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初中物理期末专区九年级上册
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  • ID:6-5936250 山东省临沂市罗庄区九年级物理2018~2019学年度上学期期末学业水平质量调研试题

    初中物理/期末专区/九年级上册


    2018~2019学年度上学期期末学业水平质量调研试题
    九年级物理
    (时间:90分钟,满分:100分)
    第Ⅰ卷(选择题 共40分)
    选择题(每题所列选项中,只有一项最符合要求,每题2分,共40分)
    1.如图所示的四种自然现象中,其物态变化属于凝固的是( )
    2.关于热现象,下列说法中正确的是(  )
    A.冬天户外用温度计测量石块和铁块的温度,铁块的温度比石块低
    B.60℃的水一定比30℃的水含有的热量多 C.冬天我们呼出的“白气”与夏天冰棒冒出的“白气”形成原因一样
    D.柴油汽车排气管有时冒黑烟,因为柴油燃烧不充分,其热值变小
    3.汽车紧急刹车时,轮胎温度急剧升高,内能增大,图中四个事例中改变物体内能的方式与之相同的是(  )

    4.结合生活常识,下列数据最符合实际的是(??? )
    A.手机充电器的输出电压约为220V B.一般智能手机的功率是40W C.家用微波炉的额定功率约为10W D.家用电吹风吹冷风时的功率约120W
    5.下面是小明整理的部分电学笔记,其中叙述正确的是(  )
    A.丝绸与玻璃棒摩擦过程中,丝绸失去了电子 B.由欧姆定律可知,导体电阻的大小与其两端电压成正比,与通过它的电流成反比 C.磁感线总是从磁体北极出发回到磁体南极 D.安装家庭电路时,开关应与所控制的用电器串联,且接在火线上
    6.关于家庭电路和安全用电的说法正确的是(?? )
    A.检查和维修电路时,必须首先切断电源 B.只有大功率用电器才需使用三孔插座
    C.使用测电笔时,手不能接触笔上任何金属体 D.家庭电路中,电能表是用来测量电功率的仪表
    7.如图,L1和L2是两只相同的小灯光,a、b是电流表或电压表,闭合开关S后,若两灯都能发光,则( )
    A.a、b均为电流表,两灯串联 B.a、b均为电压表,两灯并联 C.a为电压表,b为电流表,两灯串联 D.a为电流表,b为电压表,两灯并联
    8.如图,闭合开关后两灯不亮,用电压表先后测得UAD=UAC=UAB=4.5V,则故障可能是(? )
    A.灯L1发生断路 B.灯L2发生断路 C.灯L1发生短路 D.灯L2发生短路
    9.如图是调光台灯的简化电路图,L标有“220V 40W”。闭合开关S,不考虑灯泡电阻的变化,则(??) A.当滑片P从b端向a端移动时,电路总电阻变大?
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    压缩包内容:
    山东省临沂市罗庄区九年级物理2018~2019学年度上学期期末学业水平质量调研试题.doc

  • ID:6-5924545 哈尔滨市道里区2018-2019学年度九年级物理上学期期末试卷(含答案)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    道里区九年级上学期物理 一.选择题(每题只有一个正确答案,每题2分,共24分) 1.下列关于热学知识正确的是( ) A.固体被压缩时分子间主要表现为引力 B.物体对外做功,物体的内能增加 C.固体被拉长时分子间主要表现为斥力 D.温度低的冰山仍然有内能 2.汽油机的一个工作循环是由四个冲程组成的,下列关于两幅图的描述不正确的是( ) A.甲是压缩冲程 B.乙是做功冲程 C.甲冲程中内能转化为机械能 D.乙冲程中高温高压气体推动活塞向下运动 3. 当某导体两端电压是3V时,通过它的电流是0.2A,当它两端电压为0V时,该导体的电阻是( ) A.0.6Ω B.0Ω C. 1.5Ω D. 15Ω 4.某品牌电动榨汁机为保障安全,设置了电源开关S和安全开关S1.当杯体放在主机上时,S1自动闭合,此时再闭合S,电动机才能启动,开始榨汁。下列符合要求的是( ) A B C D 5. 如图所示电路中,电源电压为3 V不变,闭合开关后,电压表示数为1.8 V,则灯泡灯泡L1两端电压是(  ) A.1.8V B.3V C.1.2V D.0V 6.如图所示电路,要使灯泡L1和L2组成并联电路,应该(  ) A.只闭合S3 B. 同时闭合S1和S3 C.同时闭合S1和S2 D. 只闭合S2 7.如图甲所示,验电器A带负电,B不带电。用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B两金属球连接起来的瞬间(如图乙所示),金属棒中( ) A.电流方向由A到B B.电流方向由B到A C.有电流但方向无法确定 D.始终无电流 8.如图所示,电源电压保持不变,开关S闭合后,灯L1和L2都正常发光,甲、乙两个电压表示数之比为4:3.此时灯L1和L2的电阻之比为(   ) A. 1:3 B. 3:1 C. 3:4 D. 4:3 9.如图所示的电路中,小灯泡L1、L2规格相同,闭合开关S后,发现L1不亮,L2发光。此电路的故障可能是( ) A.灯 L1短路 B.灯 L2短路 C.灯 L1断路 D.开关 S 接触不良 10.“发电鞋”是一种新型科研产品,其内部安装有磁铁和线圈,当人行走时带动磁铁运动,线圈中就产生了感应电流,“发电鞋”的工作原理(  ) A.电磁感应 B.电流的磁效应 C.电流的热效应 D.磁场对电流的作用 11. 如图所示是灯泡L的电流与其两端电压关系的图像.现将L与阻值为10Ω的电阻R连入图乙所示电路.闭合开关S,L的实际功率为1.8W,下列说法正确的是( ) A.由图像可知不同电压下灯泡灯丝的电阻是定值 B.电源电压是3V C.通过R的电流是0.4A D.电阻R的实际电功率是3.6W 12.如图所示,电源电压保持12V不变,小灯泡L上标有“6V 3W”字样,滑动变阻器最大电阻值R=48Ω,闭合开关,若不考虑灯丝电阻随温度的变化,下列说法正确的是(  ) A.要使电压表的示数增大1V,小灯泡L两端的电压就会减小1V B.当滑片P移到最右端时,通电100s滑动变阻器消耗的电能是192J C.当滑片P移到变阻器的中点时,小灯泡L正常发光 D.小灯泡L的最小实际电功率为0.75W 二.非选择题(46分) 13. 用煤气来做饭时,热量大部分是通过?????? ? 方式传递给锅,饭菜做好时,厨房弥漫着饭菜的香味,说明????????????? 。 14.汽车上的散热器用水作为冷却剂,如果散热器中装有10kg的水,在温度升高40℃的过程中,水吸收的热量是 J;这些热量相当于完全燃烧 kg的天然气放出的热量(天然气的热值q=8.4×107J/kg,水的比热容c水=4.2×103J/(Kg·℃))。 15.如图所示,电路中Rx为压敏电阻,阻值随所受压力增大而减小,开关S闭合后,螺线管的上端相当于电磁铁的_________极;当压力增大时,电磁铁的磁性会________。 16. 磁感线上某一点的切线方向即放在该处的小磁针静止时 极的指向; 器的实质是电磁铁控制工作电路通断的开关。 17.电饭锅发热的原理是 定律,电饭锅工作的电压为220V,通过它的电流是5A,则通电0.5h消耗了的电能是 kW·h。 18.在如图所示的电路中,闭合开关,电源电压保持不变,当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中,则电流表的示数__________;电压表的示数__________(不考虑灯丝电阻的变化)。 19.电能表表盘上标明1200r/kW·h,将某用电器单独接在该电能表上,当用电器工作了10分钟后,电能表的转盘转过120r,则该用电器消耗的电能为 kW·h,该用电器消耗的电功率为 W。 20.如图是某电热水壶加热和保温电路原理图,R1=40Ω,R2=800Ω,当开关S1断开,S2闭合,电热水壶处于   状态;该电热水壶的加热功率是   W. 21.给你一只标有“10Ω 0.3A”的定值电阻和一只标有“30Ω 0.5A”的滑动变阻器,在保证所有电路元件安全的前提下,若串联接入电路,则这个串联电路两端允许加的最大电压为 V;若并联接入电路,此时干路中允许通过的最大电流为 A。 22.把一台电动机接入电压220V的电路中,通过电动机的电流5A,电动机线圈的电阻为2Ω,1min通过线圈的电流产生的热量为 J,通过线圈的电流做功 J。 23.如图所示,通电螺线管周围存在磁场使小磁针发生偏转,标出图中通电螺线管的南北极和电源的正负极。 24.如图所示,电冰箱内部的电路中主要包括压缩机(其主要部件是电动机)和冷藏室内的照明灯。压缩机和照明灯能各自独立工作、互不影响,温控开关S1控制压缩机与冰箱门联动的开关S2控制照明灯(电源部分已画出)。 25.某班同学利用图甲所示的实验装置“探究水和煤油的吸热能力”。 (1)在图甲中除了所给的实验器材外,还需要的测量工具有________________。加热过程中,水和煤油吸收热量的多少是通过________________来判断的。 实验组别 液体 加热时间/min 1 水 13.5 煤油 6.5 2 水 12 煤油 5.5 (2)实验中第1、2两个小组采用的研究对象都是初温为25℃的质量为200g的水和煤油,加热不同时间使末温都达到40℃,记录的实验数据如表格所示,通过分析实验数据,能够得出的结论是:_________________________。 (3)使质量相同的水升高相同的温度,加热时间应该相同,但1、2两组的同学在交流实验数据时发现:第1小组的加热时间和第2小组不同,其原因可能是____________________________。 (4)这两组同学对图甲的装置进行了改进,将分别装有水和煤油的试管放在同一个烧杯中用水加热,如图乙所示,而不是用两个酒精灯分别加热,这样做的好处是_____________________________。 26.某同学用如图甲所示电路图测定小灯泡的电功率,电源电压为6V,小灯泡标有“2.5V”字样(灯丝电阻约为10Ω),有以下两种规格的滑动变阻器可选用:A.“50Ω2A”,B.“10Ω1A”。 (1)应选用滑动变阻器   (选填“A”或“B”)。 (2)连接好电路,闭合开关后发现小灯泡比正常工作时亮,他想到自己在开关闭合前遗漏了一个步骤,立即断开开关。遗漏的步骤是   。 (3)改正错误后,闭合开关小灯泡不亮,电流表和电压表指针都有较小的偏转,则小灯泡不亮的原因是   。 (4)开始实验后,闭合开关,移动滑片,发现电压表的示数如图乙所示,其读数是   V;为了测量小灯泡的额定功率,应将滑动变阻器的滑片向   端移动(选填“左”或“右” )。 (5)调节滑动变阻器接入电路中的电阻,当小灯泡正常发光时,电流表的示数为0.24A,小灯泡的额定功率是   W。 27.用如图所示的电路研究通过导体的电流与电压、电阻的关系。保持电源电压和电阻箱R1的阻值不变,移动滑动变阻器R2的滑片P,测得电流、电压如表1所示;然后将滑片移到适当位置保持不变,仅仅改变电阻箱R1的阻值,就测得相应的电流值,如表2所示。 表1 表2 次数 R1/Ω I/A ① 3.0 0.50 ② 6.0 0.33 ③ 9.0 0.25 次数 U1/V I/A ① 1.0 0.20 ② 1.5 0.30 ③ 2.0 0.40 (1)根据表1中的数据,可得出的结论是 , R1的阻值是的 Ω。 (2)分析表2中的数据,指出实验操作中存在的问题,并写出判断的理由。 ; 。 (3)利用表2中的数据计算电源电压是 V。 28.(6分)小明家新买一个电热饮水机,电路图如图甲所示,R1和R2均为电热丝,S2是自动控制开关,可实现“低档”、“高档”之间的转换,饮水机工作时功率随时间的关系图像如图乙所示。求: (1) 饮水机工作时,通过电阻R1的电流 (2) 电阻R2的阻值 (3) 30min内电路消耗的总电能 参考答案: 1.D 2.C 3.D 4.B 5.C 6.B 7.B 8.A 9.C10.A 11.D 12.B 13.热传递 分子在不停地做无规则运动 14. 1.68×106 0.02 15.S 增强 16.N 电磁继电 17.焦耳 0.55 18. 不变 不变 19.0.1 600 20. 保温 1210 21 .12 0.8 22..3000 66000 23 .24. 25.(5分)(1)天平、秒表 (1分) 加热时间长短(1分) (2)水的比热容比煤油大 (1分) (3) 酒精灯的火焰大小不同 (酒精灯在相同时间内放出的热量不同)(1分) (4)在相同时间内水和煤油吸收的热量相同(1分) 26.(6分) (1)A (1分)(2)将滑动变阻器接入电路中的阻值最大 (1分) (3)小灯泡的实际电功率太小(1分) (4)1.1(1分) 左(1分) (5)0.6(1分) 27. (5分)(1)当导体电阻一定时,通过导体的电流与导体两端的电压成正比(1分) 5Ω(1分) (2)没有移动变阻器的滑片,使电压表示数与上次实验相同(1分) 研究电流与电阻关系时,要控制定值电阻两端的电压为定值(1分) (3)3V(1分) 28. (6分) (1) 当开关S1闭合、S2断开时,电路处于低温档,由图可知P低=220W(1分) P=UI I低=P低/U=220W/220V=1A (1分) (2)当开关S1、S2都闭合时,电路处于高温档,由图可知P高=660W(1分) R2的电功率:P2=P高-P低=660W-220W-440W P=UI, I=得P=U2/R R2=U2/P=(220V×220V)/440W=110Ω(1分) (3)由图可知:t低=10min=600s t高=20min=1200s P=W/t W1=P1t1=660W×10×60s=3.96×105J W2=P2t2=220W×20×60s=2.64×105J W= W1+W2=3.96×105J+2.64×105J=6.6×105J(或0.18kW·h)(2分)

