楼大厦的玻璃幕墙表面时,眩目的反射光会干扰人们的正常生活,造成“光污染”,下列图1中能解释该现象产生原因的是
     
    6. 下列有关热现象的描述比较符合实际的是
    A. 石蜡在熔化过程中温度保持不变
    B. 水沸腾时温度达101℃
    C. 冬天戴眼镜的人从室内走到室外,眼睛上会蒙上一层雾
    D. 冬天口中呼出的热空气遇冷会液化形成小水滴,俗称“白气”
    7. 找一个圆柱形的玻璃瓶,里面装满水。把一支铅笔水平地放在玻璃瓶的一侧,透过玻璃瓶可以看到那支笔。如果把笔由靠近玻璃瓶的位置向远处慢慢地移动,你将不可能观察到的像是
    A. 正立放大的虚像 B. 正立等大的虚像 C. 倒立放大的实像 D. 倒立等大的实像
    8. 炎热夏天中午,脚踩在河边的的沙石上烫脚,而河水却很凉,主要是由于
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    2019年4月枝江市联考九年级物理试题.docx

    • 地区联考/名校联考
    • 2019-05-05
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  • ID:6-5708852 广东省深圳市石岩公学2019届九年级下学期第一次段考物理试题(扫描版,无答案)

    初中物理/月考专区/九年级下册

    • 月考试卷/名校月考
    • 2019-04-23
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  • ID:6-5704688 2018-2019学年江苏省无锡市江阴市南闸实验学校九年级(下)月考物理试卷(解析版)

    初中物理/月考专区/九年级下册

    2018-2019学年江苏省无锡市江阴市南闸实验学校九年级(下)月考物理试卷 一.选择题(共12小题,满分36分,每小题3分) 1.如图所示,利用轻质滑轮匀速拉动水平地面上重为G的物体,弹簧测力计B的示数为F示,若物体和地面之间的摩擦力为f,拉力的大小为F,则下列说法正确的是(  ) A.物体和地面之间的摩擦力f=F示 B.拉力 C.轻质滑轮移动的距离是物体移动距离的一半 D.此滑轮的机械效率 2.2018年1月19日12时12分,酒泉卫星发射中心,长征十一号固体运载火箭,将吉林号视频07星、08星和4颗小卫星精确送入预定轨道。火箭在加速上升的过程中(  ) A.动能增加,重力势能增加,机械能增加 B.动能增加,重力势能不变,机械能增加 C.动能不变,重力势能增加,机械能增加 D.动能不变,重力势能不变,机械能不变 3.如图所示,物体沿斜面匀速下滑,其受力分析正确的是(  ) A. B. C. D. 4.教室的门关不紧,常被风吹开,小明在门与门框之间塞入硬纸片后,门就不易被风吹开了,下列解释合理的是(  ) A.门被风吹开是因为门没有受到摩擦力的作用 B.门没被吹开是因为风吹门的力小于摩擦力 C.塞入硬纸片是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦 D.塞入硬纸片是通过增大压力来增大摩擦 5.如图所示,两个底面积不同的薄壁轻质圆柱形容器甲和乙,放在水平地面上,容器内分别盛有体积相同的不同液体A和B,此时液体对容器底部的压强相等,现将完全相同的两个金属球分别浸没在A、B液体中(液体不溢出),则下列判断一定正确的是(  ) A.液体对容器底部的压强变化量△PA>△PB B.容器对水平地面的压力变化量△FA>△FB C.容器对水平地面的压强PA>PB D.液体对容器底部的压力FA>FB 6.由公式I=变形得R=,对此,下列说法正确的是(  ) A.加在导体两端的电压越大,则导体的电阻越大 B.通过导体的电流越大,则导体的电阻越大 C.导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关 D.当导体两端的电压为零时,导体的电阻也为零 7.下列做法符合安全用电原则的是(  ) A.家用保险丝熔断后,可用铁丝或铜丝代替 B.雷雨天可以站在大树下避雨 C.搬动电器前应断开电源开关 D.选用插座时,所有家用电器都使用两孔插座 8.为方便市民文明出行,小明设计了十字路口人行横道红、绿交通信号灯工作电路模拟图,以下设计符合要求的是(  ) A. B. C. D. 9.如图所示,R1与R2并联在电源电压为3V的电路中,只闭合开关S1时,电流表的示数为0.3A;同时闭合开关S1和S2电流表的示数为0.5A,则(  ) A.R1的阻值为60Ω B.R2的阻值为15Ω C.通过R1的电流是0.5A D.通过R2的电流是0.3A 10.如图,为闭合回路放在磁场中的线圈的一边的截面a,当它在磁场中旋转一周时,下面说法正确的是(  ) A.a在位置①③时有感应电流 B.a在位置②④时有感应电流 C.图中感应电流的方向改变一次 D.a在所有位置时均有感应电流 11.如图为“探究焦耳定律”的实验装置。两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油,通电一段时间后,右侧玻璃管中液面比左侧高。下列说法正确的是(  ) A.通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少,这种方法是控制变量法 B.右侧电阻丝的阻值比左侧小 C.通过右侧电阻丝的电流比左侧小 D.该装置用于探究电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系 12.探究实验小组的同学们根据学习的电学知识,设计了一个模拟对司机进行呼吸式酒精检测的装置,其电路原理如图甲所示。电源两端的电压恒为6V,R0是阻值为10Ω的定值电阻,R为可以感知酒精气体浓度的可变电阻,其阻值随它所在位置空气中酒精气体浓度的变化情况而改变的关系图象如图乙所示。当被测人员呼出的酒精气体浓度值在20以下时,可视为不影响驾驶机动车;在20~80之间视为饮酒驾驶;在80以上视为醉酒驾驶。对于这个电路,下列说法中正确的是(  ) A.电压表示数大于3V时,属于醉酒驾驶的范围 B.电压表示数小于2V时,属于不影响驾驶机动车的范围 C.被测人员呼出酒精气体浓度越高,此测试电路的总电功率越小 D.在检测出被测人员处于饮酒驾驶的情况下,此测试电路的总电功率在0.12W﹣0.3W范围内 二.填空题(共12小题,满分36分,每小题3分) 13.如图是探究“影响重力势能大小因素”的实验过程,图中①②两物块质量相等,物块③质量最大,请回答下列问题: (1)本实验是通过   来显示被举高的物块所具有的重力势能的大小的。 (2)通过比较物块①②可以得出的结论是:质量相同的物体,   ,重力势能越大。 (3)通过比较物块   (选填序号)可以得出的结论是:高度相同的物体,质量越大,重力势能越大。 14.同种物质做成的甲、乙金属块的质量之比为3:1,降低相同的温度后,甲、乙两金展块的比热容之比是   ,放出的热量之比是   。 15.我国自主研制的深海载人潜水器“蛟龙号”已成功突破7000m水深大关,这标志着我国的深海载潜技术已达到世界领先水平。“蛟龙号”在下潜过程中,所受压强将   (选填“增大”、“减小”或“不变”);“蛟龙号”在下潜过程中,排开水的体积约为23m3,则潜水器受到的浮力约为   N(海水的密度取ρ=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)。 16.如图甲是一种新型插座,它能即时显示接在该插座上的用电器的工作电压和所耗电费等。小明将装有质量为2kg、初温为10℃水的电水壶插在该插座上。这时插座屏幕上的显示如图乙所示;当水烧开至100℃时,插座屏幕上的显示如图丙所示。则这段时间内水吸收的热量为   J,电水壶的实际功率为   W,电水壶在烧水过程中的效率为   %.(电费单价:0.5元/kW?h;c水=4200J/(kg?℃) ) 17.如右上图所示,当匀速向左水平拉动木板M,待木块N稳定时,弹簧测力计的示数为F,此时木块N所受摩擦力的方向是向   (选填“左”或“右”);当由木块运动由慢到快向左水平运动时,弹簧测力计示数   F (填“等于”、“大于”或“小于”)。 18.2016﹣﹣﹣2017中国女子排球联赛禄丰赛区于11月8日晚拉开战幕,为广大球迷带来一场精彩的排球盛宴,比赛中扣杀球时,排球猛地转向向地面飞去,排球受力后改变了排球的   ,在给排球加气过程中,打气筒壁发热、发烫,是通过   的方式改变了气筒的内能。 19.有一杠杆经过调节,处于水平平衡状态。如图所示,在A点悬挂三个钩码(每个钩码重均为0.5N),要使杠杆水平平衡,需在B点悬挂   个钩码;取走悬挂在B点的钩码,改用弹簧测力计在C点竖直向上拉,使杠杆水平平衡,测力计的拉力为   N;如改变测力计拉力的方向,使之斜向右上方,杠杆仍然水平平衡,测力计的读数将   。 20.某用户在3月底抄表时,电能表的示数如图(甲)所示,4月底抄表时,电能表的示数如图(乙)所示,则该用户4月份用电   kW?h.若每度电交纳电费0.5元,小明家本月应交纳电费   元。 21.打开自来水龙头,使自来水流过如图2所示的玻璃管,在A、B、C三处,水的流速较大的是   处,压强较小的是   处(选填“A”“B”或“C”)。如图3所示,是喷雾器的原理示意图,当空气从小孔迅速流出,小孔附近空气的流速较大,压强   (填“大于”、“小于”或“等于”)容器里液面上方的空气压强,液体就沿细管上升,从管口中流出后,受气流的冲击,被喷成雾状。 22.如图所示,某同学用大拇指和食指,挤压一支铅笔,感觉   (选填“大拇指”或“食指”)很疼,这一现象说明:当压力的大小相等时,   。若已知笔尾端与笔尖横截面积之比为50:1,则大拇指与食指受到的压强之比为   。 23.把一实心物块放入盛满某种液体的溢水杯时,物块漂浮,静止后溢出液体的质量为m1;而把同一物块放入盛满水的溢水杯中时,物块沉底,静止后溢出水的质量为m2,则物块的密度为   (用m1,m2及ρ水表示)。 24.小明家的电饭锅电路原理图如图所示,S1是温控开关,它可使电饭锅处于“加热”或“保温”状态,R1、R2是发热板上的两个电阻。如果该电饭锅加热状态时的电功率为其保温状态时电功率的4倍,则R1:R2=   。 三.作图题(共3小题) 25.如图所示,课桌的重心在O点,若在课桌的C点用最小力F把桌腿B抬离地面,在拾起时另一桌腿A没有滑动,请在图中画出力F的示意图和力臂l1。 26.请在图中用笔画线代替导线,将电灯及控制它的开关连入照明电路中。 27.根据电源的正负极,在图中分别标出磁感线的方向和小磁针的N、S极。 四.计算题(共2小题) 28.如图所示电路中,灯泡L上标有“12V,3W”字样,R为定值电阻。闭合开关S后,灯泡L恰好正常发光,电流表的示数为0.45A.通过计算回答: (1)灯泡L的额定电流是多少安? (2)定值电阻R的阻值是多少欧? 29.近年来,电动平衡车深受年轻人的喜爱,如图所示,它采用站立式的驾驶方式,人通过身体的前倾、后仰实现驾驶,表格为某型号独轮电动车平衡车的部分数据,则: (1)该车充满电后,若以最大速度行驶,能行驶的最长时间是多少? (2)小王驾驶该车,在平直路面上以最大速度匀速行驶,若该车受到的牵引力为100N,则平衡车的行驶功率是多大? (3)质量为50kg的小王驾驶该车等候红灯时,轮胎与地面接触面积为30cm2,车对水平地面的压强是多大? 质量 10kg 最大速度 16km/h 充满电行程 24km 五.实验探究题(共4小题) 30.小明用如图所示的装置做“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验。 (1)为了测长方体木块受到的摩擦力,小明用弹簧测力计沿水平方向拉动木块,使其做   。 (2)通过测量拉力来得到摩擦力的大小,应用了   (选填“类比”“转换”或“归纳”)的物理方法。 (3)由   图和   图可以探究滑动摩擦力大小与压力的关系。 (4)若乙装置中,木块在运动过程中拉力突然变大,滑动摩擦力将   (选填“不变”“变大”或“变小”)。 (5)评估此实验方案的不足之处是   。(答出一条即可) (6)实验后,聪明的小明认为如果仅比较滑动摩擦力大小可以不用二力平衡的原理,请你举出一个不用二力平衡原理比较滑动摩擦力大小的例子:   。 (7)小明如果还想研究滑动摩擦力大小是否与接触面积大小有关。请回答下列问题。 a.简单的实验步骤:   。 b.如何判断滑动摩擦力大小是否与接触面积大小有关:   。 31.晓宇设计了用吸盘测量大气压值得实验,请帮助晓宇做好以下工作 (1)请补充完整该实验的相关步骤: ①如图所示,将蘸水的塑料吸盘压在光滑的水平板上,挤出里面的空气; ②用小桶通过细绳与吸盘挂钩相连接,向小桶中缓慢注入细沙,直到恰好脱离板面; ③用天平测出细沙和小桶的质量M; ④用刻度尺   ; ⑤大气压强表达式为:   。 (2)本实验中存在误差的可能原因是(写出两个) ①   ; ②   。 32.小明在探究“杠杆平衡条件”实验中 (1)实验前,如果杠杆的左端向下倾斜,右端平衡螺母应向   端调节,或者左端平衡螺母应向   端调节,使杠杆在   位置平衡,其目的是   ;   。 (2)杠杆平衡后,小明在图甲所示的A位置挂上两个钩码,可在B位置挂上   个钩码,使杠杆在水平位置平衡。接这改变钩码数或者移动A、B位置多次实验,收集多组数据其目的是   ;实验得到的结论是   (用字母符号表示)。 (3)他改用弹簧测力计在图乙所示的C位置斜向下拉,若每个钩码重2N.当杠杆在水平位置平衡时,测力计的示数将   (选填“大于”、“等于”或“小于”)2N。 33.为完成“探究电流与电阻的关系”实验,小海从实验室取得以下器材:电压恒为4.5V的电池组、电流表、电压表、开关,5Ω、10Ω、25Ω的定值电阻各一个,规格为“40Ω1A”的滑动变阻器,导线若干。 (1)请根据所学知识,用笔画线代替导线,在1图中将实物连接完整; (2)小海将10Ω电阻接入电路,闭合开关,移动滑动变阻器滑片,直到电压表示数如2图所示,记为   V,并记录电流表的示数;接着保持滑片位置不变,将电阻换为25Ω后,为保证   表的示数不变,应向   (选填“左”或“右”)移动滑片; (3)通过实验得到电流随电阻变化的图象如3图所示,由此可知:   一定时,通过导体的电流与其电阻成   比; (4)在小海实验基础上,为了得到更多组数据,需要更多规格的定值电阻,则选用的定值电阻最大阻值不允许超过   Ω。 2018-2019学年江苏省无锡市江阴市南闸实验学校九年级(下)月考物理试卷 参考答案与试题解析 一.选择题(共12小题,满分36分,每小题3分) 1.如图所示,利用轻质滑轮匀速拉动水平地面上重为G的物体,弹簧测力计B的示数为F示,若物体和地面之间的摩擦力为f,拉力的大小为F,则下列说法正确的是(  ) A.物体和地面之间的摩擦力f=F示 B.拉力 C.轻质滑轮移动的距离是物体移动距离的一半 D.此滑轮的机械效率 【分析】(1)绳子与滑轮间的摩擦是存在的,测力计的拉力既要物体和地面之间的摩擦力,也要克服绳子与滑轮间的摩擦力,据此分析;动滑轮省一半力;费一半的距离; (2)当绳子与滑轮间的摩擦不计时,由力的平衡条件可知拉力F,由于绳子与滑轮间的摩擦是存在的,此时的拉力应更大; (3)由于拉力F作用在动滑轮的轴上(特殊的动滑轮),此时费力,但省一半的距离,故轻质滑轮移动的距离是物体移动距离的一半; (4)使用滑轮组水平拉动物体,拉力F所做的功为总功,克服物体摩擦力所做的功为有用功,据此判断。 【解答】解: A、当绳子与滑轮间的摩擦不计时,由力的平衡条件可知物体和地面之间的摩擦力f=F示;而题中并没有说明绳子与滑轮间的摩擦不计,所以f≠F示,故A错误; B、由图可知,当绳子与滑轮间的摩擦不计时,由力的平衡条件可知拉力F=2F示;而绳子与滑轮间的摩擦是存在的,此时的拉力F≠F示,故B错误; C、由图可知,此滑轮为动滑轮,由于拉力F作用在动滑轮的轴上(特殊的动滑轮),此时费力,但省一半的距离,故轻质滑轮移动的距离是物体移动距离的一半,故C正确; D、利用轻质滑轮匀速拉动水平地面物体,则滑轮组的机械效率η与物体的重力G无关,故D错误。 故选:C。 【点评】本题考查了学生对特殊动滑轮的理解,还考查了力的平衡条件和机械效率,注意绳子与滑轮间是有摩擦的。 2.2018年1月19日12时12分,酒泉卫星发射中心,长征十一号固体运载火箭,将吉林号视频07星、08星和4颗小卫星精确送入预定轨道。火箭在加速上升的过程中(  ) A.动能增加,重力势能增加,机械能增加 B.动能增加,重力势能不变,机械能增加 C.动能不变,重力势能增加,机械能增加 D.动能不变,重力势能不变,机械能不变 【分析】影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度,影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度,其中动能和势能统称为机械能。 【解答】解:火箭在加速上升的过程中,质量不变,速度增大,动能增大; 高度增加,重力势能增大; 机械能等于动能与势能之和,所以机械能增加,故A正确。 故选:A。 【点评】此题主要考查的是学生对动能、重力势能、机械能影响因素的理解和掌握,难度不大,属于基础性题目。 3.如图所示,物体沿斜面匀速下滑,其受力分析正确的是(  ) A. B. C. D. 【分析】先对物体进行受力分析,由题意可知,物体做匀速直线运动,则由平衡条件可知物体的受力情况。 【解答】解:物体沿斜面匀速下滑,受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力的作用,这两个力不在同一条直线上;由于斜面与物体间存在摩擦,物体做匀速直线运动,则物体还应受到沿斜面向上的摩擦力的作用。 故选:D。 【点评】在对物体受力分析时,要注意每个力都要找到施力物体,保证不能多力也不能漏力。 4.教室的门关不紧,常被风吹开,小明在门与门框之间塞入硬纸片后,门就不易被风吹开了,下列解释合理的是(  ) A.门被风吹开是因为门没有受到摩擦力的作用 B.门没被吹开是因为风吹门的力小于摩擦力 C.塞入硬纸片是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦 D.塞入硬纸片是通过增大压力来增大摩擦 【分析】(1)摩擦力大小的影响因素:压力大小和接触面的粗糙程度。 (2)在门与门框之间塞入硬纸片后,门不易吹开,根据影响摩擦力大小的因素分析其实质。 【解答】解: A、门被风吹开是因为风吹门的力大于摩擦力;不是因为没有受到摩擦力的作用,故A错误; B、门没被吹开处于静止状态,是因为风吹门的力等于摩擦力,故B错误; CD、塞入硬纸片后,使门与门框之间的压力增大,因此是通过增大压力来增大摩擦;故D正确,C错误。 故选:D。 【点评】掌握静摩擦力与滑动摩擦力的区别,掌握增大摩擦力和较小摩擦力的方法,并能应用于实际生活。 5.如图所示,两个底面积不同的薄壁轻质圆柱形容器甲和乙,放在水平地面上,容器内分别盛有体积相同的不同液体A和B,此时液体对容器底部的压强相等,现将完全相同的两个金属球分别浸没在A、B液体中(液体不溢出),则下列判断一定正确的是(  ) A.液体对容器底部的压强变化量△PA>△PB B.容器对水平地面的压力变化量△FA>△FB C.容器对水平地面的压强PA>PB D.液体对容器底部的压力FA>FB 【分析】(1)根据p=ρgh分析出两种液体的密度关系,根据F浮=ρ液gV排判断浮力大小,对物体受力分析判断出支持力的大小,根据物体间力的作用是相互的判断出液体对容器底的变化,由图知S甲>S乙,根据p=判断液体对容器底部的压强变化量的大小; (2)放入金属球后,容器对水平地面的压力变化量等于增加的球的重力,由图知S甲>S乙,根据p=判断出容器对水平地面的压强的大小; (3)由F=pS可得,液体对容器底部的压力。 【解答】解: (1)△PA==; △pB=; 因为ρAghA=ρBghB;VA=VB;所以△PA=△PB,故A错误; (2)放入金属球后,容器对水平地面的压力变化量等于增加的球的重力,△FA=△FB,即容器对桌面的压力增加量相同,由图知S甲>S乙,根据p=知,△pA>△pB,故BC错误; (3)由图知SA>SB,由F=pS可得,液体对容器底部的压力FA>FB,故D正确。 故选:D。 【点评】此题考查了阿基米德原理、液体、固体压强的计算公式的应用和分析,题目较难。 6.由公式I=变形得R=,对此,下列说法正确的是(  ) A.加在导体两端的电压越大,则导体的电阻越大 B.通过导体的电流越大,则导体的电阻越大 C.导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关 D.当导体两端的电压为零时,导体的电阻也为零 【分析】导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得,但电阻是导体本身的一种性质,与流过的电流和两端的电压无关。 【解答】解:导体电阻的影响因素:导体的长度、横截面积、材料。 当电压和电流变化时,导体的长度、横截面积、材料都没变,电阻不变。 利用公式R=,只是计算电阻的一种方法,但是电阻与电压、电流都无关。 故选:C。 【点评】我们根据比值定义法定义了电阻,但是电阻是由导体本身的性质决定的,与通过它的电流及两端的电压是无关的,在学习中要注意体会和理解。 7.下列做法符合安全用电原则的是(  ) A.家用保险丝熔断后,可用铁丝或铜丝代替 B.雷雨天可以站在大树下避雨 C.搬动电器前应断开电源开关 D.选用插座时,所有家用电器都使用两孔插座 【分析】(1)当家庭电路中发生短路或总功率过大时,会使导线发热而引发事故,故要有能自动切断电路的装置,这就是要安装保险丝的原因,保险丝在电流过大时发热自动熔断,切断电路,从而起到保护电路的作用; (2)发生雷雨时,雷电可以沿着高大的树木、建筑物进入地下; (3)更换灯泡、移动用电器之前必须断开开关,防止发生触电事故; (4)三孔插座中多出一个专门用于接地的孔,目的是为了让金属外壳与大地相连,因此接入电冰箱、洗衣机、电暖器等家用电器都要使用三孔插座。 