  • ID:6-5884284 2018-2019学年河南省平顶山市九年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2018-2019学年河南省平顶山市九年级(上)期末物理试卷 一、填空题(每空1分,共14分) 1.冬天,双手反复摩擦,手会感到暖和;用嘴对着双手“呵气”,手也会感到暖和。后者是利用   方式增加了手的内能。 2.某四冲程汽油机的转速是1200r/min,那么1秒内,该汽油机的飞轮转动   转,燃气对外做功   次。 3.如图所示,用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球,验电器的两个箔张开一定的角度,张开是因为   ,此时验电器的金属杆带   电。 4.如图所示,三个灯泡的规格相同,开关闭合后三个灯泡都正常发光,电流表A2的示数为0.9A,电流表A1的示数为   。如果灯泡L1内的自由电子由a到b移动,则电源E的   (填“上”或“下”)端为正极。 5.如图所示电路,闭合开关,当用细铁丝绕制的线圈未被加热时,电流表的示数为0.4A,给铁丝加热一段时间后,电流表的示数将   0.4A(填“>”“=”“<”).原因是   。 6.两只定值电阻,甲标有“10Ω 0.8A”,乙标有“15Ω 0.6A”,把它们串联在同一电路中,在不损坏电阻的情况下,电路两端允许加的最大电压为   V.把它们并联在同一电路中,干路中允许通过的最大电流为   A。 7.如图甲所示的电路中,电源电压不变,R0为定值电阻,在移动滑动变阻器R滑片的过程中,描绘出了如图乙所示的滑动变阻器消耗的电功率与电流的关系图象,则电源电压为   V,滑动变阻器的最大阻值为   Ω。 二、选择题(共8小题,每题2分,共16分.8-13题为单选题,14-15题为双选题,选对两个得2分,只选对一个得1分,多选或错选不得分.) 8.下列事实能说明“分子在不停地做无规则运动”的是(  ) A.公路上大雾弥漫 B.花园里香气扑鼻 C.湖面上柳絮飘扬 D.氧气压进钢瓶 9.下列关于功、内能、热量的描述正确的是(  ) A.机械能为零的物体,内能也一定为零 B.热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 C.做功和热传递都能改变物体的内能 D.物体的内能增大,温度一定升高 10.如图甲所示的电路中,闭合开关,两灯泡均发光,且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示,通过灯泡L1和L2的电流分别为(  ) A.1.5A 0.3A B.1.2A 0.3A C.0.3A 0.3A D.1.2A 1.2A 11.如图所示,电源电压不变,闭合开关后各元件都正常工作,当滑片P向右移动时,下列说法正确的是(  ) A.电流表A1的示数变小,电压表的示数变大 B.电压表与电流表A2的示数之比变大 C.电流表A2与电流表A1的示数之差变大 D.电压表与电流表A1的示数之比变小 12.小红测电阻Rx的阻值,设计的电路如图所示,电源电压保持不变,其中R0是0~200Ω的滑动变阻器,R是未知固定电阻。她把开关S掷于a时,电压表读数为2.5 V,电流表读数为0.5 A;再把开关S掷于b,并调节R0,得到电压表读数减小0.7V,电流表读数增加0.4A.最后小红得到Rx的阻值为(  ) A.5Ω B.3Ω C.2Ω D.1.75Ω 13.某小区最近一段时间由于楼道灯的供电系统电压偏高,所用的路灯“220V 40W”灯丝经常熔断,在电压暂时无法改变的情况下,为了延长楼道灯的使用寿命,小明所采取的下列方法切实可行的是(  ) A.换用一颗“220V 60W”的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用 B.换用一颗“220V 15W”的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用 C.换用两颗“220V 40W”的灯泡并联后替换原来的灯泡接入原电路中使用 D.换用两颗“220V 40W”的灯泡串联后替换原来的灯泡接入原电路中使用 14.如图是小灯泡L“3V 0.3A”和电阻R中电流随电压变化的图象。由图象可知下列说法正确的是(  ) A.电阻R的阻值为10Ω B.小灯泡L正常发光时的阻值为10Ω C.若将它们串联,通过R的电流为0.15A,则此时电源电压为4.5V D.若将该小灯泡接在电压为2V的电源上,则此时灯的实际功率为 0.4W 15.如图所示,当S闭合,甲、乙两表是电压表时,两表示数之比U甲:U乙=5:3,当S断开,若甲、乙两表都为电流表时(  ) A.甲、乙两表示数之比为 2:5 B.甲、乙两表示数之比为 3:5 C.R1与R2消耗的功率之比为 2:3 D.R1与R2消耗的功率之比为 3:2 三、作图题(每题2分,共4分) 16.在图中,将电池、电流表、电压表三个元件符号正确填进电路的空白处,要求开关S闭合后:(1)电流方向如图所示(2)移动滑动变阻器的滑片P,小灯L变亮时,电流表示数变大,电压表示数变小。 17.将图中的三孔插座和楼道中的声控灯按照安全用电的原则接入电路。 四、实验探究题(第18题8分,第19题10分,共18分) 18.(8分)小明用如图甲和图乙所示的实验装置分别探究“电流通过导体产生的热量与电阻电流的关系”。 (1)图甲所示实验中通过   来比较电流产生的热量的多少。 两根电阻丝采用串联的连接方式,其目的是为了控制   和通电时间相等。 (2)为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少,A、B两瓶中要装入初温和   相等的煤油。其中   瓶中煤油的温度升高得快。 (3)实验中选用煤油而不用水的原因之一是因为煤油的比热容较   (“大”或“小”),吸热相同时,温度升的高,实验现象明显。 (4)用如图乙所示的实验装置探究,得到的结论是   。 (5)本实验中的探究方法有   和   。 19.(10分)在“测量小灯泡的额定功率”实验中,灯泡上标有“3.8V”字样,电源电压恒定。 (1)请你用笔画线代替导线,将图1中的实物电路连接完整。 (2)连接完实验电路后,开关试触时,发现灯泡不亮,电流表无示数,电压表的示数接近电源电压,其故障原因可能是:   。 (3)故障排除后,开始实验,在移动变阻器滑片的过程中,眼睛应注视   的示数,直至灯泡正常发光,此时电流表的示数如图2所示,则灯泡的额定功率为   W。 (4)完成上述实验后,小聪向老师要了一个已知阻值为Ro的电阻和一个单刀双掷开关,借助部分现有的实验器材,设计了如图3所示的电路,也测出了灯泡的额定功率。请完成下列实验步骤: ①闭合开关Sl,将S2拨到触点   (选填“1”或“2”),移动滑片,使电压表的示数为   V; ②再将开关S2拨到触点   (选填“1”或“2”),保持滑片的位置不动,读出电压表的示数U; ③灯泡额定功率的表达式为P额=   (用已知量和测量量表示)。 五、计算题(第20题8分,第21题10分,共18分) 20.(8分)亮亮设计了一个用电压表的示数变化反映的环境温度变化的电路,其电路原理图如图甲所示。其中,电源两端电压U=4V(恒定不变),电压表量程为0~3V,R0是定值电阻,R0=300Ω,R1是热敏电阻,其电阻环境温度变化的关系如图乙所示。闭合开关S后,求: (1)当环境温度为60℃时,热敏电阻R1的阻值为   。环境温度升高时,电压表示数将   。 (2)当环境温度为40℃时,电压表的示数是多少? (3)此电路所允许的最高环境温度是多少? 21.(10分)图甲是一个豆浆机的实物图,豆浆机的中间部位是一个电动机,电动机通过金属杆带动其下部的刀片旋转,从而将原料粉碎打浆;刀片外部是一个环状加热管(电热丝),用来对豆浆加热,该豆浆机的部分参数如表所示。制作豆浆的过程是加热和打浆交替进行,图乙是该豆浆机做好一次豆浆的P﹣t图象。求: 额定电压 220V 频率 50Hz 电动机输入功率 110W 加热功率 1000W (1)加热管正常工作时电阻丝的阻值是多少? (2)在8~11分钟的时间内,设豆浆质量为1.5kg,比热恒为4×103J/(kg?℃),加热管产生的热量全被豆浆吸收,到第11分钟时豆浆温度恰好为100℃,则第8分钟时豆浆温度为多少? (3)豆浆机在粉碎打浆时,电动机的内阻为40Ω,则电动机输出的机械功率是多少? 2018-2019学年河南省平顶山市九年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一、填空题(每空1分,共14分) 1.【分析】本题抓住改变物体内能有两种方式:做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功,热传递有传导、对流和辐射三种方式。 【解答】解:改变物体内能有两种方式:做功和热传递;冬天,双手反复摩擦,手会感到暖和是摩擦生热属于做功改变物体内能。 用嘴对着双手“呵气”,手也会感到暖和是通过热传递改变物体内能。 故答案为:热传递。 【点评】本题考查了改变物体内能的两种方式,理解其实质,是解答的关键。 2.【分析】汽油机完成一个工作循环,要经过4个冲程,燃气对外做功1次,活塞往返2次,飞轮转动2周,根据这个比例关系可以求出答案。 【解答】解:飞轮转速是1200r/min=20r/s,表示每秒飞轮转动20圈, 汽油机一个工作循环,要经过4个冲程,燃气对外做功1次,活塞往返2次,飞轮转动2周, 每秒钟飞轮转动20r,经过40个冲程,对外做功10次。 故答案为:20;10。 【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答,属于易错题目。 3.【分析】(1)与丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷称为正电荷,与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷称为负电荷; (2)验电器的原理:同种电荷相互排斥。 【解答】解: (1)毛皮与橡胶棒摩擦,橡胶棒夺得电子的本领强,得到电子带负电;毛皮夺得电子的本领弱,失去电子带正电。 (2)带负电的橡胶棒接触不带电的验电器时,橡胶棒上多余的电荷通过验电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔,两片金属箔带同种正电荷,同种电荷相互排斥而张开。 故答案为:同种电荷互相排斥;负。 【点评】本题考查了正负电荷的规定、验电器的工作原理,属于电学基础知识的考查,比较简单。 4.【分析】首先分析各电流表所测量是那一条路上的电流,然后由并联电路电流规律即可直接求出结果。根据自由电子的移动方向和电电流的方向相反可确定电源的正负极。 【解答】解:由图可知,三灯并联,电流表A1测的是干路电流,A2测的是通过L2和A3的电流, 因为三个灯泡的规格相同,由电流表A2的示数为0.9A,可得通过每个灯泡的电流都为×0.9A=0.45A, 则电流表A1的示数为0.9A+=0.45A=1.35A, 因为自由电子的移动方向和电电流的方向相反,灯泡L1内的自由电子由a到b移动,则电源E的下端为正极。 故答案为:1.35A;下。 【点评】本题考查并联电路的电流特点的应用,题目相对比较简单,但本题需注意判断出电流表测量的是哪个位置的电流。 5.【分析】(1)导体的电阻是导体本身的一种性质,与导体的材料、长度、横截面积有关,还与温度有关,大多数导体温度越高电阻越大,少数导体温度越高电阻越小。 (2)结合欧姆定律I=,分析电压一定时,通过导体的电流和导体电阻的关系。 【解答】解: 因为温度越高电阻丝的电阻越大,所以电路中的总电阻就越大,电流就会变小,所以电流表的示数将小于0.4A。 故答案为:<;铁丝的电阻随温度的升高而增大。 【点评】主要考查了导体的电阻还与温度有关,大多数导体温度越高电阻越大,少数导体温度越高电阻越小。 6.【分析】(1)已知两电阻允许通过的最大电流,根据串联电路的电流特点可知,两电阻串联时电路允许通过的最大电流为两个允许通过最大电流的较小值,然后根据电阻的串联和欧姆定律求出两端允许加的最大电压; (2)根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压,根据并联电路的电压特点可知,两电阻并联时,并联电路两端允许加的最大电压为较小的一个,然后由欧姆定律求出通过两电阻的电流,再根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流。 【解答】解:(1)因串联电路中各处的电流相等, 所以,两电阻串联时,电路中的最大电流I=I乙=0.6A, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,由I=可得,两端允许加的最大电压: U=I(R甲+R乙)=0.6A×(10Ω+15Ω)=15V; (2)由I=可得,两电阻两端允许所加的最大电压: U甲=I甲R甲=0.8A×10Ω=8V,U乙=I乙R乙=0.6A×15Ω=9V, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,两电阻并联时,电路中的最大电压U′=U甲=8V, 此时通过甲的电流为0.8A, 通过乙的电流I乙′==≈0.53A, 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以,干路中允许通过的最大电流: I=I甲+I乙′=0.8A+0.53A=1.33A。 故答案为:15;1.33。 【点评】本题考查电压、电流的计算,关键是公式及其变形的灵活运用,难点是知道串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个,两只电阻并联时,电压也选最小。 7.【分析】(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,根据图象读出滑动变阻器消耗的电功率,利用P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值; (2)由图象读出电路中的电流为0.2A时R的电功率,根据P=I2R求出R接入电路的电阻,根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压,利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值,进一步根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压。 【解答】解: 由电路图可知,滑动变阻器R与定值电阻R0串联,电压表测变阻器R的电压,电流表测电路中的电流; (1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小, 由图象可知,电路中的最小电流I=0.1A时,变阻器R的电功率PR=1W, 由P=I2R可得,滑动变阻器的最大阻值: R滑大═==100Ω; (2)由图象可知,当电路中的电流I′=0.2A时,变阻器R的电功率PR′=1.6W, 此时变阻器R接入电路的阻值: R滑═==40Ω, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,由欧姆定律可得,电源的电压: U=I′(R0+R滑)=0.2A×(R0+40Ω), 当电路中的电流I=0.1A时,电源的电压: U=I(R0+R滑大)=0.1A×(R0+100Ω), 因电源的电压不变, 所以,0.2A×(R0+40Ω)=0.1A×(R0+100Ω), 解得:R0=20Ω; 则电源的电压: U=I(R0+R滑大)=0.1A×(20Ω+100Ω)=12V。 故答案为:12;100。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用,关键是利用好电源的电压不变和从图象中读出电流对应的功率。 二、选择题(共8小题,每题2分,共16分.8-13题为单选题,14-15题为双选题,选对两个得2分,只选对一个得1分,多选或错选不得分.) 8.【分析】不同的物质在相互接触时,彼此进入对方的现象叫做扩散,这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动。由于分子的体积很小,分子的运动无法用肉眼直接看到,但可以通过气味、颜色的变化来体现。 【解答】解: A、大雾弥漫属于宏观物体的运动,是机械运动,故A错误; B、花香扑鼻,是花的香气分子不停地做无规则运动,分子运动到空气中,人们就闻到了香味,故B正确; C、柳絮飘扬属于宏观物体的运动,是机械运动,故C错误; D、氧气压进钢是压缩气体体积,使气体体积缩小,不属于分子运动,故D错误。 故选:B。 【点评】无论是液体还是固体,它们的分子在永不停息的做无规则运动,分子运动是肉眼看不见的,要把它与物质运动区别开来。 9.【分析】(1)一切物体都具有内能,内能的大小跟质量、温度、状态有关。 (2)热传递的条件(温度差)和热传递的方向(从高温到低温)。 (3)改变物体内能的两种方式:做功和热传递。 (4)物体吸热,内能一定增大,但温度不一定升高。 【解答】解:A、一切物体都有内能,因此机械能为零的物体,其内能一定不为零;故A错误; B、热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递;而不是从内能大的物体向内能小的物体传递,故B错误; C、改变物体内能的两种方式:做功和热传递;改变物体内能的两种方式是等效的;故C正确; D、物体吸热,内能一定增大,但温度不一定升高,例如,晶体在熔化过程中吸收热量,内能增加,但温度不变;故D错误。 故选:C。 【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系,改变物体内能的两种方法是等效的,以及热传递的条件和热传递的方向。注意:物体吸热,内能一定增大,但温度不一定升高。 10.【分析】由电路图可知,两灯泡并联,电流表A1测干路电流,电流表A2测L2支路电流,根据并联电路的电流特点和两个电流表的指针在同一个位置确定两表量程,根据分度值读出示数,进一步求出灯L1中的电流。 【解答】解:由电路图可知,两灯泡并联,电流表A1测干路电流,电流表A2测L2支路电流, 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,且两个电流表的指针在同一个位置, 所以,干路电流表A1的量程为0~3A,分度值为0.1A,干路电流I=1.5A, L2支路电流表A2的量程为0~0.6A,分度值为0.02A,通过L2的电流I2=0.3A,故D错误; 则灯L1中的电流: I1=I﹣I2=1.5A﹣0.3A=1.2A,故AC错误、B正确。 故选:B。 【点评】本题考查了并联电路的电流特点和电流表的读数,会确定两电流表的量程是关键。 11.【分析】开关闭合后,两电阻并联,电流表A1测量通过滑动变阻器的电流,电流表A2测量电路总电流,电压表测量电源电压,当滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大,根据欧姆定律来判断电路电流和电压的变化。 【解答】解:A、当滑片P向右移动时,滑动变阻器接入电路电阻变大,滑动变阻器所在支路电流变小,所以A1示数变小,R1两端的电压、电阻都不变,所以电流大小不变,干路电流等于各个支路电流之和,所以干路电流减小,电流表A2的示数变小,电压表示数不变,故A错误; B、电流表A2的示数变小,电压表示数不变,所以电压表与电流表A2的示数之比变大,故B正确; C、电流表A2减小的示数与电流表A1的减小的示数相等,所以他们的差不变,故C错误; D、电压表示数不变,A1示数变小,所以电压表与电流表A1的示数之比变大,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查电路的动态分析,关键是明白滑动变阻器移动的过程中电路电阻的大小变化,有一定的难度。 12.【分析】由电路图可知,Rx、R、R0串联,电流表测电路中的电流;开关S掷于a时,电压表测Rx与R两端的电压之和,根据欧姆定律求出它们的总电阻;开关S掷于b时,电压表测R两端的电压,根据题意得出电表的示数,根据欧姆定律求出R的阻值,进一步求出Rx的阻值。 【解答】解:由电路图可知,Rx、R、R0串联,电流表测电路中的电流; 开关S掷于a时,电压表测Rx与R两端的电压之和, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,由I=可得: Rx+R===5Ω, 开关S掷于b时,电压表测R两端的电压, 因电压表读数减小0.7V,电流表读数增加0.4A, 所以,Ub=Ua﹣0.7V=2.5V﹣0.7V=1.8V,电路中的电流I′=I+0.4A=0.5A+0.4A=0.9A, 则R的阻值: R===2Ω, 则Rx的阻值: Rx=5Ω﹣R=5Ω﹣2Ω=3Ω。 故选:B。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用,分清电路的连接方式是解题的关键。 13.【分析】因电压偏高导致灯丝的熔断,故为了延长灯的寿命应想法减小灯泡两端的电压,分别分析各选项,找出能减小灯泡两端电压的方法即可。 【解答】解:因灯泡熔断的原因在于楼道内的实际电压高于额定电压,故灯泡的额定电压不变,改变功率都无意义,同样易于熔断,故A、B均错误; 两灯并联后接在电路中,电源电压仍超过两灯的额定电压,故两灯均容易熔断,故C错误; 若将两灯串联,则电路中的总电阻增大,电路中电流减小,则两灯电压将均小于额定电压,故两灯串联后可以使用,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查串并联电路在生活中的应用,在学习中注意联系生活中的实际情况,做到学以致用,可以提高我们学习物理兴趣。 14.【分析】(1)由图象读出一组R上的电压和对应电流值,由R=计算其电阻大小; (2)由灯泡规格,根据R=计算其正常发光时电阻大小; (3)由串联电路特点,从图象中读出两者电路从而计算出电源电压的大小; (4)由图象读出2V时灯泡的电流,由P=UI计算其实际功率。 【解答】解: A、由图象当R两电压为2V时,通过它的电流为0.1A,由I=可得其电阻大小:R===20Ω,故A错误; B、由题灯泡正常工作时电压3V,通过它的电流为0.3A,所以此时灯泡电阻:RL===10Ω,故B正确; C、串联电路中电流处处相等,所以两都电流都为0.15A,由图象可知此时灯泡电压为1V,R电压为3V,串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和,所以电源电压:U=UR+UL=3V+1V=4V.故C错误; D、由图象灯泡电压为2V时,通过的电流为0.1A,所以灯泡的实际功率:P实=ULIL=2V×0.1A=0.2W,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律及电功率计算,关键是知道灯泡电阻是变化,要从图象中读出不同电压下灯泡的电流。 15.【分析】(1)由电路图可知,当S闭合,甲乙两表都为电压表时,两电阻串联甲电压表测电源的电压,乙电压表测R2两端的电压,根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比; (2)当开关S断开,甲乙两表都为电流表时,两电阻并联,甲电流表测R2支路的电流,乙电流表测干路电流,根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比,再根据并联电路的电流特点求出两表示数之比,利用P=UI求出两电阻消耗的电功率之比。 【解答】解: (1)当S闭合,甲、乙两表是电压表时,两电阻串联,甲电压表测电源的电压,乙电压表测R2两端的电压, 因串联电路中总电压等于各分电压之和,且U甲:U乙=5:3, 所以,R1、R2两端的电压之比: ===, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,由I=可得,两电阻的阻值之比: ===; (2)当开关S断开,甲、乙两表都为电流表时,两电阻并联,电流表甲测通过R2支路的电流,电流表乙测干路电流, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,R1、R2两支路的电流之比: ===, 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以,两表示数之比: ===,故A正确、B错误; 由P=UI可得,R1与R2消耗的功率之比: ===,故C错误、D正确。 故选:AD。 【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用,关键是开关闭合与断开、不同电表时电路串并联的辨别以及电表所测电路元件的判断。 三、作图题(每题2分,共4分) 16.【分析】根据电压表应与被测用电器并联确定其位置,根据P=判断灯泡变亮时其两端的电压变化,根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化,然后根据电压表示数的变化确定电流表的位置,从而确定电源的位置,再根据电流的方向确定电源的正负极。 【解答】解:由电路图可知,左右两个位置分别与灯泡和变阻器串联,所以不可能是电压表,则电压表应在中间的位置; 移动滑动变阻器的滑片P,小灯L变亮时,由P=可知,灯泡两端的电压变大, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,滑动变阻器两端的电压变小, 由实际上电压表的示数变小,电压表应并联在变阻器两端,即右侧的位置应该是电流表, 故左侧的位置应该是电源, 由电流的方向可知,电源的正极朝下,如下图所示: 【点评】本题考查了电路的动态分析和电路元件符号位置的确定,明确电流表、电压表、电源的连接要求,并特别注意小灯L变亮时,电压表的示数变小这一条件,是正确判断的关键。 17.【分析】(1)灯泡的接法:火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点;零线直接接入灯泡的螺旋套。 (2)三孔插座的接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线。 【解答】解: (1)灯泡接法:火线进入开关,(声控开关和光控开关是串联的);再进入灯泡顶端的金属点,零线直接接入灯泡的螺旋套,这样在断开开关能切断火线,接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡,又能更安全。 (2)三孔插座的接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔有保险丝,所以接火线。如下图: 【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法,同时考虑使用性和安全性。 四、实验探究题(第18题8分,第19题10分,共18分) 18.【分析】(1)首先导体产生的热量是要通过煤油的温度变化体现出来;两根电阻丝采用串联的连接方式,其目的是为了控制电流和通电时间相同; (2)探究两种电阻丝通过电流后产生热量的多少时,应控制煤油的质量和初温要相同,根据焦耳定律分析温度的高低。 (3)为了在较短的时间内达到明显的实验效果,即观察到得温度计示数变化大,则在同质量吸收相同热量的条件下,比热容小的液体温度变化大。 (4)探究通过电流产生热量的多少和电流的关系时,应控制两电阻丝的阻值和通电时间相同,根据焦耳定律分析得出结论。 (5)知道热量与电流、电阻及通电时间有关,可变因素较多,本题是在电流、时间相同的前提下,使用不同的电阻,探究热量与电阻的关系,这采用的是控制变量法;导体产生的热量是要通过煤油的温度变化体现出来,这就是转换法。 【解答】解:(1)图甲中,两电阻丝产生热量的多少是通过温度计示数的变化反映出来的,用到了转换法; 两根电阻丝采用串联的连接方式,其目的是为了控制电流和通电时间相同; (2)探究两电阻丝通过电流后产生热量的多少时,应控制煤油的质量和初温要相同; 图甲中,通过两电阻丝的电流相同,A的电阻要大于B的电阻,由焦耳定律可知,A瓶中产生的热量多,所以A瓶中煤油的温度升高得快; (3)煤油的比热容比水小,在质量相同,吸热相同时,其温度变化更快,所以为了在较短的时间内达到明显的实验效果,应选用煤油而不用水做实验; (4)装置乙中两个5Ω的电阻并联后再与一个5Ω的电阻串联,根据串联电路的电流特点可知,右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等,即I右=I左;两个5Ω的电阻并联,根据并联电路的电流特点知I右=I1+I2,两电阻的阻值相等,则支路中的电流相等,I1=I2,所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半,由Q=I2Rt可知,左边容器中的电阻产生的热量多,所以得出结论:在电阻和通电时间相同时,电流越大,电流产生的热量越多; (5)由前面解答可知,本实验中的探究方法有控制变量法和转换法。 故答案为:(1)温度计示数的变化;电流;(2)质量;A;(3)小;(4)当电阻和通电时间相同时,电流越大,电流产生的热量越多;(5)控制变量法;转换法。 【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握,注意控制变量法和转换法的运用,难度较大。 19.【分析】(1)根据灯泡的额定电压确定电压表的量程,电流表、灯泡、滑动变阻器、开关串联接入电路,电压表并联在灯泡两端,连线时注意滑动变阻器的接法,注意电表正负接线柱不要接反; (2)电压表有示数,说明与电压表两接线柱连接的电路是通路,电流表无示数,说明电路断路,从而判断出故障的可能原因。 (3)根据“灯泡两端的电压为额定电压时,灯泡的功率为额定功率,灯泡正常发光”解决此题;根据实物图可知电流表的量程,并读出电流表的示数;利用P=UI计算灯泡的额定功率; (4)当灯泡两端电压等于额定电压时,灯泡正常发光,因此先让电压表测量灯泡两端电压,使灯泡正常发光,然后测量出灯泡和定值电阻两端的电压,再结合串联电路的特点和欧姆定律求出电路中的电流,最后根据P=UI表示出灯泡的额定功率。 【解答】解:(1)灯泡额定电压是3.8V,电压表选0~15V量程;电流表、灯泡、滑动变阻器联接入电路,电压表并联在灯泡两端,滑动变阻器按一上一下的原则接线;如图所示: (2)连好电路,开关试触时,发现灯泡不亮,电流表无示数,说明故障为断路;电压表有示数,说明在电压表两接线柱之间的电路是断路,因此故障为灯泡处断路; (3)测量灯泡额定功率时,闭合开关,移动滑动变阻器的滑片P,眼睛应先注视电压表的示数,当小灯泡的电压为额定电压3.8V时,读出电流表示数; 根据实物图可知电流表的量程为0~0.6A,分度值为0.02A,故电流表示数为0.4A;所以灯泡的额定功率为P=UI=3.8V×0.4A=1.52W; (4)①闭合开关Sl,将S2拨到触点2,移动滑片,使电压表的示数为3.8V; ②再将开关S2拨到触点1,保持滑片的位置不动,读出电压表的示数U,由于串联电路两端电压等于各部分电压之和,所以灯泡正常发光时,定值电阻R0两端的电压为U﹣3.8V,由欧姆定律可得,此时通过灯泡的电流:I=; ③灯泡额定功率的表达式:P额=。 故答案为:(2)灯泡处断路;(3)电压表;1.52;(4)①2;3.8;②1;③。 【点评】本题考查了实物电路的连接、故障分析、电流表读数、额定功率的计算以及实验步骤的设计等问题;(4)有一定的难度,要根据测量小灯泡功率的原理以及串联电路的特点完成实验步骤。 五、计算题(第20题8分,第21题10分,共18分) 20.【分析】(1)根据乙图分析R1的阻值;根据串联电路的分压规律判定电压表示数的变化; (2)R0与R1是串联,根据电阻的串联求出总阻值,利用欧姆定律即可求出电流和电压; (3)电压表两端电压达到最大测量值3V时,根据串联电路的电压特点求出定值电阻R0两端的电压,利用欧姆定律求出热敏电阻的阻值,根据图象得到温度。 【解答】解: (1)由图乙可知,当环境温度为60℃时,热敏电阻R1的阻值为150Ω;环境温度升高时,热敏电阻R1的阻值减小,根据串联电路的分压规律可知,其两端的电压减小,根据串联电路电压特点可知,R2两端的电压变大,即电压表示数将变大; (2)环境温度为40℃时,根据电阻的串联特点可知: R总=R0+R1=300Ω+200Ω=500Ω, 则I===0.008A, 由欧姆定律得:R0两端的电压: U0=IR0=0.008A×300Ω=2.4V; (3)由题意可知电压表示数允许最大值为3V,且此时电路能够测量的温度最高; 所以此时电路中的电流为: I′===0.01A, 串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和, 所以U1′=U﹣U0′=4V﹣3V=1V, 由欧姆定律得,此时热敏电阻的阻值: R1′===100Ω, 根据图b可查得热敏电阻的阻值为100Ω时对应温度为80℃,即最高温度为80℃。 答:(1)150Ω;变大;(2)当环境温度为40℃时,电压表的示数是2.4V;(3)此电路所允许的最高环境温度是80℃。 【点评】本题综合考查欧姆定律和电功率的计算,熟练分析掌握各种不同的坐标图是本题解题的关键,读取坐标图时要特别注意纵横坐标的含义,以及它们斜率表示的含义。 21.【分析】(1)根据P=求出豆浆机正常加热时电热管的电阻; (2)利用W=Pt求在8~11分钟的时间内豆加热管产生的热量,加热管产生的热量全被豆浆吸收,Q=W,利用Q吸=cm(t﹣t0)求出第8分钟时豆浆温度; (3)根据P=UI求解输入到电动机的电功率;根据P出=UI﹣I2r求解输出功率。 【解答】解:(1)由P=可得,豆浆机正常加热时电热管的电阻: R1===48.4Ω; (2)由P=可得,加热管产生的热量Q=W=Pt=1000W×3×60s=1.8×105J, 加热管产生的热量全被豆浆吸收,Q吸=W=1.8×105J, 由Q吸=cm(t﹣t0)可得, 1.8×105J=4×103J/(kg?℃)×1.5kg×(100℃﹣t0) 解得t0=70℃。 (3)电动机转动时,其电流I===0.5A, 热功率为:P热=I2r=(0.5A)2×40Ω=10W; 其输入的电功率为:P入=110W, 消耗的电能转化为内能和机械能,故电动机的机械功率为:P出=P入﹣P热=110W﹣10W=100W; 答:(1)加热管正常工作时电阻丝的阻值是48.4Ω; (2)第8分钟时豆浆温度为70℃。 (3)豆浆机在粉碎打浆时,电动机的内阻为40Ω,则电动机输出的机械功率是100W。 【点评】本题主要考查了学生对电功的实质、电功率公式、吸热公式和电功公式的应用,弄懂图象、从表中找出有用的数据是解决此题的关键。