【解答】解:A、铜丝或铁丝的电阻小、熔点高,在电流过大时,产生的热量不容易达到熔点,因此不会熔断,起不到保险的作用,故A不符合安全用电要求; B、雷雨天,雷电容易接触高的物体,雷雨天在大树下避雨容易发生触电,所以应避免在大树下避雨,故B不符合安全用电要求; C、搬动电器时容易碰到金属部分,切断电源可以保证金属部分不带电,故C符合安全用电要求; D、家用电器的金属外壳接地时,可避免因电器漏电时外壳带电,三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的,所以有金属外壳的家用电器应该连接三孔插座,故D不符合安全用电要求。 故选:C。 【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握,平时学习时多了解、积累,加强安全意识,学好电、用好电! 8.为方便市民文明出行,小明设计了十字路口人行横道红、绿交通信号灯工作电路模拟图,以下设计符合要求的是(  ) A. B. C. D. 【分析】串联电路中各用电器相互影响,并联电路中各支路上用电器互不影响。 根据生活经验可知,红绿交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联,然后分析选项得出答案。 【解答】解: A.由图知,两开关都闭合时红绿交通信号灯同时发光,只闭合一个开关两灯都不发光,故A不符合要求; B.由图知,只闭合开关S1时绿灯亮,只闭合开关S2时红灯亮,两灯独立工作,互不影响,故B符合要求; C、由图知,两开关都闭合时会造成电源短路且两灯泡不发光,任何一个开关断开时红绿交通信号灯同时发光,故C不符合要求; D、由图知,当只闭合开关S2时,两灯泡都发光;只闭合S1时绿灯亮,故D不符合要求。 故选:B。 【点评】本题考查了电路图的设计,关键是知道红绿交通信号灯两灯泡不会同时工作。 9.如图所示,R1与R2并联在电源电压为3V的电路中,只闭合开关S1时,电流表的示数为0.3A;同时闭合开关S1和S2电流表的示数为0.5A,则(  ) A.R1的阻值为60Ω B.R2的阻值为15Ω C.通过R1的电流是0.5A D.通过R2的电流是0.3A 【分析】分析只闭合S1时和同时闭合开关S1和S2的电路连接方式,根据电路特点,运用欧姆定律的公式解题。 【解答】解: A、由图当只闭合S1时,只有R1连入电路,电流表测其电流, 根据I=,R1的阻值为:R1===10Ω,故A错误; BCD、闭合开关S1和S2时,R1与R2并联,电流表测干路电流, 所以U=U1=U2=3V, 通过R1的电流不变:I1=0.3A,故C错误; 所以I2=I′﹣I1=0.5A﹣0.3A=0.2A,故D错误; R2===15Ω,故B正确。 故选:B。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律公式的应用,是一道常见题目。 10.如图,为闭合回路放在磁场中的线圈的一边的截面a,当它在磁场中旋转一周时,下面说法正确的是(  ) A.a在位置①③时有感应电流 B.a在位置②④时有感应电流 C.图中感应电流的方向改变一次 D.a在所有位置时均有感应电流 【分析】闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时产生感应电流的现象叫电磁感应,产生感应电流的条件(关键六个字):①闭合、②部分、③切割。据此分析判断; 感应电流的方向与磁场方向和导体运动的方向有关。 【解答】解: AC、a在位置①③时切割磁感线运动,导体中都有感应电流;在位置①、③时,磁感线的方向相同,运动方向不同,得到的感应电流的方向不同,图中感应电流的方向改变两次;故A正确、C错; BD、在位置②时沿着磁感线的方向运动,不切割磁感线,导体中没有感应电流; 在位置④时逆着磁感线的方向运动,不切割磁感线,导体中没有感应电流;故BD都错。 故选:A。 【点评】本题考查了产生感应电流的条件和影响感应电流方向的因素,要求认真审题,易错题! 11.如图为“探究焦耳定律”的实验装置。两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油,通电一段时间后,右侧玻璃管中液面比左侧高。下列说法正确的是(  ) A.通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少,这种方法是控制变量法 B.右侧电阻丝的阻值比左侧小 C.通过右侧电阻丝的电流比左侧小 D.该装置用于探究电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系 【分析】(1)根据转换法分析; (2)U形管中的液面越高,表明产生的热量越多,结合焦耳定律进行解答; (3)在串联电路中,各处的电流是相同的; (4)根据控制变量法分析。 【解答】解: A、通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少,这属于转换法,故A错误; C、由图知,两电阻丝串联,根据串联电路的电流特点可知,各处的电流是相同的,故C错误; B、两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油,通电一段时间后,右侧玻璃管中液面比左侧高,说明电流通过右侧电阻丝产生的热量多;电流和通电时间均相同,根据焦耳定律Q=I2Rt可知,右侧电阻丝的阻值大,故B错误; D、由前面解答可知,通过电阻丝的电流和通电时间均相同,由于左右两侧电阻丝的阻值不同,所以探究的是电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系,故D正确。 故选:D。 【点评】该题考查了控制变量法和转换法在焦耳定律实验中的应用,注意两导体串联时电流相等,导体产生热量的多少是通过U形管液面的变化来反映的。 12.探究实验小组的同学们根据学习的电学知识,设计了一个模拟对司机进行呼吸式酒精检测的装置,其电路原理如图甲所示。电源两端的电压恒为6V,R0是阻值为10Ω的定值电阻,R为可以感知酒精气体浓度的可变电阻,其阻值随它所在位置空气中酒精气体浓度的变化情况而改变的关系图象如图乙所示。当被测人员呼出的酒精气体浓度值在20以下时,可视为不影响驾驶机动车;在20~80之间视为饮酒驾驶;在80以上视为醉酒驾驶。对于这个电路,下列说法中正确的是(  ) A.电压表示数大于3V时,属于醉酒驾驶的范围 B.电压表示数小于2V时,属于不影响驾驶机动车的范围 C.被测人员呼出酒精气体浓度越高,此测试电路的总电功率越小 D.在检测出被测人员处于饮酒驾驶的情况下,此测试电路的总电功率在0.12W﹣0.3W范围内 【分析】(1)根据欧姆定律算出当电压表为3V和2V时电路的电流,根据串联电路电压的规律和欧姆定律算出可变电阻的阻值,根据图象乙判断出酒精气体的浓度,再根据图象判断电阻越小,浓度越大来分析; (2)由图象可知,被测人员呼出酒精气体浓度越高,可变电阻的阻值越小,根据P=UI=分析电路的总电功率的大小; (3)在20~80之间视为饮酒驾驶,根据图乙判断出电阻的大小,根据P=算出总电功率的范围。 【解答】解:由电路图知两电阻串联,电压表串联定值电阻R0两端的电压, A、电压表示数等于3V时,电路的电流I===0.3A; 由串联电路电压的规律可知, 可变电阻分担的电压为:U变=6V﹣3V=3V, 可变电阻的电阻为:R变===10Ω, 由乙图知当可变电阻为10Ω,呼出的酒精气体浓度值为80; 当电压表示数大于3V时,可变电阻分压变小,电阻变小,呼出的酒精气体浓度值变大,大于80,属于醉酒驾驶的范围,故A正确; B、电压表示数等于2V时,电路的电流I′===0.2A; 由串联电路电压的规律可知, 可变电阻分担的电压为:U变′=6V﹣2V=4V, 可变电阻的电阻为:R变′===20Ω, 由乙图知当可变电阻为20Ω,呼出的酒精气体浓度值为40; 当电压表示数小于2V时,可变电阻分压变大,电阻变大,呼出的酒精气体浓度值变小,小于40,可能属于不影响驾驶机动车也可能属于饮酒驾驶,故B错误; C、由图象知被测人员呼出酒精气体浓度越高,电阻越小,根据P=知,此测试电路的总电功率越大,故C错误; D、当呼出的酒精气体浓度值在20~80之间视为饮酒驾驶,由图象知电阻在40Ω~10Ω之间,根据P=知功率在0.72W~1.8W之间,故D错误。 故选:A。 【点评】本题主要考查的是学生对欧姆定律、电功率公式、串联电路的分压特点的理解和掌握,读懂图象是解决此题的关键。 二.填空题(共12小题,满分36分,每小题3分) 13.如图是探究“影响重力势能大小因素”的实验过程,图中①②两物块质量相等,物块③质量最大,请回答下列问题: (1)本实验是通过 木桩陷入的深度 来显示被举高的物块所具有的重力势能的大小的。 (2)通过比较物块①②可以得出的结论是:质量相同的物体, 高度越高 ,重力势能越大。 (3)通过比较物块 ①③ (选填序号)可以得出的结论是:高度相同的物体,质量越大,重力势能越大。 【分析】(1)掌握转换法在实验中的应用,实验中通过木桩陷入的深度比较各物体重力势能的大小; (2)影响重力势能大小的因素为物块举高的高度和物体的质量,根据控制为量法,研究重力势能与其中之一个因素的关系时,要控制另外的因素不变;由①②找出不同量分析回答; (3)根据控制变量法,研究重力势能与质量的关系,要控制高度相同。 【解答】解:(1)由于重力势能不易比较,所以在此实验中,通过观察木桩陷入沙子中的深度来比较物块重力势能的大小,这种方法叫做转换法; (2)通过比较物块①②可以看出,两物块的质量相同,但高度不同,且物块越高,下落时砸下陷入的深度越大,说明在质量相同时,高度越高,所具有的重力势能就越大; (3)研究重力势能与质量的关系,要控制高度相同,只改变物块的质量,故通过比较①和③可以得出的结论是:高度相同的物体,质量越大,重力势能越大。 故答案为:(1)木桩陷入的深度;(2)高度越高;(3)①③。 【点评】本题究“影响重力势能大小因素”的实验,考查转换法、控制变量法的运用。 14.同种物质做成的甲、乙金属块的质量之比为3:1,降低相同的温度后,甲、乙两金展块的比热容之比是 1:1 ,放出的热量之比是 3:1 。 【分析】(1)比热容是物质本身的一种特性,与物质的种类和状态有关,与其他因素无关; (2)根据Q=cm△t求出放出的热量之比。 【解答】解:(1)因比热是物质的一种特性,与物质的种类和状态有关,与其他因素无关, ∴同种物质做成的甲、乙金属块的比热容之比为1:1; (2)甲、乙金属块放出的热量之比:===。 故答案为:1:1;3:1。 【点评】本题考查了热量的计算,关键是知道比热是物质的一种特性,与物质的种类和状态有关,与其他因素无关。 15.我国自主研制的深海载人潜水器“蛟龙号”已成功突破7000m水深大关,这标志着我国的深海载潜技术已达到世界领先水平。“蛟龙号”在下潜过程中,所受压强将 增大 (选填“增大”、“减小”或“不变”);“蛟龙号”在下潜过程中,排开水的体积约为23m3,则潜水器受到的浮力约为 2.3×105 N(海水的密度取ρ=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)。 【分析】根据液体内部压强计算公式p=ρgh判断“蛟龙号”在下潜过程中,所受压强的大小变化; 根据浮力计算式F浮=ρ液gV排计算潜水器受到的浮力。 【解答】解(1)“蛟龙号”在下潜过程中,海水密度一定,h不断增加,根据p=ρgh可知,受压强将增大; (2)潜水器受到的浮力: F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×23m3=2.3×105N。 故答案为:增大;2.3×105。 【点评】该题考查了液体内部压强特点的分析和阿基米德原理的应用,是一道综合题,难度不大。 16.如图甲是一种新型插座,它能即时显示接在该插座上的用电器的工作电压和所耗电费等。小明将装有质量为2kg、初温为10℃水的电水壶插在该插座上。这时插座屏幕上的显示如图乙所示;当水烧开至100℃时,插座屏幕上的显示如图丙所示。则这段时间内水吸收的热量为 7.56×105 J,电水壶的实际功率为 1500 W,电水壶在烧水过程中的效率为 70 %.(电费单价:0.5元/kW?h;c水=4200J/(kg?℃) ) 【分析】(1)利用Q吸=cm△t求出水吸收的热量; (2)根据电费单价和显示的电费求出消耗的电能,根据P=求出电水壶的实际功率; (3)根据效率公式η=求出烧水效率。 【解答】解:水吸收的热量为: Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg?℃)×2kg×(100℃﹣10℃)=7.56×105J; 由图乙、丙结合题意可得,这段时间内消耗的电能为: W==0.3kW?h=1.08×106J, 由图乙、丙可知,电水壶的加热时间:t=14:32:23﹣14:20:23=12min=720s, 则电水壶的实际功率为: P实===1500W; 电水壶在烧水过程中的效率: η==×100%=70%。 故答案为:7.56×105;1500;70。 【点评】本题主要考查了吸热公式、电功率公式、加热效率公式的灵活应用,解题的关键是从图片中获取有用信息。 17.如右上图所示,当匀速向左水平拉动木板M,待木块N稳定时,弹簧测力计的示数为F,此时木块N所受摩擦力的方向是向 左 (选填“左”或“右”);当由木块运动由慢到快向左水平运动时,弹簧测力计示数 等于 F (填“等于”、“大于”或“小于”)。 【分析】由N处于静止状态,对N受力分析,可以判断摩擦力方向,根据N和M属于滑动摩擦力,滑动摩擦力大小只与压力和接触面粗糙程度有关判断出弹簧测力计示数。 【解答】解:对木块N在水平方向受力分析,如图所示: 摩擦力方向左,无论M如何拉动,木块N受到的为滑动摩擦力,滑动摩擦力只与压力和接触面粗糙程度有关,压力和粗糙程度不变,则摩擦力大小不变,所以弹簧测力计示数不变。 故答案为:左;等于。 【点评】本题考查了二力平衡条件的应用、摩擦力大小的判断、影响摩擦力大小的因素,易出错。 18.2016﹣﹣﹣2017中国女子排球联赛禄丰赛区于11月8日晚拉开战幕,为广大球迷带来一场精彩的排球盛宴,比赛中扣杀球时,排球猛地转向向地面飞去,排球受力后改变了排球的 运动状态 ,在给排球加气过程中,打气筒壁发热、发烫,是通过 做功 的方式改变了气筒的内能。 【分析】(1)力的作用效果:改变物体的运动状态,改变物体的形状; (2)改变物体内能的方式有两种:做功与热传递。 【解答】解:(1)扣杀球时,排球猛地转向向地面飞去,排球受力后改变了排球的运动状态; (2)给排球加气时,打气筒压缩空气做功,空气内能增大,温度升高,气筒壁变热,这是通过做功的方式改变了气筒的内能。 故答案为:运动状态;做功。 【点评】本题考查了力的作用效果、改变内能的方法,难度不大,是一道基础题 19.有一杠杆经过调节,处于水平平衡状态。如图所示,在A点悬挂三个钩码(每个钩码重均为0.5N),要使杠杆水平平衡,需在B点悬挂 2 个钩码;取走悬挂在B点的钩码,改用弹簧测力计在C点竖直向上拉,使杠杆水平平衡,测力计的拉力为 3 N;如改变测力计拉力的方向,使之斜向右上方,杠杆仍然水平平衡,测力计的读数将 变大 。 【分析】(1)根据杠杆平衡条件求出B点、C点的力。 (2)阻力和阻力臂不变时,根据动力臂的变化,利用杠杆平衡条件即可判断动力的变化。 【解答】解: (1)一个钩码的重是0.5N,设杠杆一个小格的长度是L, 根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得:3×0.5N×2L=FB×3L, 解得FB=1N,即在B处挂2个钩码。 (2)若改用弹簧测力计在C点竖直向上拉,使杠杆水平平衡, 根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得:3×0.5N×2L=FC×1L, 解得FC=3N。 如改变弹簧测力计拉力的方向,使之斜向右上方,阻力和阻力臂不变,动力臂减小,动力要增大,所以弹簧测力计示数变大,才能使杠杆仍然水平平衡。 故答案为:2;3;变大。 【点评】杠杆在水平位置平衡,力要竖直作用在杠杆上,力臂才在杠杆上,否则力臂不在杠杆上。 20.某用户在3月底抄表时,电能表的示数如图(甲)所示,4月底抄表时,电能表的示数如图(乙)所示,则该用户4月份用电 51.2 kW?h.若每度电交纳电费0.5元,小明家本月应交纳电费 25.6 元。 【分析】从电能表上可以读出3月底、4月底的示数,4月底的示数减去3月底的示数就是4月份消耗的电能;已知电费的单价,可求一个月的电费。 【解答】解: 由图甲、乙可知,该用户4月份用电: W=379.7kW?h﹣328.5kW?h=51.2kW?h, 这个月应交纳的电费: 0.5元/kW?h×51.2W?h=25.6元。 故答案为:51.2;25.6。 【点评】本题考查家用电能表的读数、家庭用电以及电费的计算,注意示数单位是kW?h(度),最后一位是小数点后一位。 21.打开自来水龙头,使自来水流过如图2所示的玻璃管,在A、B、C三处,水的流速较大的是 B 处,压强较小的是 B 处(选填“A”“B”或“C”)。如图3所示,是喷雾器的原理示意图,当空气从小孔迅速流出,小孔附近空气的流速较大,压强 小于 (填“大于”、“小于”或“等于”)容器里液面上方的空气压强,液体就沿细管上升,从管口中流出后,受气流的冲击,被喷成雾状。 【分析】(1)水是流体,流体的压强跟流速有关,流速越大,压强越小。在相等的时间内通过粗管和细管的流量相同,流速不同,通过比较流速来比较压强。 (2)当空气从小孔迅速流出时,细管的上端开口出空气流速大,压强小;容器内液面上方气体流速小压强大。这样细管的上下两开口端就出现了压强差,水就在容器内液面上方气体的这个较大压强的作用下,沿着细管上升。 【解答】解:在相等的时间内通过粗管和细管的流量相同,通过粗管A、C的流速小,压强大;通过细管B的流速大,压强小; 由于小孔喷出的快速气流使细管的上端开口处形成了一个低压区,此处压强小于容器内液面上方气体压强。水就在容器内液面上方气体的这个较大压强的作用下,沿着细管上升到上端开口处,受气流的冲击,被喷成雾状。 故答案为:B;B;小于。 【点评】认清楚此题所涉及的物理过程:细管上端空气流速大压强小;液面上方气体流速小压强大是关键。 22.如图所示,某同学用大拇指和食指,挤压一支铅笔,感觉 食指 (选填“大拇指”或“食指”)很疼,这一现象说明:当压力的大小相等时, 受力面积越小,压力的作用效果越明显 。若已知笔尾端与笔尖横截面积之比为50:1,则大拇指与食指受到的压强之比为 1:50 。 【分析】(1)压力的作用效果与压力大小、受力面积的大小有关,当研究压力的作用效果与受力面积的关系时,应控压力的大小相同,通过手指的疼痛体现了压力作用效果的不同。 (2)已知笔尾端与笔尖横截面积之比和压力相等,根据压强公式求出两者受到的压强之比。 【解答】解:(1)将铅笔压在大拇指和食指之间时,两手指之间的压力相等,笔尖的受力面积小、笔尾的受力面积大,感觉食指很疼,这一现象说明:当压力的大小相等时,受力面积,压力的作用效果越明显; (2)已知S尾:S尖=50:1,F尾:F尖=1:1, 根据p=可得: ==×=×=。 故答案为:食指;受力面积越小,压力的作用效果越明显;1:50。 【点评】本题考查了探究影响压力作用效果的因素和压强公式的灵活运用,注意控制变量法和转换法的应用。 23.把一实心物块放入盛满某种液体的溢水杯时,物块漂浮,静止后溢出液体的质量为m1;而把同一物块放入盛满水的溢水杯中时,物块沉底,静止后溢出水的质量为m2,则物块的密度为 ρ水 (用m1,m2及ρ水表示)。 【分析】由于物块放入盛满某种液体的溢水杯时,物体漂浮,根据漂浮条件求出物块的质量;由于物块放入盛满水的溢水杯中时,物体沉底,排开液体的体积等于物体的体积,根据浮力等于排开液体的重力和F浮=ρ液gV排可得物体的体积,最后根据密度公式求出物块的密度。 【解答】解:由于物块放入盛满某种液体的溢水杯时,物块漂浮,则F浮1=G, 根据阿基米德原理可知:F浮1=m1g, 所以,G=m1g,则:mg=m1g, 所以,m=m1; 物块放入盛满水的溢水杯中时,F浮2=m2g,即:ρ水gV排2=m2g, 则:V排2=; 由于物块沉底,则物块的体积V=V排2=; 物块的密度ρ===ρ水。 故答案为:ρ水。 【点评】此题考查密度的计算,涉及到阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、重力、密度公式的应用,具有较强的综合性,题目难度适中,适合学生训练,属于中档题。 24.小明家的电饭锅电路原理图如图所示,S1是温控开关,它可使电饭锅处于“加热”或“保温”状态,R1、R2是发热板上的两个电阻。如果该电饭锅加热状态时的电功率为其保温状态时电功率的4倍,则R1:R2= 1:3 。 【分析】根据P=可知,当电饭锅“加热”时,电路只有电阻R1工作,此时电路中电功率最大,并用电源电压和电阻表示出电路的总功率; 当电饭锅“保温”时,电阻R1、R2串联,此时电路中电功率最小,同理,用电源电压和电阻表示出电路的总功率; 再根据P加热与P保温的关系求出R1、R2的比值。 【解答】解: 由电路图可知,当S、Sl都闭合时,电路为R1的简单电路,电路中电阻最小,由P=可知,电路消耗的功率最大,则电饭锅处于加热状态, 所以,电饭锅的加热功率:P加热=; 由电路图可知,当开关S闭合、S1断开时,R1、R2串联,此时电饭锅处于保温状态, 则电饭锅的保温功率:P保温=, 因为P加热:P保温=4:1, 所以:=4:1, 解得R1:R2=1:3。 故答案为 1:3。 【点评】本题主要考查了电功率公式的应用,关键是分清电饭锅处于两种状态时电路的结构。 三.作图题(共3小题) 25.如图所示,课桌的重心在O点,若在课桌的C点用最小力F把桌腿B抬离地面,在拾起时另一桌腿A没有滑动,请在图中画出力F的示意图和力臂l1。 【分析】根据杠杆平衡的条件可知,在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下,要使所用的动力最小,必须使动力臂最长。 【解答】解:连接AC,则AC就是最长的动力臂,根据杠杆平衡的条件,要使杠杆平衡动力方向向上,据此可画出最小的动力;如下图所示: 【点评】杠杆中的最小动力,可以按照以下几个步骤进行: ①确定杠杆中的支点和动力作用点的位置; ②连接支点与动力作用点,得到最长的线段; ③经过动力作用点做出与该线段垂直的直线; ④根据杠杆平衡原理,确定出使杠杆平衡的动力方向。 26.请在图中用笔画线代替导线,将电灯及控制它的开关连入照明电路中。 【分析】灯泡的接法:火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点;零线直接接入灯泡的螺旋套。 【解答】解:灯泡接法:火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点,零线直接接入灯泡的螺旋套,这样在断开开关能切断火线,接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡,又能更安全。如图所示: 【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法,同时考虑使用性和安全性。 27.根据电源的正负极,在图中分别标出磁感线的方向和小磁针的N、S极。 【分析】由电源的正负极及右手螺旋定则可判断螺线管的极性,则可知小磁针的指向及磁感线的方向。 【解答】解:图中电流由右侧流入螺线管,由右手螺旋定则可知,螺线管的右侧为N极,左侧为S极;由磁极间的相互作用规律可知小磁针的左侧为S极,右侧为N极。在磁体外部,磁感线由N极指向S极。如图所示: 【点评】右手螺旋定则内容为:用右手握住螺线管,四指指向电流方向,大拇指所指的方向为N极方向。 四.计算题(共2小题) 28.如图所示电路中,灯泡L上标有“12V,3W”字样,R为定值电阻。闭合开关S后,灯泡L恰好正常发光,电流表的示数为0.45A.通过计算回答: (1)灯泡L的额定电流是多少安? (2)定值电阻R的阻值是多少欧? 【分析】(1)知道灯泡的额定电压和额定功率,根据P=UI求出额定电流; (2)根据并联电路的电压特点和额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压,根据欧姆定律求出R的阻值; 【解答】解:由电路图可知,电阻R与灯泡并联,电流表测干路的电流。 (1)由P=UI可得,灯泡L的额定电流:IL===0.25A; (2)因灯泡正常发光,则根据并联电路的电流规律可知,通过电阻R的电流为: IR=I﹣IL=0.45A﹣0.25A=0.2A; 因并联电路中各支路两端的电压相等,且灯泡正常发光, 所以,电源的电压U=UL=12V, 由I=可得,R的阻值: R===60Ω。 答:(1)灯泡L的额定电流是0.25A; (2)定值电阻R的阻值是60Ω。 【点评】本题考查了电功率公式和并联电路的特点以及欧姆定律的应用,要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等、电流和额定电流相等。 29.近年来,电动平衡车深受年轻人的喜爱,如图所示,它采用站立式的驾驶方式,人通过身体的前倾、后仰实现驾驶,表格为某型号独轮电动车平衡车的部分数据,则: (1)该车充满电后,若以最大速度行驶,能行驶的最长时间是多少? (2)小王驾驶该车,在平直路面上以最大速度匀速行驶,若该车受到的牵引力为100N,则平衡车的行驶功率是多大? (3)质量为50kg的小王驾驶该车等候红灯时,轮胎与地面接触面积为30cm2,车对水平地面的压强是多大? 质量 10kg 最大速度 16km/h 充满电行程 24km 【分析】(1)已知最大速度和路程,利用v=计算时间; (2)利用P===Fv计算平衡车的行驶功率; (3)利用G=mg求出人和电动平衡车的总重力,车对水平地面的压力等于人和车的总重力,又知受力面积,利用p=计算压强。 【解答】解: (1)该车充满电后,若以最大速度行驶,由v=可得,能行驶的最长时间: t===1.5h; (2)平衡车的行驶功率: P===Fv=100N×≈444.4W; (3)人和电动平衡车的总重力: G总=(m人+m车)g=(50kg+10kg)×10N/kg=600N, 车对水平地面的压力:F压=G总=600N, 车对水平地面的压强: p===2×105Pa。 答:(1)该车充满电后,若以最大速度行驶,能行驶的最长时间是1.5h; (2)平衡车的行驶功率是444.4W; (3)车对水平地面的压强是2×105Pa。 【点评】此题考查速度公式及其应用、功率和压强的大小计算,是一道综合性较强的题目,关键是知道车对水平地面的压力等于人和车的总重力,并能从表格中获取相关信息加以计算。 五.实验探究题(共4小题) 30.小明用如图所示的装置做“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验。 (1)为了测长方体木块受到的摩擦力,小明用弹簧测力计沿水平方向拉动木块,使其做 匀速直线运动 。 (2)通过测量拉力来得到摩擦力的大小,应用了 转换 (选填“类比”“转换”或“归纳”)的物理方法。 (3)由 甲 图和 乙 图可以探究滑动摩擦力大小与压力的关系。 (4)若乙装置中,木块在运动过程中拉力突然变大,滑动摩擦力将 不变 (选填“不变”“变大”或“变小”)。 (5)评估此实验方案的不足之处是 拉动木块做匀速直线运动非常困难 。(答出一条即可) (6)实验后,聪明的小明认为如果仅比较滑动摩擦力大小可以不用二力平衡的原理,请你举出一个不用二力平衡原理比较滑动摩擦力大小的例子: 让同一物块从同一斜面同一高度滑下,通过比较其在不同粗糙水平面上滑动距离的长短,比较滑动摩擦力的大小 。 (7)小明如果还想研究滑动摩擦力大小是否与接触面积大小有关。请回答下列问题。 a.简单的实验步骤: 保持压力和接触面的粗糙程度不变,改变接触面积,可分别将木块平放、侧放、竖放在木板上,用测力计水平拉动木块做匀速直线运动 。 b.如何判断滑动摩擦力大小是否与接触面积大小有关: 比较测力计的示数,若弹簧测力计示数相同,说明与接触面积无关,若不相同说明与受力面积有关 。 【分析】(1)根据二力平衡条件,实验中应沿水平方向匀速拉动木块,此时拉力等于摩擦力; (2)通过拉力的大小得知摩擦力的大小,用到转换法; (3)要探究摩擦力与压力大小的关系,需使接触面的粗糙程度相同,压力不同; (4)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关,与拉力大小无关; (5)实验中很难拉动木块做匀速直线运动; (6)摩擦力还可以通过转换的思想比较,由此找到例子。 (7)要探究摩擦力大小与接触面积的大小关系,需保持压力和接触面的粗糙程度相同,改变接触面积的大小。 【解答】解: (1)实验时,应水平拉动木块在水平面上做匀速直线运动,根据二力平衡条件,此时拉力与摩擦力是一对平衡力; (2)通过测量拉力来得到摩擦力的大小,应用了转换法; (3)图甲和图乙,接触面的粗糙程度相同,压力大小不同,可探究摩擦力大小与压力大小的关系; (4)由于压力大小和接触面的粗糙程度不变,即使拉力增大,滑动摩擦力也不变; (5)实验中需拉动木块做匀速直线运动时进行读数,而很难保证其一直做匀速直线运动,会造成测力计的读数困难; (6)不用二力平衡原理比较滑动摩擦力大小的实验有:①从同一斜面同一高度滑下的物块,比较在不同粗糙程度的水平面上滑动的距离;②通过比较板刷滑动时,毛弯曲的程度来比较滑动摩擦力的大小等。 (7)要探究滑动摩擦力大小是否与接触面积大小是否有关,应保持压力和接触面的粗糙程度不变,改变接触面积,可分别将木块平放、侧放、竖放在木板上,用测力计水平拉动木块做匀速直线运动,比较测力计的示数,若弹簧测力计示数相同,说明与接触面积无关,若不相同说明与受力面积有关。 故答案为: (1)匀速直线运动; (2)转换; (3)甲;乙; (4)不变; (5)拉动木块做匀速直线运动非常困难; (6)让同一物块从同一斜面同一高度滑下,通过比较其在不同粗糙水平面上滑动距离的长短,比较滑动摩擦力的大小; (7)保持压力和接触面的粗糙程度不变,改变接触面积,可分别将木块平放、侧放、竖放在木板上,用测力计水平拉动木块做匀速直线运动;比较测力计的示数,若弹簧测力计示数相同,说明与接触面积无关,若不相同说明与受力面积有关。 【点评】此题是探究影响滑动摩擦力的因素,主要考查了对二力平衡条件的应用及控制变量法。要知道影响摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度,两因素不变,则摩擦力不变。 31.晓宇设计了用吸盘测量大气压值得实验,请帮助晓宇做好以下工作 (1)请补充完整该实验的相关步骤: ①如图所示,将蘸水的塑料吸盘压在光滑的水平板上,挤出里面的空气; ②用小桶通过细绳与吸盘挂钩相连接,向小桶中缓慢注入细沙,直到恰好脱离板面; ③用天平测出细沙和小桶的质量M; ④用刻度尺 测量塑料吸盘的半径r ; ⑤大气压强表达式为: p= 。 (2)本实验中存在误差的可能原因是(写出两个) ① 吸盘内有空气 ; ② 测量塑料吸盘的半径r有误差 。 【分析】(1)把塑料吸盘按压在光滑水平的玻璃板上,挤出塑料吸盘内的空气,则吸盘在外界大气压的作用下被紧压在玻璃板上。而装有适量细砂的小桶挂在吸盘的塑料挂钩上,小桶对吸盘有个向下的拉力,在不计塑料挂钩的质量的情况下,要使吸盘脱离玻璃板,小桶对吸盘的拉力应等于大气压对吸盘的压力。 (2)吸盘内有空气;吸盘及挂钩、细绳的重量;测量吸盘的直径误差较大。 【解答】解:(1)④用刻度尺测量塑料吸盘的半径r,利用S=πr2求得测量塑料吸盘的半径r; ⑤吸盘脱离玻璃板时,小桶对吸盘的拉力(即桶和细砂的重力)等于大气压对吸盘的压力,则F=G=mg。 p===; (2)吸盘内有空气;吸盘及挂钩、细绳的重量;测量吸盘的直径误差较大;测量了吸盘的外径;吸盘受到大气压强的面积不同;桶和注入细沙的重量大于吸盘所受大气压力;吸盘脱离水平板后还有少许细沙注入等原因; 故答案为:(1)④测量塑料吸盘的半径r;⑤p=; (2)吸盘内有空气;测量塑料吸盘的半径r有误差。 【点评】本题属于探究型实验,是课本知识的创新实验,解题的关键在于弄清实验的原理、方法以及注意事项,是培养学生创新能力的好题。 32.小明在探究“杠杆平衡条件”实验中 (1)实验前,如果杠杆的左端向下倾斜,右端平衡螺母应向 右 端调节,或者左端平衡螺母应向 右 端调节,使杠杆在 水平 位置平衡,其目的是 便于测量力臂 ; 避免杠杆自重对实验的影响 。 (2)杠杆平衡后,小明在图甲所示的A位置挂上两个钩码,可在B位置挂上 4 个钩码,使杠杆在水平位置平衡。接这改变钩码数或者移动A、B位置多次实验,收集多组数据其目的是 使结论具有普遍性 ;实验得到的结论是 F1L1=F2L2 (用字母符号表示)。 (3)他改用弹簧测力计在图乙所示的C位置斜向下拉,若每个钩码重2N.当杠杆在水平位置平衡时,测力计的示数将 大于 (选填“大于”、“等于”或“小于”)2N。 【分析】(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态时,杠杆处于平衡状态,调节杠杆在水平位置平衡,平衡螺母向上翘的一端移动,使杠杆在水平位置平衡,此时力与杠杆垂直,力臂的长度可以直接从杠杆上读出来,还可以消除杠杆重力对杠杆平衡的影响; (2)设杠杆每格的长度为L,每个钩码重为G,左侧A点力与力臂的乘积为4GL;要使杠杆平衡,右侧B点力与力臂的乘积也应为4GL;实验时,如果只用一组数据得到结论,偶然性太大,因此应获取多组实验数据找普遍规律从而得出杠杆平衡条件是:动力×动力臂=阻力×阻力臂,即:F1L1=F2L2; (3)探究“杠杆平衡条件”的实验,主要测量的量有两端力的大小,和力臂的长短。这里的力是钩码的重力,方向是竖直向下的,而力臂是从支点到力的作用线的垂直距离,因此当力臂在水平方向时,力臂最长,斜向下拉,力臂变小,力变大。 【解答】解:(1)杠杆左端低、右端高,杠杆重心应右移,应将平衡螺母(左端和右端)向右调节,直至杠杆在水平位置平衡;杠杆只有在水平位置平衡时,杠杆本身才与竖直向下的重力方向垂直,此时的力臂正好在杠杆上,是杠杆的长度,测量起来力臂非常方便,同时,重力作用线过支点,还可以消除杠杆重力对杠杆平衡的影响; (2)设杠杆每格的长度为L,每个钩码重为G,左侧A点力矩为2G×2L=4GL;右侧B点力臂为L,要使杠杆平衡,所以,需在B点挂4个钩码,即4G×L=4GL; 探究杠杆平衡的条件时,多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律,使结论具有普遍性; 通过实验得出杠杆平衡条件是:动力×动力臂=阻力×阻力臂,即:F1L1=F2L2; (3)力臂是从支点到力的作用线的垂直距离,因此当力臂在水平方向时,力臂最长,斜向下拉,力臂变小,力变大,因此弹簧测力计在图乙所示的C位置斜向下拉,当杠杆在水平位置平衡时,测力计的示数将大于2N。 故答案为:(1)右; 右;水平;便于测量力臂;避免杠杆自重对实验的影响;(2)4;使结论具有普遍性;F1L1=F2L2;(3)大于。 【点评】(1)探究杠杆平衡条件时,使杠杆在水平位置平衡,此时力与杠杆垂直,力臂的长度可以直接从杠杆上读出来,还可以消除杠杆重力对杠杆平衡的影响; (2)初中物理实验进行多次测量有些是为了求平均值,使测得的数据更准确,有些是为了寻找普遍规律,探究杠杆平衡的条件就是为了寻找普遍规律。 33.为完成“探究电流与电阻的关系”实验,小海从实验室取得以下器材:电压恒为4.5V的电池组、电流表、电压表、开关,5Ω、10Ω、25Ω的定值电阻各一个,规格为“40Ω1A”的滑动变阻器,导线若干。 (1)请根据所学知识,用笔画线代替导线,在1图中将实物连接完整; (2)小海将10Ω电阻接入电路,闭合开关,移动滑动变阻器滑片,直到电压表示数如2图所示,记为 2.5 V,并记录电流表的示数;接着保持滑片位置不变,将电阻换为25Ω后,为保证 电压 表的示数不变,应向 左 (选填“左”或“右”)移动滑片; (3)通过实验得到电流随电阻变化的图象如3图所示,由此可知: 电压 一定时,通过导体的电流与其电阻成 反 比; (4)在小海实验基础上,为了得到更多组数据,需要更多规格的定值电阻,则选用的定值电阻最大阻值不允许超过 50 Ω。 【分析】(1)变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联; (2)根据电压表选用小量程确定分度值读数; 根据控制变量法,研究电流与电阻的关系时,需控制定值电阻的电压相同,当换上大电阻时,根据分压原理确定电压表示数的变化,由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向; (3)根据如3图求出电流与电阻之积分析; (4)探究电流与电阻的关系,应保持电阻两端的电压不变,根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压,根据分压原理,求出当变阻器的最大电阻接入电路时对应的定值电阻大小。 【解答】解:(1)变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联,如下所示: (2)闭合开关,移动滑动变阻器滑片,直到电压表示数如2图所示,电压表选用小量程,分度值为0.1V,电压为2.5V,并记录电流表的示数; 根据串联分压原理可知,将定值电阻由10Ω改接成25Ω的电阻,电阻增大,其分得的电压增大; 探究电流与电阻的实验中应控制电压不变,应保持电阻两端的电压不变,根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压,由分压原理,应增大滑动变阻器连入电路中的电阻,所以滑片应向左端移动,使电压表的示数为2.5V; (3)通过实验得到电流随电阻变化的图象如3图所示,电阻两端的电压始终保持: UV=IR=0.1A×25Ω=﹣﹣﹣﹣=0.5A×5Ω=2.5V,为一定值,故得出:在电压一定时,通过导体的电流与其电阻成反比; (4)根据串联电路电压的规律,变阻器分得的电压: U滑=4.5V﹣2.5V=2V,定值电阻的电压为变阻器分得的电压的=1.25倍,根据分压原理,当变阻器的最大电阻接40Ω连入电路中时,定值电阻的最大值为:R定=1.25×40Ω=50Ω,为了得到更多组数据,需要更多规格的定值电阻,则选用的定值电阻最大阻值不允许超过50Ω。 故答案为:(1)如上图; (2)2.5;电压; 左; (3)电压;反; (4)50。 【点评】本题“探究电流与电阻的关系”,考查电路连接、数据分析、电压表读数、操作过程、控制变量法和对器材的要求。

    • 月考试卷/名校月考
    • 2019-04-23
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  • ID:6-5701453 2018-2019学年江苏省常州市九年级(下)月考物理试卷(4月份)(解析版)

    初中物理/月考专区/九年级下册

    2018-2019学年江苏省常州市九年级(下)月考物理试卷(4月份) 一、单项选择题(本题共15小题,每小题2分,共30分)每小题只有一个选项符合题意. 1.下列工具在正常使用过程中,属于费力杠杆的是(  ) A. 起子 B. 核桃夹 C. 钳子 D. 食品夹 2.关于能源和信息,下列说法不正确的是(  ) A.目前核电站中的核反应堆是通过可控的聚变反应释放核能的设备 B.风能、水能和太阳能都是一次、可再生能源 C.手机用“WiFi”上网是利用电磁波传递信息 D.电路中有迅速变化的电流时,在周围能够产生电磁波 3.如图所示,当开关S闭合后,电压表测出的电压是(  ) A.灯L1和L 2两端的总电压 B.电源电压 C.灯L 2两端的电压 D.灯L1两端的电压 4.如图,细线上端固定,下端拉着小球在竖直平面内摆动,A、B是球摆动过程中的最高点,C是最低点,不计空气阻力则(  ) A.球在A点时受力平衡 B.球在C点时速度最大 C.从B到C,球的动能减少 D.从A到C,球的势能增加 5.物理课上刘老师将规格完全相同的滑轮,用相同的绳子绕成甲、乙两个滑轮组,如图所示,分别提起重为G1、G2两个物体,比较它们省力情况和机械效率,下面四位同学作了四种猜测,你认为正确的是(  ) A.甲同学说若G1=G2,则F1<F2,η甲>η乙 B.乙同学说若G1=G2,则F1>F2,η甲<η乙 C.丙同学说若G1<G2,则F1<F2,η甲=η乙 D.丁同学说若G1<G2,则F1<F2,η甲<η乙 6.下列关于密度的一些说法中正确的是(  ) A.一杯水的密度比一滴水大 B.乒乓球不慎被挤瘪但无破损,球内气体密度变大 C.固体的密度一定大于液体的密度 D.温度计温度升高时,内部测量液体的密度不变 7.关于家庭电路,下列说法不正确的是(  ) A.控制电灯的开关应接在灯和火线之间 B.家庭电路中同时工作的用电器越多,电路中的总电阻越大 C.使用测电笔辨别火线和零线时手一定要接触笔尾金属体 D.家庭电路中的电流过大,可能是总功率过大或者发生了短路 8.如下图所示是一手压电筒,按压手柄,塑料齿轮带动线圈内磁性飞轮高速旋转,使灯泡发光。下列四图中与这一过程的工作原理相同的是(  ) A. B. C. D. 9.已知一台直流电动机两端的电压为6V,通过电动机的电流为2A,线圈的电阻为0.5Ω.则在1min内电动机消耗的电能及产生的热量分别为(  ) A.720 J,120 J B.720 J,720 J C.720 J,600 J D.600 J,120 J 10.在下列实验或装置所示的情景中,能量转化情况相同的是(  ) A.丙和丁 B.甲和丙 C.甲和乙 D.乙和丁 11.把一实心铁浸没在盛满酒精的杯子中时,从杯中溢出16g酒精。若将该铁块浸没在盛满水的杯子中时,从杯中溢出水的质量(ρ酒精=0.8×103kg/m3)(  ) A.等于20g B.大于20g C.小于20g D.无法确定 12.如图所示,在水平地面上的磁体上方,有挂在弹簧测力计上的小磁体(下部N极).小辉提着弹簧测力计向右缓慢移动,挂在弹簧测力计上的小磁体下端,沿图示水平路线从A缓慢移到B.则图乙中能反映弹簧测力计示数F随位置变化的是(  ) A. B. C. D. 13.如图所示,小明在探究串联电路电流规律实验中,闭合开关后,两灯均不亮,他用一个电流表去检测电路故障。当电流表接A、B两点时两灯均不亮;当电流表接B、C两点时,有一盏灯亮了,且电流表有示数,产生这一现象的原因可能是(  ) A.L1断路 B.L1短路 C.L2断路 D.L2短路 14.如图所示,粗糙的弧形轨道竖直固定于水平面,一小球由A点以速度ν沿轨道滚下,经另一侧等高点B后到达最高点C.下列关于小球滚动过程的分析正确的是(  ) A.整个过程只有重力在对小球做功 B.小球在A、B两点具有的动能相同 C.小球在A、B、C三点的速度大小关系是νA>νB>νC D.小球在A点具有的机械能等于它在C点具有的重力势能 15.如图所示,电源电压恒为15V,定值电阻R的阻值为20Ω,闭合开关后,使变阻器的阻值减小5Ω,电流表示数变化了0.1A,则下列说法正确的是(  ) A.电流表示数减小了0.1A B.电压表示数减小了0.5V C.定值电阻的电功率增大了0.2W D.电路总功率增大了1.5W 二.填空、作图题(每空1分,每图2分,共29分) 16.酸甜多汁的水果不仅可以为我们的身体提供能量,还可以发电呢!如图所示,几只水果提供的电力足以点亮一排规格相同的发光二极管! (1)水果电池将   能转化为电能,为了使发光二极管更亮,这三个水果电池应该   (选填“串联”或“并联”); (2)当连接好电路后,这些相同规格的发光二极管中只有一个不亮,经检查整个电路连接及所有元件均完好,则这些发光二极管是   (选填“串联”或“并联”)的,这个发光管不亮的可能原因是:   。 17.如图所示,用漆包线绕成矩形线圈,将线圈两端的导线拉直并用刀将漆全部刮掉,作为转动轴,将线圈放在金属支架上,在它下面放一块小磁体,用纸做一个小风车固定在转动轴上,将装置与小量程电流表相连,使小风车转动,可观察到   的现象,说明电路中有电流产生,此过程中   能转化为电能,若将电流表换成干电池接入电路,线圈   (选填“能”或“不能”)持续转动。 