  • ID:6-5860249 2018-2019学年山西省忻州市定襄县九年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2018-2019学年山西省忻州市定襄县九年级(上)期末物理试卷 一、选择題(在每小題的四个选项中,只有一项最符合题意,请选出并在答題卡上将该项涂黑.本大题題有10个小题,每小题3分,共30分) 1.他是全校公认的“怪人”,不喜吃喝,对衣着不讲究,常年穿着一件深蓝色的大衣。但是却最先研究并得出了电流与电压、电阻之间的关系,这位科学家是(  ) A.焦耳 B.瓦特 C.安培 D.欧姆 2.物理知识无处不在,生活中的许多现象都与物理知识息息相关,以下所描述的物理量中,符合生活实际的是 (  ) A.一节新干电池的电压为2V B.家用彩电的电功率约为2000W C.手电筒中通过小灯泡的电流大约是0.2A D.白炽灯正常工作时通过灯丝的电流大约是20A 3.春天时节,百花飘香,这是扩散现象关于扩散现象,下列说法错误的是(  ) A.温度越高,扩散进行得越快 B.扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动 C.扩散现象在气体、液体和固体中都能发生 D.在太空中,扩散现象将消失 4.如图所示的实例中,改变物体内能的方式与其他三个实例不同的是(  ) A.用锯条锯木板,锯条的温度升高 B.用热水袋暖手,手的温度升高 C.两手相互摩擦,手的温度升高 D.用手反复弯折铁丝,弯折处铁丝的温度升高 5.北方的冬天,特别寒冷,人们更多的使用地暖来代替原来的暖气片取暖,但很多都仍然采用让流动的热水慢慢地流过散热管道,其主要利用了(  ) A.水的比热容大 B.水的沸点高 C.水的质量大 D.水的密度小 6.1867年,德国人奥托受里诺研制煤气发动机的启发,制作了一台卧式气压煤气发动机,在长期的研究过程中,奥托提出了内燃机的四冲程理论,为内燃机的发明奠定了理论基础。从而研制出具有现代意义的汽油发动机,为汽车的发展铺平了道路。图中表示给汽车提供动力冲程的是(  ) A. B. C. D. 7.在“探究串联电路中的电流规律”实验中,某同学用电流表分别测出图中a、b、c三处的电流大小。为了进一步探究a、b、c三处的电流大小有什么关系,他下一步的操作应该是(  ) A.将电源两极对调,再次测量a、b、c三处的电流 B.改变开关S的位置,再次测量a、b、c三处的电流 C.将图中两只灯泡位置对调,再次测量a、b、c三处的电流 D.换用不同规格的灯泡,再次测量a、b、c三处的电流 8.用电器在工作时,电流做功将电能转化为其它形式的能量,由于导线等电阻不可忽略,所以一定有电能转化为内能。在如图所示的家用电器中,工作相同时间产生的热量远小于其消耗电能的是(  ) A.电风扇 B.电水壶 C.电熨斗 D.电暖气 9.如图所示,图甲是R1、R2两个电阻的U﹣I图线,若把这两个电阻接入图乙或图丙的电路中,下列说法中正确的是(  ) A.R1的电阻小于R2的电阻 B.R1、R2接入图乙所示的电路中,若电流大小为0.3A,则电源电压为3V C.R1、R2接入图丙所示的电路中,若通过R1电流大小为0.2A,则通过R2电流大小为0.4A D.R1、R2接入图乙所示的电路中,若电源电压为3V,则电路总功率为0.9W 10.如图所示,在如图甲所示的电路中,电源电压恒定,R1为定值电阻,R2为滑动变阻器,闭合开关S后,滑动变阻器滑片P从一端向另一端滑动过程中,电压表V2与电流表A示数变化情况如图乙所示,以下说法错误的是(  ) A.电阻为5Ω B.电源电压为8V C.滑动变阻器的最大阻值为35Ω D.电路的总功率最大为11.2W 二、实验探究(11题10分,12题6分,13题10分,14题6分,15题4分,共36分) 11.(10分)如图所示:甲、乙、丙三图中的装置相同,燃料的质量都是10g,烧杯内的液体的质量和初温均相同。当燃料燃烧完时(烧杯内的液体均未沸腾),立即读取各温度计的示数,分别为t甲、t乙和t丙,且有t甲>t乙>t丙。 (1)在安装实验器材时,科学合理的顺序是(甲图中):先固定   的位置。(选填“A”或“B”); (2)为了比较不同物质的吸热能力,应比较   两幅图中的装置,其中通过观察   来比较液体a或b吸收热量的多少。根据题目中的信息可判断出   的吸热能力强(选填“a”或“b”); (3)还可以利用   两幅图中的装置比较不同燃料的热值。 12.(6分)在探究电流与电压关系的实验中,同学们设计了如图所示的三种电路: (1)小林同学选择图乙电路进行实验而不选择图甲,是因为   。乙同学认为图丙电路比图乙电路更好,理由是图丙电路便于多次实验。 (2)小强同学利用图丙电路(其中电阻R=5Ω)进行实验,请你帮他设计记录实验数据的表格。 (3)实验过程中,小新同学发现滑动变阻器损坏,但经过思考后利用图乙电路最终也完成了多次实验,该同学的做法是   。 13.(10分)在测定“小灯泡电功率”的实验中,电源电压为4.5V,小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω (1)请你用笔画线代替导线,将图甲中的实物电路连接完整。 (2)小勇同学在实验中连接好电路,闭合开关,移动变阻器滑片P,发现小灯泡始终不亮,电压表无示数,电流表有示数且随着滑片的移动在变化,故障原因可能是   。 (3)小叶同学闭合开关,移动滑片P到某一点时,电压表示数如图乙所示为   V,若他想测量小灯泡的额定功率,应将图甲中滑片P向   (选填“A”或“B”)端移动,使电压表的示数为2.5V。 (4)小向同学移动滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数,并绘制成图丙所示的I﹣U图象,根据图象信息,可计算出小灯泡的额定功率是   W。 14.(6分)在探究“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验中。实验装置如图所示,两个透明容器中密封着等质量的空气两容器中的电阻丝串联起来连接到电源两端。 (1)实验中我们是通过观察U形管中液面的   来比较各容器中电热丝产生热量多少的。 (2)在图甲中,是探究电流通过导体产生的热量与   的关系。 (3)要想探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系,请你将乙图中5Ω的电阻用笔画线代替导线接入电路中。 15.(4分)如图所示为小梦家里的电能表请你帮他利用生活中的物品测量家中某电暖器的电功率(电能表上的3000r/(kW?h)用N表示) (1)其它测量器材:    (2)实验步骤与所需要测量的物理量: ①    ②    (3)用所测的物理量写出电暖器电功率大小的表达式:P=    三、综合应用(本大题共9小题,16题2分,17题2分,18题5分,19题5分,20题4分,21题2分,22题4分,23题5分,24题5分,总共34分) 16.(2分)东汉时期,王充在“论衡”一书中写下“顿牟掇芥”一语,指的是用摩擦过的玳瑁壳能吸引草屑的现象,这与在干燥的天气脱毛衣会听到“噼啪”声、夏天雷雨时大空出现的闪电等现象一样,都属于   现象。若摩擦过的玳瑁壳所带电荷与毛皮摩擦过的橡胶棒上所带电荷种类相同,则可推断玳瑁壳带   电。 17.(2分)质量和初温相同的甲、乙两种液体,经同一加热器加热相同的时间后甲比乙的温度高,则甲比乙的比热容   。如果质量为1kg,初温为20℃的乙液体,吸收4.2×104J的热量后,温度升高到30℃,则乙液体的比热容为   J/(kg?℃) 18.(5分)如图所示,酒精燃烧的过程中将   能转化为   能,通过   方式使试管内水的内能增大,塞子受到水蒸气的压力而冲出去,水蒸气的内能转化为塞子的   能,试管口有白气出现是发生了   现象。 19.(5分)如图所示在图乙所示的电路中,电源电压恒定,滑动变阻器的铭牌上标有“10Ω 2A”,小灯泡L的额定电压为3V,它的I﹣U图象如图甲所示,将滑动变阻器的滑片P移至B端,闭合开关S,电压表示数为1.5V,再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V.则小灯泡的额定功率为   W,电源电压为   V;小灯泡正常发光时,灯丝的电阻为   Ω,滑动变阻器接入电路的阻值为   Ω,滑动变阻器的电功率为   W。 20.(4分)阅读短文,回答问题: 电暖宝 电热暖手宝(俗称电暖宝)外形新颖、储热量大、保温时间长,结构特点合理,使用方便,为冬季暖手、暖足的理想用品。电暖宝分为电极式、电热丝式、电热棒式三种。目前因为电极式电暖宝容易发生漏电和爆裂危险被国家禁止生产销售,允许继续销售的是安全性高的电热丝式电暖宝。 软质液体电热宝使用新技术储能发热剂,加热升温迅速。一次性注水,永久使用,独特防爆免烫和温控保护装置(温度达到设定温度可以自动切断电路);使用寿命长;保温持久等优势。由于用户无需注水即可直接使用,免去了传统热水袋频繁换水带来的麻烦和不安全。 (1)文中的电暖宝工作时利用了电流的   效应; (2)软质液体电热宝中的温控保护装置在电路中的作用相当于    A.电源 B.开关 C.导线 D.用电器 (3)请根据学过的物理知识判断,电功率越大的电暖宝工作时电热丝的电阻越   (选填“大”或“小) (4)软质液体电热宝与传统热水袋相比,优点有   。 21.(2分)爱学好问的小梦发现家里的电吹风可以吹热风和冷风,用电热丝、电动机、和两个开关设计出电吹风的部分电路图,请你帮他将电路图设计完成(如图所示),要求:只闭合S1只有电动机工作,吹冷风;S1和S2同时闭合,电动机和电热丝同时工作,吹热风。 22.(4分)喜欢仔细观察的大梦,发现工人们在工地上临时做饭使用的电炉子工作时(如图 所示),电炉丝热得发红,而与之相连的导线却几乎不发热,百思不得其解,请你用物理知识给他解释这个问题。 23.(5分)如图所示,甲、乙是常见的可调节亮度的台灯及其电路图,变阻器R的最大阻值为1936Ω,台灯灯泡的铭牌如图丙所示。若不考虑灯丝电阻随温度的变化,请你计算: (1)滑片P向右移动时灯泡会变   。(选填“亮”或“暗”) (2)台灯正常发光时的电流; (3)台灯正常发光时灯丝的电阻。 24.(5分)小强家买了一个自动电热水壶其铭牌如下表。小强装了0.5kg的水,加热5min后把水烧开,水壶自动断电。已知大气压为1个标准大气压,电热水壶正常工作且电阻不变,水的初温为20℃,c水=4.2×103J/(kg?℃),求: 自动电热水壶 型号 WL100F 电源 220V 50Hz 额定功率 1000W (1)这壶水吸收的热量; (2)水壶消耗的电能; (3)此电热水壶的热效率。 2018-2019学年山西省忻州市定襄县九年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择題(在每小題的四个选项中,只有一项最符合题意,请选出并在答題卡上将该项涂黑.本大题題有10个小题,每小题3分,共30分) 1.【分析】通过导体的电流与导体两端的电压成正比,与导体的电阻成反比,这是科学家欧姆经过大量实验得到的结论。 【解答】解:A、焦耳发现了著名的焦耳定律,定量确定了功和热量的关系。故A不符合题意; B、瓦特发明了蒸汽机,大大提高了热机的效率。故B不符合题意; C、安培发现了著名的安培定则。故C不符合题意; D、最先研究电流与电压、电阻并得出三者之间关系的科学家是欧姆。故D符合题意。 故选:D。 【点评】此题主要考查学生对于物理学史的了解,熟知科学家的研究成果是解题关键。 2.【分析】不同物理量的估算,有的需要凭借生活经验,有的需要简单的计算,有的要进行单位的换算,最后判断最符合实际的是哪一个。 【解答】解: A、一节新干电池的电压为1.5V,故A不符合实际; B、家用彩电的额定功率约为200W,故B不符合实际; C、手电筒中通过小灯泡的电流在0.2A左右,故C符合实际。 D、白炽灯正常工作时通过灯丝的电流大约是0.2A,故D不符合实际; 故选:C。 【点评】对日常生活中的用电器额定电流、额定功率、额定电压等进行准确的估测,是要求初中学生掌握的一种基本能力,平时注意观察,结合所学知识多加思考,逐渐培养这方面的能力。 3.【分析】扩散是指不同的物质相互接触时,彼此进入对方的现象。一切物体都可以发生扩散现象。 【解答】解: A、温度越高,分子运动的越快,扩散越快,故A正确; B、扩散现象是由物质分子无规则运动产生的,故B正确; C、一切物体的分子都在不停的做无规则运动,所以在气体、液体和固体中都能发生扩散运动,故C正确; D、在太空中,物质的分子仍然会运动,所以扩散现象不会消失,故D错误。 故选:D。 【点评】本题考查扩散现象,解答此题的关键是知道扩散现象的本质。 4.【分析】改变物体内能的方式有两种:做功和热传递,其中做功过程是能量的转化过程,是机械能和内能相互转化的过程;热传递是内能从高温转移到低温的过程,二者的本质不同。 【解答】解:A、用锯条锯木板,锯条的温度升高,即锯条克服摩擦力做功,使得自身的内能增加,所以是通过做功改变物体的内能,属于能量的转化; B、用热水袋暖手,手的温度升高,是通过热传递改变物体的内能,属于能量的转移; C、两手相互摩擦,手的温度升高,是通过做功改变物体的内能,属于能量的转化; D、划用手反复弯折铁丝,弯折处铁丝的温度升高,是做功改变物体的内能,属于能量的转化; 故分析可知,ACD是做功改变内能,B是热传递改变内能,所以在改变物体内能的方式上与其他三个实例不同的是B; 故选:B。 【点评】做功和热传递都可以改变物体的内能,在效果上是等效的,但其实质不同,做功属于能量的转化、热传递属于能量的转移。 5.【分析】因为水的比热容较大:相同质量的水和其它物质比较,吸收或放出相同的热量,水的温度升高或降低的少;升高或降低相同的温度,水吸收或放出的热量多,据此分析。 【解答】解: 因为水的比热容最大,相同质量的水和其它物质比较,降低相同的温度,水放出的热量多,所以暖气装置中用水来供热,故A正确。 故选:A。 【点评】本题考查了水的比热容大的特点在生活中的应用,考查学生灵活运用知识的能力。 6.【分析】根据气门的关闭情况和活塞的运动方向判断是汽油机的哪一个冲程;压缩冲程中机械能转化为内能做;功冲程将内能转化为机械能,内燃机给汽车提供动力。 【解答】解: A、图中两气门都关闭,活塞上行,汽缸容积变小,是压缩冲程,机械能转化为内能,故A错误; B、图中两气门都关闭,活塞下行,汽缸容积变大,火花塞喷出电火花,是做功冲程,将内能转化为机械能,为汽油机提供动力,故B正确; C、图中排气门开启,活塞上行,气体流出汽缸,是排气冲程,没有能量转化,故C错误; D、进气门开启,活塞下行,气体流入汽缸,是吸气冲程,没有能量转化,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查内燃机四个冲程的判断和能量转化形式的分析,要结合气门和活塞运动情况进行判断。 7.【分析】探究串联电路中的电流时,为了使实验结论具有普遍性,要进行多次测量。可以通过改变电源电压,或者更换不同的灯泡,或更换不同的用电器来改变电路电阻进行多次实验。 【解答】解:ABC、将电源的正负极对调、改变开关的位置、两只灯泡的位置对调,都不能改变电路的电阻,也不能改变电源电压,不符合题意。 D、更换不同的灯泡,电阻变化,电路中的电流发生变化。使实验结论具有普遍性。 故选:D。 【点评】掌握串联电路的电流特点,掌握探究串联电路电流特点的实验方法。 8.【分析】做功总是伴随着能量的转化,电功也不例外。用电器消耗了电能,获得了其它形式的能量,就是一个电流做功的过程。 【解答】解:电水壶、电熨斗、电暖气三个用电器都是利用电流热效应工作的,电流通过它们做功时电能全部转化为内能,即Q=W。 而电流通过电风扇做功时,将电能大部分转化为机械能使风扇转动,只有一少部分转化为内能,即Q<W。 所以相同时间内产生的热量远小于其消耗电能的是电风扇。 故选:A。 【点评】本题抓好电流通过用电器时能量的转化情况是解答的关键。 9.【分析】(1)根据U=IR判断出电阻的大小; (2)根据串联电路电流和电压的规律算出电源电压; (3)当R1、R2并联后接入电路,已知通过R1的电流,读出R1两端的电压,再根据并联电路中电压的特点判断出R2两端的电压,读出此时的电流; (4)根据串联电路电流的规律和电压的规律判断出当电压为3V时的电流,根据P=UI算出电路的电功率。 【解答】解: (1)根据U=IR知,当电流相同时,电阻越大,其电压越大, 由图象知,当电流为0.2A时,R1两端的电压U1=2.0V,R2两端的电压为U2=1.0V,即U1>U2,所以R1>R2,故A错误; B、乙图中两电阻串联,电流相等,电源电压等于各用电器两端的电压, 由图象知:当电流为0.3A时,R1两端的电压U1=3.0V,R2两端的电压为U2=1.5V, 则电源电压为:U=U1+U2=3.0V+1.5V=4.5V,故B错误; C、由图象知,当通过R1电流大小为0.2A时,R1两端的电压为2.0V, 图丙中,两电阻并联,两电阻两端的电压相等都为2.0V,由图象知,当R2两端的电压为2.0V时,其电流为0.4A,故C正确; D、乙图中两电阻串联,电流相等,电源电压等于各用电器两端的电压, 由图象知:当电流为0.2A时,R1两端的电压U1′=2.0V,R2两端的电压为U2′=1.0V, 则电源电压为:U=U1′+U2′=2.0V+1.0V=3.0V(符合题意), 电路总功率为P=UI=3V×0.2A=0.6W,故D错误。 故选:C。 【点评】本题考查的知识点较多,可以利用图示,并结合串联电路和并联电路的特点来解决实际问题,培养了学生可以从图示中提取有用信息的能力。 10.【分析】由电路图可知,R1与R2串联,电压表V1测R1两端的电压,电压表V2测R2两端的电压,电流表测电路中的电流。 (1)当滑片位于a端时,滑动变阻器接入电路中的电阻为0时,电路为R1的简单电路,电路中的电流最大,根据欧姆定律表示出电源的电压;当滑片位于b端时,变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,根据图象读出电路中的最小电流和电压表V2的示数,根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压,利用电源的电压不变求出R1的阻值; (2)将R1的阻值代入U=IR中算出电源电压; (3)滑当滑片位于b端时,变阻器接入电路中的电阻最大,根据欧姆定律算出滑动变阻器的最大电阻; (4)当滑片位于a端时,电路中的电流最大,电路中的最大电流Ia=1.6A,根据P=UI算出电路的总功率最大。 【解答】解:由电路图可知,R1与R2串联,电压表V1测R1两端的电压,电压表V2测R2两端的电压,电流表测电路中的电流。 (1)当滑片位于a端时,变阻器接入电路中的电阻为0,电路为R1的简单电路,电路中的电流最大, 由图象可知,电路中的最大电流Ia=1.6A, 由I=可得,电源的电压: U=IaR1=1.6A×R1, 当滑片位于b端时,变阻器接入电路中的电阻最大,电路中的电流最小, 由图象可知,电路中的电流Ib=0.2A,电压表V2的示数U2=7V, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,电源的电压: U=IbR1+U2=0.2A×R1+7V, 因电源的电压不变, 所以,1.6A×R1=0.2A×R1+7V, 解得:R1=5Ω,故A正确; (2)电源电压U=U=IaR1=1.6A×R1=1.6A×5Ω=8V,故B正确; (3)滑当滑片位于b端时,变阻器接入电路中的电阻最大, 滑动变阻器的最大阻值为:R滑大===35Ω,故C正确; (4)当滑片位于a端时,电路中的电流最大,电路中的最大电流Ia=1.6A, 电路总功率最大为:P大=UIa=8V×1.6A=12.8W,故D错误。 故选:D。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用以及电路的动态分析,关键是电路连接方式的判断和电表所测电路元件的判断以及从图象中获取有用的信息。 二、实验探究(11题10分,12题6分,13题10分,14题6分,15题4分,共36分) 11.【分析】(1)实验时,需用酒精灯的外焰加热,所以要调整好下面铁圈的高度,然后根据温度计的使用规则固定好其位置; (2)为了比较两种液体的比热容,需要燃烧相同的燃料(即热源应相同),加热不同的液体,让液体的质量相同,通过加热时间得出吸热多少,进而判断两种比热容的大小关系; 使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间),比较温度的变化,温度变化小的吸热能力强; (3)燃料的热值大小不能直接测量,需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少,为了比较热值大小要用不同的燃料,加热同一种液体,让液体的质量相同,通过温度计的示数高低得出吸热多少,进而判断热值大小。 【解答】解: (1)因酒精灯需用外焰加热,所以要放好酒精灯,再固定下面铁圈的高度,而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中,但不能碰到容器壁和容器底(即最后固定上面的铁圈),所以科学合理的顺序是(甲图中):先固定B的位置; (2)为了比较两种液体的比热容,需要燃烧相同的燃料(即热源应相同),加热不同的液体,让液体的质量相同,通过加热时间得出吸热多少,进而判断两种比热容的大小关系,应选择甲、丙两图进行实验; 由题知,当燃料燃烧完时,温度计的示数t甲>t丙,根据比较吸热能力的方法,丙图中液体b的吸热能力强; (3)为了比较热值大小,要用不同的燃料,加热同一种液体,让液体的质量相同、燃料的质量相同,通过温度计的示数高低得出吸热多少,进而判断热值大小,应选择甲、乙两图进行实验。 故答案为:(1)B;(2)甲、丙;加热时间的长短;b;(3)甲、乙。 【点评】本题将比较不同物质吸热能力与比较热值大小实验对比,考查注意事项、控制变量法、转换法的运用。 12.【分析】(1)探究电流与电压关系的实验时,要控制电阻大小不变,根据灯丝电阻受温度的影响分析; (2)探究电流与电压关系,要记录电流随电压的变化,为得出普遍性的结论要多次测量,据此设计表格: (3)根据欧姆定律分析。 【解答】解:(1)探究电流与电压关系的实验时,要控制电阻大小不变,因灯丝电阻受温度的影响,不是一个定值,故选择图乙电路进行实验而不选择图甲; (2)利用图丙电路(其中电阻R=5Ω),要探究电流与电压关系,需要记录电流随电压的变化,为得出普遍性的结论要进行多次测量,设计表格如下: 实验次数 电阻R/Ω 电压U/V 电流I/A 1 5 2 5 3 5 (3)发现滑动变阻器损坏,利用图乙电路,可通过改变电池节数来改变电源电压,达到多次实验得出普遍规律的目的。 故答案为:(1)灯丝电阻受温度影响,不是一个定值; (2)如上表所示; (3)改变电池节数。 【点评】本题探究电流与电压关系,考查控制变量法、表格设计及多次测量的方法。 13.【分析】(1)根据灯泡额定电压、灯丝电阻选择电压表、电流表量程,把电压表并联在灯泡两端,电流表与灯泡串联。 (2)灯泡不亮,可能是灯泡短路或断路或灯泡之外的电路断路;电压表无示数,可能是与电压表并联的灯泡短路或电压表并联电路之外的电路断路;电流表有示数,说明电路不存在断路,综合分析可知故障原因是灯泡短路。 (3)读取电压表示数时,先要明确电压表选择的量程和对应的分度值; 电压表示数小于灯泡额定电压,要测小灯泡的额定功率,应移动滑片位置,减小滑动变阻器接入电路的阻值,使灯泡电压变大,达到额定电压; (4)在图象中找出额定电压和对应的发光电流,利用公式P=UI就能得到额定功率。 【解答】解: (1)灯泡的额定电压是2.5V,电压表选择0~3V量程,把电压表并联在灯泡两端, 灯泡正常发光时的电流约为I===0.25A,所以电流表选择0~0.6A量程,与灯泡串联。电路图如图所示。 (2)连接好电路后,闭合开关,移动滑片,发现小灯泡始终不亮,电压表无示数,而电流表有示数,则故障可能是小灯泡短路。 故答案为:灯泡短路。 (3)由图知,电压表选择的是0~3V量程,对应的分度值为0.1V,此时灯泡两端电压为2.2V; 要测小灯泡的额定功率,应将滑片P向B端移动,使滑动变阻器两端电压降低,灯泡两端电压升高,达到2.5V; 故答案为:2.2;B。 (4)由图象知,灯泡两端电压为额定电压时,通过的电流为I=0.2A, 所以额定功率为P额=U额I=2.5V×0.2A=0.5W。 故答案为:0.5。 【点评】本题考查了连接实物图、滑动变阻器的使用、电路故障分析、电压表读数、从图象中提取有用信息求灯泡的功率等内容,这些都是电学实验的常考内容,一定要掌握,是一道中档题。 14.【分析】(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察,但可给等量的气体加热,根据热胀冷缩,产生的热量越多,气体膨胀程度越大,U形管中液面的高度差越大,采用了转换法。 (2)根据Q=I2Rt,电流产生的热量与电流、电阻和通电时间有关,研究与其中一个因素的关系时,要控制另外的两个因素不变,结合串联电路电流的规律分析; (3)探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系,要控制电阻和通电时间相同,只改变电阻的电流大小,根据并联电路电流的规律分析。 【解答】解:(1)根据转换法,实验中我们是通过观察U形管中液面的高度差来比较各容器中电热丝产生热量多少的; (2)在图甲中,两电阻串联,通过导体的电流和通电时间相同,两电阻大小不同,根据控制变量法,是探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系。 (3)要想探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系,要控制电阻和通电时间相同,只改变电阻的电流大小,将容器内两电阻丝作来研究对象(电阻大小相同),根据并联电路电流的规律,干路电流等于各支路电流之和,即干路电流大于支路电流,故将上面5Ω的电阻与容器内的5Ω电阻并联,如下所示: 故答案为:(1)高度差;(2)电阻;(3)如上所示。 【点评】本题探究电流通过导体时产生热量的多少与什么因素有关,考查控制变量法、转换法和焦耳定律的运用及串联、并联电路电流的规律。 15.【分析】电能表上的3000r/(kW?h),表示电能表每转换3000圈电能表消耗1kW?h电,则每转1圈消耗的电为: W=kW?h,如果能用手表测量电能表铝盘转过的转20圈电暖器工作的时间t,则得出这个时间电暖器消耗的电能,根据P=可求出电暖器的功率,据此分析。 【解答】解:(1)其它测量器材:手表或钟表; (2)实验步骤: (1)手表或钟表; (2)①关闭其它用电器,让该电暖器单独工作一段时间; ②用手表测量电能表转盘转20圈电暖器工作的时间t(s); (3)电能表上的3000r/(kW?h),表示电能表转盘每转换3000圈电能表消耗电能1kW?h,则每转1圈消耗的电为: W′=kW?h, 则电能表铝盘转过20圈电暖器消耗的电能为: W=kW?h×20=kW?h=×3.6×106J, 电暖器电功率大小的表达式: P===。 故答案为:(1)手表或钟表; (2)实验步骤: ①关闭其它用电器,让该电暖器单独工作一段时间; ②用手表测量电能表转盘转20圈电暖器工作的时间t(s); (3)。 【点评】本题考查在实际中用电能表测量电器功率的方法,关键是明确电能参数的含义。 三、综合应用(本大题共9小题,16题2分,17题2分,18题5分,19题5分,20题4分,21题2分,22题4分,23题5分,24题5分,总共34分) 16.【分析】用摩擦的方法使物体带电角摩擦起电;毛皮摩擦过的玻璃棒带的电荷叫正电荷。 【解答】解:用摩擦过的玳瑁壳能吸引草屑的现象,这与在干燥的天气脱毛衣会听到“噼啪”声、夏天雷雨时大空出现的闪电等现象一样,都属于静电现象; 因为毛皮摩擦过的橡胶棒带的电荷叫负电荷,摩擦过的玳瑁壳所带电荷与毛皮摩擦过的橡胶棒上所带电荷种类相同,则可推断玳瑁壳带负电。 故答案为:静电;负。 【点评】此题主要是对静电现象和电荷的种类这些基础知识的识记性考查。 17.【分析】(1)甲乙两种液体液体质量相等、初温相同、用两个完全相同的加热器加热时间相同时吸热也相同,利用热量的计算公式分析比热容关系; (2)已知物体的质量、升高的温度以及吸收的热量,利用吸热公式Q吸=cm△t的变形求物质的比热容。 【解答】解: (1)由题可知,同一加热器加热时间相同时,两种液体吸收的热量相同,甲的温度大于乙的温度, 根据Q吸=cm△t可知,在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下,比热容小的温度变化大, 所以,甲的比热容比乙的比热容小; (2)由Q吸=cm△t得,乙液体的比热容: c===4.2×103J/(kg?℃)。 故答案为:小;4.2×103。 【点评】本题通过比较相同质量的不同物质,在相同时间内,加热时间相同(吸收热量相同)的情况下,比较其温度的变化即可判断;并且还要掌握Q吸=cm△t的灵活运用,注意升高(△t)与升高到(t)的区别。 18.【分析】该题考查内能做功过程,即先通过燃料燃烧增加内能,而后内能对外做功,即将内能转化为机械能,故据此思路分析即可。 【解答】解: 在试管中装些水,用酒精灯加热的过程中,燃料燃烧的化学能转化内能,通过热传递的方式使试管内水的内能增大,温度升高,从而产生大量的水蒸气,试管内的气体压强增大,大于外界的大气压,水蒸气就会将塞子推出,即对塞子做功,水的内能转化为塞子的机械能。试管口的白气是水蒸气遇冷液化成的小水滴。 故答案为:化学;内;热传递;机械;液化。 【点评】做功改变物体内能的过程是能量转化的过程,即内能和机械能的相互转化过程;燃料燃烧的过程是化学能转化为内能的过程。 19.【分析】(1)由图象可知电压表的示数为3V时对应的电流,根据P=UI求出灯泡的额定功率,根据欧姆定律算出小灯泡正常发光时的电阻; (2)当滑动变阻器的滑片P移至B端时,滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联,根据图象读出电路中的电流,根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压,根据串联电路的电压特点求出电源的电压; (3)由(1)可知,小灯泡正常发光时,其两端的电压以及电路中的电流,根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压,根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻,根据P=UI求出此时滑动变阻器消耗的电功率。 【解答】解:由电路图可知,灯泡和滑动变阻器串联,电压表测灯泡两端的电压; (1)由图象可知,灯泡两端的电压为额定电压3V时,电路中的电流I=0.5A(串联电路电流处处相等), 因额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等, 所以,灯泡的额定功率: PL额=UL额I=3V×0.5A=1.5W; 则小灯泡正常发光时的电阻为:RL===6Ω; (2)当滑动变阻器的滑片P移至B端时,滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联,电压表测灯泡的电压,已知此时电压表示数为1.5V, 由图象可知,当灯泡的电压为1.5V时,电路中的电流I′=0.3A, 由I=可得,滑动变阻器两端的电压: U滑=I′R滑=0.3A×10Ω=3V, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以电源的电压: U=UL′+U滑=1.5V+3V=4.5V; (3)由(1)可知,小灯泡正常发光时,其两端的电压为3V,电路中的电流I=0.5A, 此时滑动变阻器两端的电压: U滑′=U﹣UL额=4.5V﹣3V=1.5V, 此时滑动变阻器接入电路中的电阻: R滑′===3Ω; 此时滑动变阻器消耗的电功率: P滑′=U滑′I=1.5V×0.5A=0.75W。 故答案为:1.5;4.5;6;3;0.75。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用,关键是根据图象得出电压对应的电流,要注意额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等。 20.【分析】(1)电流流过导体时导体发热,这种现象是电流的热效应; (2)电路包括四部分:电源、用电器、开关及导线,根据各部分的作用判断; (3)根据公式P=进行分析; (4)根据材料提供的信息得出软质液体电热宝的优点。 【解答】解: (1)电暖宝工作时将电能转化为内能,是利用电流的热效应来工作的; (2)由题意可知,软质液体电热宝中的温控保护装置,当温度达到设定温度可以自动切断电路,所以温控保护装置在电路中的作用相当于开关,故B正确; (3)根据公式P=UI=可知,在电压一定时,电阻越小,用电器功率越大; (4)根据材料可知,软质液体电热宝具有使用寿命长,保温持久等优势,由于用户无需注水即可直接使用,免去了传统热水袋频繁换水带来的麻烦和不安全。 故答案为:(1)热;(2)B;(3)小;(4)不需要频繁换水。 【点评】本题是一道信息给予题,考查了电流的热效应、电路的组成、电功率公式的应用以及对材料的分析能力。 21.【分析】开关应与它控制的电路串联,串联电路中用电器之间相互影响,并联电路中用电器之间互不影响,能独立工作。由此根据题意判断各电路元件的连接方式,再画出电路图。 【解答】解: 由题意,电吹风能吹冷风,即电动机可以单独工作,能吹热风,即电动机和电热丝同时工作,而电热丝不能单独工作(有热无风),说明电动机和电热丝互不影响,即它们是并联的, 闭合S1只有电动机工作,S1和S2同时闭合,电动机和电热丝同时工作,那么S1放在干路上,S2在电热丝的支路上,电路图如图所示: 【点评】此题考查电路的设计,关键要知道并联和串联电路特点,以及两种电路中开关的作用。 22.【分析】电炉丝和与之相连的导线串联,根据串联电路电流的规律和焦耳定律分析。 【解答】解:电炉丝和与之相连的导线串联,通过电炉丝和导线的电流相等,工作时间也相同。因为电炉丝的电阻比导线的电阻大得多,根据焦耳定律Q=I2Rt,电流通过电炉丝产生的热量比通过导线产生的热量大得多,所以电炉丝热的发红,而导线却几乎不发热。 【点评】本题考查串联电路电流的规律及焦耳定律Q=I2Rt的运用。 23.【分析】(1)由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R串联,根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化,利用P=UI=I2R判断灯泡实际功率的变化,进一步判断灯泡亮暗的变化; (2)由丙图可知灯泡的额定电压和额定功率,灯泡正常发光时的功率和额定功率相等,根据P=UI求出台灯正常发光时的电流; (3)根据P=UI=求出台灯正常发光时灯丝的电阻。 【解答】解:(1)由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R串联, 当滑片P向右移动时,接入电路中的电阻变大,电路中的总电阻变大, 由I=可知,电路中的电流变小, 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小, 所以,由P=UI=I2R可知,灯泡的实际功率变小,灯泡变暗; (2)由图丙可知,灯泡正常发光时的电压UL=220V,功率PL=25W, 由P=UI可得,台灯正常发光时的电流: IL==≈0.11A; (3)由P=UI=可得,台灯正常发光时灯丝的电阻: RL===1936Ω。 答:(1)暗; (2)台灯正常发光时的电流为0.11A; (3)台灯正常发光时灯丝的电阻为1936Ω。 【点评】本题考查了电路的动态分析和电功率公式的灵活应用,要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。 24.【分析】(1)知道水的质量和比热容以及初温、末温(1个标准大气压下水的沸点为100℃),根据Q吸=cm(t﹣t0)求出这壶水吸收的热量; (2)电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等,根据P=求出水壶消耗的电能; (3)知道水吸收的热量和消耗的电能,利用η=×100%求出此电热水壶的热效率。 【解答】解:(1)1个标准大气压下水的沸点为100℃,则这壶水吸收的热量: Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg?℃)×0.5kg×(100℃﹣20℃)=1.68×105J; (2)由P=可得,水壶消耗的电能: W=Pt′=1000W×5×60s=3×105J; (3)此电热水壶的热效率: η=×100%=×100%=56%。 答:(1)这壶水吸收的热量为1.68×105J; (2)水壶消耗的电能为3×105J; (3)此电热水壶的热效率为56%。 【点评】本题考查了吸热公式和电功公式、效率公式的应用,关键是知道1个标准大气压下水的沸点为100℃。

  • ID:6-5860221 2018-2019学年河北省秦皇岛市海港区十五校联考九年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2018-2019学年河北省秦皇岛市海港区十五校联考九年级(上)期末物理试卷 一、选择題(1-11为单选题:12-14为多选题,选错得0分,选不全得2分.每小题3分共42分) 1.电流的单位是以下列哪位科学家的名字命名的(  ) A.欧姆 B.瓦特 C.安培 D.焦耳 2.下列用电器中,利用电流热效应工作的是(  ) A.电暖气 B.计算器 C.电视机 D.笔记本电脑 3.能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱,下列说法正确的是(  ) A.太阳能、风能和核能都是可再生能源 B.光纤通讯是依靠超声波来传递信息的 C.在通常情况下,铜、碳棒和陶瓷都属于导体 D.秦山核电站是利用原子核裂变释放的核能来发电的 4.我们日常生活中离不开电,下列有关安全用电的说法中正确的是(  ) A.家庭电路的开关,接在零线或火线上都可以 B.放风筝时,应远离高压输电线 C.空气开关跳闸后,应立即合上 D.有人触电要先用手拉开 5.以下关于内能的说法正确的是(  ) A.0℃的物体没有内能 B.做功和热传递都可以改变物体的内能 C.汽油机的做功冲程将机械能转化为内能 D.热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 6.把热水壶放在煤气灶上烧水至沸腾后继续加热的过程中,下列说法不正确的是(  ) A.煤气的燃烧是将化学能转化为内能 B.壶中水的温度越高,水分子运动越剧烈 C.煤气燃烧得越充分,它的热值越大 D.烧水的过程中是通过热传递改变水的内能的 7.下列关于电学知识说法正确的是(  ) A.验电器的工作原理是异种电荷相互排斥 B.导体的电阻大小只跟导体的长度、横截面积有关 C.金属靠自由电子导电 D.电学中规定正电荷的运动方向为电流的方向 8.学校校园有前后两道门,为了加强校内安全,学校给值班室安上了指示灯,只有当两道门都关上时(关上一道门相当于闭合一个开关),值班室内的指示灯才会发光,表明门都关上了。如图所示电路中符合要求的是(  ) A. B. C. D. 9.现代武器中有一种新型电磁炮,它是利用电磁技术制成的一种先进武器,具有速度快,命中率高等特点,其原理是利用磁场对通电导体有力的作用。如图中与此工作原理相同的是(  ) A. B. C. D. 10.小灯泡L1和L2分别标有“6V3W”、“6V6W”,将L1和L2分别如图甲、乙所示的方式与同一电源连接,闭合开关S后,L1和L2都能发光,(假设灯丝电阻不变),下列说法正确的是(  ) A.甲图中通过L1的电流大于通过L2的电流 B.乙图中L1比L2更亮些 C.乙图中L1、L2两端的实际电压相等 D.甲、乙两图中L1的实际功率都小于L2的实际功率 11.如图所示,电源电压保持不变,R1为定值电阻。闭合开关S,当滑动变阻器的滑片向右移动的过程中,下列判断正确的是(  ) A.电流表A的示数变大,电压表V1的示数变小 B.电流表A的示数变小,电压表V2的示数变小 C.电压表V1的示数与电流表A的示数的比值变大 D.电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小 12.下列有关制作“煮白肉”的说法中,正确的是(  ) A.在煮白肉的过程中,随着水温的升高,水分子运动变慢 B.闻到调料的香味,说明分子在不停地做无规则运动 C.天然气燃烧煮白肉时,是将其化学能转化为内能 D.把白肉放在火上加热煮熟的过程中,是用热传递的方式使其内能增加 13.为了探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关,某同学使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实践,如图所示,下列说法中正确的是(  ) A.要使电磁铁的磁性增强,滑动变阻器的滑片应向右滑动 B.用电磁铁吸引大头针的数目显示它的磁性强弱 C.两电磁铁的线圈串联是为了探究磁性强弱与电流的关系 D.B线圈的匝数多,说明通过B线圈的电流大于通过A线圈的电流 14.如图A所示,电源电压保持不变,R1为定值电阻。当闭合开关S,调节滑动变阻器R2,使其阻值从最大变化到最小,两个电阻的“U﹣I”关系图象如图B所示。下列判断正确的是(  ) A.甲为滑动变阻器R2的图象 B.电源电压为6V C.定值电阻R1的阻值为10Ω D.滑动变阻器R2的阻值变化范围为0~10Ω 二、填空题(每空1分,共21分) 15.在家庭电路中,电灯、插座、电视机的连接方式是   (选填“串联”或“并联”)。使用的用电器越多,干路中的电流   (选填“越大”或“越小”)。 16.我国核能利用处于世界领先水平,核能属于   (填“可再生”、“不可再生”)能源,氢弹爆炸时发生的核反应是核   变。 17.电视机的开启、关闭及频道转换,可以通过遥控器发出不同的   外线来实现(填“红”或“紫”);电视信号是通过   传递的。 18.“汽车不但要吃油,有时也要喝水”,用水冷却发动机是因为水的   大,在发动机开始工作后一段时间内,水箱中水的内能会   (填“增加”或“减少”),这是通过   方式来改变内能的。 19.有的航天器火箭发动机用氢作燃料,这是因为氢气的   很大;燃烧1m3的煤气大约能放出热量3.9×107J.某市管道煤气收费标准为2元/m3,有一户人家在一个月内烧煤气消耗了1.17×109 J热量,这个月应该交煤气费   元。 20.如图所示,闭合开关,将滑动变阻器滑片向左滑动,弹簧将   (选填“伸长”或“缩短”)。如果用电流表替代虚线框内仪器,然后将条形磁体迅速插入线圈中,与之相连的电流表的指针会发生偏转,这是   现象。 21.如图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象,将它们按乙图所示接入电路中,只闭合开关S,小灯光的实际功率为1W;再闭合开关S1,电流表示数将   (选填“变大”“变小”“不变”),此时电路消耗的总功率为    W。 22.某家用电热水器的工作原理如图所示(已知两电阻丝的阻值相等,电源电压保持不变),它有高温、中温、低温三个档位。当开关S1接b,S2断开时,它是处于   档,此时电路功率为P1,;当开关S1接a,S2闭合时,它是处于   档,此时电路功率为P2,则P1:P2=   。 23.如图所示,电源电压为6V,电阻R0=10Ω,电流表量程为0﹣0.6A,电压表量程为0﹣3V,滑动变阻器上标有“20Ω 0.5A”字样。则当电路中电流最小时,2min内电流通过电阻R0产生的热量是   J;为了保证电路安全,滑动变阻器R接入电路的最小阻值为   Ω;电路消耗总功率允许的变化范围为   W。 三、作图与实验题(第24、25题各2分,第26题6分,第27题6分,第28题7分,共23分) 24.如图所示,根据通电螺线管的N、S极标出磁感线方向、小磁针N极和电源“+”“﹣”极。 25.根据安全用电原则,请将带开关的电灯和三孔插座正确连入下图的家庭电路中。 26.(6分)在探究“感应电流产生的条件”实验中: (1)如图,a、b两接线柱间应按入   (选填“大”或小”)量程电流表。 (2)闭合开关后,要使电路中产生感应电流,导体cd应   运动(选填“上下”或“左右”),这是一种   现象,利用这一原理可制成   (选填“电动机”或“发电机”)。 (3)要使电流表指针偏转方向发生改变,可以采取的方法有   (答出一种方法即可)。 (4)如果将电流表换成   ,可以进行磁场对通电导体的作用实验。 27.(6分)如图甲、乙是“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验装置,其中,两个透明容器中都有一段电阻丝,密封着等量的空气。 (1)实验装置甲是探究电流产生的热量与   大小的关系,实验装置乙是探究电流产生的热量与   大小的关系。 (2)实验前,应使两个U形管中的液面高度   ,该实验方案是通过U形管中液面的   来反映电流产生热量的多少。 (3)实验中,甲装置通电一会后,刘欣同学观察发现右边U形管中的液面上升较快,这一实验现象表明,在电流   ,通电时间相同时,电阻越大,电阻产生的热量   。 28.(7分)在“测量小灯泡额定功率”的实验中,小灯泡的额定电压为2.5V。 (1)将图甲中电路连接完整。(要求:滑动变阻器滑片P向右移灯泡变亮) (2)闭合开关S前,应将滑片P置于   (选填“A”或“B”)端。闭合开关S后,移动滑片P,发现小灯泡始终不亮,电流表无示数,电压表示数始终为3V.则故障原因为   。 (3)故障排除后,调节滑动变阻器的滑片,当电压表示数为2V时,电流表示数如图乙所示,此时通过小灯泡的电流为   A.若要测量小灯泡的额定功率,应将滑动变阻器的滑片向   (填“左”或“右”)移动。 (4)移动滑动变阻器的滑片,记下多组电流表及对应电压表的示数,并画出图丙所示的I﹣U图象,从图象可算出小灯泡的额定功率为   W。 (5)小张设计了如图丁所示的电路也完成了“测量小灯泡额定功率”的实验(电源电压不变,R阻值已知,小灯泡的额定电压为U额) ①闭合开关S和S1,断开S2,并调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为U额。 ②闭合开关S和S2,断开S1,滑动变阻器滑片P不动,读出此时电压表示数为U:则小灯泡额定功率的表达式灯 P额=   。(用U额、R、U表示)。 四、计算题(第29题6分,第30题8分,共14分) 29.(6分)如图甲,是一种用于养生保健的煮饮电器养生壶,其电功率可调,某品牌养生壶参数如下表,请回答: 型号 SD630 额定电压 220V 额定功率 50Hz 容量 2kg 额定最大功率 1100W (1)该养生壶在额定最大功率工作时的电流是多大? (2)将壶内2kg的水及其它营养物质从20℃以800W功率慢煮至100℃,求此过程中里面的混合物质吸收的热量是多少J?所需加热时间至少多少秒?(里面混合物质比热容取4.0×l03J/( kg?℃),不计热损失) (3)现关闭家中其他所有用电器,只让该养生壶在最大功率下工作3min,同时记录家中电能表(如图乙)上的指示灯闪烁了60次(表盘上“1200imp/kW?h”字样,表示用电器每消耗lkW?h电能,指示灯闪烁1200次)。请计算此养生壶的实际最大功率是多少W?并与额定最大功率进行对比看否相同,若不同请分析原因。 30.(8分)在如图所示的电路中,电源电压和灯泡电阻保持不变,R2的阻值范围是从0~20Ω,电流表的量程为0~3A,电压表的量程为0~3V,R3=4Ω.求: (1)只闭合开关S1时,电路消耗的功率为9W,则电源是多少? (2)只闭合开关S2时,灯泡L正常发光,R3消耗的功率为1W,则灯泡的电阻是多少? (3)灯泡的额定功率是多少? (4)只闭合开S3时,在不损坏电流表、电压表和灯泡的情况下,电路消耗的最小功率是多少? 2018-2019学年河北省秦皇岛市海港区十五校联考九年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择題(1-11为单选题:12-14为多选题,选错得0分,选不全得2分.每小题3分共42分) 1.【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。 【解答】解:在物理学中, A、欧姆是电阻的基本单位。故A不符合题意; B、瓦特是功率的基本单位。故B不符合题意; C、安培是电流的基本单位。故C符合题意; D、焦耳是功和各种能量的基本单位。故D不符合题意。 故选:C。 【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况,属于识记性知识的考查,比较简单,容易解答。 2.【分析】当电流通过电阻时,电流做功而消耗电能,产生了热量,这种现象叫做电流的热效应。根据各用电器的能量转化可做出判断。 【解答】解: A、电暖气工作时将电能转化为内能,利用了电流的热效应,故A符合题意; B、计算器工作时主要把电能转化为光能与声能,不是利用电流热效应工作的,故B不符合题意; C、电视机工作时主要把电能转化为光能与声能,不是利用电流热效应工作的,故C不符合题意; D、笔记本电脑工作时主要把电能转化为光能与声能,不是利用电流热效应工作的,故D不符合题意。 故选:A。 【点评】主要考查电流的热效应在生活中的应用实例,只有认真把握它的定义,才能真正区分它们。体现了物理来源于生活,又服务于社会的理念。对微波炉原理的了解是关键。 3.【分析】(1)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少,不可能在短期内从自然界得到补充,所以它们属于不可再生能源;而风能、水能、太阳能、生物质能,可以在自然界里源源不断的得到补充,所以它们属于可再生能源; (2)激光可以在光导纤维里传播,从而传播信息; (3)容易导电的物体是导体,如金属、人体、石墨、大地等;不容易导电的物体是绝缘体,如空气、陶瓷、塑料、橡胶等; (4)原子核发生分裂或聚合时,可释放出惊人的能量。 【解答】解:A、错误,太阳能、风能都是可再生能源,核能属于不可再生能源; B、错误,光纤通讯是依靠激光(电磁波的一种)来传递信息的; C、错误、在通常情况下,铜、碳棒属于导体,陶瓷属于绝缘体; D、正确,秦山核电站是利用原子核裂变发生链式反应释放的核能来发电的; 故选:D。 【点评】此题涉及到可再生能源和不可再生能源的特点、光线通讯、导体和绝缘体以及核能的应用等;都属于基础常识,应当了解。 4.【分析】(1)控制电灯的开关应安装在火线与灯之间; (2)安全用电原则:不接触低压带电体,不靠近高压带电体; (3)空气开关跳闸,原因是电路有短路或功率多大,应先检修,检查没有问题后再使空气开关复位; (4)人体是导体,所以有人触电不要先直接用手拉开。 【解答】解:A、电灯的开关接在了零线上时,即使断开,电灯或其他用电器仍带电,易发生触电事故,故A错误; B、安全用电的原则:不接触低压带电体,不靠近高压带电体;在高压线附近放风筝,有可能会发生触电事故,所以应远离高压电线,故B正确; C、因为电路有短路或用电器总功率过大,空气开关才跳闸,所以应先检修,检查没有问题后再使空气开关复位,故C错误; D、人体是导体,所以有人触电不要先直接用手拉开;故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查了学生对电能表有关知识、安全用电知识的了解与掌握,平时学习时多了解、多积累,加强安全意识,不能违反。 5.【分析】(1)内能是物体内部所有分子做无规则运动的动能和分子势能的总和,物体的温度越高,内能越大;一切物体都有内能。 (2)改变物体内能的方式有:做功和热传递; (3)热机的四个冲程,吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。压缩冲程中,机械能转化为内能;做功冲程中,内能转化为机械能; (4)热传递的条件是物体间存在温度差。 【解答】解: A、一切物体都有内能,所以0℃的物体也有内能,故A错误; B、做功和热传递都可以改变物体的内能,故B正确; C、汽油机的做功冲程将内能转化为机械能,故C错误; D、热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查了对内能、内能的改变、热机能量转化以及热传递的认识和理解,考查知识点多,综合性强,掌握基础知道是关键。 6.【分析】(1)燃料燃烧时,化学能转化为内能; (2)组成物质的分子不停地做无规则地运动,温度越高,分子运动越剧烈; (3)热值是燃料的一种特性,它只与燃料的种类有关,与燃料的质量、燃烧程度等均无关; (4)改变物体内能的方式有做功和热传递。 【解答】解:A、煤气在燃烧过程是化学能转化为内能,故A正确; B、分子的运动快慢与温度有关,水的温度越高,水分子运动越剧烈,故B正确; C、燃料的热值仅与燃料的种类有关,而与燃料的燃烧程度、质量都无关,故C不正确; D、烧水时水从火焰中吸收热量,温度升高,是利用热传递的方式改变水内能的,故D正确。 故选:C。 【点评】本题是一道热学综合题,主要考查学生对对燃料燃烧过程中的能量转化、分子运动的特点、热值的特点以及改变物体内能方法的理解,属于综合性题目。 7.【分析】(1)验电器的工作原理是同种电荷相互排斥; (2)导体的电阻是导体的一种性质,反映了导体对电流阻碍作用的大小;电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关,与导体中的电流、导体两端的电压大小无关; (3)金属中有大量的自由电子; (4)电学中规定正电荷的定向移动的方向为电流的方向。 【解答】解:A、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥,故A错误; B、电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关,故B错误; C、金属中有大量的自由电子,金属导电依靠的是自由电子,故C正确; D、电学中规定正电荷的定向移动的方向为电流的方向,故D错误。 故选:C。 【点评】本题考查了验电器的工作原理、金属的导电原理、影响电阻大小的因素、电流方向的规定等知识,属于基础知识。 8.【分析】只有当两道门都关上时,值班室内的指示灯才会发光,两个开关控制一个指示灯,所以两个开关为串联。 【解答】解:A、两个开关和灯串联,只有两个开关都闭合时,指示灯才会发光,符合要求; B、两个开关都闭合时,灯泡和电源都被短路,不符合要求; C、两个开关并联,闭合任何一个开关,指示灯都会发光,不符合要求; D、当S1闭合时,电源被短路,不符合要求。 故选:A。 【点评】考查电路的设计,关键是根据题意设计出相应的电路图,这是重点也是难点。 9.【分析】明确通电导体在磁场中受力的作用这一原理,主要应用于电动机。对选项中各电器的工作原理进行分析,最后做出判断。 【解答】解: A、图中实验装置有电源、小磁针,是奥斯特实验,说明通电导线的周围存在磁场,是电流的磁效应,故A不符合题意; B、图中实验装置有电源,导体通电后在磁场中受力而运动,故B符合题意; C、图中实验装置无电源,是研究电磁感应现象,故C不符合题意; D、电磁继电器的主要部件是电磁铁,是利用了电流的磁效应,故D不符合题意。 故选:B。 【点评】磁场对通电导体有力的作用,人类根据这一原理制造了电动机,而电动机在生活中应用广泛。注意与其它电器元件的区分。 10.【分析】由灯泡的铭牌根据P=比较得出比两灯泡的电阻关系; (1)甲图中两灯泡并联,根据并联电路的电压特点和欧姆定律比较通过两灯泡的电流关系; (2)乙图中两灯泡串联,根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡的实际功率关系; (3)乙图中两灯泡串联,根据串联电路的电流特点和欧姆定律比较两灯泡两端的电压关系; (4)根据P=UI==I2R比较两图中灯泡的实际功率关系。 【解答】解:根据P=可得两灯泡的电阻分别为:R1===12Ω,R2===6Ω,则:R1>R2; A.甲图中两灯泡并联,因并联电路中各支路两端的电压相等,所以由I=可知,通过L1的电流小于通过L2的电流,故A错误; B.乙图中两灯泡串联,因串联电路中各处的电流相等,所以由P=I2R可知,R1>R2;L1的实际功率大于L2的实际功率,所以,L1比L2更亮些,故B正确; C.乙图中两灯泡串联,因串联电路中各处的电流相等,所以由U=IR可知,L1的实际电压大于L2的实际电压;故C错误; D.甲图中两灯泡并联它们两端的电压相等,由P=可知,L1的电阻较大,实际功率较小;乙图中两灯泡串联通过它们的电流相等,由P=I2R可知,L1的电阻较大,L1的实际功率大于L2的实际功率,故D错误。 故选:B。 【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,是一道较为简单的应用题。 11.【分析】分析清楚电路结构,根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化,然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。 【解答】解:由图示电路图可知,两电阻串联,电流表测电路电流,电压表V1测电阻R1两端电压,电压表V2测滑动变阻器两端电压; A、由图示电路图可知,滑片向右移动过程中,滑动变阻器接入电路的阻值减小,电路总电阻减小,电源电压不变,由欧姆定律可知,电路电流变大,电流表示数变大,滑动变阻器接入电路的阻值减小,滑动变阻器分压减小,电压表V2示数减小,灯泡两端电压变大,电压表V1示数变大,故AB错误; C、电压表V1的示数与电流表A的示数的比值等于定值电阻R1的阻值,定值电阻阻值不变,电压表V1的示数与电流表A的示数的比值保持不变,故C错误; D、由A可知,电压表V2的示数变小,电流表A的示数变大,则电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小,故D正确; 故选:D。 【点评】本题是一道闭合电路动态分析题,分析清楚电路结构、应用串联电路特点、欧姆定律即可正确解题。 12.【分析】(1)分子的运动与温度有关,温度越高,分子运动越快; (2)物质是由分子构成的,构成物质的分子在不停地做无规则运动; (3)燃料燃烧的过程,就是其化学能转化成内能的过程; (4)改变物体的内能有做功和热传递两种方式,这两种方式是等效的。 【解答】解: A、在煮白肉的过程中,水温升高,水分子运动变快,故A错误; B、闻到调料的香味,是分子热运动(无规则运动)的结果,故B正确; C、天然气燃烧煮白肉时,天然气的化学能转化为内能,故C正确; D、白肉放在火上加热煮熟的过程中,白肉吸收热量,是用热传递的方式使其内能增加,故D正确。 故选:BCD。 【点评】本题以传统美食为载体考查相关的热学知识,考查了学生的观察分析能力,要求学生平时多观察、多思考,注重物理联系生活实际。 13.【分析】(1)影响电磁铁磁性强弱的因素:电流的大小和线圈的匝数,知道电流越大、线圈匝数越多,电磁铁的磁性越强。 (2)电磁铁的磁性强弱是通过吸引大头针的多少来体现的,运用了转换法。 (3)掌握串联电路中电流的特点,并注意控制变量法在实验过程中的应用。 【解答】解: A、由图可知,变阻器的滑片向左滑动,电阻的阻值减小,电路中的电流增大,所以电磁铁的磁性增强,故A错误; B、在实验中电磁铁的磁性强弱无法直接看出,通过吸引大头针的多少来进行判断。吸引的大头针越多,说明电磁铁的磁性越强,否则越弱,故B正确; CD、两电磁铁的线圈串联是为了使通过两线圈的电流相等,研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数之间的关系,故CD错误。 故选:B。 【点评】此题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素,注意转换法和控制变量法在此实验中的应用。 14.【分析】从“U﹣I”关系图象可以看出,甲为滑动变阻器的关系图象,因为最后电压变为0,此时滑动变阻器的电阻为0,乙为电阻R1的图象;当滑动变阻器的阻值最大时,电路中的电流最小,根据图象读出电表的示数,利用串联电路的电压特点求出电源的电压,利用欧姆定律求出电阻R1的电阻和滑动变阻器的最大阻值。 【解答】解:(1)从“U﹣I”关系图象可以看出,甲为滑动变阻器的关系图象,因为最后电压变为0,此时滑动变阻器的电阻为0,乙为电阻R1的图象,故A正确; (2)当滑动变阻器的阻值最大时,两电阻串联,干路电流最小; 由图乙可知,此时电路中的电流I=0.2A,电阻R1的电压U1=2V,滑动变阻器两端的电压U2=4V; 因为串联电路总电压等于各支路电压之和, 所以电源电压为U=U1+U2=2V+4V=6V,故B正确; 由I=可得,定值电阻R1的阻值: R1===10Ω,故C正确; 滑动变阻器的阻值最大为: R2===20Ω, 即滑动变阻器R2的阻值变化范围为0~20Ω,故D错误。 故选:ABC。 【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用,关键是欧姆定律的应用,要明白电路各个用电器的连接情况,还要会看“U﹣I”关系图象。在电学中,有些题目的信息是通过图象给出的,所以要会读电路图中的信息和U﹣I图象中的信息。 二、填空题(每空1分,共21分) 15.【分析】家庭电路中,用电器和控制该用电器的开关串联;各用电器之间是并联,并联电路干路电流等于各支路电流之和,用电器越多,电路电流越大。 【解答】解:在家庭照明电路中,电键应与被控制的电灯串联连接,家中各用电器互不影响,因此电灯、插座、电视机是并联连接。 干路中的电流等于各支路电流之和,因此同时开启的用电器越多,电路中的总电流大。 故答案为:并联;越大。 【点评】掌握家庭电路中各用电器之间的连接,用电器和开关之间的连接以及并联电路中电流的规律。 16.【分析】煤、石油、天然气和铀矿这类化石或矿物能源,一旦消耗就很难再生的能源是不可再生能源,核能是最重要的新型能源之一,是利用可控的核反应,将核能最终转化为电能为人类所使用,核能的安全性也是人们研究的一个重要课题像。 【解答】解:核能属于一旦消耗就很难再生的能源,是不可再生能源;核电站中的核反应堆是可控的核裂变,氢弹爆炸时发生的核反应是核聚变。 故答案为:不可再生; 聚。 【点评】本题考查核裂变和核聚变,要区分记忆,属于基础题本题考查核能的特点,知道核能是不可再生的能源,同时要对其放射性有高度的重视 17.【分析】红外线可以用来进行遥控,电视机遥控器的前端有一个发光二极管,按下不同的键时,可以发出不同的红外线,来实现电视机的遥控。 目前,使用最广泛的信息传递是通过电磁波传递的。 【解答】解:电视机遥控器发出的光是红外线;电视台是通过卫星来实现全球同步直播的,卫星是通过电磁波来传递信息的。 故答案为:红;电磁波。 【点评】此题考查了红外线和电磁波的应用,是一道基础题。 18.【分析】(1)与其它液体相比,水的比热容最大,在质量和升高的温度相同时,水吸收的热量最多。 (2)改变物体内能有两个方法:做功和热传递。其中做功改变内能本质是机械能与内能的转化,热传递改变内能本质是内能的转移。 【解答】解:(1)汽车发动机工作过程中,不可避免地产生很多热量,这些热量如不及时带走会影响机器的正常工作。由公式Q=cm△t知,在质量和升高的温度相同时,与其它液体比较,因为水的比热最大,所以吸收的热量最多,冷却效果最好。 (2)发动机工作过程中会产生热量,热量传递到水,使水的内能增加。这是通过热传递的方式改变内能的。 故答案为:比热容;增加;热传递。 【点评】水的比热容较大,常用作冷却剂;改变物体内能的方式有两种:做功与热传递;本题难度不大,是一道基础题。 19.【分析】(1)热值是燃料的一种特性,热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时,释放出的热量越多; (2)根据燃烧值公式的变形公式求出需要煤气的体积,然后求出需要交纳的费用。 【解答】解:(1)航天器发动机用氢做燃料,原因是液态氢具有较高的热值,完全燃烧相同质量的氢时,可以释放出更多的热量; (2)∵Q=qV, ∴一个月内燃烧的煤气体积V===30m3; 所以这个月应该缴煤气费为:2元/m3×30m3=60元; 故答案为:热值;60。 【点评】此类问题是考查热值的特性及利用燃烧值公式计算消耗气体的体积大小,并计算出燃气费用,体现了物理与生活的密切关系。 20.【分析】①解题时由电流方向结合螺线管绕线方式,根据安培定则判定其上端为N极,故对其上方磁体为引力,电磁铁磁性强弱与电流大小有关,当滑片向左滑时,导致接入电路阻值减小,电流变大,电磁铁磁性增强,对上方磁体引力增大故弹簧伸长; ②因为电流表指针偏转可判定有电流通过,即为电磁感应现象。 【解答】解: ①电流从电源的正极流出,回到负极,由此可知:通电螺线管的上端为N极;异名磁极相互吸引,通电螺线管会对上方的条形磁铁产生向下的吸引力,当滑动变阻器的滑片向左滑动时,滑动变阻器接入电路中的电阻变小,电路中的电流变大,通电螺线管的磁性增强,对上方磁铁的吸引力增大,弹簧就会伸长; ②将条形磁铁迅速插入线圈中,条形磁铁和线圈发生了相对运动,线圈做切割磁感线运动,线圈中就会产生感应电流,与之相连的电流表指针就会发生偏转,这是电磁感应现象。 故答案为:伸长;电磁感应。 【点评】要解答此题,需要掌握:电路的动态分析、磁极间的相互作用、电磁感应现象、安培定则。是一道综合题。 21.【分析】(1)只闭合开关S时,电路为L的简单电路,电流表测通过L的电流,根据图象读出小灯光的实际功率为1W时两端的电压和通过的电流; (2)再闭合开关S1时,灯泡L与电阻R并联,电流表测干路电流,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过L的电流不变,根据并联电路的电压特点可知电源的电压和R两端的电压,由图象可知通过R的电流,根据并联电路的电流特点求出干路电流,然后判断电流表示数的变化,利用P=UI求出此时电路消耗的总功率。 【解答】解:(1)只闭合开关S时,电路为L的简单电路,电流表测通过L的电流, 由图象可知,UL=2V,IL=0.5A时,小灯光的实际功率为1W; (2)再闭合开关S1时,灯泡L与电阻R并联,电流表测干路电流, 因并联电路中各支路独立工作、互不影响, 所以,通过L的电流不变, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,此时电源的电压U=UR=UL=2V, 由图象可知,通过R的电流IR=0.2A, 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以,干路电流表的示数: I=IR+IL=0.2A+0.5A=0.7A>0.5A, 则电流表示数的示数变大, 此时电路消耗的总功率: P=UI=2V×0.7A=1.4W。 故答案为:变大;1.4。 【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式的应用,关键是根据图象读出符合题意的电流和电压值。 22.【分析】由图可知两电热丝可以组成并联、串联及只接一个电阻,三种况态下电阻大小不同,因电路为纯电阻电路则由功率公式P=可得三种情况下的功率大小,则可知对应的状态。 【解答】解:设每根电阻丝的阻值为R, 当开关S1接b,S2断开时,两电阻串联,总电阻R1=2R; 当开关S1接a,S2闭合时接c,两电阻并联,电阻R2=; 当开关S1接b,S2闭合时接c,上面的电热丝被短路,总电阻R3=R; 则由P=可得, 当开关S1接b,S2断开时,电路功率P1=,电功率最小,即为低温档; 当开关S1接a,S2闭合时,电路功率P2==,电功率最大,即为高温档; 当开关S1接b,S2闭合时,电路功率P3=,电功率不是最大,也不是最小,即为中温档; 则P1:P2=:=1:4。 故答案为:低温;高温;1:4。 【点评】本题考查对电路的认识及功率公式的应用,在计算中要注意比例式的计算方法。 23.【分析】由电路图可知,R与R0串联,电压表测R0两端的电压,电流表测电路中的电流。 (1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流,利用焦耳定律求出2min内电流通过电阻R0产生的热量; (2)当电压表的示数最大时电路中的电流最大,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流,根据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串联求出滑动变阻器R接入电路的最小阻值; (3)根据公式P=UI判定电路总功率的变化范围。 【解答】解:由电路图可知,R与R0串联,电压表测R0两端的电压,电流表测电路中的电流。 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以电路总电阻: R总=R最大+R0=20Ω+10Ω=30Ω, 电路中的最小电流:I最小===0.2A, 通电时间t=2min=120s,则电流通过电阻R0产生的热量:Q=I2Rt=(0.2A)2×10Ω×120s=48J; 当电压表的示数U0大=3V时,电路中的电流最大,因串联电路中各处的电流相等, 所以,电路中的电流:I最大===0.3A, 电路中的总电阻:R总′===20Ω, 因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以滑动变阻器R接入电路的最小阻值:R最小=R总′﹣R0=20Ω﹣10Ω=10Ω; 电路中电流最小时功率最小:P最小=UI最小=6V×0.2A=1.2W; 电路中电流最大时功率最大:P最大=UI最大=6V×0.3A=1.8W; 故答案为:48;10;1.2~1.8。 【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律和焦耳定律的应用,要能灵活运用公式,关键是正确分析电路中的最大电流值和最小电流的确定。 三、作图与实验题(第24、25题各2分,第26题6分,第27题6分,第28题7分,共23分) 24.【分析】先根据通电螺线管的N、S极判定出小磁针静止时N极的指向,在磁体外部磁感线从N极出来回到S级,根据安培定则判定出螺线管中的电流方向,最后根据电流方向判定出电源的正、负极。 【解答】解:通电螺线管的左端是N极,右端是S极,小磁针静止时N极的指向为该点的磁场方向,在磁体周围,磁感线是从磁体的N极出发回到S极。小磁针N极水平向左,所以小磁针的N极指向右,磁感线向右。 根据安培定则:用右手握住螺线管,大拇指指向螺线管的N极,则四指弯曲的方向就是螺线管中的电流方向(已知极性也可以根据安培定则判定出电流方向).由此可知,电源的右端是正极,左端是负极。 故答案为: 【点评】本题是一道综合题,综合考查了磁场的方向、电流的方向、通电螺线管的极性跟电流方向之间的判定,是一道好题,该题在很多试题中常常出现。 25.【分析】灯泡的接法:火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点;零线直接接入灯泡的螺旋套。 三孔插座的接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线。 【解答】解: 灯泡接法:火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点,零线直接接入灯泡的螺旋套,这样在断开开关能切断火线,接触灯泡不会发生触电事故。 安装插座的原则:上孔接地线,左孔接零线,右孔接火线。 【点评】本题考查了开关、插座的接法。开关接在火线与电灯之间,可以使开关断开时,电灯灯座上没有电,这样在换灯泡时不会发生触电。 26.【分析】(1)在探究感应电流的实验中,是通过灵敏电流表指针的偏转来却定感应电流的产生的; (2)产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动,实际应用是发电机; (3)要使电流表指针偏转方向发生改变,即改变感应电流的方向,应保持磁感线方向不变,改变导体的运动方向; (4)通电导体在磁场中受力,因此电路中要有电源。 【解答】解:(1)感应电流的有无是通过灵敏电流计的指针是否偏转来体现的,若灵敏电流表的指针发生偏转,就说明产生了感应电流,由于感应电流比较小,故应选用小量程电流表; (2)如图磁体上端是N极,下端是S极,则磁感线方向是上下方向的,当闭合开关,让导体竖直上下运动时,不切割磁感线,所以不能产生感应电流;要使电路中有感应电流,必须让导体在磁场中做切割磁感线运动,如将ab沿水平方向运动等,这一现象叫电磁感应,实际应用是发电机; (3)要使电流表指针偏转方向发生改变,即改变感应电流的方向,应保持磁场方向不变,改变导体的运动方向或保持导体运动方向不变,改变磁场方向; (4)磁场对通电导体的作用,电路中一定有电源,所以把小量程电流表换成电源,导体ab成为通电导体在蹄型磁体的磁场中受力的作用。 故答案为:(1)小;(2)左右;电磁感应;发电机;(3)应保持磁场方向不变,改变导体的运动方向;(4)电源。 【点评】此题考查了探究电磁感应现象的实验,实验方案的设计是我们近几年中考的热点,需要引起注意。 27.【分析】(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生热量跟电流关系时,控制电阻和通电时间不变;探究电流产生热量跟电阻关系时,控制通电时间和电流不变;探究电流产生热量跟通电时间关系时,控制电流和电阻不变; (2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察,但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映; (3)将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端,通过两电阻丝的电流和通电时间相同,根据焦耳定律Q=I2Rt分析答题。 【解答】解: (1)实验装置甲,两个电阻串联在电路中,电流相同,通电时间相同,电阻不同,探究电流产生热量跟电阻关系; 实验装置乙,两个相同的电阻串联在电路中,通电时间和电阻相同,当给其中一个并联一个电阻时,电阻的电流改变,探究电流产生热量跟电流关系; (2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察,实验前,应使两个U形管中的液面高度相同,液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映; (3)甲装置中,将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端,通过他们的电流I与通电时间t相同,左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻,由Q=I2Rt可知,右边容器中的电阻产生的热量多,温度升得较快,这表明:在相同时间内,电流相同的情况下,电阻越大,电流通过导体时产生的热量越多。 故答案为:(1)电阻;电流;(2)相同;高度差;(3)相同;越多。 【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验的理解和掌握,注意控制变量法和转换法的运用,同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握,难度较大。 28.【分析】(1)根据滑动变阻器滑片P右移灯泡变亮确定变阻器的连接; (2)闭合开关S前,滑片应滑到最大值端;小灯泡始终不亮,电流表无示数可能电路中有断路发生,再根据电压表示数分析故障原因; (3)根据电流表选择的量程和对应的分度值,按照指针的位置读出电流表的示数; 灯在额定电压下正常发光,比较电压表示数与额定电压的大小,根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向; (4)由I﹣U图象找出灯泡额定电压所对应的电流,然后由P=UI求出灯泡的额定功率; (5)测灯泡功率需要测出灯泡额定电压对应的额定电流,首先使通过灯的电压为额定电压灯正常发光,根据串联电路电流的规律和欧姆定律,通过开关的转换使电压表测小灯泡的电压,使电压表示数为额定电压,保持滑片的位置不动,通过开关的开关转换使电压表测灯与R的电压,因电路的连接没有改变,各电阻的电压不变,由串联电路电压的规律求出灯正常工作时的电压,根据P=UI写出额定功率的表达式。 【解答】解:(1)滑动变阻器滑片P右移灯泡变亮,即电流变大,电阻变小,故应将其右下接线柱接入电路中,如图所示: (2)为了保护电路,闭合开关S前,滑片应滑到最大值A端; 小灯泡始终不亮,电流表无示数可能电路中有断路发生,电压表有示数,说明电压表两接线柱到电源间是通路,所以故障原因是灯泡断路; (3)由图乙知,电流表使用的是0~0.6A量程,对应的分度值是0.02A,所以通过小灯泡的电流为0.22A; 灯在额定电压下正常发光,2V小于灯的额定电压2.5V,应增大灯的电压,根据串联电路电压的规律,应减小变阻器的电压,由分压原理,应减小变阻器连入电路中的电阻大小,故滑片向右移动,直到电压表示数为额定电压为2.5V; (4)由图丙所示I﹣U图象可知,灯泡额定电压U=2.5V时,对应的电流I=0.25A, 则灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W; (5)①闭合开关S和S1,断开S2,并调节滑动变阻器使电压表示数为U额。 ②闭合开关S和S2,断开S1,滑动变阻器滑片P不动,读出此时电压表示数为U; 则小灯泡额定功率的表达式灯:P额=U额I额=U额×IR=U额×。 故答案为:(1)见上图;(2)A;灯泡断路;(3)0.22;右;(4)0.625;(5)U额×。 【点评】此题是测量灯泡的功率实验,考查了实物图的连接,滑动变阻器的使用,电流表的读数、电功率的计算,电路故障的分析及特殊方法测电功率,考查得很全面。 四、计算题(第29题6分,第30题8分,共14分) 29.【分析】(1)根据P=UI求出该养生壶在额定最大功率工作时的电流; (2)知道混合物质的质量和初温、末温以及比热容,根据Q吸=cm(t﹣t0)求出水吸收的热量;当水吸收的热量和消耗的电能相等时需要的加热时间最短,根据P=求出其大小; (3)根据电能表的参数求出养生壶消耗的电能,利用P=求出此养生壶的实际最大功率,然后从实际电压角度分析。 【解答】解:(1)由P=UI可得,该养生壶在额定最大功率工作时的电流: I===5A; (2)混合物质吸收的热量: Q吸=cm(t﹣t0)=4.0×103J/(kg?℃)×2kg×(100℃﹣20℃)=6.4×105J, 当水吸收的热量和消耗的电能相等时需要的加热时间最短, 由P=可得,需要的最短时间: t′====800s; (3)养生壶消耗的电能: W′=kW?h=0.05kW?h=1.8×105J, 此养生壶的实际最大功率: P实′===1000W<1100W, 原因可能是电水壶工作时的实际电压小于额定电压(220V),所以实际功率小于额定功率。 答:(1)该养生壶在额定最大功率工作时的电流是5A; (2)此过程巾里面的混合物质吸收的热量是6.4×105J,所需加热时间至少为800s; (3)此养生壶的实际最大功率是1000W;与额定最大功率不相同的原因是电水壶工作时的实际电压小于额定电压。 【点评】本题涉及到电功率公司、吸热公式、电功公式的应用,是一道热学和电学的综合题,从题干和表格中获取有用的信息是关键。 30.【分析】(1)只闭合开关S1时,电路为R3的简单电路,根据P=UI=求出电源的电压; (2)只闭合开关S2时,灯泡L与R3串联,根据串联电路的电流特点和P=I2R求出电路中的电流,根据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串联求出灯泡的电阻; (3)根据P=I2R求出灯泡的电功率即为灯泡的额定功率; (4)只闭合开S3时,L与R2串联,电压表测R2两端的电压,电流表测电路中的电流,当电压表的示数最大时,滑动变阻器接入电路中的电阻最大,电路中的电流最小,电路的总功率最小,根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流,再根据P=UI求出电路的最小电功率。 【解答】解:(1)只闭合开关S1时,电路为R3的简单电路, 由P=UI=可得,电源的电压: U===6V; (2)只闭合开关S2时,灯泡L与R3串联, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,由P=I2R可得,电路中的电流: I===0.5A, 由I=可知,电路中的总电阻: R===12Ω, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,灯泡的电阻: RL=R﹣R3=12Ω﹣4Ω=8Ω; (3)灯泡的额定功率: PL=I2RL=(0.5A)2×8Ω=2W; (4)只闭合开S3时,L与R2串联,电压表测R2两端的电压,电流表测电路中的电流, 当电压表的示数U2=3V时,滑动变阻器接入电路中的电阻最大,电路中的电流最小,电路的总功率最小, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,灯泡L两端的电压: UL′=U﹣U2=6V﹣3V=3V, 电路中的电流: I′===A, 电路的最小电功率: P小=UI′=6V×A=2.25W。 答:(1)电源的电压是6V; (2)灯泡的电阻是8Ω; (3)灯泡的额定功率是2W; (4)只闭合开S3时,在不损坏电流表、电压表和灯泡的情况下,电路消耗的最小功率是2.25W。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。