18.如图所示,用一个长为2m的斜面将物体从底端沿斜面匀速拉到高台上,拉力做的功为5J,斜面的机械效率为60%,则把重物拉上高台时做的有用功是   J,克服摩擦做的功是   J,物体与斜面间的摩擦力是   N。 19.长度相同,材料也相同的甲、乙两个实心圆柱体,甲的直径是乙的直径的两倍,则甲的密度是乙的密度的   倍,甲的质量是乙的质量的   倍。 20.2017年5月,我国自主研制的C919大型客机在上海首飞成功。客机飞行时,以地面为参照物,客机是   的(选填“运动”或“静止”);客机下降过程中,其重力势能   (选填“增大”、“不变”或“减小”);客机着陆后减速滑行过程中,客机轮胎表面的温度会升高,这是通过   的方式改变其内能的;其卫星导航系统主要靠   来传递信息。 21.汽车的发动机常用水作冷却剂降温,这是利用了水的比热容较   的性质。某汽车水箱中装了5kg的水,发动机运行一段时间后,水温升高了20℃,则在这个过程中,水吸收的热量是   J.这段时间发动机气缸内汽油完全燃烧了15g,若燃烧损失的热量全部被水吸收,汽油机的效率是   。[水的比热容为4.2×l03J/(kg?℃),汽油的热值为4.6×l07J/kg]。 22.如图所示,四个阻值均为5Ω的电阻R1、R2、R3、R4串联后接在电压恒为U的电路中,某同学误将一只电流表并联在R2、R3两端,发现电流表的示数为2A,则U=   V;若用一只电压表替代电流表并联在R2、R3两端,则电压表的示数为   V。 23.电动自行车已成为大众化的一种交通工具,专业人员对某品牌电动自行车进行了测试,让电动自行车在平直的路面上同静止开始运动,获得速度随时间变化的图象如图甲所示,牵引力随时间变化的图象如图乙所示,已知匀速行驶时,电动机输入电压48V,输入电流5A,由图象可知,8~14s电动自行车受到的摩擦力为   N,匀速行驶时,电能转化为机械能的效率为   %。 24.如图所示是甲、乙两灯的电流与电压的关系图象,当把两灯串联接在某一电源两端时电路中的电流为0.4A,则电源电压为   V,此时乙灯的电阻为   Ω。 25.请将虚线框内带有保险丝的三孔插座正确接入家庭电路。 26.图甲是打开的汽车后备箱盖,它被液压杆支撑(不计后备箱盖重)。关箱盖时,它可看作一个杠杆,图乙是其简化图:O是支点,F2是液压杆作用在A点的阻力。请在图乙中画出: (1)阻力臂l2; (2)在B点关上后备箱盖的最小动力F1。 三.解答探究题(27题7分,28题4分,29题6分,30题9分,31题6分,32题9分,共41分.) 27.(7分)如图甲所示,滑轮组在竖直向上的拉力F作用下,将重为105N的物体匀速提起,在5s时间内绳子自由端移动的距离为s=3m.图乙是滑轮组工作时的拉力F与绳自由端移动距离s的关系图。 (1)计算物体上升的速度。 (2)图乙中阴影部分的面积表示的物理量是   ,并列式计算出该物理量。 (3)计算滑轮组提升该重物时的机械效率。 28.如图甲,在“探究不同物质吸热能力”的实验中,将a、b两种不同的液体分别放入两个相同的烧杯内,用相同的电加热器同时加热,加热过程中不计热量损失。记录相关数据,并绘制出如图乙的图象。 (1)实验时,选用初温和    均相等的甲、乙两种液体; (2)加热10min时,a吸收的热量    (选填“大于”、“小于”或“等于”)b吸收的热量; (3)若b液体的比热容为4.2×103J/(kg?℃),则a液体比热容为   。 (4)a液体的沸点是   ℃。 29.某同学想测出食用油的密度,于是他找来如下器材:天平(含砝码)、量筒、烧杯。探究过程如下: (1)把天平放在水平桌面上,调节平衡螺母,使天平横梁在水平位置平衡。 a.此操作中存在的问题是   ; b.该同学改正错误后,在重新调节天平平衡时出现了如图甲所示的现象,他需向   (左/右)调节平衡螺母。 (2)天平横梁在水平位置平衡后,该同学又进行了如下操作: a.将盛有食用油的烧杯放在天平的左盘,在右盘中添加砝码并拨动游码,天平平衡时,游码位置和所加砝码如图甲所示,则烧杯和食用油的总质量是   g; b.将烧杯中食用油倒入量筒中一部分,液面位置如图乙所示,倒出的食用油体积为   mL; c.用天平测出烧杯和剩余食用油的质量为39.2g,则该食用油的密度ρ≈   kg/m3 d.若将食用油倒入量筒时,量筒壁上沾上了少量食用油,则食用油密度的测量值比真实值   (大/小/不变)。 30.(9分)小军利用图1电路探究电流与阻的关系,所用器材规格已在图中标明。 (1)请用笔画线代替导线将电路连接完整,使滑片P向左移动时,滑动图变阻器接入电路的阻值增大; (2)完成连接后进行实验。闭合开关前,滑片P应置于最   (选填“左”或“右”)端; (3)实验中,若无论如何调节滑动变阻器,电流表的示数为零,电压表示数始终为3V.经检查发现是某根导线出现了断路,该导线是   (选填导线编号); (4)测量结束后,应先   ,拆除   两端导线后,再拆除其他导线并整理好器材; (5)将电流表示数记为I,电阻箱和滑动变阻器接入电路的阻值分别记为R1和R2.小军根据实验数据绘制的I与之间关系的图线如图2所示。 ①根据图2可得出“在电压一定时,通过导体的电流与导体的电阻成   ”的实验结论; ②在图3的选项中,能正确反映I与之间关系的是   ,你的理由是:   。 31.物理学中常用磁感线来形象地描述磁场,用磁感应强度(用字母B表示)来描述磁场的强弱,它的国际单位是特斯拉(符号是T),磁感应强度B越大表明磁场越强;B=0表明没有磁场。有一种电阻,它的大小随磁场强弱的变化而变化,这种电阻叫做磁敏电阻,图1所示是某磁敏电阻R的阻值随磁感应强度B变化的图象。为了研究某磁敏电阻R的性质,小刚设计了如图2所示的电路进行实验,请解答下列问题: 【进行实验】 (1)当S1断开,S2闭合时,电压表的示数为3V,则此时电流表的示数为   A。 (2)只闭合S1,通电螺线管的左端为   极;闭合S1和S2,移动两个滑动变阻器的滑片,当电流表示数为0.04A时,电压表的示数为6V,由图象可得,此时该磁敏电阻所在位置的磁感应强度为   T。 【分析与结论】 (3)实验中小刚将电路中电源的正负极对调,发现乙电路中电压表和电流表的示数不变,这表明:该磁敏电阻的阻值与磁场的   无关。 (4)闭合S1和S2,R2滑片固定不动,将R1的滑片向右滑动,则电压表示数   ,电流表示数   (选填“变大”“变小”或“不变”)。 32.(9分)人们对自我保健越来越关注。图甲为某品牌足浴盆及相关参数。其内部电路可分为工作电路和控制电路两部分(如图乙所示)。闭合总开关S,当足浴盆有水注人到一定量时压控开关S1,S2就会自动闭合,此时R1、R2会同时工作,加热至40℃时,控制电路中的电磁铁会将衔铁吸合,自动进入保温模式。 (1)图乙的工作电路中,处于保温状态时,工作的电阻是   。压控开关S1的作用是防止   ,达到保护电路的目的。 (2)控制电路中电磁铁线圈的电阻为100欧,为电磁铁供电的电池电压为6伏,Rx为热敏电阻,阻值随温度变化关系可由图丙中的某条曲线表示。当线圈中的电流大于或等于20毫安时,控制电路中继电器的衔铁被吸合,则Rx阻值随温度变化的曲线为图丙中的   。 (3)求R2的阻值 (4)在一次使用过程中,加热时间为5分钟,保温时间为20分钟,则整个过程中消耗了多少电能? 2018-2019学年江苏省常州市九年级(下)月考物理试卷(4月份) 参考答案与试题解析 一、单项选择题(本题共15小题,每小题2分,共30分)每小题只有一个选项符合题意. 1.下列工具在正常使用过程中,属于费力杠杆的是(  ) A. 起子 B. 核桃夹 C. 钳子 D. 食品夹 【分析】结合图片和生活经验,先判断杠杆在使用过程中,动力臂和阻力臂的大小关系,再判断它是属于哪种类型的杠杆。 【解答】解: A、起子在使用过程中,动力臂大于阻力臂,属于省力、费距离杠杆。 B、核桃钳在使用过程中,动力臂大于阻力臂,属于省力、费距离杠杆。 C、钳子在使用过程中,动力臂大于阻力臂,属于省力、费距离杠杆。 D、食品夹在使用过程中,动力臂小于阻力臂,属于费力、省距离杠杆。 故选:D。 【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种:①省力杠杆,动力臂大于阻力臂;②费力杠杆,动力臂小于阻力臂;③等臂杠杆,动力臂等于阻力臂。 2.关于能源和信息,下列说法不正确的是(  ) A.目前核电站中的核反应堆是通过可控的聚变反应释放核能的设备 B.风能、水能和太阳能都是一次、可再生能源 C.手机用“WiFi”上网是利用电磁波传递信息 D.电路中有迅速变化的电流时,在周围能够产生电磁波 【分析】(1)核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的; (2)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少,不可能在短期内从自然界得到补充,所以它们属于不可再生能源;而风能、水能、太阳能、生物质能,可以在自然界里源源不断的得到补充,所以它们属于都是一次,可再生能源; (3)手机是利用电磁波来传递信息的; (4)变化的电流周围产生电磁波。 【解答】解:A、核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的,故A错误; B、风能、水能和太阳能,可以在自然界里源源不断的得到补充,所以它们属于都是一次,可再生能源,故B正确; C、手机用“WiFi”上网是利用电磁波来传递信息的,故C确; D、电路中有迅速变化的电流时,在周围能够产生电磁波,故D正确。 故选:A。 【点评】本题考查了核能,能源分类,电磁波产生及应用,属于基础知识。 3.如图所示,当开关S闭合后,电压表测出的电压是(  ) A.灯L1和L 2两端的总电压 B.电源电压 C.灯L 2两端的电压 D.灯L1两端的电压 【分析】电压表的正确使用:电压表与被测用电器并联;根据电压表所并联的电路进行分析。 【解答】解:从电路图可知,两灯串联,电压表并联在L1两端,所以,当开关S闭合后,电压表测量灯L1两端的电压。 故选:D。 【点评】掌握电压表的正确使用:电压表并联在电路中,不要超过电压表的量程,电流从正接线柱流入从负极线柱流出 4.如图,细线上端固定,下端拉着小球在竖直平面内摆动,A、B是球摆动过程中的最高点,C是最低点,不计空气阻力则(  ) A.球在A点时受力平衡 B.球在C点时速度最大 C.从B到C,球的动能减少 D.从A到C,球的势能增加 【分析】利用下列知识分析判断: (1)影响动能大小的因素:质量和速度,质量越大,速度越大,动能越大。 (2)影响重力势能大小的因素:质量和高度,质量越大,高度越高,重力势能越大。 (3)机械能是动能和重力势能的和,在小球运动的过程中,空气阻力忽略不计,机械能守恒。 【解答】解: A、小球在A点时速度为0,受到斜向上的拉力和竖直向下的重力的作用,这二个力不在同一条直线上,所以小球受到的力不是平衡力,故A错; B、小球由A运动到C的过程中,重力势能转化为动能,小球在最低点C时速度最大,动能最大,故B正确; C、从B到C,小球的质量不变、高度减小,重力势能减小;质量不变、速度增大,动能增大,故C错; D、从A到C的过程中,小球的质量不变、高度减小,所以重力势能减小,故D错。 故选:B。 【点评】掌握影响动能、重力势能大小的因素。会判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化以及能量的相互转化。 5.物理课上刘老师将规格完全相同的滑轮,用相同的绳子绕成甲、乙两个滑轮组,如图所示,分别提起重为G1、G2两个物体,比较它们省力情况和机械效率,下面四位同学作了四种猜测,你认为正确的是(  ) A.甲同学说若G1=G2,则F1<F2,η甲>η乙 B.乙同学说若G1=G2,则F1>F2,η甲<η乙 C.丙同学说若G1<G2,则F1<F2,η甲=η乙 D.丁同学说若G1<G2,则F1<F2,η甲<η乙 【分析】要判断甲、乙两图的绳子段数来比较省力情况,由于滑轮组相同、绕法不同,并且不计摩擦,则额外功相同,通过比较有用功的大小可比较机械效率的高低。 【解答】解: AB.由题知,滑轮组都是一定一动,动滑轮重力G轮相同,不计绳重和摩擦,拉力F1=(G+G轮),拉力F2=(G+G轮),如果物重G1=G2,则拉力F1<F2; 机械效率η===,物重相同、动滑轮重相同,机械效率相同,故AB错误; CD.由题知,滑轮组都是一定一动,动滑轮重力G轮相同,不计绳重和摩擦,拉力F1=(G1+G轮),拉力F2=(G2+G轮),如果物重G1<G2,则拉力F1<F2; 如果物重G1<G2,即物重增大,有用功将增大,不计绳重和摩擦,额外功不变,机械效率η===,所有机械效率将变大,即乙的机械效率高,故C错误、D正确。 故选:D。 【点评】此类题目判断绳子段数n是关键,而且要分析有用功、额外功是否相同,只要抓住这几点解答此类题目很容易。 6.下列关于密度的一些说法中正确的是(  ) A.一杯水的密度比一滴水大 B.乒乓球不慎被挤瘪但无破损,球内气体密度变大 C.固体的密度一定大于液体的密度 D.温度计温度升高时,内部测量液体的密度不变 【分析】密度是物质的一种特性,对于确定的某种物质,它的密度不随质量、体积的改变而改变。 【解答】解:A、一杯水与一滴水的密度是相同的,故A错误; B、乒乓球不慎被挤瘪但无破损,球内气体质量不变,体积变小,故密度变大,故B正确; C、常温下,水银是液态的,其密度大于各种固态物质的密度,故C错误; D、体温计内的液体在温度升高的过程中,液体的质量不改变;由于温度升高,体积增大,根据密度的计算公式ρ=,密度变小,故D错误。 故选:B。 【点评】本题是考查关于密度的一些基本问题,有时候就是因为它太基本了,所以有些同学反而没有去注意。 7.关于家庭电路,下列说法不正确的是(  ) A.控制电灯的开关应接在灯和火线之间 B.家庭电路中同时工作的用电器越多,电路中的总电阻越大 C.使用测电笔辨别火线和零线时手一定要接触笔尾金属体 D.家庭电路中的电流过大,可能是总功率过大或者发生了短路 【分析】(1)出于安全原则电灯的开关应接在火线上; (2)电阻并联的规律,并联电阻越多,总电阻越小; (3)使用试电笔时,手只有接触笔尾金属体,测电笔才能使用; (4)家庭电路中电流过大的原因:一是短路,二是用电器的总功率过大。 【解答】解: A、开关要控制电灯,要与点灯串联,且接在火线上,这样开关断开时,灯泡不再与火线相连,在维修和更换时不会造成触电事故,故A正确; B、家庭电路中同时工作的用电器越多,相当于电阻并联,电路的总电阻越小,故B错误; C、使用测电笔时,手必须接触笔尾金属体,用笔尖接触被检测导线,才能辨别火线和零线,故C正确; D、空气开关跳闸是由电路中电流过大造成的,可能是短路也可能是用电器的总功率过大,故D正确。 故选:B。 【点评】本题主要考查了与家庭电路有关的电学知识,充分了解家庭电路的特点以及常见现象,是我们学习和应用的关键。 8.如下图所示是一手压电筒,按压手柄,塑料齿轮带动线圈内磁性飞轮高速旋转,使灯泡发光。下列四图中与这一过程的工作原理相同的是(  ) A. B. C. D. 【分析】(1)手压电筒是利用电磁感应现象制成的,磁性飞轮高速旋转,使线圈切割磁感线,从而产生了感应电流,使小灯泡发光。 (2)逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理,将两者对应即可得到答案。 【解答】解:A、图中导体ab在磁场中做切割磁感线运动时,电路中产生了感应电流(可以从电流表指针发生偏转来体现),这是电磁感应现象,与手压电筒的制成原理相符合。故A正确。 B、此图反映了通电导体在磁场中受到力的作用,与手压电筒的制成原理无关,故B错误。 C、此图探究的是电磁铁磁性强弱的影响因素,研究电磁铁磁性强弱与线圈中电流大小有关,与手压电筒的制成原理无关。故C错误。 D、奥斯特实验证明通电导体周围存在磁场。与手压电筒的制成原理无关。故D错误。 故选:A。 【点评】(1)此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验、电磁铁磁性强弱的决定因素等知识点。 (2)首先根据题目告诉的:线圈内磁性飞轮高速旋转明确出手压电筒的制成原理是解决此题的关键。 9.已知一台直流电动机两端的电压为6V,通过电动机的电流为2A,线圈的电阻为0.5Ω.则在1min内电动机消耗的电能及产生的热量分别为(  ) A.720 J,120 J B.720 J,720 J C.720 J,600 J D.600 J,120 J 【分析】电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路,产生的热量只能用Q=I2Rt计算,消耗的电能只能用W=UIt计算。 【解答】解:在1min内电动机消耗的电能: W=UIt=6V×2A×60s=720J。 电动机产生的热量: Q=I2Rt=(2A)2×0.5Ω×60s=120J。 故A正确,BCD错误。 故选:A。 【点评】本题考查了电动机中的转化的能量的计算。在电动机工作时,电能转化为了机械能和内能,内能大小只能由Q=I2Rt计算。对外做功由能量守恒求解即可。 10.在下列实验或装置所示的情景中,能量转化情况相同的是(  ) A.丙和丁 B.甲和丙 C.甲和乙 D.乙和丁 【分析】分析各实验装置中的能量变化可知能量的转化情况,则找出转化情况相同的即可。 【解答】解:甲是将机械能转化内能;乙为做功冲程,则为内能转化为动能的过程;丙消耗电能转化为内能,为电能转化为内能的过程;丁通过加热使活塞飞出,为内能转化为动能的过程; 故能量转化相同的为乙与丁; 故选:D。 【点评】在分析能量转化时要注意分析实验中消耗了哪些能量,同时主要产生的哪些能量,则可知能量的转化方向。 11.把一实心铁浸没在盛满酒精的杯子中时,从杯中溢出16g酒精。若将该铁块浸没在盛满水的杯子中时,从杯中溢出水的质量(ρ酒精=0.8×103kg/m3)(  ) A.等于20g B.大于20g C.小于20g D.无法确定 【分析】实心铁浸没在盛满酒精和水的杯子中时溢出酒精和水的体积相等,根据密度公式得出等式即可求出溢出水的质量。 【解答】解:因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等, 所以,实心铁浸没在盛满酒精和水的杯子中时溢出酒精和水的体积相等,即V排酒精=V排水, 由ρ=可得:=,即=, 解得:m排水=20g。 故选:A。 【点评】本题考查了密度公式的灵活运用,知道物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等是关键。 12.如图所示,在水平地面上的磁体上方,有挂在弹簧测力计上的小磁体(下部N极).小辉提着弹簧测力计向右缓慢移动,挂在弹簧测力计上的小磁体下端,沿图示水平路线从A缓慢移到B.则图乙中能反映弹簧测力计示数F随位置变化的是(  ) A. B. C. D. 【分析】根据条形磁体两极磁性最强而中间磁性最弱,和磁极间的作用规律分析。 【解答】解:条形磁体两极磁性最强而中间磁性最弱,且同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引,当挂着的磁体向右移动时,相互吸引力逐渐减小,而过了大磁体中点后,相互排斥力逐渐增大,故可以得出弹簧测力计的示数从A端到B端是逐渐变小的。 故选:C。 【点评】本题考查了条形磁体的磁性特点和磁极间的作用规律:同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引。 13.如图所示,小明在探究串联电路电流规律实验中,闭合开关后,两灯均不亮,他用一个电流表去检测电路故障。当电流表接A、B两点时两灯均不亮;当电流表接B、C两点时,有一盏灯亮了,且电流表有示数,产生这一现象的原因可能是(  ) A.L1断路 B.L1短路 C.L2断路 D.L2短路 【分析】开关闭合后,两个灯泡都不发光,说明电路是开路或两灯泡同时短路,根据电流表在不同位置的连接情况注意分析即可。 【解答】解: A、若L1断路,当电流表接A、B两点时,灯泡L2会发光,当电流表接B、C两点时,两灯都不亮,电流表没有示数,故A不符合题意; B、若L1短路,灯泡L2会发光,故B不符合题意; C、若L2断路,当电流表接A、B两点时,两灯泡都不会发光,当电流表接B、C两点时,灯泡L1会发光,电流表有示数,故C符合题意; D、若L2短路,灯泡L2会发光,故D不符合题意。 故选:C。 【点评】本题考查了根据电流表的示数情况判断串联电路的故障,电流表示数为零说明故障是开路。 14.如图所示,粗糙的弧形轨道竖直固定于水平面,一小球由A点以速度ν沿轨道滚下,经另一侧等高点B后到达最高点C.下列关于小球滚动过程的分析正确的是(  ) A.整个过程只有重力在对小球做功 B.小球在A、B两点具有的动能相同 C.小球在A、B、C三点的速度大小关系是νA>νB>νC D.小球在A点具有的机械能等于它在C点具有的重力势能 【分析】(1)做功的条件是:有力,且沿力的方向运动一段距离; (2)由于受到的阻力,所以小球下落过程中,有机械能的损失; (3)物体受到非平衡力,其运动状态不断变化(如速度改变)。 【解答】解:A、小球受到竖直向下的重力的作用,下落中,移动了距离,小球的重力是做功的,因为是粗糙的弧形轨道,所以受摩擦力,要克服摩擦力做功,故A错误; B、在粗糙的弧形轨道上受摩擦力,要克服摩擦力做功,所以小球下落过程中,机械能减小,故在A、B两点具有的动能不同,故B错误; C、小球运动过程中,要克服摩擦力做功,机械能减小,小球质量不变,故小球在A、B、C三点的速度大小关系是νA>νB>νC,故C正确; D、要克服摩擦力做功,机械能减小,故在A点具有的机械能大于它在C点具有的重力势能,故D错误。 故选:C。 【点评】此题考查了力是改变物体运动状态的原因、能量的转化和运动快慢的分析,是一道综合题目。 15.如图所示,电源电压恒为15V,定值电阻R的阻值为20Ω,闭合开关后,使变阻器的阻值减小5Ω,电流表示数变化了0.1A,则下列说法正确的是(  ) A.