  • ID:6-5858754 2018-2019学年广东省深圳中学九年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2018-2019学年广东省深圳中学九年级(上)期末物理试卷 一.选择题(共16小题) 1.有关分子热运动,下列说法正确的是(  ) A.液体很难被压缩,说明分子间有斥力 B.手捏海绵,海绵体积变小,说明分子间有空隙 C.扩散现象不能在固体中发生 D.扫地时尘土飞扬,说明分子在做无规则运动 2.如图所示,对于图片中所描述的物理过程,下列分析中正确的是(  ) A.图甲,空气被压缩时,空气的内能减少 B.图乙,瓶子内的空气推动塞子跳起时,空气的内能增大 C.图丙,试管内的水蒸气推动了塞子冲出时,水蒸气的内能减少 D.图丁,汽缸内的气体推动活塞向下运动时,气体的内能增大 3.甲铁块质量是乙铁块的3倍,吸收相同的热量,则甲、乙两铁块的比热容之比和升高的温度之比分别为(  ) A.1:1,1:3 B.1:3,1:3 C.1:1,3:1 D.3:1,3:1 4.关于热值和热机效率,下列说法正确的是(  ) A.使燃料燃烧更充分,可以增大热值 B.燃料燃烧释放的热量越多,热值越大 C.使燃料燃烧更充分,可以提高热机的效率 D.热机使用的燃料的热值越大,热机的效率就越高 5.下列不属于电学单位的是(  ) A.欧姆 B.瓦特 C.帕斯卡 D.焦耳 6.如图所示,验电器A带负电,验电器B不带电,现在用带有绝缘柄的金属棒将A、B验电器的金属球连接起来,下列说法正确的是(  ) A.电流从A到B B.电流从B到A C.正电荷从A转移到B D.正电荷从B转移到A 7.交通路口安装着过斑马线的红、绿信号灯,下列符合红、绿信号灯工作情况的电路图是(  ) A. B. C. D. 8.在如图所示的电路中,电源电压保持不变,闭合开关S,电路正常工作,一段时间后,发现两个电表的示数都变大,则出现这种故障的可能原因是(  ) A.R1短路 B.R1断路 C.R2短路 D.R2断路 9.关于电压、电流和电阻,下列说法正确的是(  ) A.导体的电阻由它两端的电压和通过的电流决定 B.通过导体的电流越大,这段导体的电阻就越小 C.电阻中有电流时它两端一定有电压 D.电压的作用是使电路中产生自由电荷 10.小明将酒精气体传感器,电阻R与电压表组成如图所示电路。闭合开关,将传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方,发现电压表示数逐渐增大。此过程中(  ) A.通过传感器的电流逐渐减小 B.传感器两端的电压逐渐增大 C.传感器的电阻逐渐增大 D.电路中总功率逐渐变大 11.随着技术的进步,LED常被用作光源或信号显示器,制作LED的关键材料是(  ) A.绝缘体 B.普通导体 C.超导体 D.半导体 12.为节约用电,小明总是随手关掉家中暂时不使用的家用电器,每多关闭一个家用电器,家庭电路里变大的物理量是(  ) A.总电阻 B.总电流 C.总功率 D.无法判断 13.标有“6V 1.5W”的小灯泡,通过它的电流随电压变化的关系如图所示。若把这样的两只灯泡串联接在8V的电源上,则此时每只灯泡的电阻及功率为(  ) A.24Ω 0.67W B.24Ω 0.8W C.20Ω 0.96W D.20Ω 0.8W 14.对于家庭电路中的漏电保护器和空气开关的作用,以下说法错误的是(  ) A.发生如图甲触电时,漏电保护器不起作用 B.发生如图乙触电时,漏电保护器不起作用 C.发生如图所示的两种触电时,空气开关都不会断开电路 D.当电路发生短路时,空气开关会自动切断电路 15.小红梳理反思了“磁场和磁感线”相关知识,她归纳整理如下,其中正确的有(  ) ①磁场看不见摸不着,但是可以借助小磁针感知它的存在 ②磁感线是磁体周围空间实际存在的曲线 ③磁感线是铁屑组成的 ④地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近。 A.①④ B.②③ C.①② D.②④ 16.如图是电流表的内部结构示意图。当电流通过线圈时,线圈在磁场中转动从而带动指针偏转。下列选项与电流表工作原理相同的是(  ) A.动圈式话筒 B.电铃 C.电钻 D.电磁起重机 二.解答题 17.图甲是某宾馆床头柜上的开关示意图,图乙是其控制的电路,其中S1为旋钮开关,单独控制台灯的通断和亮度;S2为单独控制电视插座的开关。请在图乙中将电路图连接完整,要求符合安全用电原则。 18.如图所示,试根据通电螺线管的磁感线方向,标出通电螺线管的N极和电源的正极。 19.某同学利用如图所示的电路探究“电流与电压、电阻的关系”。 (1)实验开始时,滑动变阻器的作用是   ;在探究通过导体的电流与导体两端电压关系时,滑动变阻器的作用是   ;在探究通过导体的电流与导体电阻关系时,滑动变阻器的作用是   。(从下列的选项中选择相应的字母填入) A.改变电路中的电流 B.改变电阻两端的电压 C.控制电阻两端的电压一定 D.保护电路 (2)小明将10Ω的电阻接入电路中,闭合开关,多次移动滑动变阻器的滑片,记录对应的几组电表示数,此过程小明实际探究的问题是电流与   的关系 (3)小明又一次探究活动后,得到的实验记录记录在下表中。分析表中的数据,你能得出的结论是    电流I/A 1.20 0.60 0.40 0.30 0.24 0.20 电阻R/Ω 5 10 15 20 25 30 20.在“测定小灯泡的电功率”的实验中,选用如图甲所示的器材,其中电源电压为6Ⅴ,小灯泡额定电压为2.5Ⅴ(灯丝电阻约为12Ω)。 (1)连接电路时,闭合开关前,应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到   端(选填:“左”或“右”)。 (2)为能顺利完成该实验探究,下列两种规格的滑动变阻器应选用   。 A.“10Ω0.5A”的滑动变阻器 B.“20Ω0.5A”的滑动变阻器 (3),闭合开关,移动滑片,发现电压表的示数如图乙所示,其读数是   Ⅴ;为了测量小灯泡的额定功率,应将滑动变阻器的滑片向   端移动(选填:“左”或“右”)。 (4)通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示。分析图象可知: ①该小灯泡正常发光时的电阻是   Ω;额定功率为   W。 ②小灯泡灯丝的电阻是变化的,主要是受   变化的影响。 三.计算题(共3小题) 21.如图所示,灯泡L标有“6V3W”的字样,开关S闭合,滑片P在最右端时,灯泡正常发光;滑片P在最左端的时候,电压表表的示数为4.8V(假定灯泡电阻不随温度变化而变化)。求: (1)灯泡的电阻R1; (2)电源电压U; (3)滑动变阻器的最大阻值R。 22.电饭锅是家中常用的用电器,下表是小宇家中一台电饭锅的铭牌,其内部结构简化如图所示,其中R1和R2都是电热丝(不考虑温度对电阻的影响)。 (1)闭合开关   时,电饭锅正常工作处于保温状态,30min消耗的电能是多少? (2)电饭锅正常工作处于加热状态时,电阻R1的热功率是多少? (3)一天,小宇断开家中其它用电器,只接通电饭锅且处于加热状态,发现家中标有“220V10(20)A;3000r/kW?h”的电能表5min内转了200圈,求电饭锅此时的实际加热功率是多少? 额定电压 220V 频率 50Hz 额定功率 加热 1000W 保温 44W 23.(1)为环保节能小明家购买了油电混合动力汽车,他发现汽车有以下特点:充电方便,主要动力来源于汽车蓄电池,电力不足时,可以使用汽油;汽车各转向灯都能独立工作,混合汽车所用的镍氢蓄电池组的电压是300V,容量是100Ah,请根据以上信息编制三个针对不同知识点的物理题,并给出相应答案 物理题 答案 范例:汽车使用蓄电池时,(  )能转化为(  )能 化学能 电 (2)小明想给爷爷奶奶的卧室安装一个床角LED自动小夜灯,他想要的效果是①白天小夜灯绝对不亮②夜晚有声音时灯亮,它有下面可供选择的器材,请你帮他选择合适的器材连成电路。 2018-2019学年广东省深圳中学九年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一.选择题(共16小题) 1.【分析】分子动理论的基本观点:一切物质都是由分子组成,分子在不停地做无规则的运动,分子间同时存在相互作用的引力和斥力,分子间存在间隙。 【解答】解: A、液体很难被压缩,说明分子间有斥力,故A正确; B、用手捏海绵,海绵的体积变小了,说明力可以改变物体的形状,不能说明分子间有空隙,故B错误; C、扩散现象能在固体中发生,比如长时间紧挨在一起的金板和铅板,金中有铅,铅中有金,故C错误; D、尘土飞扬是固体小颗粒的运动,属于机械运动,不是分子的运动,故D错误。 故选:A。 【点评】本题考查分子的运动、分子间作用力、力的作用效果,考查的知识点比较多,主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。 2.【分析】(1)根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题。 (2)做功可以改变物体的内能,当外界对物体做功时,物体的内能增大,当物体对外界做功时,物体的内能就会减小。 【解答】解:A、图甲,厚玻璃内的空气被压缩时,活塞对空气做功,瓶内空气温度升高,空气的内能增加;故A错误; B、图乙,瓶子内的空气推动塞子跳起时,空气对活塞做功,空气的内能减小;故B错误; C、图丙,试管内的水蒸气推动了塞子冲出时,水蒸气对塞子做功,水蒸气的内能减少;故C正确; D、图丁,汽缸内的气体推动活塞向下运动时(即做功冲程),内能转化为机械能,气缸内气体的内能减少;故D错误。 故选:C。 【点评】本题考查做功改变物体的内能,当外界对物体做功时,物体的内能增大,当物体对外界做功时,物体的内能就会减小。 3.【分析】根据热量公式Q=cm△t来分析,都是铁块比热容相同,吸收了相等的热量,甲铁块的质量是乙铁块质量的3倍,则甲、乙两铁块升高的温度之比是 1:2。 【解答】解:比热容是物质的特性,甲乙两铁块物质种类相同,比热容相同,即比热容之比c甲:c乙=1:1; 两铁块吸收热量之比Q甲:Q乙=1:1,质量之比m甲:m乙=3:1, 由Q吸=cm△t得,甲、乙两铁块升高的温度之比: △t甲:△t乙=:=:=1:3。 故选:A。 【点评】本题考查学生对热量公式的理解和运用,难度不大。 4.【分析】(1)1kg某种燃料完全燃烧放出的能量,叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性,它只与燃料的种类有关,与燃料的质量、燃烧程度等均无关; (2)热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比叫做热机的效率,在工作过程中,损失的能量越少,热机的效率越高。 【解答】解: A、热值是燃料的特性,与燃烧情况无关,故A错误; B、热值是燃料的特性,与放出热量的多少无关,故B错误; C、使燃料燃烧更充分,可以增大有效利用的能量,提高热机的效率,故C正确; D、热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比,与燃料的热值无关,故D错误。 故选:C。 【点评】本题考查了学生对热值概念和热机效率的了解与掌握,明确热值是燃料的一种特性(只与燃料的种类有关,与燃料的质量、燃烧程度等无关)是本题的关键。 5.【分析】电阻的国际单位是欧姆(Ω);电功率的国际单位是瓦特(W);压强的国际单位是帕斯卡(Pa);电功(电能)的国际单位是焦耳(J)。 【解答】解:A、欧姆是电阻的国际单位;故A属于电学单位; B、瓦特是电功率的国际单位;故B属于电学单位; C、帕斯卡是力学中压强的国际单位;故C不属于电学单位; D、焦耳是电功(电能)的国际单位;故D属于电学单位; 故选:C。 【点评】物理学中各个物理量都有自己的符号和国际单位,不要将各符号和各单位相互混淆。 6.【分析】金属棒属于导体,带负电的电子可以沿金属棒移动;电荷的定向移动形成电流,规定正电荷定向移动的方向是电流的方向。 【解答】解: A验电器带负电荷,B不带电,拿一根绝缘柄的金属棒把A、B两个验电器连接起来,A上的部分电子经金属棒转移到B上,这时B将因多余电子带负电;故CD错误 由于电流方向跟自由电子的移动方向相反,所以电流方向是从B到A,故A错误,B正确。 故选:B。 【点评】解决此类问题的关键是金属导体内能够自由移动的是自由电子,电流的方向与电子定向移动方向相反,是一道基础题。 7.【分析】根据生活经验可知,红绿交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联,然后分析选项得出答案。 【解答】解: A、两开关均闭合时,红绿交通信号灯同时发光,否则均不发光,不符合实际,故A不正确; B、当只闭合开关S2时,形成电源短路;只闭合开关S1时,两灯泡都发光,不符合实际,故B不正确; C、只闭合开关S1时绿灯亮,只闭合开关S2时红灯亮,符合实际,故C正确; D、当只闭合开关S2或两开关都闭合时,绿灯亮;只闭合开关S1时,两灯泡都发光,不符合实际,故D不正确。 故选:C。 【点评】本题考查了电路图的设计,关键是知道红绿交通信号灯两灯泡不会同时亮,要注意从选项中找出最符合题意的答案。 8.【分析】判断电路故障问题,是中考题中常见的题型,在不能直接确定故障原因时,可以采用数学上的“反证法”,将选项逐一代入题干,检查是否符合题意。 【解答】解: A 如果灯R1发生了短路,电压表示数变为零。故A错误; B 如果灯R1发生了断路,电流表示数变为零。故B错误; C 如果R2出现短路,电压表测量电源电压,示数变大;电路总电阻减小,电路电流增大,电流表示数增大。故C正确; D 如果R2出现断路,电流表示数变为零。故D错误。 故选:C。 【点评】电路故障问题是中考物理考查的热点,也是难点,一般题目设计的都是一处故障,原因只有两个:短路或开路。 9.【分析】(1)导体的电阻是导体的一种性质,反映了导体对电流阻碍作用的大小;电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关,与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。 (2)电压是电路中形成电流的原因,电压的作用就是使电路中的自由电荷发生定向移动形成电流; 【解答】解:A、导体的电阻是导体的一种性质,反映了导体对电流阻碍作用的大小;电阻与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。故A错误; B、导体的电阻是导体的一种性质,反映了导体对电流阻碍作用的大小;电阻与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。故B错误; C、电压是电路中形成电流的原因,电压的作用就是使电路中的自由电荷发生定向移动形成电流;故电阻中有电流时它两端一定有电压;故C正确; D、电压的作用就是使电路中的自由电荷发生定向移动形成电流;而不是产生自由电荷;故D错误; 故选:C。 【点评】明确电流与电压的关系、深入理解电阻的概念;是解答此题的关键。 10.【分析】由电路图可知,电阻R与酒精气体传感器电阻串联,电压表测R两端的电压;传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方时,电压表示数逐渐增大,根据欧姆定律可知电路中的电流变大,酒精气体传感器的电阻变小,据此可知酒精传感器电阻的变化;根据串联电路的电压特点得出传感器两端的电压变化,由P=UI判断电路消耗的功率如何变化。 【解答】解:由电路图可知,电阻R与酒精气体传感器电阻串联,电压表测R两端的电压; 将传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方时,电压表示数逐渐增大, 根据欧姆定律可知,电路中的电阻变小,由欧姆定律可知,电路电流变大, 酒精气体传感器的电阻变小,即传感器的电阻逐渐减小,故AC错误; 此时电阻R两端的电压变大,串联电路中总电压等于各分电压之和, 传感器两端的电压逐渐减小,故B错误; 电源电压U不变,电路电流I变大,电路消耗的功率P=UI变大,故D正确; 故选:D。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用,知道电压表示数逐渐增大时电路中的总电阻要减小是解题的关键。 11.【分析】导电能力介于导体和绝缘体之间的材料叫半导体,半导体是制作二极管、三极管的材料,常用在电子元件上。 【解答】解:LED灯中的发光二极管由半导体材料制成,其导电能力介于导体和绝缘体之间,常用的半导体材料有硅、锗等。 故选:D。 【点评】应用了半导体材料:有二极管、在极管、集成电路的电子线路板等,属于识记性内容,比较简单。 12.【分析】家庭电路中各用电器之间的连接方式是并联,根据并联电路电阻的规律可知总电阻的变化;电路中的总功率等于各用电器功率之和,且家庭电路的电压不变,每多关闭一个家用电器时电路总功率变小,根据P=UI可知总电流的变化。 【解答】解:家庭电路中各用电器之间的连接方式是并联,而并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和,因此每多关闭一个用电器,总电阻将变大,故A符合题意,D不符合题意; 因电路中的总功率等于各用电器功率之和,所以,每多关闭一个家用电器,电路的总功率变小,故C不符合题意; 由P=UI可知,电路中的总电流变小,故B不符合题意。 故选:A。 【点评】本题考查了电功率公式和欧姆定律的简单应用,要注意家庭电路的连接方式是并联且家庭电路的电压不变。 13.【分析】两只完全相同的灯泡串联,灯泡的电阻相等,通过的电流相等,根据欧姆定律可知,两只灯泡两端的电压相等;知道了灯泡两端的电压以后,我们就可以根据图象找出灯泡两端实际电压对应的实际电流,然后就可以根据公式R=和公式P=UI计算出灯泡的电阻和灯泡的实际功率。 【解答】解:∵两只灯泡串联且规格相同, ∴它们的电流和电阻都相同,即这两只灯泡两端分得的电压都相同, 因此两只灯泡串联接在8V的电源两端时,每只灯泡两端的电压都为U=4V; 由图象可知,当U=4V时,I=0.2A, ∴小灯泡的电阻为:R===20Ω, 小灯泡的实际电功率:P=UI=4V×0.2A=0.8W。 故选:D。 【点评】本题考查电阻和电功率的计算,关键是公式及其变形的灵活运用,难点是根据图象得出相应的数据,重点记住串联电路电流、电压和电阻的规律,本题最容易出错的是根据灯泡的额定电压和额定功率求灯泡的电阻,因为灯泡的电阻是变化的,不是固定不变的。 14.【分析】漏电保护器原理就是检测火线和零线的电流,一般情况下火线电流应该与零线电流差不多,因为大致两个接入点可以看成串联关系。漏电保护器就是利用这个特性,当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电,电流从大地跑了。当单相触电时实际上就是人体加载在了火线和地线之间,火线电流大,零线电流小,漏电保护器工作。而当双相触电时实际上就是在负载上并联了一个人体,实际的火线电流和零线电流的差值并没有什么变化,所以会起不到保护作用。 空气开关与漏电保护器的原理不同,只有在电路过载,即短路通过电流过大时才起到保护作用。 【解答】解:A、这种现象电流会从人的右手边到左手边回到零线。相当于人是一个负载。不存在漏电,所以漏电保护器不会起作用。另外这种触电方式由于电流流经了心脏,是很危险的,会造成人体的触电事故。故A正确,但不符合题意; B、电流直接由人体流入大地,造成电路电流过大,且火线与零线的电流不平衡,漏电保护器会自动断开,起到保护作用,人体会发生触电事故; 故B错误,符合题意; C、甲、乙两种触电发生,都不会使电路中的电流过大,所以两种情况的触电,空气开关都不起作用;C选项正确,不符合题意; D、当电路发生短路时,空气开关会自动切断电路,起到保护作用,故D正确,但不符合题意。 故选:B。 【点评】本题考查漏电保护器的作用,出现“跳闸”的原因:一是短路,二是用电器总功率过大,三是用电器漏电。 15.【分析】(1)据课本可知,磁场看不见摸不着,但可以借助小磁针感知它的存在,这是典型的转换法; (2)磁感线是不存在的,是为了研究方便假象的一些有方向的曲线; (3)磁感线是不存在的; (4)地球是一个巨大的磁体,地磁场的南极在地理北极附近,地磁场的北极在地理南极附近。 【解答】解: ①磁场看不见摸不着,但可以借助小磁针感知它的存在,这是典型的转换法,故①正确; ②磁感线是不存在的,是为了研究方便而假象的一些有方向的曲线,故②错误; ③磁感线是不存在的,磁感线是铁屑组成的说法错误,故③错误; ④地球是一个巨大的磁体,地磁场的南极在地理北极附近,地磁场的北极在地理南极附近,故地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近,故④正确; 故正确的是①④。 故选:A。 【点评】此题考查了磁场的判断方法、磁感线的理解、地磁场的理解等知识点,是一道综合题。 16.【分析】首先利用图示的装置分析出其制成原理,然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理,分别与前面分析的结论对应即可得到答案。 【解答】解: 由题意可知电流表的工作原理:通电线圈在磁场中受力而转动,并且电流越大,线圈受到的力越大,其转动的幅度越大;因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小。 A、动圈式话筒是利用电磁感应现象制成的,与电流表的工作原理不同,故A错误。 B、电铃是利用电流的磁效应制成的,与电流表的工作原理不同,故B错误。 C、电钻是利用通电线圈在磁场中受力而转动的原理制成的,与电流表的工作原理相同,故C正确。 D、电磁起重机是利用电流的磁效应制成的,与电流表的工作原理不同,故D错误。 故选:C。 【点评】在学过的测量工具或设备中,每个工具或设备都有自己的制成原理,如:天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计,以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查,是一个热点题型,需要重点掌握。 二.解答题 17.【分析】(1)灯泡的接法:火线首先过开关,再接入灯泡,零线直接接入灯泡; (2)S2为单独控制电视插座的开关,则S2应与电视插座串联。 【解答】解:(1)火线先进开关,然后接入灯泡;而零线直接接入灯泡; (2)开关S2应与插座串联,开关接火线,电视插座直接接零线。 电路图如下图所示。 【点评】掌握灯泡、开关、插座的接法,掌握安全用电的原则。 18.【分析】从通电螺线管周围的磁感线方向入手,确定螺线管的N、S极,然后再结合线圈的绕向利用右手螺旋定则确定螺线管中电流的方向,进一步可以知道电源的正负极。 【解答】解:在磁体的周围,磁感线是从磁体的N极出发,回到S极,所以图示通电螺线管的左端为N极、右端为S极。 根据螺线管的N极和线圈的绕向,利用右手螺旋定则可以确定电流是从螺线管的右端流入、左端流出。从而可以确定电源的右端为正极。如下图所示: 【点评】本题属于安培定则的简单应用,安培定则不但可以由电流方向和线圈绕向判断磁极,也可根据磁极和线圈的绕向判断电流方向。 19.【分析】(1)滑动变阻器的基本作用是保护电路;在探究通过导体的电流与导体两端电压关系时,为得出普遍性的结论,要多次测量,据此分析滑动变阻器的另一个作用; 在探究通过导体的电流与导体电阻关系时,要控制电阻的电压不变,据此分析滑动变阻器的作用; (2)小明将10Ω的电阻接入电路中,即控制电阻大小,据此分析; (3)根据实验记录的数据,求出电流与电阻之积分析。 【解答】解:(1)实验开始时,滑动变阻器的作用是保护电路; 在探究通过导体的电流与导体两端电压关系时,为得出普遍性的结论,要多次测量,故滑动变阻器的作用是改变电路中的电流和改变电阻两端的电压,选BC; 在探究通过导体的电流与导体电阻关系时,要控制电阻的电压不变,故滑动变阻器的作用是控制电阻两端的电压一定,选C; (2)小明将10Ω的电阻接入电路中,即控制电阻大小,闭合开关,多次移动滑动变阻器的滑片,记录对应的几组电表示数,此过程小明实际探究的问题是电流与电压的关系; (3)根据实验记录的数据,电流与电阻之积为: U=IR=1.20A×5Ω=﹣﹣﹣﹣﹣=0.20A×30Ω=6V,为一定值,故得出的结论是电压不变时,电流与电阻成反比。 故答案为:(1)保护电路;AB;C;(2)电压;(3)电压不变时,电流与电阻成反比。 【点评】本题探究“电流与电压、电阻的关系”,考查控制变量法和归纳法的运用及数据分析的能力。 20.【分析】(1)闭合开关前,应将滑动变阻器的滑片滑到最大值处; (2)由串联电路特点和欧姆定律计算灯泡正常发光时变阻器连入电路的阻值,从而选择其规格; (3)根据电压表量程和分度值,读出电压表示数;根据串联分压特点确定滑片移动方向; (4)①分析图象,得出小灯泡在额定电压对应的电流,利用欧姆定律和电功率公式计算灯泡电阻和电功率; ②由电阻与温度关系根据图象分析解答。 【解答】解: (1)为了保护电路,闭合开关前,应将滑动变阻器的滑片滑到最大值左端; (2)由欧姆定律可知,灯泡正常发光时的电流约为:I==≈0.21A, 此时变阻器连入电路的阻值:R===≈16.6Ω,所以应选择“20Ω0.5A”的滑动变阻器B; (3)由电路图知,电压表接的是0~3V量程,分度值为0.1V,此时示数为2.2V;灯泡两端电压低于其额定电压,为使电压达到额定电压,由串联电路的分压原理知滑片应该向右端移动; (4)通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示。分析图象可知:当灯泡两端电压为2.5V时,通过它电流为0.2A,所以 ①小灯泡正常发光时的电阻:R===12.5Ω, 额定功率:P额=U额I额=2.5V×0.2A=0.5W; ②根据图象是一条曲线,说明灯泡电阻是变化的,灯丝电阻主要受温度的影响; 故答案为:(1)左;(2)B;(3)2.2;右;(4)①12.5;0.5;②温度。 【点评】本题考查了滑动变阻器的规格的选择及其使用方法、实验操作、串联电路特点和欧姆定律的应用以及电功率的计算等,这些都测灯泡电功率实验中常考的问题,要熟练掌握。 三.计算题(共3小题) 21.【分析】(1)由灯泡铭牌字样,根据P=UI=计算灯泡电阻; (2)当滑片至最右端时,分析电路连接方式,根据灯泡正常工作时的特点解題; (3)当滑片到最左端时,分析电路连接方式,根据串联电路的特点,由分压原理解题。 【解答】解:(1)由题可知,灯泡的电阻不随温度变化而变化, 由P=UI=可得灯泡的电阻: R灯===12Ω; (2)由图可知,当滑片至最右端时,只有灯泡接入电路,此时灯泡正常发光, 则电源电压:U=U额=6V; (3)由图可知,当滑片至最左端时,R滑全部接入电路并与灯泡串联,电压表测R滑两端电压U滑=4.8V, 灯泡两端电压:U灯=U﹣U滑=6V﹣4.8V=1.2V, 根据串联电路的分压规律可得:=, 则:R滑===48Ω。 答:(1)灯泡的电阻为12Ω; (2)电源电压为6V; (3)滑动变阻器的最大阻值为48Ω。 【点评】本题考查用电器正常工作的特点,理解串联电路的分压规律,注意正确分析电路。 22.【分析】(1)当只闭合S时,只有R2工作,当S、S1均闭合时,R1与R2并联,根据电阻的串并联特点和P=即可判断电饭锅的工作状态; 由W=Pt求电热水器消耗的电能; (2)由于闭合S、S1时,电饭锅处于加热状态,R1与R2并联,则加热功率P加=P1+P2,P保=P2,然后根据表格数据即可求出电阻R1的热功率; (3)3000r/kW?h表示电饭锅每消耗1kW?h的电能,电能表的转盘转3000r,据此求电能表转盘转200r消耗的电能,再利用P=求电饭锅此时的实际加热功率。 【解答】解: (1)当只闭合S时,只有R2工作,当S、S1均闭合时,R1与R2并联,根据电阻的串并联特点可知:R1和R2并联,电路总电阻较小;根据P=可知电饭锅正常工作时功率大,所以,当只闭合S时处于电饭锅保温状态,当S、S1均闭合时,处于电饭锅加热状态; 电饭锅正常工作处于保温状态,30min消耗的电能: W=P保t=44W×30×60s=7.92×104J; (2)由于加热功率P加=P1+P2,且P保=P2, 所以正常工作处于加热状态时,电阻R1的热功率: P1=P加﹣P2=P加﹣P保=1000W﹣44W=956W; (3)3000r/kW?h表示电饭锅每消耗1kW?h的电能,电能表的转盘转3000r, 则电能表转盘转200r消耗的电能: W=kW?h=kW?h, 电饭锅此时的实际加热功率: P实===0.8kW=800W。 答:(1)闭合开关S时,电饭锅正常工作处于保温状态,30min消耗的电能是7.92×104J; (2)电饭锅正常工作处于加热状态时,电阻R1的热功率是956W; (3)电饭锅此时的实际加热功率是800W。 【点评】本题考查了电能和电功率的计算,分析电路图得出高低温档的电路组成是关键。 23.【分析】(1)根据短文内容,从转向灯的连接方式、蓄电池储存电能以及汽油机的能量转化上提出问题; (2)由声控和光控开关的特点,结合题目要求设计电路。 【解答】解: (1)①并联电路中各用电器之时互不影响,而汽车各转向灯都能独立工作,说明转向灯间是并联的; ②蓄电池组的电压是300V,容量是100Ah,由此可得蓄电池组充满电时储存的能量: W=UIt=300V×100A×3600s=1.08×108J; ③汽车使用汽油工作时的能量转化是内能转化为机械能。 表格如下: 物理题 答案 汽车各转向灯间是(  )联的 并 蓄电池组充满电时储存的能量J 1.08×108 汽车使用汽油工作时(  )能转化为(  )能 内;机械 (2)由题知,声控开关在有声音闭合,无声音断开;光控开关光照强时断开,暗时闭合。 根据题目要求可应将声控和光控开关串联后再与灯泡串联,灯泡由两个开关同时控制,只有两个开关都接通时,灯泡才能发光;如图所示: 故答案为:(1)见上表;(2)见上图。 【点评】本题是以油电混合动力汽车为情景开放题和电路的设计,设计电路中明确要题目的要求,关键是开关的控制作用认识。

  • ID:6-5847557 2018-2019学年江西省吉安市青原区八年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2018-2019学年江西省吉安市青原区八年级(上)期末物理试卷 一、填空题(共20分,每空1分) 1.走进物理考场,回想起你自身的经历,你的身高约为160   ,你跑100m所需的时间约为15   。(填上合适的物理单位) 2.“蝉噪林愈静,鸟鸣山更幽”是脍炙人口的名句,我们能分辨诗中的蝉鸣声和鸟鸣声,是因为这两种声音的   不同;“钟不敲不鸣”则说明物体只有   才能发声。 3.魔术师表演“会跳舞的火焰”节目时,先在平台上点燃一支蜡烛,然后手持一面小鼓置于蜡烛附近,鼓面面对烛火。当他敲响小鼓,烛火就随着鼓声舞动。这一现象说明   ,请举出这一现象在生活中应用的一个实例   。 4.体育比赛中运动员一旦受伤,医生会对受伤部位喷射一种叫氯乙烷的药液,该药液会在皮肤表面迅速汽化   热(选填“吸”或“放”),使受伤部位表层组织骤然变冷而暂时失去痛觉。这利用了氯乙烷有较低的   点。 5.平静湖面的上空,一只鸟正冲向水面捕食,鸟在向下俯冲的过程中,像的大小   (选填“逐渐变大”、“逐渐变小”或“不变”);小汽车越来越多的走进千万家庭中,我们知道,用做汽车后视镜的是   镜。 6.在我国的北方,冬天对自来水管的保护十分重要,这是因为水结冰后密度将   体积将   ,会把自来水管胀裂。 7.如图所示,是光在空气和玻璃之间发生折射的光路图,从图中可以看出,空气在界面的   侧(选填“左”或“右”),此过程中还有部分光发生了反射,反射角的大小是   。 8.若来自于远方物体的光,经眼球的折光系统折射后成像情况如图所示,根据该图可判定这个人是   眼(选填“远视”或“近视”),应佩戴   镜加以矫正。 9.一块的金属的体积是2.5m3,质量是6750kg,则他的密度是   ,若截去金属的块,剩余部分的密度   (选填”变大”,”变小”成”不变”) 10.李浩坐观光电梯上升到萍百三楼购物,他看到对面的高楼在快速下降是以   为参照物,当以电梯为参照物时,李浩是   的(选填“运动”或“静止”)。 二、选择题(共26分.第11-16小题,每小题只有一个正确答案,每小题3分;17、18小题为不定项选择,每小题有一个或几个正确答案,每小题3分.全部选择正确得4分,不定项选择正确但不全得1分,不选、多选或错选得0分.) 11.同学们学习物理知识以后,对身边的事物进行了估测,以下的估测数据不符合实际的是(  ) A.学校的课桌高度约为0.8m B.洗澡的热水温度约为75℃ C.某初中生的质量大约为40kg D.某同学跑100m成绩约为14s 12.通过实验,得到了a、b、c三个实心体的m﹣V图象如图,分析图象可知(  ) A.a 物质的密度最小 B.a 物质的密度是 c 的两倍 C.b 物质的密度是 1.0×103kg/m3 D.物质 a 组成的物体,质量越大,体积越大 13.甲、乙物体点同时、同地点沿同一方向做直线运动,它们的v﹣t图象如图所示,则(  ) A.乙始终比甲运动得快 B.乙做匀速直线运动 C.甲始终静止在10m的位置 D.甲乙某一时刻速度相等 14.下列物态变化现象中,吸热的是(  ) A.秋天房顶上结霜 B.铁水被浇铸成工件 C.冰棒冒出“白气” D.湿衣服晾晒后变干 15.某物体放在凸透镜前20cm处时,在光屏上得到了物体倒立缩小的清晰实像,则该凸透镜的焦距可能是(  ) A.5cm B.10cm C.15cm D.20cm 16.如图所示,在研究平面镜成像的特点实验时,小明同学没有把薄玻璃杯板竖直放置。在水平桌面上,无论如何移动蜡烛B,发现(  ) A.蜡烛A的像总是与蜡烛B完全重合 B.蜡烛A的像总偏向蜡烛B的上方 C.蜡烛A的像总偏向蜡烛B的下方 D.蜡烛A的像与蜡烛B的像总在同一水平面上 17.如图所示,凸透镜的应用事例中,所成像的性质完全相同的有(  ) A.投影仪放映 B.照相机拍照 C.放大镜观察物体 D.监控器摄像 18.用体温计测量人体体温时,体温计里面的水银下列哪些物理量发生了变化?(  ) A.温度 B.质量 C.体积 D.密度 三、简答与计算题(共26分,第19、20、21、22小题分别为5分、6分、7分8分) 19.炖汤深受人们的喜爱,它是把食物和水置于炖盅内,炖盅浸在大锅的水中,并用蒸架把炖盅与锅底隔离,如图所示。请问: (1)大锅内的水沸腾了,而炖盅里的水却始终不沸腾,这是什么原因? (2)当大锅内的水沸腾时,锅盖与锅的缝隙间冒出大量的“白气”,“白气”是如何产生的?当水沸腾一段时间后,虽继续加热,但“白气”减少了许多,这又是什么原因? 20. TAXI 车费发票车号码川F﹣71238日期 05﹣09﹣28上车 10:00下车 10:05单价 2.00元里程 6.0km金额 16.00元 某人乘坐出租车在平直公路上匀速行驶,如表为他乘车到达目的地时的车费发票。求: (1)出租车行驶的时间。 (2)出租车行驶的速度。 21.小明利用天平和量杯测量某种液体的密度,得到的数据如下表,根据数据绘出的图象如图所示。 则(1)量杯的质量为多少? (2)液体的密度是多少? 液体与量杯的质量m/g 40 60 80 100 液体的体积V/cm3 20 40 60 80 22.小李将一个橙子沿到学室,用天平、烧杯来测量它的度他用天平称得橙子的质量为135g;然后在烧杯中加入适量水,称得烧杯和水的总质量为335g;用牙签使这个橙子浸没在烧杯的水中,在烧杯的水面处做个记号(如图甲)。取出橙子,往烧杯中添加水到记号处(如图乙),测得烧杯和水的总质量为485g,已知水的密度为ρ=1.0×103kg/m3,根据上述实验过程解答下列问题: (1)求出这种方法测得的橙子的体积和密度; (2)这样测得橙子的密度偏大还是偏小?并说出原因 四、实验探究题(共4小题,每空分,共28分). 23.(1)物理实验中经常需要进行测量。如图,温度计的量程是   ℃,此温度是   ℃ (2)如图,小明在用刻度尺测量A物块的高度。该刻度尺的分度值为   A物块的真实高度   (选填“大于”或“等于”)26.0mm,小明测量时犯的错误是   。 (3)如图机械停表的读数是   。 24.小明在“探究水的沸腾”实验中 (1)小明用如图1所示装置,他们测出的水温将偏   (选填“高”或“低”) (2)实验中观察到图甲和图乙所示两种情况,你认为图   是水沸腾时的情景(选填“甲”或“乙”)。 (3)从实验数据可以看出,此时水的沸点是   ℃.此时的气压   (“高于”、“低于”、“等于”)1标准气压。水沸腾时需要   热,水沸腾时的温度特点是   。 时间/min 0 1 2 3 4 温度/℃ 90 92 94 96 98 时间/min 5 6 7 8 温度/℃ 99 99 99 99 … (4)小明发现水在沸腾时,杯口不断地冒出大量“白气”,这是由于水蒸气遇冷   后形成的小水珠。(填物态变化名称) (5)另一小组的小冬同学在实验中将水加热到沸腾时共用30min。为了节约课堂时间请你给小冬提出一条合理化建议:   。 25.物理兴趣小组在探究“凸透镜成像的规律”实验时: (1)用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距为   cm。 (2)图乙是某次实验时观察到的现象,生活中的   (选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”)是利用这一原理制成的。保持凸透镜不动,把蜡烛向左移动一段距离,要想在光屏上再次得到清晰的像,应该把光屏向   (选填“左”或“右”)移动一段距离,像   (选填“变大”、“变小”或“不变”)。 (3)实验时,光屏上得到了蜡烛清晰的像,一同学不小心在凸透镜上溅了一个小泥点,则光屏上   (选填“有”或“没有”)小泥点的像或影子。 (4)将近视眼镜片放在蜡烛与凸透镜之间,光屏上原来清晰的像变模糊了。使光屏远离透镜,又能在光屏上看到蜡烛清晰的像,这说明近视眼镜对光线有   作用。由此可知,在近视眼得到矫正之前,物体的像成在视网膜的   。 26.【实验名称】测鲜鸡蛋的密度 【实验原理】    【实验器材】天平(砝码)、量筒、水、鲜鸡蛋 【实验步骤】 (1)测鲜鸡蛋的质量: ①把天平放在   上,将游码移至标尺左端的   处,天平分度盘的指针如图所示。 ②向   调节平衡螺母,使指针指在分度盘的中线处。 ③把鲜鸡蛋放入左盘,往右盘中加减砝码并调节游码,使横梁恢复平衡,测出鲜鸡蛋的质量m。 (2)测鲜鸡蛋的体积: 由于鲜鸡蛋体积较大,无法直接放入量筒中。请你在只添加一个实验器材的基础上完成鲜鸡蛋体积的测量: 所需器材 实验操作步骤     1   ;2   。 (3)通过计算得出鲜鸡蛋的密度。 2018-2019学年江西省吉安市青原区八年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一、填空题(共20分,每空1分) 1.【分析】此题考查我们对常见物体长度和时间过程的估测,根据对常见物体和长度、时间单位的认识,填上合适的单位。 【解答】解: ①成年人的身高在170cm左右,中学生的身高接近成年人,在160cm左右; ②中学生跑百米的速度在15s左右。 故答案为:cm;s。 【点评】一个数据在数学上如果没有单位还可以表示出其大小,但在物理上一个数据如果没有单位是没有任何意义的,结合生活常识加上一个合适的单位,物理数据才有意义。 2.【分析】(1)声音有三个特性:音调、响度、音色。音调指声音的高低,响度是指声音的大小,音色是指声音的感觉特性;音色是由发声体的材料和结构决定的,可以用来区分不同物体发出的声音。 (2)声音产生的条件是:物体振动;只有物体振动时,物体才能产生声音,若振动停止了发声也就停止; 【解答】解:(1)通过音色能辨别物体。不同发生体的材料和结构不同,产生的音色会不同,我们是靠音色来辨别不同的发声体;因为蝉和鸟的发声体不同,所以我们可以通过音色的不同来区分是蝉鸣声还是鸟鸣声。 (2)许多实验和生活常识告诉我们,声音是靠振动而发生的;振动一旦停止,物体也就不能产生声音了,例如:“钟不敲不鸣”则说明物体只有振动才能发声。 故答案为:音色;振动。 【点评】掌握声音的三个特性及影响它们的因素,知道通过音色能辨别物体是解决此题的关键。此题还考查了声音产生的条件﹣﹣振动;结合学习中的实验现象和对生活的认识,就能知道声音是靠物体振动发生的,没有了振动也就没有了声音。 3.【分析】(1)声音能够传递信息,例如:利用超声波探测海底深度、利用超声波探测鱼群、B超、医生用听诊器为病人检查身体等; (2)声音能够传递能量,例如:利用超声波击碎体内结石、利用超声波清洗眼镜、爆竹声震耳发痛等。 【解答】解:当魔术师敲响小鼓时,鼓面振动,产生声音,声音能传递能量,使蜡烛火焰跳动;超声波清洗眼镜就是利用了超声波传递能量。 故答案为:声音能够传递能量;超声波清洗眼镜。 【点评】本题主要考查学生对声音与信息,以及声音与能量的了解和掌握,属于基础知识的考查。 4.【分析】结合题目提供的生活实际情况和物态变化中的吸热现象,使受伤部位表面组织骤然变冷,据此进行分析判断即可。 【解答】解:根据题意,医生会对着受伤部位喷射一种叫氯乙烷的药液,该药液会在皮肤表面迅速汽化,汽化吸热,使受伤部位表面组织骤然变冷,常温下汽化现象说明乙烷具有较低的沸点。 故选:吸;沸。 【点评】本题考查汽化在日常生活中的应用,体现了物理知识和生活实际的联系。 5.【分析】①根据平面镜成像的特点:物体在平面镜中所成的像是虚像,像和物体的大小相等,上下(或左右)相反,它们的连线垂直于镜面,它们到镜面的距离相等。 ②凸面镜能使光线发散,发散光线的反向延长线会聚成像,制成汽车观后镜。 【解答】解:一只鸟正冲向水面捕食,水面上出现的小鸟的倒影就是小鸟在水面上成的虚像,在小鸟向下俯冲靠近水面的过程中,小鸟与水面的距离变小,但小鸟在水中所成的像始终不改变,与小鸟大小相等。 汽车后视镜是凸面镜,能起到扩大视野的作用; 故答案为:不变;凸面。 【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握,紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答,学生容易被“鸟向下俯冲”迷惑,误认为像变大。 6.【分析】①物体所含物质的多少叫质量,质量是物体本身的一种属性,与物体所含物质的多少有关,与物体的形状、物质的状态、物体的位置和温度无关; ②一定质量的物体,状态改变时,体积变化用公式V=比较。 【解答】解:自来水管中的水结冰,状态发生变化,物质多少没有变化,所以水结冰后质量不变;由于冰的密度比水的密度小,由公式V=可知,冰的体积比水的体积大,这样就会把自来水管撑裂。 故答案为:变小;变大。 【点评】此题考查的是质量的特点和密度计算公式的应用,需要清楚的是:水结冰前后,质量不变,密度变小,导致体积变大。 7.【分析】①光的折射定律:入射光线、法线、折射光线在同一平面内,折射光线和入射光线分别位于法线两侧,当光线从空气斜射入其它透明介质时,折射角小于入射角。 ②入射角、反射角和折射角的概念:入射光线与法线的夹角叫做入射角;反射光线与法线的夹角叫做反射角;折射光线与法线的夹角叫做折射角。 【解答】解:由图知: 光线从左侧射向右侧,所以左侧光线是入射光线,右侧光线是折射光线; 已知入射光线与界面的夹角是30°,所以入射角为90°﹣30°=60°.根据反射角等于入射角知,反射角也是60°; 过入射点做法线(如下图),可以看出,折射角小于入射角。所以这是光从空气斜射入玻璃的过程,即左侧是空气,右侧是玻璃。 故答案为:左;60°。 【点评】此题主要考查了光的反射和折射定律的应用。在此题中,关键搞清入射光线、折射光线。并掌握入射角、反射角、折射角的概念 8.【分析】近视眼的晶状体太厚或眼球太长,像成在视网膜的前方,要佩戴凹透镜进行矫正。 【解答】解:像成在视网膜的前方,所以此眼是近视眼,凹透镜对光线有发散作用,因此应配戴凹透镜加以矫正,使光线推迟会聚。使像正好会聚在视网膜上。 故答案为:近视;凹透。 【点评】本题考查学生在生活实践中物理知识的应用,应注意合理地构建物理模型,灵活地选择物理规律解答问题。 9.【分析】(1)已知金属块的质量和体积,根据密度公式求出它的密度; (2)密度是物质本身的一种特性,与物质的种类和状态有关,与体积和质量的大小无关。 【解答】解: (1)这种金属的密度: ρ===2.7×103kg/m3。 (2)因为密度是物质本身的一种特性,与体积和质量的大小无关, 如果将它截去,剩余部分的密度仍为2.7×103kg/m3; 故答案为:2.7×103kg/m3;不变。 【点评】本题考查了密度公式的应用以及对密度的理解和掌握,关键是知道密度是物质本身的一种特性,与物质的种类和状态有关,与体积和质量的大小无关。 10.【分析】研究物体的运动情况时,首先要选取一个物体作为标准,这个被选作标准的物体叫做参照物; 研究对象的运动情况是怎样的,就看它与参照物的相对位置是否变化。 【解答】解:李浩感觉高楼在下降,是以电梯为参照物,高楼相当于电梯是运动的。如果以观光电梯为参照物,李浩和电梯之间没有发生位置的改变,李浩是静止的。 故答案为:电梯;静止。 【点评】根据物体的运动状态判断谁是参照物时,关键是看物体与参照物之间有没有位置的变化。 二、选择题(共26分.第11-16小题,每小题只有一个正确答案,每小题3分;17、18小题为不定项选择,每小题有一个或几个正确答案,每小题3分.全部选择正确得4分,不定项选择正确但不全得1分,不选、多选或错选得0分.) 11.【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,确定与生活实际相差较远的选项。 【解答】解:A、中学生的身高在160cm左右,课桌的高度大约是中学生身高的一半,在80cm=0.8m左右。故A符合实际; B、人体正常体温在37℃左右,洗澡水的温度应该略高于体温,在40℃左右,不可能达到75℃.故B不符合实际; C、初中生平均质量为50kg,个别同学质量小一些,在40kg左右。故C符合实际; D、男子百米世界纪录略小于10s,中学生百米最好成绩可以达到14s。故D符合实际。 故选:B。 【点评】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。 12.【分析】密度是物质的特性,其大小仅与物质的种类和存在的状态有关,而与物体的体积和质量无关。 由图得出,当体积为2cm3时,a、b、c的质量利用ρ=求出各自的密度,进行判断。 【解答】解: 由图象可以看出,当体积为2cm3时,a的质量为3.5g,b的质量为2g,c的质量是1g, 由ρ=得,三种物质的密度分别为: ρa==1.75g/cm3, ρb==1g/cm3, ρc==0.5g/cm3,可见: A、a物质的密度最大,故A错; B、a的密度是c的密度的3.5倍,故B错; C、ρb=1g/cm3=1.0×103kg/m3,故C正确; D、已知a是实心体,同种物质组成的物体,密度一定,由V=可知,质量越大,其体积越大,故D正确。 故选:CD。 【点评】本题考查密度公式的应用;解答此题的关键是正确理解密度公式的含义,物理公式和数学公式是不一样的,并不能完全像数学公式一样来分析成正比反比,因为物理公式有其特定的物理意义,分析物理公式时要结合具体物理量来进行。 13.【分析】分析图象中甲乙的速度随时间的变化关系,然后得出答案。 【解答】解:由图可知,甲做匀速直线运动,乙做匀加速直线运动,故BC错误; 在0~2s内,乙的速度小于甲的速度, t=2s时,乙的速度等于甲的速度,故D正确; 在2s以后,乙的速度大于甲速度,故A错误。 故选:D。 【点评】本题考查了学生对v﹣t图象的理解与掌握,明确图象的含义是解题的关键。 14.【分析】要解答本题需掌握:在六种物态变化中,熔化、汽化和升华过程吸热;液化、凝固和凝华过程放热。 【解答】解: A、秋天房顶上结霜是空气中的水蒸气凝华形成的冰晶,此过程需要放热。故A不符合题意; B、铁水浇筑成工件,由液态凝固成为固态,此过程需要放热。故B不符合题意; C、冰棍冒出的“白气”是空气中的水蒸气液化形成的小水滴,此过程需要放热。故C不符合题意; D、湿衣服晾晒后变干是水由液态变成气态的汽化过程,此过程需要吸热,故D符合题意。 故选:D。 【点评】本题主要考查学生对物态变化及吸热还是放热的了解和掌握,要会运用,对生活中的物态变化现象要理解。 15.【分析】当u>2f时,光屏上呈现倒立、缩小的实像,2f>v>f。 【解答】解:某物体放在凸透镜前20cm处时,在光屏上得到了物体倒立缩小的清晰实像,说明u>2f,即20cm>2f,f<10cm。 故选:A。 【点评】掌握凸透镜的三种成像情况。能根据成像情况判断物距和像距,然后解不等式确定焦距。 16.【分析】玻璃板不竖直,像的底部不在桌面上,所以怎么移动都不会与另一蜡烛重合。 【解答】解:如图所示,根据像和物关于平面镜对称的特点,作出蜡烛A的烛焰关于平面镜的对称点,即为蜡烛像的位置,可知蜡烛A的像与蜡烛B的像不在同一水平面上,蜡烛A的像与蜡烛B不重合,蜡烛A的像总偏向蜡烛B的上方,故ACD错误,B正确。 故选:B。 【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点,本题围绕这个探究过程可能遇到的问题,解决办法,合理的思考和解释来考查同学的。 17.【分析】投影仪是利用凸透镜成倒立、放大的实像原理来工作的; 当物距大于2倍焦距时,成倒立缩小的实像,照相机就是根据这个原理制成的; 凸透镜成像规律之一:U<f,凸透镜成正立放大的虚像,应用于放大镜; 【解答】解:投影仪的镜头使物体成倒立、放大的实像。照相机是根据物距大于2倍焦距时,成倒立缩小实像的原理制成的,所以照相机成的是倒立缩小的实像; 用放大镜观察物体时,物体在凸透镜的一倍焦距以内,光屏上不能接到像,在放大镜的另一侧,看到一个正立放大的虚像; 电子监控器摄像头的镜头相当于一个凸透镜,当物体位于其二倍焦距以外时,物体在凸透镜中成倒立缩小的实像。因此其成像情况与照相机相似。 故选:BD。 【点评】此题主要考查了有关凸透镜成像的规律及应用。一定要熟练掌握规律的内容,特别是成像特点与物距之间的关系。 18.【分析】①质量是物体本身的一种属性,与物体的形状、状态、位置和温度变化无关。 ②体温计是根据液体的热胀冷缩原理测量人体体温的,在测量一发高热的病人时,其中的水银会膨胀,体积增大,密度减小。 【解答】解:质量是其本身的一种属性,无论温度高低,体温计中水银的质量不变;体温计中的水银受热,温度升高,质量不变,体积会增大,密度相应减小。 故选:ACD。 【点评】此题是关于质量特点的基础题目,难度较小,容易解答。 三、简答与计算题(共26分,第19、20、21、22小题分别为5分、6分、7分8分) 19.【分析】解答本题需要知道沸腾的条件有两个: (1)达到沸点; (2)继续吸热;当两个条件同时具备时液体才能沸腾; (3)白气是由水蒸气液化成的小水珠组成的,水蒸气温度与周围温度相差越大,越容易液化。 【解答】答:(1)不会。因为液体沸腾需要两个条件:达到沸点,继续吸热。当煲中的水达到沸点后,盅内的汤水也达到沸点。汤水如果沸腾需继续吸热,但由于煲中的水和盅内的汤水温度相同,不再发生热传递。所以蛊内的汤水不会沸腾。 (2)当大煲内的水沸腾时,锅外的温度较低,此时水蒸气液化成大量的小水珠,形成“白气”; 当水沸腾一段时间后,由于水蒸气液化放热,锅的上方温度变高,水蒸气不容易液化,“白气”就减少了许多。 【点评】此题考查了液化现象及液化的条件,同时考查了液体沸腾的特点,要学习用所学的知识对有关现象进行解释。 20.【分析】(1)已知乘客的上车时间和下车时间,两者之差就是行车时间。 (2)已知出租车行驶的时间和里程,利用v=计算行驶速度。 【解答】解: (1)出租车行驶的时间为t=10:05﹣10:00=5min=300s, (2)出租车行驶的里程:S=6.0km=6000m, 出租车的速度: v===20m/s 答:(1)出租车行驶的时间为5min; (2)出租车行驶的速度为20m/s。 【点评】本题考查了速度的计算,能从车票提供的大量信息中迅速确定有用信息是解决此类问题的关键。 21.【分析】(1)读图象可知,量杯的质量就是当液体体积为零时,纵轴上的示数; (2)用总质量减去量杯的质量,再利用公式ρ=可求出液体的密度。 【解答】解: (1)读图及表格中数据可知,当液体体积为0时,即量杯中没有装液体时,质量m=20g,这就是量杯的质量,m杯=20g; (2)读图可知,当体积为60cm3时,液体质量m=80g﹣20g=60g, 则液体的密度: ρ===1g/cm3=1×103kg/m3。 答:(1)量杯的质量为20g; (2)液体的密度为1×103kg/m3。 【点评】读取图象获取信息,进一步进行分析和计算,是本题的一大特点,形式较为新颖,即考查了密度的相关计算,同时更考查了对图象的认识,值得我们关注,这也是我们应该锻炼的实验能力。 22.【分析】(1)根据题意可知,取出橙子,往烧杯中添加水到记号处(如图乙),测得烧杯和水的总质量减去335g即为橙子排开水的质量; 橙子浸没在烧杯中,根据密度公式求出排开水的体积,即为橙子的体积,再根据密度公式求出橙子的密度。 (2)将橙子取出溢水杯时,橙子上会沾有水,导致添加水的质量变大,则测得橙子的体积偏大,根据密度公式分析解答。 【解答】解:(1)烧杯中橙子排开水的质量: m排=m总2﹣m总1=485g﹣335g=150g; 橙子浸没在烧杯中,根据ρ=可得橙子的体积: V橙子=V排===150cm3; 橙子的密度: ρ橙子===0.9g/cm3; (2)这样测得橙子的密度偏小;因为将橙子取出溢水杯时,橙子上会沾有水,导致添加水的质量变大,则测得橙子的体积偏大,根据ρ=可知,测出的密度偏小。 答:(1)这种方法测得的橙子的体积位150cm3;密度为0.9g/cm3; (2)这样测得橙子的密度偏小;因为将橙子取出溢水杯时,橙子上会沾有水,导致添加水的质量变大,则测得橙子的体积偏大,根据ρ=可知,测出的密度偏小。 【点评】本题是测量体积较大物体的密度实验,关键掌握等效替代法的应用,解决本题的关键是能够得知排开水的体积等于橙子的体积。 四、实验探究题(共4小题,每空分,共28分). 23.【分析】(1)温度计在使用前要先观察其量程和分度值;温度计的示数在量程的范围内,注意液柱是在零刻度线的上方还是下方; (2)使用刻度尺测量物体长度时:①刻度尺要与被测部分对齐;②让刻度尺有刻度的一面紧贴被测部分,测量的始端与0刻度线对齐,如果0刻度线磨损,可以与其它整格刻线对齐,测量结果要减去前面的数值;③读数时视线要与尺面垂直;④读数时结果要估读到分度值的下一位;⑤记录数据要写单位; (3)停表的中间的表盘代表分钟,周围的大表盘代表秒,停表读数是两个表盘的示数之和。 【解答】解:由图可知, (1)温度计测量的最低温度为﹣20℃,最高温度为100℃,故量程为﹣20℃~100℃,温度计液柱最末端在0℃右侧说明温度是零上,分度值是1℃,所以温度计的示数为30℃; (2)此刻度尺1cm之间分成10等份,所以一份是0.1cm=1mm,即该刻度尺的分度值为1mm;用刻度尺测量物块高度时,小明测量时犯的错误是刻度尺零刻度线没有与物块最下端对齐,按照他的测量方法得出的测量值比真实值偏小,也就是物体的高度要大于26.0mm; (3)在停表的中间表盘上,1min中间有两个小格,所以一个小格代表0.5min,指针略偏过“3”,所以分针指示的时间为3min;在停表的大表盘上,1s之间有2个小格,所以一个小格代表0.5s,指针在10s处,所以秒针指示的时间为10s,即停表的读数为3min10s=190s。 故答案为:(1)﹣20℃~100;30;(2)1mm;大于;刻度尺零刻度线没有与物块最下端对齐;(3)190s。 【点评】此题考查了温度计、刻度尺和机械停表的使用和读数,属于基本技能的考查。 24.【分析】(1)掌握水在沸腾前和沸腾时的区别:沸腾时产生大量的气泡,气泡在上升过程中,体积逐渐变大;沸腾前,气泡在上升过程中,体积逐渐变小; (2)要解决此题需要掌握水的沸点的概念,知道水沸腾过程中的特点,吸热但温度保持不变。沸点的高低和气压有关,气压升高,沸点升高,气压降低,沸点降低。 (3)壶口冒出的大量“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴; (4)实验中需要多次实验,但是不同性质的实验多次的含义不同。 (5)缩短加热时间的方法很多,可从提高水温和减少水的质量角度考虑。 【解答】解:(1)由图知,温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部,所以其示数会偏高; (2)图甲气泡在上升过程中体积逐渐变大,是沸腾时的现象; 图乙气泡在上升过程中体积逐渐变小,是沸腾前的现象; (3)水沸腾时,不断吸收热量,温度保持不变,这个不变的温度是水的沸点,所以水的沸点是99℃。 沸点的高低和气压有关,气压降低,沸点降低。一个标准大气压下,水的沸点是100℃,此时沸点99℃低于100℃,所以气压低于一个标准大气压。 水沸腾时的温度特点是继续吸热,温度不变; (4)杯口不断地冒出大量“白气”,这是由于水蒸气遇冷后液化成的小水滴; (4)在此实验中,属于两个量之间关系的定量探究,所以多次实验的目的是为了“得到两物理量的关系更接近实际”。 (5)记录时间到沸腾时间太长,可能是水的质量太大,可能是水的初温太低,可能是火力太小等。 故答案为:(1)高;(2)甲;(3)99;低于;吸;温度保持不变;(4)液化;(5)使用初温更高的水进行实验(或适当减少水量等)。 【点评】本题考查的知识面比较广,但是没有多大的难度,只要知识够扎实,还是很容易做对的。 25.【分析】(1)根据凸透镜焦点和焦距的定义进行判断。 (2)当物距大于2f时,凸透镜成倒立缩小的实像,照相机是根据这个原理制成的,此时像距处于f和2f之间,像距小于物距;凸透镜成像时,物距减小,像距增大,像变大。 (3)凸透镜成像属于光的折射现象,物体发出的光线经凸透镜折射后,会聚在凸透镜另一侧的光屏上,形成物体的实像;如果凸透镜的口径大,透过的光多,像就亮;口径小,透过的光少,像就暗。 (4)凸透镜对光线有会聚作用,凹透镜对光线有发散作用。近视眼是因为晶状体太厚或眼球太长,像成在视网膜的前方;远视眼是因为晶状体太薄或眼球太短,像成在视网膜的后方。近视眼镜是凹透镜,远视眼镜是凸透镜。 【解答】解:(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后,会聚在主光轴上一点,这点是凸透镜的焦点,焦点到光心的距离是凸透镜的焦距,所以凸透镜的焦距是:f=40.3cm﹣30.0cm=10.3cm。 (2)由图乙知,像距小于物距,此时成倒立缩小的实像,照相机是根据这个原理制成的;根据凸透镜成像时,物近像远像变大可知,将蜡烛向左移动时,物距增大,则像距减小,要将光屏向靠近透镜方向移动,才能在光屏上再次得到清晰的像,像变小。 (3)凸透镜成实像时,所有透过透镜的光会聚到光屏上成像,凸透镜上溅了一个小泥点,整个物体发出的光虽有一小部分被挡住,但总会有一部分光通过凸透镜而会聚成像,因此,像与原来相同,大小不变;由于透镜的一小部分被遮住,因此折射出的光线与原来相比减少了,像将完好,但亮度会变暗,所以不会出现泥点的影子。 (4)近视眼镜是凹透镜,凹透镜对光线有发散作用,发散作用是使原来会聚成像的光线推迟会聚,所以将近视眼镜片放在蜡烛和凸透镜之间,光屏上原来清晰的像变模糊了;使光屏远离凸透镜,又能在光屏上看到蜡烛清晰的像。近视眼是因为晶状体太厚或眼球太长,像成在视网膜的前方。 故答案为:(1)10.3;(2)照相机;左;变小;(3)没有;(4)发散;前方。 【点评】此题是探究凸透镜成像规律的实验,考查了凸透镜成像规律及应用,不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系,而且要善于总结规律。 26.【分析】测密度的原理是:ρ=; (1)在天平使用时,应先将天平放在水平的桌面上,而后将天平的游码归零,后根据指针的偏转方向判断天平哪端下沉,调节过程中,调节天平平衡时,平衡螺母向上翘的方向移动。 天平测得物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值。 (2)由于鲜鸡蛋体积较大,无法直接放入量筒中。则可利用溢水杯间接测量鸡蛋的体积。 【解答】解:实验原理:ρ=; 实验步骤: (1)①用天平测量物体的质量时,首先把天平放在水平桌面上,把游码放在标尺左端的零刻线处。 ②如由图可知:天平分度盘的指针向右偏,则应向左调节平衡螺母,使指针指在分度盘的中线处。 (2)测鲜鸡蛋的体积: 由于鲜鸡蛋体积较大,无法直接放入量筒中。则可利用溢水杯,测量因放入鸡蛋溢出的水的体积; 故在实验器材的基础上需要溢水杯; 实验操作步骤为: 1、将溢水杯装满水; 2、把鲜鸡蛋放入溢水杯,用量筒测量溢出的水的体积。 故答案为:(1)①水平桌面;零刻度线; ②左; (2)溢水杯;将溢水杯装满水;把鲜鸡蛋放入溢水杯,用量筒测量溢出的水的体积。 【点评】此题是测量固体的密度,主要考查天平的使用及不规则物体的测量方法。