电流表示数减小了0.1A B.电压表示数减小了0.5V C.定值电阻的电功率增大了0.2W D.电路总功率增大了1.5W 【分析】(1)由图R与滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器两端电压,电流表测的电路中电流,根据欧姆定律判断电流表示数变化情况; (2)根据串联电路的特点和欧姆定律先求出变阻器连入电路的阻值,然后分别根据电功率公式求出功率。 【解答】解: 由图可知,变阻器R变与R串联在电路中,电压表测滑动变阻器两端电压,电流表测电路中电流; A、使变阻器的阻值减小5Ω,根据串联电路的电阻特点可知总电阻变小,由于电源电压不变,根据I=可知电路中电流变大,所以电流表示数变化了0.1A,应是增大0.1A,故A错误; B、设原来变阻器接入电路的阻值为R变,变阻器的阻值减小5Ω后,此时变阻器接入电路的阻值为R变﹣5Ω, 由题意可知:△I=I2﹣I1=0.1A, 即:﹣=0.1A, 所以,﹣=0.1A, 解得:R变=10Ω,R变=﹣45Ω(舍去), 所以,I1===0.5A, I2===0.6A, 则电压表示数变化量: △U变=I2(R变﹣5Ω)﹣I1R变=0.6A×(10Ω﹣5Ω)﹣0.5A×10Ω=﹣2V, 所以电压表示数减小了2V;故B错误; C、定值电阻电功率的增大量: △P1=I22R﹣I12R=(0.6A)2×20Ω﹣(0.5A)2×20Ω=2.2W,故C错误; D、总功率的增大量: △P=UI2﹣UI1=15V×0.6A﹣15V×0.5A=1.5W,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用,难点是正确不超过电表量程前提下变阻器的取值范围。 二.填空、作图题(每空1分,每图2分,共29分) 16.酸甜多汁的水果不仅可以为我们的身体提供能量,还可以发电呢!如图所示,几只水果提供的电力足以点亮一排规格相同的发光二极管! (1)水果电池将 化学 能转化为电能,为了使发光二极管更亮,这三个水果电池应该 串联 (选填“串联”或“并联”); (2)当连接好电路后,这些相同规格的发光二极管中只有一个不亮,经检查整个电路连接及所有元件均完好,则这些发光二极管是 并联 (选填“串联”或“并联”)的,这个发光管不亮的可能原因是: 二极管正负接线柱接反了 。 【分析】(1)水果电池将化学能转化为电能;单个电池电压太小,电池串联后可使电压变大; (2)串联电路只有一条电流路径,各用电器之间相互影响;并联电路,各用电器之间互不影响; 二极管具有单向导电的性质。二极管是由半导体材料制成的,有两根引线,一根为正极,另一根为负极;二极管的导电性能很特殊,它只允许电流从它的正极流向负极,不允许从负极流向正极,二极管正负接线柱接反后,二极管相当于断路。 【解答】解: (1)水果电池将化学能转化为电能;单个电池电压太小,电池串联后可使电压变大;所以为了使发光二极管更亮,这三个水果电池应该串联; (2)当连接好电路后,只有一个发光二极管不亮,根据并联电路中各用电器之间互不影响,可知这些发光二极管是并联的; 由于整个电路连接及所有元件均完好,由于发光二极管的单向导电性,则这个发光管不亮的可能原因是二极管正负接线柱接反引起的。 故答案为:(1)化学;串联;(2)并联;二极管正负接线柱接反了。 【点评】本题考查串、并联电路的判断方法;电路故障分析;发光二极管的单向导电性的理解;难度不大,掌握基本知识即可回答。所以此题考查学生对发光二极管的单向导电性知识的理解。 17.如图所示,用漆包线绕成矩形线圈,将线圈两端的导线拉直并用刀将漆全部刮掉,作为转动轴,将线圈放在金属支架上,在它下面放一块小磁体,用纸做一个小风车固定在转动轴上,将装置与小量程电流表相连,使小风车转动,可观察到 电流表指针偏转 的现象,说明电路中有电流产生,此过程中 机械 能转化为电能,若将电流表换成干电池接入电路,线圈 不能 (选填“能”或“不能”)持续转动。 【分析】闭合电路部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,会产生感应电流的现象叫做电磁感应;发电机就是根据此原理制成的。 【解答】解:图中线圈、导线和电流表组成闭合电路,线圈处在磁场中,风吹风车带动线圈转动切割磁感线从而产生感应电流,因此电流表指针会发生偏转;与发电机相同,并且将机械能转化为了电能; 若将图中电流表换成干电池,则无风吹时,由于通电线圈处在磁场中故而受力转动,但线圈转动至平衡位置因线圈两端的绝缘漆全部刮掉,无法改变线圈中的电流从而不能持续转动下去。 故答案为:电流表指针偏转;机械;不能。 【点评】此题考查了法拉第的电磁感应实验,要抓住条件:闭合、部分、切割,这是解题关键。 18.如图所示,用一个长为2m的斜面将物体从底端沿斜面匀速拉到高台上,拉力做的功为5J,斜面的机械效率为60%,则把重物拉上高台时做的有用功是 3 J,克服摩擦做的功是 2 J,物体与斜面间的摩擦力是 1 N。 【分析】知道拉力做的总功和斜面的机械效率,根据η=×100%求出把重物拉上高台时做的有用功,总功减去有用功即为克服摩擦做的额外功,根据W额=fs求出物体与斜面间的摩擦力。 【解答】解:由η=×100%可得,把重物拉上高台时做的有用功: W有=W总η=5J×60%=3J, 克服摩擦做的额外功: W额=W总﹣W有=5J﹣3J=2J, 由W额=fs可得,物体与斜面间的摩擦力: f===1N。 故答案为:3;2;1。 【点评】本题考查了机械效率公式和做功公式的应用,明确有用功和总功以及额外功之间的关系是关键。 19.长度相同,材料也相同的甲、乙两个实心圆柱体,甲的直径是乙的直径的两倍,则甲的密度是乙的密度的 1 倍,甲的质量是乙的质量的 4 倍。 【分析】材料相同说明两物体密度相同,根据公式m=ρV可求质量之比。 【解答】解:密度相同,所以密度之比为1:1,甲的直径是乙的直径的两倍,所以半径之比也是2:1, 质量之比。 故答案为:1;4。 【点评】本题考查密度公式及其变形的应用,本题的关键是求两物体积之比,物体的体积之比也是本题的难点,再就是必须知道材料相同就是密度相同,这是本题的隐含条件。 20.2017年5月,我国自主研制的C919大型客机在上海首飞成功。客机飞行时,以地面为参照物,客机是 运动 的(选填“运动”或“静止”);客机下降过程中,其重力势能 减小 (选填“增大”、“不变”或“减小”);客机着陆后减速滑行过程中,客机轮胎表面的温度会升高,这是通过 做功 的方式改变其内能的;其卫星导航系统主要靠 电磁波 来传递信息。 【分析】(1)如果物体相对于参照物位置保持不变,物体是静止的;如果物体的位置相对于参照物位置不断变化,则物体是运动的;据此分析答题; (2)重力势能的大小与质量和高度有关; (3)改变内能的两种方式是做功和热传递; (4)卫星导航系统是依靠电磁波来传递信息的。 【解答】解:(1)客机飞行时,相对于地面的位置不断变化,以地面为参照物,客机是运动的; (2)重力势能的大小与质量和高度有关,客机下降时,质量不变,高度减小,所以重力势能减小; (3)客机着陆后减速滑行过程中,客机轮胎与地面摩擦,克服摩擦做功,表面的温度会升高; (4)卫星导航系统靠电磁波来传递信息。 故答案为:运动;减小;做功;电磁波。 【点评】此题考查了运动和静止的相对性、机械能和改变内能的方式,以及电磁波的传播难度不大。 21.汽车的发动机常用水作冷却剂降温,这是利用了水的比热容较 大 的性质。某汽车水箱中装了5kg的水,发动机运行一段时间后,水温升高了20℃,则在这个过程中,水吸收的热量是 4.2×105 J.这段时间发动机气缸内汽油完全燃烧了15g,若燃烧损失的热量全部被水吸收,汽油机的效率是 39.1% 。[水的比热容为4.2×l03J/(kg?℃),汽油的热值为4.6×l07J/kg]。 【分析】(1)根据水的比热容比其它物质的比热容大的特点进行分析; (2)知道水的质量、比热容、温度升高值,由吸热公式Q=cm△t即可求出; (3)根据Q放=mq求出汽油放出的热量;然后求出发动机所做的有用功,根据η=求出汽油机的效率。 【解答】解: (1)水的比热容大,升高相同温度时吸收热量多,所以,用水作冷却剂给汽车的发动机降温,这是利用了水的比热容较大的性质; (2)水吸收的热量: Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg?℃)×5kg×20℃=4.2×105J; (3)15g汽油完全燃烧放出的热量: Q放=m′q=0.015kg×4.6×l07J/kg=6.9×l05J; 若燃烧损失的热量全部被水吸收,则汽车发动机所做的有用功: W有=Q放﹣Q吸=6.9×l05J﹣4.2×l05J=2.7×l05J; 汽油机的效率为 η==×100%≈39.1%。 故答案为:大;4.2×105;39.1%。 【点评】此题主要考查的是学生对热量、热值和汽油机效率的计算,难度不大。 22.如图所示,四个阻值均为5Ω的电阻R1、R2、R3、R4串联后接在电压恒为U的电路中,某同学误将一只电流表并联在R2、R3两端,发现电流表的示数为2A,则U= 20 V;若用一只电压表替代电流表并联在R2、R3两端,则电压表的示数为 10 V。 【分析】(1)电流表相等于一根导线,当电流表并联在电阻R2和R3两端时,电路为R1、R4串联,电流表测电路中的电流,根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压; (2)电流表换成了电压表时,四电阻串联,电压表测电阻R2和R3两端的电压,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流,再根据欧姆定律求出电压表的示数。 【解答】解:(1)当电流表并联在电阻R2和R3两端时,电路为R1、R4串联,电流表测电路中的电流, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,由I=可得电源的电压: U=I(R1+R4)=2A×(5Ω+5Ω)=20V; (2)电流表换成了电压表时,四电阻串联,电压表测电阻R2和R3两端的电压, 则电路中的电流: I′===1A, 则电压表的示数: U23=I′(R2+R3)=1A×(5Ω+5Ω)=10V。 故答案为:20;10。 【点评】本题考查电压、电流的计算,关键是欧姆定律及其公式变形的灵活运用,难点是知道接电流表和电压表时电路的连接有何不同。 23.电动自行车已成为大众化的一种交通工具,专业人员对某品牌电动自行车进行了测试,让电动自行车在平直的路面上同静止开始运动,获得速度随时间变化的图象如图甲所示,牵引力随时间变化的图象如图乙所示,已知匀速行驶时,电动机输入电压48V,输入电流5A,由图象可知,8~14s电动自行车受到的摩擦力为 30 N,匀速行驶时,电能转化为机械能的效率为 75 %。 【分析】(1)观察速度﹣时间图象,电动自行车在0~8s速度越来越快,8~14s,速度不再变化;观察牵引力﹣时间图象,在8~14s牵引力大小不变,由于电动车匀速运动,牵引力等于摩擦力,求出摩擦力的大小; (2)匀速行驶时,牵引力与摩擦力是一对平衡力,利用P=Fv=fv求电动自行车匀速行驶时克服摩擦力做功的有用功率,利用P=UI求出总功率,然后利用η=求效率。 【解答】解: (1)由甲图象可知,电动自行车的运动特点是先加速、后匀速。 由乙图象可知,在8~14s牵引力大小F=30N, 因为在8~14s匀速运动,牵引力与摩擦力是一对平衡力,所以摩擦力f=F=30N; (2)由甲图象可知,电动自行车匀速行驶时速度v=6m/s,则克服摩擦力做功的功率为P有用=fv=30N×6m/s=180W; 电动机输入总功率为P总=UI=48V×5A=240W, 所以效率η=×100%=×100%=×100%=×100%=75%。 故答案为:30;75。 【点评】本题以电动车为载体,考查了学生利用所学知识分析解决实际问题的能力,关键是明确效率η=可以利用计算,体现了学以致用。 24.如图所示是甲、乙两灯的电流与电压的关系图象,当把两灯串联接在某一电源两端时电路中的电流为0.4A,则电源电压为 9 V,此时乙灯的电阻为 15 Ω。 【分析】两灯串联接在某一电源两端时通过它们的电流相等,根据图象读出两灯泡两端的电压,根据串联电路的电压特点求出电源的电压,根据欧姆定律求出此时乙灯的电阻。 【解答】解:两灯串联接在某一电源两端时,电路中的电流为0.4A, 由图象可知,甲灯泡两端的电压U甲=3V,乙灯泡两端的电压U乙=6V, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,电源的电压: U=U甲+U乙=3V+6V=9V, 由I=可得,此时乙灯的电阻: R乙===15Ω。 故答案为:9;15。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用,从图象中读出电流对于的电压是关键。 25.请将虚线框内带有保险丝的三孔插座正确接入家庭电路。 【分析】三孔插座的接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线 【解答】解:首先辨别上面三根线:下面是地线、上面是火线、中间是零线。三孔插座的接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线,带保险盒的插座,将保险盒接在火线上,如图所示: 【点评】知道家庭电路中三孔插座的接法是解决该题的关键。 26.图甲是打开的汽车后备箱盖,它被液压杆支撑(不计后备箱盖重)。关箱盖时,它可看作一个杠杆,图乙是其简化图:O是支点,F2是液压杆作用在A点的阻力。请在图乙中画出: (1)阻力臂l2; (2)在B点关上后备箱盖的最小动力F1。 【分析】要解决此题,需要掌握力臂的概念,知道力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线做垂线,垂线段的长度即为力臂。先确定最长的力臂,即离支点与力的作用点的连线;然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可。 【解答】解: (1)阻力臂为支点到阻力作用线的距离,先反向延长F2,再由O点作F2作用线的垂线即为阻力臂; (2)动力最小,即动力臂最长,从支点到动力作用点的距离作为动力臂最长,也就是最省力,即OB作为动力臂最省力,阻力方向向上,因此动力方向向下, 如下图所示: 【点评】本题考查了最小力问题,最小力问题转化成最大力臂问题是解决问题的关键。 三.解答探究题(27题7分,28题4分,29题6分,30题9分,31题6分,32题9分,共41分.) 27.(7分)如图甲所示,滑轮组在竖直向上的拉力F作用下,将重为105N的物体匀速提起,在5s时间内绳子自由端移动的距离为s=3m.图乙是滑轮组工作时的拉力F与绳自由端移动距离s的关系图。 (1)计算物体上升的速度。 (2)图乙中阴影部分的面积表示的物理量是 功 ,并列式计算出该物理量。 (3)计算滑轮组提升该重物时的机械效率。 【分析】(1)根据滑轮组承担总重的绳子段数n计算出物体上升的高度,再根据V=计算物体上升的速度; (2)根据横纵坐标表示的单位和数值以及其数值变化关系确定该物理量,并计算其大小; (3)根据机械效率公式η==计算滑轮组的机械效率。 【解答】解:(1)滑轮组由三段绳子承担总重,s=3h,h=s=×3m=1m, 物体上升的速度v===0.2m/s; (2)纵坐标表示力的大小为50N,大小不变,横坐标表示距离,大小为3m, 所以阴影部分表示力所做的功W=Fs=50N×3m=150J; (3)滑轮组的机械效率η=×100%=×100%=×100%=70%。 答:(1)物体上升的速度0.2m/s。 (2)图乙中阴影部分的面积表示的物理量是功,功的大小为150J。 (3)滑轮组提升该重物时的机械效率为70%。 【点评】本题考查了动滑轮的特点和速度、功、机械效率公式的灵活运用,能够正确识图和辨别滑轮组承担总重的绳子的段数是解题的关键。 28.如图甲,在“探究不同物质吸热能力”的实验中,将a、b两种不同的液体分别放入两个相同的烧杯内,用相同的电加热器同时加热,加热过程中不计热量损失。记录相关数据,并绘制出如图乙的图象。 (1)实验时,选用初温和 质量  均相等的甲、乙两种液体; (2)加热10min时,a吸收的热量 等于  (选填“大于”、“小于”或“等于”)b吸收的热量; (3)若b液体的比热容为4.2×103J/(kg?℃),则a液体比热容为 2.1×103J/(kg?℃) 。 (4)a液体的沸点是 70 ℃。 【分析】(1)要探究不同液体的吸热本领,需要取初温相同,质量相同的不同液体; (2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少,这种方法叫转化法。; (3)根据图象可知升温70℃,a、b加热时间,根据转换法,可知Qa与Qb的关系,由c=可知,在质量和升高温度相同时,比热与吸热成正比,求出a的比热容; (4)液体沸腾时,温度不变,该温度叫液体的沸点。 【解答】解:(1)要研究两种液体的吸热本领,应控制两个烧杯中所装的甲、乙两种液体的初温相同、质量相等; (2)根据转换法,加热10min,a吸收的热量等于b吸收的热量; (3)根据图象可知,升温70℃,a加热10min,b加热20min,根据转换法,Qa=Qb,由c=可知,在质量和升高温度相同时,比热与吸热大小成正比,则a液体比热容为 ×4.2×103J/(kg?℃)=2.1×103J/(kg?℃); (4)根据图象可知,当a加热到70℃时开始沸腾,并且温度保持70℃不变,因此a液体的沸点是70℃。 故答案为:(1)质量;(2)等于;(3)2.1×103J/(kg?℃); (4)70。 【点评】此题考查的是物质吸热本领大小的探究实验,考查控制变量法和转换法及沸点的知识、c=的运用。 29.某同学想测出食用油的密度,于是他找来如下器材:天平(含砝码)、量筒、烧杯。探究过程如下: (1)把天平放在水平桌面上,调节平衡螺母,使天平横梁在水平位置平衡。 a.此操作中存在的问题是 没有把游码移到标尺左端的零刻度线 ; b.该同学改正错误后,在重新调节天平平衡时出现了如图甲所示的现象,他需向 左 (左/右)调节平衡螺母。 (2)天平横梁在水平位置平衡后,该同学又进行了如下操作: a.将盛有食用油的烧杯放在天平的左盘,在右盘中添加砝码并拨动游码,天平平衡时,游码位置和所加砝码如图甲所示,则烧杯和食用油的总质量是 81.8 g; b.将烧杯中食用油倒入量筒中一部分,液面位置如图乙所示,倒出的食用油体积为 46 mL; c.用天平测出烧杯和剩余食用油的质量为39.2g,则该食用油的密度ρ≈ 0.93×103 kg/m3 d.若将食用油倒入量筒时,量筒壁上沾上了少量食用油,则食用油密度的测量值比真实值 大 (大/小/不变)。 【分析】(1)a.把天平放在水平桌面上,将游码移到标尺左端的零刻度处,调节平衡螺母,使天平横梁在水平位置平衡; b.调平衡螺母时按左偏右调,右偏左调进行,使指针指在分度盘中央; (2)a.标尺的分度值为0.2g,烧杯和食用油的总质量等于砝码的质量加上游码所对应的质量; b.量筒的分度值值为2mL,得出倒出的食用油体积; c.根据已知条件求出量筒内油的质量; 根据ρ=求出该食用油的密度; d.若将食用油倒入量筒时,量筒壁上沾上了少量食用油,则测量出的食用油密度的体积偏小,根据ρ=分析。 【解答】解:(1)a.把天平放在水平桌面上,将游码移到标尺左端的零刻度处,调节平衡螺母,使天平横梁在水平位置平衡,故此操作中存在的问题是没有把游码移到标尺左端的零刻度线; b.该同学改正错误后,在重新调节天平平衡时出现了如图甲所示的现象,指针指向分度盘的右侧,他需向左调节平衡螺母; (2)a.如图甲,标尺的分度值为0.2g,烧杯和食用油的总质量是: m1=50g+20g+10g+1.8g=81.8g, b.由图乙知,量筒的分度值值为2mL,将烧杯中食用油倒入量筒中一部分,液面位置如图乙所示,倒出的食用油体积为:V=46mL; c.用天平测出烧杯和剩余食用油的质量为: m2=39.2g, 量筒内油的质量: m=m1﹣m2=81.8g﹣39.2g=42.6g, 则该食用油的密度: ρ==≈0.93×103kg/m3; d.若将食用油倒入量筒时,量筒壁上沾上了少量食用油,则测量出的食用油密度的体积偏小,根据ρ=,测量值比真实值偏大。 故答案为:(1)a.没有把游码移到标尺左端的零刻度线; b.左; (2)a.81.8; b.46; c.0.93×l03 ;d. 大。 【点评】本题测量食用油的密度,考查天平的调节和使用、量筒的使用、密度的计算和误差分析。 30.(9分)小军利用图1电路探究电流与阻的关系,所用器材规格已在图中标明。 (1)请用笔画线代替导线将电路连接完整,使滑片P向左移动时,滑动图变阻器接入电路的阻值增大; (2)完成连接后进行实验。闭合开关前,滑片P应置于最 左 (选填“左”或“右”)端; (3)实验中,若无论如何调节滑动变阻器,电流表的示数为零,电压表示数始终为3V.经检查发现是某根导线出现了断路,该导线是 ② (选填导线编号); (4)测量结束后,应先 断开开关 ,拆除 电源 两端导线后,再拆除其他导线并整理好器材; (5)将电流表示数记为I,电阻箱和滑动变阻器接入电路的阻值分别记为R1和R2.小军根据实验数据绘制的I与之间关系的图线如图2所示。 ①根据图2可得出“在电压一定时,通过导体的电流与导体的电阻成 反比 ”的实验结论; ②在图3的选项中,能正确反映I与之间关系的是 A ,你的理由是: 滑动变阻器两端的电压保持不变 。 【分析】(1)根据要求滑片向左移动时,滑动变阻器接入电路的阻值增大,确定变阻器的连接; (2)为保护电路,闭合开关前,应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处; (3)电流表示数为0,电路断路,电压表示数始终为3V,电压表与电源连通,电压表并联的那部分断路。 (4)为了保护电路,实验结束后,应先断开开关,先拆除电源两端导线; (5)由I与是一条过原点的直线得出在电压一定时,电流与电阻倒数的关系; 根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器的电阻保持不变,得出电流与的关系。 【解答】解:(1)滑片向左移动时,滑动变阻器接入电路的阻值增大,故变阻器滑片以右的电阻丝连入电路中,如下所示: (2)为了保护电路,闭合开关前,应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处,即最左端; (3)电流表无示数,电路断路。电压表示数为3V,测电源电压,与电源连通,所以电压表并联的那部分断路,所以导线②断路。 (4)为了保护电路,实验结束后,应先断开开关,先拆除电源两端导线后,再拆除其他导线并整理好器材; (5)①根据图2描出的图象,电流与导体电阻的倒数成正比,则电压一定时,通过导体的电流与导体的电阻成反比; ②由图2知电压一定时,通过导体的电流与导体的电阻成反比,即U=IR=0.1A×=2V, 根据串联电路电源压的特点知:滑动变阻器两端的电压保持不变,为3V﹣2V=1V; 则电流与滑动变阻器的阻值成反比关系,则I与的图象关系是A图所示图线。 故答案为:(1)见上图;(2)左;(3)②;(4)断开开关;电源;(5)①反比;②A;滑动变阻器两端的电压保持不变。 【点评】本题考查了电路的连接、实验的注意事项、故障分析、器材的整理以及图象的分析,其中图象的分析有一定的难度。 31.物理学中常用磁感线来形象地描述磁场,用磁感应强度(用字母B表示)来描述磁场的强弱,它的国际单位是特斯拉(符号是T),磁感应强度B越大表明磁场越强;B=0表明没有磁场。有一种电阻,它的大小随磁场强弱的变化而变化,这种电阻叫做磁敏电阻,图1所示是某磁敏电阻R的阻值随磁感应强度B变化的图象。为了研究某磁敏电阻R的性质,小刚设计了如图2所示的电路进行实验,请解答下列问题: 【进行实验】 (1)当S1断开,S2闭合时,电压表的示数为3V,则此时电流表的示数为 0.03 A。 (2)只闭合S1,通电螺线管的左端为 S 极;闭合S1和S2,移动两个滑动变阻器的滑片,当电流表示数为0.04A时,电压表的示数为6V,由图象可得,此时该磁敏电阻所在位置的磁感应强度为 0.3 T。 【分析与结论】 (3)实验中小刚将电路中电源的正负极对调,发现乙电路中电压表和电流表的示数不变,这表明:该磁敏电阻的阻值与磁场的 方向 无关。 (4)闭合S1和S2,R2滑片固定不动,将R1的滑片向右滑动,则电压表示数 变小 ,电流表示数 变大 (选填“变大”“变小”或“不变”)。 【分析】(1)由图象可以得到R没有磁性时的电阻,已知此时R两端电压,利用欧姆定律得到电流表的示数; (2)利用安培定则判断通电螺线管的磁极; 已知磁敏电阻两端电压和通过的电流,可以得到电阻;由磁敏电阻的阻值,利用图象可以得到磁感应强度; (3)电源正负极对调,电路电流方向发生改变,磁感应强度说法变化,可以通过磁敏电阻的阻值是否发生变化判断; (4)根据滑动变阻器阻值的变化,判定出磁性的变化和R阻值的变化情况,利用欧姆定律分析电流表、电压表示数的变化情况。 【解答】解: (1)由图象知,当R没有磁性时,R=100Ω, 根据欧姆定律得,电流表的示数为I===0.03A; (2)闭合开关S1时,螺线管产生磁性,由安培定则知:左端为S极; 当电流表示数为0.04A时,电压表的示数为6V, 磁敏电阻的阻值为R′===150Ω, 由图象知,此时的磁感应强度为0.3T; (3)小刚将电源的正负极对调,螺线管的磁极发生变化;发现乙电路中电压表和电流表的示数不变,也就是磁敏电阻的阻值不变。这表明:该磁敏电阻的阻值与磁场的方向无关; (4)闭合S1和S2,R2滑片固定不动,将R1的滑片向右滑动,滑动变阻器电阻变大,故通过电磁铁的电流会减小,磁性变弱,则R的阻值会减小,根据欧姆定律可知,通过R的电流变大,即电流表示数变大;根据U=IR可知,电流变大,则R2两端的电压变大,根据串联电路的电压规律可知,R两端的电压减小,即电压表示数变小。 故答案为:(1)0.03;(2)S;0.3;(3)方向;(4)变小;变大。 【点评】此题是一道电与磁知识综合应用的创新题,题目形式、考查角度、考查方式新颖,注意了与高中知识的合理衔接,值得重点掌握。 32.(9分)人们对自我保健越来越关注。图甲为某品牌足浴盆及相关参数。其内部电路可分为工作电路和控制电路两部分(如图乙所示)。闭合总开关S,当足浴盆有水注人到一定量时压控开关S1,S2就会自动闭合,此时R1、R2会同时工作,加热至40℃时,控制电路中的电磁铁会将衔铁吸合,自动进入保温模式。 (1)图乙的工作电路中,处于保温状态时,工作的电阻是 R1 。压控开关S1的作用是防止 足浴盆中没有水也会闭合电路而让电路处于工作状态 ,达到保护电路的目的。 (2)控制电路中电磁铁线圈的电阻为100欧,为电磁铁供电的电池电压为6伏,Rx为热敏电阻,阻值随温度变化关系可由图丙中的某条曲线表示。当线圈中的电流大于或等于20毫安时,控制电路中继电器的衔铁被吸合,则Rx阻值随温度变化的曲线为图丙中的 D 。 (3)求R2的阻值 (4)在一次使用过程中,加热时间为5分钟,保温时间为20分钟,则整个过程中消耗了多少电能? 【分析】(1)控制电路中的电磁铁会将衔铁吸合,自动进入保温模式,由图乙可知,哪个是工作的电阻;当足浴盆注入一定量水时压控开关S1才自动闭合,由此分析; (2)足浴盆中水温加热至40℃,线圈中的电流大于或等于20毫安时,电磁铁才会将衔铁吸合,由此可知热敏电阻Rx的阻值随温度变化趋势,并计算Rx的电阻,由此结合图丙判断; (3)在工作电路两电阻并联,同时工作时为加热模式,保温模式只有R1接入电路中,根据甲中参数,先计算R2的功率,再根据P=计算R2的阻值; (4)由W=Pt计算整个过程消耗的电能。 【解答】解: (1)由题知,加热至40℃时,控制电路中的电磁铁会将衔铁吸合,自动进入保温模式,由图乙知,此时工作电路中只有R1接入电路中,即工作的电阻是R1, 当足浴盆注入一定量水时压控开关S1才自动闭合,这样可以防止足浴盆中没有水也会闭合电路,而让电路处于工作状态,即起到了保护作用; (2)控制电路中线圈与热敏电阻Rx串联,由题知,当足浴盆中水温加热至40℃时,线圈中的电流大于或等于20毫安,电磁铁才会将衔铁吸合,说明温度升高,由欧姆定律知热敏电阻Rx的阻值减小,故图丙中A、B曲线不符合题意; 由串联电路特点和欧姆定律可得,当线圈中的电流等于20mA=0.02A时,控制电路的总电阻: R总=Rx+R线圈=, 即:Rx+100Ω=, 解得:Rx=200Ω, 当水温达到40℃,由图丙中曲线C对应电阻为300Ω、曲线D对应电阻为200Ω,故R1阻值随温度变化的曲线为图丙中D。 (3)在工作电路两电阻并联,同时工作时为加热模式,保温模式只有R1接入电路中, 根据甲中参数知:P加热=2100W,P保温=100W, 所以,R2的功率:P2=P加热﹣P保温═2100W﹣100W=2000W, 由P=可得,R2的阻值;R2===24.2Ω; (4)由W=Pt可得,加热时间为5分钟,保温时间为20分钟消耗的电能: W=W加热+W保温=P加热t加热+P保温t保温=2100W×300s+100W×1200s=7.5×105J。 故答案为:(1)R1;足浴盆中没有水也会闭合电路让电路处于工作状态; (2)D; (3)R2的阻值为24.2Ω; (4)整个过程中消耗了7.5×105J电能。 【点评】本题考查了电磁继电器的认识、串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功和电功率公式的应用,很好的体现物理知识在生活中的应用。

    • 月考试卷/名校月考
    • 2019-04-23
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  • ID:6-5700887 2018-2019学年江苏省泰州市沈毅中学九年级(下)月考物理试卷(解析版)

    初中物理/月考专区/九年级下册

    2018-2019学年江苏省泰州市沈毅中学九年级(下)月考物理试卷 一.选择题(共12小题,满分24分,每小题2分) 1.下列关于声音的说法中不正确的是(  ) A.“震耳欲聋”说明声音的音调高 B.“隔墙有耳”,说明固体能传声 C.“闻其声知其人”,说明可以根据音色来判断说话者 D.“响鼓也要重锤敲”,说明声音是由振动产生的,且振幅越大响度越大 2.下列关于自然现象的解释,正确的是(  ) A.春天,冰雪消融是汽化现象,要吸热 B.夏天的傍晚,草叶上的露珠是液化现象,要吸热 C.秋天,浓雾消散是汽化现象,要吸热 D.北方的冬天,树枝上的雾淞是升华现象,要吸热 3.下列有关光现象的说法,正确的是(  ) A.岸边景物在水中的倒影是光折射形成的 B.路边电线杆在地面上的影子是光反射形成的 C.电影幕布选用粗糙的布料,目的是让光发生漫反射 D.红色的牡丹花由于只吸收红光,反射其它色光,所以它看起来是红色的 4.在“探究凸透镜成像的规律“时,将点燃的蜡烛放在距凸透镜30cm处,在透镜另侧距离透镜16cm处的光屏上得到烛焰清晰的像,则下列相关说法正确的是(  ) ①光屏上成倒立、放大的实像 ②照相机是利用这一成像原理工作的 ③该透镜的焦距f一定满足8cm<f<15cm ④将远视镜片放在蜡烛和凸透镜之间,要使光屏上出现清晰的像,光屏应靠近透镜 A.只有①和③ B.只有②和④ C.只有②和③④ D.只有①和④ 5.如图所示,三只相同的杯子中分别装有质量相等的水、煤油和盐水(ρ盐水>ρ水>ρ煤油),则下列判断正确的是(  ) A.甲杯是煤油,乙杯是盐水,丙杯是水 B.甲杯是水,乙杯是煤油,丙杯是盐水 C.甲杯是盐水,乙杯是水,丙杯是煤油 D.甲杯是煤油,乙杯是水,丙杯是盐水 6.小明坐在沿平直铁路高速行驶的列车上,若说他是静止的,则所选择的参照物是(  ) A.铁轨 B.小明乘坐的列车 C.从他身边走过的乘客 D.路边的树木 7.如图所示为探究平面镜成像特点的实验装置,下列说法中错误的是(  ) A.为了保证实验效果应选择较薄的玻璃板 B.实验时玻璃板应与水平桌面垂直放置 C.沿水平桌面移动蜡烛A前应先点燃B D.该实验最好在较暗的环境中进行 8.如图是正在使用的机械,属于省力杠杆的是(  ) A.独轮车 B.扫帚 C.钓鱼竿 D.船桨 9.在亚冬会自由式滑雪比赛中,选手的运动轨迹如图所示,如果不计空气阻力,下列说法正确的是(  ) A.从c点下落到d点过程中,机械能保持不变 B.由于气温低于0℃,所以赛道上冰的内能为0 C.从a点下滑到b点过程中,机械能保持不变 D.在a点和e点都处于静止状态,因此机械能相等 10.如图所示,在微型电扇的插头处接一个发光二极管,用手旋转叶片,观察到发光二极管发光了。下图中与这个实验原理相同的是(  ) A. B. C. D. 11.小明同学在“探究串联电路电压规律”的实验中,按如图所示的电路图连接实物,闭合开关,发现灯L1和L2都不亮,排除接触不良的因素后,小明用电压表逐一与元件并联,以查找故障。测量得出Uab=0:Uac=0:Ucd=6v;Uad=6V;如果电路只有一处故障,则故障可能为(  ) A.L1断路 B.L1短路 C.L2断路 D.L2短路 12.如图所示,电源电压保持不变,小灯泡L标有“6V 3W”字样,不考虑温度对灯丝电阻的影响。闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P移动到中点时,小灯泡正常发光,电压表示数为4V,当滑片P移到最大阻值时,灯L与滑动变阻器此时的电功率之比为(  ) A.4:3 B.3:4 C.3:2 D.2:3 二.填空题(共10小题,满分25分) 13.声音是由于物体   而产生的。声音的高低叫   ,与   有关。弹吉它时,用力拨琴弦时,琴弦的振幅较大,所以发声的   较大。 14.(1)善于观察的小明同学发现,无论盛夏还是严冬,在装有空调的房间玻璃窗上,都会有小水滴附着在上面,这都属于   现象(填物态变化名称).那么,夏天,小水珠附着在玻璃的   ,冬天,小水珠附着在玻璃的   。(选填“内表面”或“外表面”)。 (2)小明同学还喜欢自制实验器材。利用小瓶、橡皮塞和玻璃管自制的液体温度计。该温度计是根据液体   的规律来工作的。实际使用中发现该温度计玻璃管中液注变化不明显,导致示数不准确。对此请你提出两条改进的建议:   、   。 15.医院里,墙面上贴着大大的“静”字,表示禁止大声喧哗,这是在   控制噪声;用超声波能粉碎人体内的“结石”,说明超声波能够传递传递   。 16.荷叶上两滴水珠接触时,能自动结合成一滴较大的水珠,这一事实说明分子间存在着   。封闭在注射器筒内的空气很容易被压缩,这实验说明分子间有   。固体很难压缩,这是因为分子间有   。 17.一束光入射到平面镜上,与镜面夹角为35°,则入射角为   ;反射角为   。 18.雾霾天气的主要污染物是PM2.5,它是指大气层中直径小于或等于2.5   (填入合适的长度单位)的颗粒物。野外焚烧秸秆,既不安全又不环保。若回收再利用,既可产生沼气,又可产生肥料。100kg秸秆可产生沼气1.2m3,完全燃烧这部分沼气可产生热量   J,不计热量损失,这些热量可以使   kg的水温度升高50℃.(已知水的比热容为4.2×103J/(kg?℃),沼气热值为4.2×107J/m3) 19.(5分)汽车在行驶时,发动机的温度会升得很高。为了确保安全,可用水循环进行冷却,用水来冷却是因为水的   较大,这是通过的   方式来改变发动机的内能。内能从高温的发动机转移到低温的水,而不是自发地从低温的水转移到高温发动机,这一现象说明能量的转移具有   。 20.如图所示,搬运工人用滑轮将重为425N的重物匀速提升4m,所用拉力为250N,时间为20s。则此过程中有用功是   J,额外功是   J,拉力的功率是   W,滑轮的机械效率是   。 21.某同学在科技创新大赛中根据所学知识设计了一种“闯红灯违规证据模拟记录器”,如图甲所示,它可以通过拍摄照片来记录机动车辆闯红灯时的情景。它的工作原理是:当光控开关接收到某种颜色的光时,开关自动闭合,且当压敏电阻受到车的压力,压敏电阻的阻值随压力变化的图象如图乙所示,它的阻值变化引起电流变化,达到一定值时,继电器的衔铁就被吸下,工作电路中的电控照相机就工作,拍摄违规车辆。光控开关未受到该种光照射就自动断开,衔铁不被吸引,工作电路中的指示灯发光。 (1)要记录违规闯红灯的情景,光控开关应在接收到光   (填“红”“绿”或“黄”)时自动闭合; (2)已知控制电路电源电压为6V,继电器电阻为10Ω,当控制电路中电流大于0.06A时,衔铁会被吸引。则只有质量超过   kg的车辆违规时才会被记录。 22.小明11月底观察到自己家里的电能表如图所示,当他12月底再观察时,发现电能表示为,则他家12月份消耗的电能为   kW?h,他家里同时工作的用电器总功率不宜超过   W.若单独让空调工作,测得1min内电能表转盘转了60转,则空调消耗的电能为   kW?h,空调的电功率是   W。 三.作图题(共3小题,满分6分,每小题2分) 23.如图是一魔术箱,一束激光从左侧小孔射入,右侧小孔射出,但奇怪的是中间有一挡板,请你利用四块平面镜完成内部光路图。 24.根据光线通过透镜前后的方向,在图虚线框中画出适当类型的透镜。 25.闭合开关,小磁针静止后的指向如图所示,请标出螺线管的S极和电源的正极。 四.解答题(共8小题,满分45分) 26.(4分)一个空瓶的质量为400克,在装满水后二者的总质量为800克;当装满油后的总质量为720克,求油的密度是多少? 27.(6分)在如图所示的电路中,灯L的电阻值R1=12Ω保持不变,当开关闭合后,电流表的示数是0.5A,电压表的示数是4V.求: (1)定值电阻R2的阻值 (2)电源电压是多少伏? (3)1min内整个电路消耗的电能是多少焦? 28.(11分)在“探究固体熔化时温度的变化规律”的实验中,实验装置如图甲所示。试管内装有适量的某种固体,请回答下列问题: (1)图甲组装器材的顺序应按   (填“自上而下”或“自下而上”)。 (2)开始加热后某一时刻温度计的示数如图乙所示,其示数为   ℃。 (3)该固体熔化过程中温度随时间变化的图象如图丙,由此可知该固体是   (填“晶体”或“非晶体”),它在熔化过程中的温度   (填“变大”“变小”或“不变”)。 (4)试管中的冰完全熔化后,若持续加热,在标准大气压下将得到图象中的DE段,这段时间内试管中的水   (填“能”或“不能”)沸腾,是因为    29.(6分)某实验小组用一凸透镜完成“探究凸透镜成像规律”实验。 (1)如图甲将凸透镜正对太阳,在另一侧移动光屏,直到光屏上出现一个最亮、最小的光斑,测得该凸透镜的焦距是   cm; (2)从左到右分别放置蜡烛、凸透镜和光屏,调节它们的高度,使三者的   大致在同一高度。 (3)正确调整后,不断改变蜡烛与凸透镜间的距离,并移动光屏进行实验,所获得的数据如下表: 实验序号 物体到凸透镜的距离/cm 光屏上的像到凸透镜的距离/cm 1 40 13.3 2 30 15 3 20 20 4 15 30 5 10 光屏上没有像 6 8 光屏上没有像 根据表中数据和记录可得结论: ①当凸透镜成实像时,物体靠近凸透镜,则像会   (选填“远离”或“靠近”)凸透镜; ②如图乙所示,当蜡烛在刻度尺上   刻度之间时成放大的实像; (4)某同学观察烛焰经凸透镜成的虚像时,他始终透过凸透镜向右侧观察寻找成像的位置。他的做法是   的,原因是   。 (5)在图乙中不改变凸透镜的位置,将蜡烛移到“0”刻度线处,则光屏应移至   区域,才能在光屏上得到清晰的倒立、   (选填“放大”或“缩小”)的实像。 30.(6分)为了研究物质的某种物理属性,同学们找来大小不同的蜡块和干松木做实验,得到的数据如下表所示。 实验序号 蜡块 干松木 体积V/cm3 质量m/g 体积V/cm3 质量m/g ① 10 9 10 5 ② 20 18 20 10 ③ 30 27 30 15 ④ 40 36 40 20 (1)在图中分别把蜡和干松木的质量随体积变化的情况表示出来; (2)分析图表可知,同种物质组成的不同物体,其质量与体积的比值   (相同/不同);不同物质组成的物体,其质量与体积的比值   (相同/不同); (3)物质的这种属性叫密度,则ρ蜡=   g/cm3; (4)本实验测量多组数据的目的是   。 31.在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中,实验室准备的器材有:电源、开关、滑动变阻器、两根完全相同的铁钉、表面绝缘的铜线、大头针若干。小杨同学利用上述器材。制成简易电磁铁甲、乙,并设计了如图所示的电路。 (1)图中将甲、乙两电磁铁串联起来的目的是    (2)当滑动变阻器滑片向左移动时,电磁铁甲、乙吸引大头针的个数   (填“增加”或“减少”),说明电流越大,电磁铁磁性越强。 32.在探究“感应电流产生的条件”实验中: (1)如图,a、b两接线柱间应按入   (选填“大”或小”)量程电流表。 (2)闭合开关后,要使电路中产生感应电流,导体cd应   运动(选填“上下”或“左右”),这是一种   现象,利用这一原理可制成   (选填“电动机”或“发电机”)。 (3)要使电流表指针偏转方向发生改变,可以采取的方法有   (答出一种方法即可)。 (4)如果将电流表换成   ,可以进行磁场对通电导体的作用实验。 33.(6分)现有下列器材:蓄电池(6V)、电流表(0~0.6A,0~3A)、电压表(0~3V,0~15V)、定值电阻(若干)、开关、滑动变阻器和导线,要利用这些器材探究“电流与电阻的关系”,要求: (1)请根据图甲将图乙中未完成的电路连接起来。 (2)实验中多次换用不同阻值的定值电阻,并调节滑动变阻器的滑片,使电压表示数保持不变,读出对应于不同阻值的电流表示数,并记于表格中,①请你利用表格中的数据,在坐标纸上画出导体中的电流随电阻变化的图象。②根据实验目的分析图象可得出结论:   。 实验次数 1 2 3 4 5 6 电阻R/Ω 5 10 15 20 25 30 电流I/A 0.6 0.3 0.2 0.15 0.12 (3)在做完第一次实验后,接下来的操作是:断开开关,将5Ω的定值电阻更换为10Ω的定值电阻,再将滑动变阻器的滑片滑到   端(选填“A”或“B”),然后闭合开关,移动滑片,同时眼睛盯住   才可能达到这个目的。使电压表示数为   V时,读出电流表的示数。 (4)为完成整个实验,应该选取哪种规格的滑动变阻器    A.50Ω1.0A B.30Ω0.5A C.20Ω1.0A D.20Ω0.5A。 2018-2019学年江苏省泰州市沈毅中学九年级(下)月考物理试卷 参考答案与试题解析 一.选择题(共12小题,满分24分,每小题2分) 1.下列关于声音的说法中不正确的是(  ) A.“震耳欲聋”说明声音的音调高 B.“隔墙有耳”,说明固体能传声 C.“闻其声知其人”,说明可以根据音色来判断说话者 D.“响鼓也要重锤敲”,说明声音是由振动产生的,且振幅越大响度越大 【分析】声音有三个特征:音调、响度和音色。根据声音的三个特征的含义判断此题。 ①音调指声音的高低,细而尖的刺耳的声音音调高,低沉而浑厚的声音音调低; ②我们把人耳能感觉到的声音的强弱成为响度,其与物体振动幅度有关,振幅越大,响度越大;振幅越小,响度越小; ③音色是声音的品质特色,根据音色能分辨物体音质的好坏。 【解答】解:A、“震耳欲聋”说明声音很大,说明响度大,故A错误; B、“隔墙有耳”,说明声音可以通过固态传播,即固体能传声,故B正确; C、音色是声音的品质特色,“闻其声而知其人”是根据声音的音色特征来辨别的,故C正确; D、响鼓也要重锤敲”,说明声音是由振动产生的,响鼓是指声音的响度大,重锤敲时,鼓面的振幅大,响度大,故D正确。 故选:A。 【点评】音调和响度容易混淆,句子中的“高”不一定指音调高,可能指响度大,要根据句子的含义,判断是指声音的高低,还是声音的大小。 2.下列关于自然现象的解释,正确的是(  ) A.春天,冰雪消融是汽化现象,要吸热 B.夏天的傍晚,草叶上的露珠是液化现象,要吸热 C.秋天,浓雾消散是汽化现象,要吸热 D.