  • ID:6-5725228 2018-2019学年海南省东方市九年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2018-2019学年海南省东方市九年级(上)期末物理试卷 一、选择题:(本大题共10小题,每小题3分,只有一个选项正确,共30分) 1.下列能源中属于可再生能源的是(  ) A.太阳能 B.石油 C.天然气 D.煤 2.火箭从地面加速升空的过程中(  ) A.动能增大,重力势能增大 B.动能增大,重力势能减小 C.动能减小,重力势能增大 D.动能增大,重力势能不变 3.下列关于信息技术的说法,正确的是(  ) A.用手机通话时,手机直接传输声音信号 B.WiFi无线上网是利用电磁波来传输信息的 C.光纤通信是依靠激光在光导纤维内沿直线传播来传递信息的 D.电磁波在空气中的传播速度是340m/s 4.下列措施中,属于利用电流热效应的是(  ) A.电视机的后盖有很多孔 B.与空调器相连的导线很粗 C.电饭锅的发热板装在底部 D.电脑的主机中安装微型风扇 5.下列关于导体电阻的说法正确的是(  ) A.导体电阻与导体的材料、长度和横截面积等因素有关 B.长度长的导体,电阻一定大 C.横截面大的导体,电阻一定小 D.导体的电阻由其两端的电压和通过的电流来决定 6.小明家的电能表11月1日的读数如图甲,12月1日的读数如图乙,若电价为0.6元/度,则小明家11月份的应交电费是(  )  A.33.95元 B.30.62元 C.33.30元 D.333.0元 7.在如图所示的电路中,能使电流表指针发生偏转的情况是(  )  A.导体棒ab向上运动 B.导体b向下运动 C.导体棒ab向左运动 D.导体棒不动,磁铁向上运动 8.巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象,如图是说明巨磁电特性原理的示意图,图中GMR是巨磁电阻,当GMR巨磁电阻旁磁场增大时其电阻值减小。闭合S1、S2后,下列说法正确的是(  )  A.电磁铁的右端是S极 B.滑片P向右滑动时电磁铁的磁性增大 C.滑片P向左滑动时指示灯变亮 D.滑片P向左滑动时电流表的示数变大 9.小涛设计了一个天然气泄漏检测电路,如图甲所示,R为气敏电阻,其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示,R0为定值电阻,电源电压恒定不变。则下列说法正确的是(  )  A.天然气浓度增大,电压表示数变小 B.天然气浓度减小,电压表示数变大 ================================================ 压缩包内容: 2018-2019学年海南省东方市九年级(上)期末物理试卷.doc