北方的冬天,树枝上的雾淞是升华现象,要吸热 【分析】(1)在一定条件下,物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化,这就是物态变化; (2)物质由气态直接变为固态叫凝华,物质由固态直接变为气态叫升华;由气态变为液态叫液化,由液态变为气态叫汽化;由固态变为液态叫熔化,由液态变为固态叫凝固。 【解答】解:A、春天,冰雪消融是属于熔化现象,故A错误; B、夏天的傍晚,草叶上的露珠是空气中水蒸气遇冷液化化形成的,故B错误; C、秋天,大雾消散是小水滴汽化后,形成水蒸气散在空气中,是汽化现象,汽化吸热,故C正确; D、北方的冬天,树枝上的雾凇是凝华形成的,凝华放热,故D错误; 故选:C。 【点评】此题考查的是生活中的物态变化现象,物态变化知识也是中考必考的知识点,需要掌握。 3.下列有关光现象的说法,正确的是(  ) A.岸边景物在水中的倒影是光折射形成的 B.路边电线杆在地面上的影子是光反射形成的 C.电影幕布选用粗糙的布料,目的是让光发生漫反射 D.红色的牡丹花由于只吸收红光,反射其它色光,所以它看起来是红色的 【分析】A、光遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面都会发生反射。 B、影子的成因是光的直线传播形成的,因为光被挡住了,没有光的区域才变暗,这就是影子的成因,跟光的反射无关。 C、一束平行光射向物体的粗糙表面,经反射后,反射光线不再平行,而是射向各个方向,这种反射叫做漫反射。 D、不透明物体的颜色由它所反射光的颜色所决定。 【解答】解:A、平静的水面上有岸边景物的倒影,是由于岸边景物在水面上成的像,是平面镜成像,属于光的反射现象,故A错误。 B、路边电线杆在地面上的影子是光的直线传播形成的。故B错误。 C、放映电影的银幕用粗糙的幕布,为了使光射到粗糙的幕布上时发生漫反射,以便观众从各个方向都能看到银幕上的像。故C正确。 D、红色的牡丹花吸收其它所有颜色的光只反射红光,红光反射到我们眼睛,所以我们看到牡丹花是红色的,故D错。 故选:C。 【点评】此题考查了光的反射、光的直线传播和物体的颜色,应用所学物理知识,解释生活中的物理现象,理论联系实际,体现了物理与生活的联系,是一道好题。 4.在“探究凸透镜成像的规律“时,将点燃的蜡烛放在距凸透镜30cm处,在透镜另侧距离透镜16cm处的光屏上得到烛焰清晰的像,则下列相关说法正确的是(  ) ①光屏上成倒立、放大的实像 ②照相机是利用这一成像原理工作的 ③该透镜的焦距f一定满足8cm<f<15cm ④将远视镜片放在蜡烛和凸透镜之间,要使光屏上出现清晰的像,光屏应靠近透镜 A.只有①和③ B.只有②和④ C.只有②和③④ D.只有①和④ 【分析】凸透镜成像时,得到的实像都是倒立的,所以蜡烛放在距凸透镜30cm处时,在透镜的另一侧的16cm处得到一个清晰的实像,且物距大于像距。根据凸透镜成像的规律可以得出物体的位置,根据物体位置列出不等式,解不等式得出结果。当凸透镜成实像时,物近像远像变大;物远像近像变小;近视镜是凹透镜,对光线具有发散作用。 【解答】解:蜡烛距离凸透镜30cm时,在透镜的另一侧16cm处光屏上得到一个清晰的像,物距大于像距,成倒立缩小实像,是照相机的原理;此时物体在二倍焦距以外,像在一倍焦距和二倍焦距之间, 即30cm>2f;2f>16cm>f, 解得:8cm<f<15cm。故①错误,②正确;③正确; 远视镜片是凸透镜,对光线具有会聚作用,所以远视镜片放在蜡烛和凸透镜之间,像将提前会聚,为使光屏上看到清晰的像,采取的方法为:使光屏靠近透镜,使像成在光屏上,故④正确。 故选:C。 【点评】此题主要考查了凸透镜成像的规律,首先要熟记规律的内容,特别是成像特点、物距、像距、焦距之间的关系。 5.如图所示,三只相同的杯子中分别装有质量相等的水、煤油和盐水(ρ盐水>ρ水>ρ煤油),则下列判断正确的是(  ) A.甲杯是煤油,乙杯是盐水,丙杯是水 B.甲杯是水,乙杯是煤油,丙杯是盐水 C.甲杯是盐水,乙杯是水,丙杯是煤油 D.甲杯是煤油,乙杯是水,丙杯是盐水 【分析】根据密度公式的变形公式V=可知,质量相等时,密度越大的液体、体积越小,密度越小的液体、体积越大,据此分析判断。 【解答】解:由题意可知,盐水的密度最大,其次是水,密度最小的是煤油; ∵ρ=, ∴V=, ∵三者质量相等, ∴体积最大的是煤油,体积最小的是盐水, 又∵三只杯子完全相同, ∴甲是煤油,乙是盐水,丙是水。 故选:A。 【点评】本题考查了密度公式变形的灵活运用,要学会利用题目所给数据准确分析问题,属于基础题目。 6.小明坐在沿平直铁路高速行驶的列车上,若说他是静止的,则所选择的参照物是(  ) A.铁轨 B.小明乘坐的列车 C.从他身边走过的乘客 D.路边的树木 【分析】判断参照物是研究物体运动状态的一个逆过程,是已知物体的运动情况,判断以“谁”为参照物。当然对于此类选择题,我们可以逐项分析,找到正确的选项。 【解答】解:小明坐在行驶的列车内,相对于铁轨、路边的树及在车内走动的乘客的位置都发生了改变,所以以铁轨、路边的树及在车内走动的乘客为参照物,小明是运动的,故ACD不符合题意; 以小明乘坐的列车为参照物,小明相对于小明乘坐的列车的位置没有发生改变,所以小明相对于小明乘坐的列车是静止的,故B符合题意。 故选:B。 【点评】判断物体是静止的还是运动的,关键在于参照物的选择,选取不同的参照物,得到的结果可能不同。 7.如图所示为探究平面镜成像特点的实验装置,下列说法中错误的是(  ) A.为了保证实验效果应选择较薄的玻璃板 B.实验时玻璃板应与水平桌面垂直放置 C.沿水平桌面移动蜡烛A前应先点燃B D.该实验最好在较暗的环境中进行 【分析】(1)从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面会出现两个像和保证实验效果这个角度去分析此题。 (2)实验中玻璃板如果不垂直于桌面,后面的蜡烛无法与前面蜡烛的像完全重合。 (3)玻璃板是透明的,两面都能发生反射形成像。 (4)当实验环境光线较暗时,实验现象会更加明显。 【解答】解:A、因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面,会出现两个像,影响到实验效果,所以应选用薄玻璃板,故A正确。 B、实验时玻璃板如果不竖直,不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合,就无法验证像的位置和大小,所以玻璃板应与水平桌面垂直放置。故B正确。 C、因为玻璃板是透明的,两面都能发生反射现象形成像,如果移动蜡烛前先将玻璃板后面的蜡烛点燃,在玻璃板两面都会形成蜡烛的像,实验很难进行。故C错误。 D、因蜡烛是点燃的,所以适合在较黑暗的环境下才可看清蜡烛的像,能保证实验效果。故D正确。 故选:C。 【点评】此题以选择题的形式考查平面镜成像实验中需要注意的事项,这既是平时经常强调的地方,又是中考中经常涉及到的地方,要求深入理解,熟练掌握。 8.如图是正在使用的机械,属于省力杠杆的是(  ) A.独轮车 B.扫帚 C.钓鱼竿 D.船桨 【分析】结合图片和生活经验,先判断杠杆在使用过程中,动力臂和阻力臂的大小关系,再判断它是属于哪种类型的杠杆。 【解答】解:A、独轮车在使用过程中,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆; B、扫帚在使用过程中,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆; C、钓鱼竿在使用过程中,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆; D、船桨在使用过程中,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆; 故选:A。 【点评】在判断杠杆的类型时,要先判断杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系,再确定是哪类杠杆。 9.在亚冬会自由式滑雪比赛中,选手的运动轨迹如图所示,如果不计空气阻力,下列说法正确的是(  ) A.从c点下落到d点过程中,机械能保持不变 B.由于气温低于0℃,所以赛道上冰的内能为0 C.从a点下滑到b点过程中,机械能保持不变 D.在a点和e点都处于静止状态,因此机械能相等 【分析】(1)机械能包括动能和势能;动能的大小与质量和速度有关;重力势能大小与质量和高度有关; (2)在一定条件下,动能和势能可相互转化;转化过程中,机械能的变化情况取决于题目提供的条件。 (3)任何物体都具有内能。 【解答】解:A、从c点下落到d点过程中,重力势能转化为动能,由于不计空气阻力,机械能的总和保持不变;故A正确; B、任何物体在任何温度下都具有内能;故B错误; C、从a点下滑到b点过程中,由于滑雪板与赛道间的摩擦,克服摩擦做功,消耗了部分机械能,故机械能减小;故C错误; D、a点和e点都处于静止状态,动能为零,但由于a所处的位置高,a点的重力势能大于e点,故a点的机械能大于e点;故D错误; 故选:A。 【点评】明确机械能概念和影响动能、势能的因素,理解能量转化情况(注意题目中提供的条件);理解内能概念;可解答此题。 10.如图所示,在微型电扇的插头处接一个发光二极管,用手旋转叶片,观察到发光二极管发光了。下图中与这个实验原理相同的是(  ) A. B. C. D. 【分析】(1)闭合回路中的部分导体做切割磁感线的运动时就能产生感应电流,这种现象为电磁感应现象,发电机就是根据电磁感应的原理制成的; (2)直流电动机和直流发电机的构造是相同的,用手拨动小风扇叶片,发光二极管能亮,故可用发电机的知识分析。 【解答】解: 微型电扇中装有电动机,电动机主要是由磁体和线圈组成,用手旋转叶片时,线圈恰好在磁场中做切割磁感线运动,此时会产生电流,发光二极管发光了,该现象是电磁感应现象。 A、图中闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,电路中产生了感应电流(可从电流表指针发生偏转来体现),这是电磁感应现象,故A符合题意。 B、图中直导体通电后在磁场中运动,说明磁场对通电导体有力的作用,是电动机的工作原理,故B不符合题意; C、图中是电磁铁,是电流的磁效应,故C不符合题意; D、图中导体通电后小磁针会偏转,说明通电导体周围有磁场,是奥斯特实验,故D不符合题意。 故选:A。 【点评】本题需注意电磁感应为因为运动而产生了电流,导体在磁场中受力是因为有了电流而发生了运动。实验装置是不同的。而风扇内部的线圈当外部接电源时,风扇能转动,是磁生电;当用外力转动风扇时,就成了发电机。 11.小明同学在“探究串联电路电压规律”的实验中,按如图所示的电路图连接实物,闭合开关,发现灯L1和L2都不亮,排除接触不良的因素后,小明用电压表逐一与元件并联,以查找故障。测量得出Uab=0:Uac=0:Ucd=6v;Uad=6V;如果电路只有一处故障,则故障可能为(  ) A.L1断路 B.L1短路 C.L2断路 D.L2短路 【分析】电路故障分为短路和断路。短路时电路中还有电流,有灯泡会亮。断路时,电路中没有电流,灯泡不亮。 【解答】解: 闭合开关,发现灯L1和L2都不亮,电路只有一处故障,则说明电路中无电流,故电路出现了断路,故BD错误; 若灯L1断路,整个电路断路,灯泡都不亮,ab、cd间电压为零,ac、ad间都有电压,故A错误。 若灯L2断路,整个电路断路,灯泡都不亮,ab、ac间电压为零,ad、cd间都有电压。故C正确。 故选:C。 【点评】此题考查用电流表、电压表判断电路中的故障,要记住短路和断路的区别以及两表在电路中的不同特征。 12.如图所示,电源电压保持不变,小灯泡L标有“6V 3W”字样,不考虑温度对灯丝电阻的影响。闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P移动到中点时,小灯泡正常发光,电压表示数为4V,当滑片P移到最大阻值时,灯L与滑动变阻器此时的电功率之比为(  ) A.4:3 B.3:4 C.3:2 D.2:3 【分析】由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R串联,电压表测R两端的电压。 (1)当滑动变阻器的滑片P移动到中点时,灯泡正常发光时的电压和额定电压相等,根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流,根据欧姆定律求出灯泡的电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻,然得出滑动变阻器的最大阻值; (2)当滑片P移到最大阻值时,根据串联电路的电流特点和P=I2R求出灯L与滑动变阻器此时的电功率之比。 【解答】解:由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R串联,电压表测R两端的电压。 (1)当滑动变阻器的滑片P移动到中点时, 因串联电路中各处的电流相等,且灯泡正常发光, 所以,由P=UI可得,电路中电流: I=IL===0.5A, 由I=可得,灯泡的电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻: RL===12Ω, R===8Ω,即R=16Ω; (2)当滑片P移到最大阻值时, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,由P=I2R可得,灯L与滑动变阻器此时的电功率之比: ====。 故选:B。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用,要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。 二.填空题(共10小题,满分25分) 13.声音是由于物体 振动 而产生的。声音的高低叫 音调 ,与 频率 有关。弹吉它时,用力拨琴弦时,琴弦的振幅较大,所以发声的 响度 较大。 【分析】物体振动才能发声;音调的高低和振动的频率有关,频率越大,音调越高;声音的响度既和振动的幅度有关,又和距离发声体的远近有关。 【解答】解:声音是由于物体振动而发生的; 声音的高低叫音调,音调的高低跟频率有关; 声音的强弱叫响度,响度与物体的振幅有关,弹吉它时,用力拨琴弦时,琴弦的振幅较大,所以发声的响度较大。 故答案为:振动;音调;频率;响度。 【点评】本题考查了声音的产生,以及频率和音调的关系,响度和振幅的关系,属于基础知识的考查。 14.(1)善于观察的小明同学发现,无论盛夏还是严冬,在装有空调的房间玻璃窗上,都会有小水滴附着在上面,这都属于 液化 现象(填物态变化名称).那么,夏天,小水珠附着在玻璃的 外表面 ,冬天,小水珠附着在玻璃的 内表面 。(选填“内表面”或“外表面”)。 (2)小明同学还喜欢自制实验器材。利用小瓶、橡皮塞和玻璃管自制的液体温度计。该温度计是根据液体 热胀冷缩 的规律来工作的。实际使用中发现该温度计玻璃管中液注变化不明显,导致示数不准确。对此请你提出两条改进的建议: 增大玻璃瓶容积 、 换用内径更小的玻璃管 。 【分析】(1)空气中的水蒸气遇冷的玻璃会变成小水珠,这种由气态变为液态的过程称为液化;小水珠附着在玻璃的内表面还是外表面,取决于车内外空气温度的高低,当车内温度高附着在内表面,如车外温度高就附着在外表面。 (2)温度计的原理是利用了液体的热胀冷缩的性质制成的。这样就把温度的变化变成液体的体积变化,若要使效果更明显,可用更细的玻璃管;看清分度值读出示数即可。 【解答】解:(1)夏天,空调车内温度低于外部温度,外部的水蒸气遇到冷的玻璃会发生液化现象,小水珠附着在玻璃的外表面;冬天,空调车内温度高于外部,车内的水蒸气遇到冷的玻璃会发生液化现象,小水珠附着在玻璃的内表面。 (2)温度计是利用液体的热胀冷缩原理来工作的; 实际使用中发现该温度计的玻璃管中液柱变化不明显,导致示数不准确。改进的办法:改用内径更细的玻璃管或换成大一些的烧瓶。 故答案为:(1)液化;外表面;内表面; (2)热胀冷缩;增大玻璃瓶容积;换用内径更小的玻璃管。 【点评】本题考查了学生对液化现象的理解和温度计的使用,明确是温度较高的水蒸气遇到温度较低的物体发生液化现象,小水珠应该出现在温度较高的那一侧是解答前面问题的关键。 15.医院里,墙面上贴着大大的“静”字,表示禁止大声喧哗,这是在 声源处 控制噪声;用超声波能粉碎人体内的“结石”,说明超声波能够传递传递 能量 。 【分析】防治噪声的途径:在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱; 声音即能够传递信息,也能够传递能量。 【解答】解:医院里,墙面上贴着大大的“静”字,表示禁止大声喧哗,这是在声源处控制噪声;用超声波能粉碎人体内的“结石”,这说明超声波能够传递能量。 故答案为:声源处;能量。 【点评】声音能传递信息和能量在实际生活中有着广泛的应用,物理知识来源于生活,又应用于生活。 16.荷叶上两滴水珠接触时,能自动结合成一滴较大的水珠,这一事实说明分子间存在着 引力 。封闭在注射器筒内的空气很容易被压缩,这实验说明分子间有 间隙 。固体很难压缩,这是因为分子间有 斥力 。 【分析】物质是由分子组成的,组成物质的分子在不停地做无规则运动,分子间有间隙,存在着相互作用的引力和斥力。 【解答】解: (1)两滴水珠接触时,能自动结合成一滴较大的水珠,这一事实说明分子间存在着引力; (2)封闭在注射器筒内的空气很容易被压缩,这实验说明分子间有间隙; (3)固体很难压缩,这是因为分子间有斥力。 故答案为:引力;间隙;斥力。 【点评】本题考查了分子间力的作用,包括引力和斥力,要知道这两种力是同时存在的,属于基础知识的考查。 17.一束光入射到平面镜上,与镜面夹角为35°,则入射角为 55° ;反射角为 55° 。 【分析】法线垂直于反射面;入射角是入射光线与法线的夹角;反射光线与法线的夹角是反射角;光的反射现象中,反射角等于入射角。由此解答。 【解答】解: 入射光线与镜面的夹角是35°,所以入射角为90°﹣35°=55°。 因为在反射现象中反射角等于入射角,所以反射角也是55°。 故答案为:55°;55°。 【点评】此题主要考查了光的反射定律的内容,同时还考查了入射角与反射角的概念,是一道基础题。 18.雾霾天气的主要污染物是PM2.5,它是指大气层中直径小于或等于2.5 μm (填入合适的长度单位)的颗粒物。野外焚烧秸秆,既不安全又不环保。若回收再利用,既可产生沼气,又可产生肥料。100kg秸秆可产生沼气1.2m3,完全燃烧这部分沼气可产生热量 5.04×107 J,不计热量损失,这些热量可以使 240 kg的水温度升高50℃.(已知水的比热容为4.2×103J/(kg?℃),沼气热值为4.2×107J/m3) 【分析】(1)PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5μm的颗粒物,也称为可入肺颗粒物。 (2)利用Q放=Vq求沼气完全燃烧放出的热量;不计热量损失,Q吸=Q放,再利用Q吸=cmt求水的质量。 【解答】解: (1)“PM2.5”是指大气层中直径小于或等于2.5μm的颗粒物; (2)完全燃烧这部分沼气可产生热量: Q放=Vq=1.2m3×4.2×107J/m3=5.04×107J; 不计热量损失,Q吸=Q放=5.04×107J, 由Q吸=cm△t得: m===240kg。 故答案为:μm;5.04×107;240。 【点评】此题考查的是我们对PM2.5单位的掌握情况和燃料完全燃烧放热公式的应用,体现了物理知识与实际生活的密切联系。注意固体(液体)燃料完全燃烧放热公式Q放=mq、热值单位J/kg;气体燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq、热值单位J/m3。 19.(5分)汽车在行驶时,发动机的温度会升得很高。为了确保安全,可用水循环进行冷却,用水来冷却是因为水的 比热容 较大,这是通过的 热传递 方式来改变发动机的内能。内能从高温的发动机转移到低温的水,而不是自发地从低温的水转移到高温发动机,这一现象说明能量的转移具有 方向性 。 【分析】(1)根据水的比热容较大的特点分析:相同质量的水和其它物质比较,升高或降低相同的温度,水吸收或放出的热量多; (2)改变物体内能的方法有:做功和热传递;热传递是指热量从高温物体(或物体的高温部分)传向低温物体(或物体的低温部分),直到温度相同为止。 【解答】解:(1)因为水的比热容较大,相同质量的水和其它物质比较,升高相同的温度,水吸收的热量多,所以汽车发动机用水来冷却,这是通过的热传递的方式来改变发动机的内能。 (2)内能从高温的发动机转移到低温的水,而不是自发地从低温的水转移到高温发动机,这一现象说明能量的转移具有方向性。 故答案为:比热容;热传递;方向性。 【点评】本题考查水的比热容大的应用、改变内能的方式以及能量转化和转移的一个特点:方向性,达到正确理解能量转化和转移的方向性的要求。 20.如图所示,搬运工人用滑轮将重为425N的重物匀速提升4m,所用拉力为250N,时间为20s。则此过程中有用功是 1700 J,额外功是 300 J,拉力的功率是 100 W,滑轮的机械效率是 85% 。 【分析】已知物体的重力,知道物体提升的高度,利用W有用=Gh可求出有用功;根据动滑轮的工作特点求出拉力移动的距离,知道拉力大小,利用W总=Fs求总功;则额外功等于总功与有用功之差,再利用P=求出拉力的功率,最后利用η=求滑轮的机械效率。 【解答】解:工人做的有用功: W有用=Gh=425N×4m=1700J, 因为使用的是动滑轮,所以拉力移动的距离s=2h=2×4m=8m, 工人做的总功: W总=Fs=250N×8m=2000J, 所以,W额外=W总﹣W有用=2000J﹣1700J=300J, 拉力的功率: P===100W; 动滑轮的机械效率: η=×100%=×100%=85%。 故答案为:1700J;300J;100;85%。 【点评】本题考查了使用动滑轮时有用功、总功、额外功、功率和机械效率的计算方法,知道动滑轮的工作特点是解答本题的关键。 21.某同学在科技创新大赛中根据所学知识设计了一种“闯红灯违规证据模拟记录器”,如图甲所示,它可以通过拍摄照片来记录机动车辆闯红灯时的情景。它的工作原理是:当光控开关接收到某种颜色的光时,开关自动闭合,且当压敏电阻受到车的压力,压敏电阻的阻值随压力变化的图象如图乙所示,它的阻值变化引起电流变化,达到一定值时,继电器的衔铁就被吸下,工作电路中的电控照相机就工作,拍摄违规车辆。光控开关未受到该种光照射就自动断开,衔铁不被吸引,工作电路中的指示灯发光。 (1)要记录违规闯红灯的情景,光控开关应在接收到光 红 (填“红”“绿”或“黄”)时自动闭合; (2)已知控制电路电源电压为6V,继电器电阻为10Ω,当控制电路中电流大于0.06A时,衔铁会被吸引。则只有质量超过 400 kg的车辆违规时才会被记录。 【分析】(1)要记录违规闯红灯的情景,电控照相机要自动记录违规闯红灯的情景,则知光控开关应在接收到红光时自动闭合; (2)根据欧姆定律求出压敏电阻的阻值,由(b)图读出压敏电阻所受的压力,再得到车辆的质量。 【解答】解:(1)、因是闯红灯违规证据模拟记录器,故光控开关应在接收到红光时自动闭合。 (2)、由闭合电路欧姆定律I=可得,≥0.06时可解出R≤90Ω,再由R﹣F图象可读出当R=90Ω时F=4000N,由G=mg可求出m=400kg,故只有质量超过400kg的车辆违规时才会被记录。 故答案为:(1)红;(2)400。 【点评】本题是实际问题,首先要有快速读取信息的能力,读懂题意是解题的基础,其次要要读图的能力,运用欧姆定律求解电阻是关键。 22.小明11月底观察到自己家里的电能表如图所示,当他12月底再观察时,发现电能表示为,则他家12月份消耗的电能为 150 kW?h,他家里同时工作的用电器总功率不宜超过 8800 W.若单独让空调工作,测得1min内电能表转盘转了60转,则空调消耗的电能为 0.02 kW?h,空调的电功率是 1200 W。 【分析】(1)电能表显示的数字中最后一位是小数位,单位为kW?h,两次电能表示数之差即为他家12月份消耗的电能; (2)由电能表的参数可知正常工作时的电压和允许用电器正常工作时的最大电流,根据P=UI求出电能表允许同时工作用电器的最大总功率; (3)3000r/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能,电能表转盘转3000圈,据此求出转动60转消耗的电能,根据P=求出空调的电功率。 【解答】解: (1)电能表的读数时,最后一位是小数,单位为kW?h, 则他家12月份消耗的电能为:7475.6kW?h﹣7325.6kW?h=150kW?h; (2)由电能表参数可知,电能表正常工作时的电压为220V,允许用电器正常工作时的最大电流为40A, 则电能表允许同时工作用电器的最大总功率: P=UI=220V×40A=8800W; (3)因3000r/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能,电能表转盘转3000圈, 所以,电能表转盘转动60转消耗的电能: W=kW?h=0.02kW?h, 空调的电功率: P′===1.2kW=1200W。 故答案为:150;8800;0.02;1200。 【点评】本题考查了电能表的读数和电功率的计算以及消耗电能的计算,明白电能表参数的含义是关键。 三.作图题(共3小题,满分6分,每小题2分) 23.如图是一魔术箱,一束激光从左侧小孔射入,右侧小孔射出,但奇怪的是中间有一挡板,请你利用四块平面镜完成内部光路图。 【分析】首先根据激光束从左侧的小孔射入,从右侧小孔射出时光线的特点,然后再根据面镜对光线的作用,即可解答。 【解答】解:由激光束从左侧的小孔射入,从右侧小孔射出时光线的方向没有发生改变,其实就是四块平面镜的反射,如下图所示: 【点评】此题通过人们喜欢的魔术考查光的反射知识,题目新颖,能够激发学生学习物理的兴趣。 24.根据光线通过透镜前后的方向,在图虚线框中画出适当类型的透镜。 【分析】(1)凸透镜对光线有会聚作用,凹透镜对光线有发散作用。 (2)根据图示的入射光线和出射光线,可以确定经过透镜折射后是发散了还是会聚了,从而可以确定透镜的种类。 【解答】解:根据图示可知,折射光线相对于入射光线远离了主光轴,即透镜有发散作用,所以是凹透镜;如下图所示: 【点评】本题考查学生对凸透镜和凹透镜光学特点的了解及应用,凸透镜对光线有会聚作用,凹透镜对光线有发散作用。 25.闭合开关,小磁针静止后的指向如图所示,请标出螺线管的S极和电源的正极。 【分析】根据磁极间的作用判断通电螺线管的磁极,根据安培定则,由通电螺线管的磁极判断电流方向,由电流方向判断电源的正极。 【解答】解:如图,根据同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引,所以通电螺线管的左端是S极,右端是N极; 根据安培定则,右手握住螺线管,四指指向电流的方向,大拇指所指的方向是通电螺线管的N极。可以判断电流从螺线管的左端上电流,从右端出电流,所以,电源的左端是正极,右端是负极。如图。 【点评】本题中电流的方向、小磁针的磁极、螺线管的磁极,知道其中的一者,都能根据磁极间的作用和安培定则判断另外两者。 四.解答题(共8小题,满分45分) 26.(4分)一个空瓶的质量为400克,在装满水后二者的总质量为800克;当装满油后的总质量为720克,求油的密度是多少? 【分析】要算油的密度,需要知道油的质量和体积,油的质量可根据题中的数据直接算出来,而油的体积需要间接求解; 因为空瓶分别装满水和油,所以水的体积等于油的体积,我们只要算出水的体积就知道了油的体积; 要算水的体积,根据公式V=可知,需要知道水的质量和水的密度,水的质量可以由题中数据直接算出,水的密度是个常数,这样就可以根据公式V=算出水的体积,从而最终求得油的密度。 【解答】解:水的质量:m水=m水+瓶﹣m瓶=800g﹣400g=400g, 水的体积:V水===400cm3, 由题意可知,V油=V水=400cm3, 油的质量:m油=m油+瓶﹣m瓶=720g﹣400g=320g, 油的密度:ρ油===0.8g/cm3。 答:油的密度是0.8g/cm3。 【点评】本题还有另一种解法:因为水的体积和油的体积相等,所以油的质量和水的质量之比等于油的密度和水的密度之比,这样我们就可以根据油的质量、水的质量、水的密度算出油的密度,而不需要算出油的体积,这种方法我们称之为比例法。 27.(6分)在如图所示的电路中,灯L的电阻值R1=12Ω保持不变,当开关闭合后,电流表的示数是0.5A,电压表的示数是4V.求: (1)定值电阻R2的阻值 (2)电源电压是多少伏? (3)1min内整个电路消耗的电能是多少焦? 【分析】由电路图可知,灯泡与R2串联,电压表测R2两端的电压,电流表测电路中的电流。 (1)根据欧姆定律求出定值电阻R2的阻值; (2)根据欧姆定律求出R1两端的电压,利用串联电路的电压特点求出电源的电压; (3)根据W=UIt求出1min内整个电路消耗的电能。 【解答】解:由电路图可知,灯泡与R2串联,电压表测R2两端的电压,电流表测电路中的电流。 (1)根据欧姆定律可得,定值电阻R2的阻值: R2===8Ω; (2)∵串联电路中总电压等于各分电阻之和, ∴电源的电压: U=U1+U2=IR1+R2=0.5A×12Ω+4V=10V; (3)1min内整个电路消耗的电能: W=UIt=10V×0.5A×60s=300J。 答:(1)定值电阻R2的阻值为8Ω; (2)电源电压是10V; (3)1min内整个电路消耗的电能是300J。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用,是一道基础题目。 28.(11分)在“探究固体熔化时温度的变化规律”的实验中,实验装置如图甲所示。试管内装有适量的某种固体,请回答下列问题: (1)图甲组装器材的顺序应按 自下而上 (填“自上而下”或“自下而上”)。 (2)开始加热后某一时刻温度计的示数如图乙所示,其示数为 ﹣4 ℃。 (3)该固体熔化过程中温度随时间变化的图象如图丙,由此可知该固体是 晶体 (填“晶体”或“非晶体”),它在熔化过程中的温度 不变 (填“变大”“变小”或“不变”)。 (4)试管中的冰完全熔化后,若持续加热,在标准大气压下将得到图象中的DE段,这段时间内试管中的水 不能 (填“能”或“不能”)沸腾,是因为 不能继续吸热  【分析】(1)实验时,需用酒精灯的外焰加热,所以要调整好铁圈的高度,然后根据温度计的使用规则固定好其位置; (2)根据温度计的量程、分度值,由液面位置直接读数; (3)晶体熔化时吸热、内能增大,但温度不变; (4)沸腾的条件:达到沸点且能继教吸热;沸腾特点:吸热温度保持不变。 【解答】解:(1)酒精灯需用外焰加热,所以要放好酒精灯,再固定铁圈的高度;而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中,但不能碰到容器壁和容器底,所以先放好烧杯后,再调节温度计的高度,所以组装实验器材时,应按照自下而上的顺序; (2)该温度计的分度值是1℃,液柱在0以下,是零下,所以此时的示数是﹣4℃; (3)由图知,该物质在熔化过程中吸热,温度保持不变,所以该物质为晶体;晶体熔化时吸热,内能增加,温度不变; (4)试管中的冰完全熔化后,若持续加热,杯中水达到沸点后能沸腾且温度保持不变,试管中水从杯中水吸热升温,当温度升高到沸点时,与杯中水温度相同,不能继续吸热,所以不能沸腾。 故答案为:(1)自下而上;(2)﹣4;(3)晶体;不变;(4)不能;不能继续吸热。 【点评】本题考查了晶体的熔化和液体沸腾的特点,属于基础题。关键掌握晶体熔化和沸腾的条件和特点。 29.(6分)某实验小组用一凸透镜完成“探究凸透镜成像规律”实验。 (1)如图甲将凸透镜正对太阳,在另一侧移动光屏,直到光屏上出现一个最亮、最小的光斑,测得该凸透镜的焦距是 10.0 cm; (2)从左到右分别放置蜡烛、凸透镜和光屏,调节它们的高度,使三者的 中心 大致在同一高度。 (3)正确调整后,不断改变蜡烛与凸透镜间的距离,并移动光屏进行实验,所获得的数据如下表: 实验序号 物体到凸透镜的距离/cm 光屏上的像到凸透镜的距离/cm 1 40 13.3 2 30 15 3 20 20 4 15 30 5 10 光屏上没有像 6 8 光屏上没有像 根据表中数据和记录可得结论: ①当凸透镜成实像时,物体靠近凸透镜,则像会 远离 (选填“远离”或“靠近”)凸透镜; ②如图乙所示,当蜡烛在刻度尺上 10~20 刻度之间时成放大的实像; (4)某同学观察烛焰经凸透镜成的虚像时,他始终透过凸透镜向右侧观察寻找成像的位置。他的做法是 错误 的,原因是 凸透镜成虚像时,物像同侧 。 (5)在图乙中不改变凸透镜的位置,将蜡烛移到“0”刻度线处,则光屏应移至 A 区域,才能在光屏上得到清晰的倒立、 缩小 (选填“放大”或“缩小”)的实像。 【分析】(1)焦距为凸透镜能使平行于主光轴的光会聚的点到光心的距离; (2)为使像能成在光屏的中央,应调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度处; (3)逐一分析实验数据,在分析表格中数据时,要注意分析物距的变化、像与物体的距离的变化; f<u<2f,成倒立放大的实像; (4)u<f时,凸透镜成正立、放大的虚像,虚像与成像物体位于凸透镜的同侧; (5)当物距大于2f时,成倒立缩小的实像,此时像距处于f和2f之间,像距小于物距。 【解答】解:(1)根据测量凸透镜焦距的定义,此时光屏到凸透镜的距离为焦距,则凸透镜的焦距为60cm﹣50cm=10cm; (2)在实验前,应先调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度,其目的是为了使像能成在光屏的中央; (3)根据实验序号1、2、3的数据知:同一凸透镜成缩小的实像时,物距u减小,像距增大,即像会远离凸透镜; (4)凸透镜成像的规律f<u<2f,成倒立放大的实像;已知f=10.0cm,则当蜡烛在刻度尺上10~20刻度之间时成放大的实像; 已知凸透镜成的是虚像,虚像与成像物体位于凸透镜的同侧,因此观察烛焰经凸透镜所成正立、放大的虚像,人眼应透过凸透镜向左观察,不能透过凸透镜向右侧观察寻找成像的位置,即他始终透过凸透镜向右侧观察寻找成像的位置是错误的。 (5)在图乙中不改变凸透镜的位置,将蜡烛移到“0”刻度线处,物距远远大于2倍焦距,成倒立缩小的实像,此时像距应处于f和2f之间,因此则光屏应移至A区域, 故答案为:(1)10.0;(2)中心;(3)远离;10~20;(4)错误;凸透镜成虚像时,物像同侧;(5)A;缩小。 【点评】此题是探究凸透镜成像的规律。要注意实验前的准备工作,特别注意凸透镜、烛焰、光屏高度的调节,同时考查了凸透镜成像的规律,特别注意成像特点与物距、像距之间的关系。 30.(6分)为了研究物质的某种物理属性,同学们找来大小不同的蜡块和干松木做实验,得到的数据如下表所示。 实验序号 蜡块 干松木 体积V/cm3 质量m/g 体积V/cm3 质量m/g ① 10 9 10 5 ② 20 18 20 10 ③ 30 27 30 15 ④ 40 36 40 20 (1)在图中分别把蜡和干松木的质量随体积变化的情况表示出来; (2)分析图表可知,同种物质组成的不同物体,其质量与体积的比值 相同 (相同/不同);不同物质组成的物体,其质量与体积的比值 不同 (相同/不同); (3)物质的这种属性叫密度,则ρ蜡= 0.9 g/cm3; (4)本实验测量多组数据的目的是 多次实验寻找普遍规律,避免结论的偶然性 。 【分析】(1)实验表格中蜡块和干松木各有四组数据,在图象上分别把这四个坐标点做出来,然后将这四个点连起来,即得到它们的质量﹣﹣体积图象; (2)结论的成立离不开前提条件,所以要由数据得出结论,就需要先找出表格中相等的量,然后在这个等量关系的条件下,去比较其它几个物理量之间有什么关系,即可得出结论。 (3)实验中多次测量一般有两个目的,一是为了减小误差,二是为了得出普遍规律,本实验中是为了得出规律。 【解答】解:(1)图象的横轴是体积,纵轴是质量。在图上先做出蜡块的四个坐标点,然后将它们连起来;再在图上做出干松木的四个坐标点,将它们连起来。如图所示: (2)由蜡块的四组数据我们发现,每一组的质量与体积的比值都相同;由干松木的四组数据也可以发现干松木的质量与体积的比值都相同,则可得结论:同种物质的质量与体积的比值相同。蜡块的质量与体积的比值是0.9g/cm3,干松木的质量与体积的比值是0.5g/cm3,则可得结论:不同物质的质量与体积的比值一般不同; (3)为了反映不同的物质的这种特性,物理学中将质量与体积的比值定义为密度; 根据蜡块的①数据知蜡块的密度为: ρ蜡===0.9g/cm3。 (4)在物理实验中,要进行多次测量,其目的有两个:一是为了减小误差;二是为了寻找规律,本实验中多次测量是为了寻找规律,避免结论的偶然性。 故答案为:(1)见上图;(2)相同;不同;(3)0.9;(4)多次实验寻找普遍规律,避免结论的偶然性。 【点评】本题考查了学生根据实验数据分析归纳能力,以及应用数学函数图象来分析解决物理问题的能力,这类题型是常见题型,也是常考的题型。 31.在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中,实验室准备的器材有:电源、开关、滑动变阻器、两根完全相同的铁钉、表面绝缘的铜线、大头针若干。小杨同学利用上述器材。制成简易电磁铁甲、乙,并设计了如图所示的电路。 (1)图中将甲、乙两电磁铁串联起来的目的是 使通过甲乙电磁铁的电流相等  (2)当滑动变阻器滑片向左移动时,电磁铁甲、乙吸引大头针的个数 增加 (填“增加”或“减少”),说明电流越大,电磁铁磁性越强。 【分析】(1)将两个电磁铁串联,是为了使通过两个电磁铁的电流相等; (2)影响电磁铁磁性强弱的因素:电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯,在探究过程中要用控制变量法; 根据甲、乙吸引大头针的多少判断磁性的强弱; 掌握转换法的应用:实验中通过电磁铁吸引大头针的多少来反映电磁铁磁性的强弱。 【解答】解: (1)把甲、乙两个电磁铁串联,目的是使通过它们的电流相等; (2)滑动变阻器的滑片左移,连入电路的电阻变小,电流变大,在线圈的匝数一定,铁芯一定时,电流越大,吸引的大头针越多,说明通过电磁铁的电流越大,电磁铁磁性越强; 故答案为:(1)使通过甲乙电磁铁的电流相等;(2)增加。 【点评】此题是“研究电磁铁磁性强弱”的实验,考查了控制变量法和转换法在实验中的应用,同时涉及到了串联电路的电流规律及滑动变阻器对电路的影响。 32.在探究“感应电流产生的条件”实验中: (1)如图,a、b两接线柱间应按入 小 (选填“大”或小”)量程电流表。 (2)闭合开关后,要使电路中产生感应电流,导体cd应 左右 运动(选填“上下”或“左右”),这是一种 电磁感应 现象,利用这一原理可制成 发电机 (选填“电动机”或“发电机”)。 (3)要使电流表指针偏转方向发生改变,可以采取的方法有 应保持磁场方向不变,改变导体的运动方向 (答出一种方法即可)。 (4)如果将电流表换成 电源 ,可以进行磁场对通电导体的作用实验。 【分析】(1)在探究感应电流的实验中,是通过灵敏电流表指针的偏转来却定感应电流的产生的; (2)产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动,实际应用是发电机; (3)要使电流表指针偏转方向发生改变,即改变感应电流的方向,应保持磁感线方向不变,改变导体的运动方向; (4)通电导体在磁场中受力,因此电路中要有电源。 【解答】解:(1)感应电流的有无是通过灵敏电流计的指针是否偏转来体现的,若灵敏电流表的指针发生偏转,就说明产生了感应电流,由于感应电流比较小,故应选用小量程电流表; (2)如图磁体上端是N极,下端是S极,则磁感线方向是上下方向的,当闭合开关,让导体竖直上下运动时,不切割磁感线,所以不能产生感应电流;要使电路中有感应电流,必须让导体在磁场中做切割磁感线运动,如将ab沿水平方向运动等,这一现象叫电磁感应,实际应用是发电机; (3)要使电流表指针偏转方向发生改变,即改变感应电流的方向,应保持磁场方向不变,改变导体的运动方向或保持导体运动方向不变,改变磁场方向; (4)磁场对通电导体的作用,电路中一定有电源,所以把小量程电流表换成电源,导体ab成为通电导体在蹄型磁体的磁场中受力的作用。 故答案为:(1)小;(2)左右;电磁感应;发电机;(3)应保持磁场方向不变,改变导体的运动方向;(4)电源。 【点评】此题考查了探究电磁感应现象的实验,实验方案的设计是我们近几年中考的热点,需要引起注意。 33.(6分)现有下列器材:蓄电池(6V)、电流表(0~0.6A,0~3A)、电压表(0~3V,0~15V)、定值电阻(若干)、开关、滑动变阻器和导线,要利用这些器材探究“电流与电阻的关系”,要求: (1)请根据图甲将图乙中未完成的电路连接起来。 (2)实验中多次换用不同阻值的定值电阻,并调节滑动变阻器的滑片,使电压表示数保持不变,读出对应于不同阻值的电流表示数,并记于表格中,①请你利用表格中的数据,在坐标纸上画出导体中的电流随电阻变化的图象。②根据实验目的分析图象可得出结论: 导体两端电压相等时,通过导体的电流与导体的电阻成反比 。 实验次数 1 2 3 4 5 6 电阻R/Ω 5 10 15 20 25 30 电流I/A 0.6 0.3 0.2 0.15 0.12 0.1 (3)在做完第一次实验后,接下来的操作是:断开开关,将5Ω的定值电阻更换为10Ω的定值电阻,再将滑动变阻器的滑片滑到 A 端(选填“A”或“B”),然后闭合开关,移动滑片,同时眼睛盯住 电压表 才可能达到这个目的。使电压表示数为 3 V时,读出电流表的示数。 (4)为完成整个实验,应该选取哪种规格的滑动变阻器 A  A.50Ω1.0A B.30Ω0.5A C.20Ω1.0A D.20Ω0.5A。 【分析】(1)根据表中电压的值确定电压表量程,将变阻器滑片以右电阻丝连入电路中,根据电路图连接实物电路图。 (2)根据表中实验数据,在坐标系中描出对应的点,然后用平滑的曲线把各点连接起来,作出I﹣R图象。根据图象结合欧姆定律得出结论; (3)为保护电路,换上较大的电阻后,应将滑片移动变阻器阻值最大的位置; 探究电流与电阻关系实验,应保持电阻两端电压不变,据此分析回答; (4)由串联电路电压的规律结合欧姆定律求电路电流最小时滑动变阻器接入电路的阻值,然后选择滑动变阻器规格。 【解答】解:(1)由表中数据,电压不超过3V,电压表选用小量程与电阻并联,变阻器按一上一下的原则接入电路中,根据电路图连接实物电路图,如下图左图所示。 (2)应用描点法作图,根据表中实验数据,先在坐标系内描出对应点,然后用平滑的曲线连接起来,如上图右图所示。由图象可知,根据欧姆定律,电阻的电压U′=I′R′=0.6A×5Ω=…=0.1A×30Ω=3V,电阻与对应的电流之积为一定值,即导体两端电压相等时,通过导体的电流与导体的电阻成反比; (3)将5Ω的定值电阻更换为10Ω的定值电阻,为保护电路,应将滑片移动变阻器阻值最大的位置,即将滑动变阻器的滑片滑到A端; 探究电流与电阻关系实验,应保持电阻两端电压为3V不变,闭合开关,移动滑片,同时眼睛盯住电压表才可能达到这个目的; 探究电流与电阻关系实验,应保持电阻两端电压为3V不变,读出电流表的示数; (4)由串联电路电压的规律,滑动变阻器两端电压U滑=U﹣UR=6V﹣3V=3V,测最后一组实验数据时,滑动变阻器接入电路的阻值最大,R滑==30Ω, 实验过程中电路最大电流为0.6A,因此滑动变阻器应选A。 故答案为: (1)如上图左图所示; (2)①如上图右图所示;②导体两端电压相等时,通过导体的电流与导体的电阻成反比; (3)A;电压表;3; (4)A。 【点评】本题电流与电阻的关系,考查了连接实物电路图、作I﹣R图象、操作过程、选择实验器材及控制变量法的运用等和应处理实验数据归纳结论的能力,为中考的热点问题。

    • 月考试卷/名校月考
    • 2019-04-23
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