  • ID:6-5725222 2018-2019学年广东省惠州一中九年级(上)期末物理试卷(解析版)

    初中物理/期末专区/九年级上册

    2018-2019学年广东省惠州一中九年级(上)期末物理试卷 一、选择题(本题包括7小题,每小题3分,共21分) 1.“节能减排,从我做起”。芳芳同学养成了随手断开家中暂时可以不用的用电器的习惯。当她断开一个用电器后,家庭电路中会变大的物理量是(  ) A.总电流 B.总电压 C.总电阻 D.总功率 2.跳伞运动员跳出飞机后,立即打开降落伞,下降过程中所受空气阻力随运动速度的增大而增大,直至与重力等大。在整个下落过程中,运动员和降落伞的(  ) A.势能不断减少,动能不断增加,机械能不变 B.势能不断减少,动能不断增加,机械能减少 C.势能不断减少,动能先增加然后保持不变,机械能减少 D.势能不断减少,动能先减少然后保持不变,机械能减少 3.关于温度、内能和热量,下列说法不正确的是(  ) A.物体吸收热量,温度一定升高 B.物体内能增加时,温度可能不变 C.汽油机在做功冲程中把内能转化为机械能 D.能量在转化或转移的过程中总量保持不变 4.关于安全用电,下列说法不正确的是(  ) A.使用测电笔辨别火线时,手要接触笔尾的金属电极 B.插座中的两个线头接触会出现短路现象 C.家庭电路中的空气开关跳闸后,直接合上空气开关就可以了 D.家庭电路中,控制各个灯的开关都要安装在火线上 5.现代社会发展的三大支柱:能源、信息和材料,下列说法正确的是(  ) A.太阳能、风能、核能都是不可再生能源 B.手机移动通信是利用电磁波来传递信息的 C.“北斗”导航系统是利用超声波进行定位和导航的 D.LED灯的核心元件发光二极管是由超导材料制成的 6.图甲中的A、B分别为小灯泡和定值电阻的I﹣U图象,小灯泡和电阻的连接情况如图乙所示,电源电压8V,下列说法正确的是(  )  A.小灯泡电阻随温度的增大而减小 B.灯泡的实际电功率为0.6 W C.定值电阻的阻值为0.05Ω D.定值电阻的电功率为0.8 W 7.下图是某同学设计的测风速的装置,图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连,可上下移动。现要求:当风吹过探头时,滑动变阻器的滑片P向上移动,且风速增大时电压表的示数增大。以下四个图中符合要求的是(  ) A. B. C. D. 二、填空题(本题包括7小题,每空1分,共21分) ================================================ 压缩包内容: 2018-2019学年广东省惠州一中九年级(上)期末物理试卷.doc

  • ID:6-5697834 2018-2019学年海南省定安县九年级(上)期末物理试卷(含答案)

    初中物理/期末专区/九年级上册


    2018-2019学年海南省定安县九年级(上)期末物理试卷
    一、选择题(本大题有10小题,每小题只有一个选项是正确的,每小题3分,共30分
    1.(3分)长度相等而粗细不同的两根铜棒甲和乙,甲棒较粗,两棒相比,甲棒的( )
    A.质量较大 B.电阻较大 C.密度较大 D.比热容较大
    2.(3分)某晶体熔化时温度随时间变化的图象如图所示,根据图象判断正确的是( )
    A.开始计时,晶体开始熔化
    B.第25min后,晶体开始熔化
    C.温度达到80℃时,晶体开始熔化
    D.温度达到50℃时,晶体开始熔化
    3.(3分)从能量转换的角度看,一台四冲程内燃机在一个循环中,存在着机械能转化为内能过程的是( )
    A.吸气冲程 B.压缩冲程 C.做功冲程 D.排气冲程
    4.(3分)现有A、B、C三个轻质小球,已知:A带负电,A和B相互吸引,C和A相互排斥,则下列说法正确的是( )
    A.B一定带正电,C带负电 B.B可能不带电,C带负电
    C.B可能带正电,C带正电 D.B可能不带电,C带正电
    5.(3分)下列家用电器功率可能为800W的是( )
    A.家庭电扇 B.笔记本电脑
    C.台灯 D.电饭锅
    6.(3分)如图所示是小明设计的压力传感器的原理图,其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起,AB间有可收缩的导线,R1为定值电阻。当开关S闭合,压力F增大时,电流表与电压表示数变化情况是( )
    
    A.电流表示数变大,电压表示数变小
    B.电流表示数不变,电压表示数变小
    C.电流表示数变小,电压表示数变大
    D.电流表、电压表示数都变小
    7.(3分)下列用电器中,利用电流热效应工作的是( )
    A.电饭锅 B.电动机 C.电视机 D.电风扇
    8.(3分)如图所示,当开关S闭合后,发现电灯L不亮,用测电笔测试c、d两点时,氖管都发光,测试a、b两点时,只有a点氖管发光,则故障可能是( )
    
    A.火线与零线短路 B.a、d之间某处断路
    C.电灯的灯丝断了 D.b、c之间某处断路
    9.(3分)如图所示,A、B为两盏白炽灯,A灯型号是“110V 25W”,B灯型号是“110V 100W”,R是一个未知电阻。若把它们接到电压为220V的电路上,下面四种接法中可能让两盏灯都正常发光的电路是( )
    A. B.
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